综合模拟03-2022年高考物理满分集中冲刺训练（新高考广东专用）（解析版）

绝密★启用前2022年高考物理满分冲刺训练广东地区专用模拟训练03本卷满分100分，考试时间90分钟。一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1．锌的逸出功是．如图为氢原子的能级示意图，则下列对氢原子在能级跃迁过程中的特征认识，正确的是（）A．用能量为的光子轰击氢原子，可使处于基态的氢原子跃迁到激发态B．一群处于能级的氢原子向基态跃迁时，发出的光照射锌板，锌板表面所发出的光电子的最大初动能为C．一个处于能级的氢原子向基态跃迁时，最多放出3个光子D．用氢原子从高能级直接向基态跃迁时发射的光照射锌板不一定能产生光电效应【答案】C【解析】A．若氢原子吸收能量为10.3eV的光子，吸收光子后氢原子的能量氢原子没有该能级，所以不可使处于基态的氢原子跃迁到激发态，A错误；B．氢原子从n=3的能级向基态跃迁时发出的光子的能量最大，光子能量因锌的逸出功是3.34ev，锌板表面所发出的光电子的最大初动能为B错误；C．一个处于n=4能级的氢原子向低能级跃迁时最多可放出3种不同频率的光子，即从n=4能级跃迁到n=3能级，从n=3能级跃迁到n=2能级，从n=2能级跃迁到n=1能级，C正确；D．氢原子从高能级向基态跃迁时发出的光子的能量最小为从n=2能级跃迁到n=1能级发出的光子的能量，为10.2eV，大于锌的逸出功，则照射金属锌板一定能产生光电效应现象，D错误。故选C。2．如图所示，两人用不同的方式使质量、材质完全相同的箱包在同一粗糙水平地面上做匀速直线运动。其中甲图为斜向下推动的方式，沿杆方向施加大小为的推力，箱包以匀速运动；乙图为斜向上拉动的方式，沿绳方向施加大小为的拉力，箱包以匀速运动。忽略推杆和拉绳的质量，下列说法正确的是（）A．甲图中推力一定比乙图中拉力大B．甲图中箱包所受地面的摩擦力一定比乙图中箱包所受地面的摩擦力大C．甲图中箱包所受的合力一定比乙图中箱包所受的合力大D．甲图中箱包的运动速度一定比乙图中箱包的运动速度大【答案】B【解析】A．设甲图中推力与水平方向夹角为，乙图中拉力与水平方向夹角为，则对甲图根据水平方向受力平衡有对乙图根据水平方向受力平衡有解得由于、未知，因此无法比较与的大小关系，故A错误；B．甲图中箱包所受地面的摩擦力大小为乙图中箱包所受地面的摩擦力大小为因此，甲图中箱包所受地面的摩擦力一定比乙图中箱包所受地面的摩擦力大，故B正确；CD．二者均为匀速运动，箱包受到的合力均为零，两者匀速运动时的速度大小无法比较，故CD错误；故选B。3．如图所示，光滑轨道abc固定在竖直面内，ab段水平，长度为2R，半径为R的八分之一圆弧bc与ab相切于b点。一质量为m的小球，在与重力大小相等的水平外力的作用下，从a点由静止开始，向右运动到c点后脱离轨道，最后落回地面。重力加速度大小为g，以下判断正确的是（）A．小球在ab段运动时加速度大小为B．小球从c点飞出后机械能守恒C．小球到达c点的速度大小为D．小球在bc段运动时重力做功绝对值与水平外力做功绝对值不相等【答案】D【解析】A．小球从a点运动到b点的过程中，合外力大小为mg，则加速度大小为g，A错误；C．由动能定理得据题有解得C错误；B．小球离开c点后水平外力仍做功，机械能不守恒，B错误；D．小球从，竖直方向与水平方向位移不相等，重力做功绝对值与水平外力做功绝对值不相等，D正确。故选D。4．抛石机的使用，最早可追测到战国时期，其结构可简化如图所示，杆可绕转轴O在竖直平面内转动，A处放置一个石块，B处悬挂一重物。用绳将A端下拉到适当位置后释放绳，在重物的作用下杆转动，将石块在一定的高度抛出。则关于从释放绳至石块抛出的过程，以下说法正确的是（）A．石块的角速度大于重物的角速度B．石块与重物具有大小相等的向心加速度C．杆对石块做正功，对重物做负功D．石块获得的动能有可能大于重物减少的重力势能【答案】C【解析】A．根据共轴转动特点可知石块的角速度等于重物的角速度，故A错误；B．根据可知石块的向心加速度大于重物的向心加速度，故B错误；C．杆对石块的作用力以及石块重力的合力一定沿杆指向O点，而重力竖直向下，所以杆对石块的作用力方向一定在OA和石块线速度方向夹角之间，即杆对石块的作用力方向与石块线速度方向的夹角小于90°，对石块做正功。同理分析可知杆对重物的作用力方向与重物线速度方向夹角大于90°，对重物做负功，故C正确；D．根据能量守恒定律可知，重物减少的重力势能等于重物增加的动能、石块增加的机械能以及系统克服各种摩擦损失的内能这三部分能量之和，所以石块获得的动能一定小于重物减少的重力势能，故D错误。故选C。5．科学家研究发现，磁敏电阻（GMR）的阻值随所处空间磁场的增强而增大，随所处空间磁场的减弱而变小，如图所示电路中GMR为一个磁敏电阻，R为滑动变阻器，E为电源，其内阻为r，L为小灯泡（其灯丝电阻可视为不变），R1、R2为定值电阻，V为理想电压表。闭合开关S1和S，当P1向左端移动时，则（）A．电压表的示数变大 B．小灯泡消耗的功率变小C．通过R2的电流变小 D．电源内阻消耗的电压变大【答案】B【解析】AD.当滑片P向左移动时，滑动变阻器接入电路的阻值减小，电路中的总电阻减小，根据I＝可知电路中的电流增大，所以电磁铁的磁性增强，磁敏电阻（GMR）的阻值随所处空间磁场的增强而增大，所以由于磁敏电阻的增大，则总电阻增大，所以总电流减小，根据U＝IR可知电压表的示数减小，电源内阻消耗的电压变小，AD错误；BC.由于内电压减小，根据闭合电路的欧姆定律可得路端电压增大，而电压表的示数减小，所以并联部分的电压增大、R2的电流变大，总电流减小，所以通过L的电流减小，小灯泡消耗的功率变小，故B正确，C错误。故选B。6．如图所示，氕核和氘核分别垂直进入同一匀强磁场中做匀速圆周运动，则（

）A．氕核和氘核做圆周运动的周期之比为2∶1B．若入射速率相等，氕核和氘核做圆周运动的角速度相同C．若质量和速率的乘积相等，氕核和氘核的圆周半径相等D．增大入射速率，它们的周期也会增大【答案】C【解析】A．粒子在磁场中做圆周运动的周期代入氕核和氘核的比荷得氕核和氘核做圆周运动的周期之比为1：2，A错误；B．粒子在磁场中做圆周运动的半径，氕核和氘核的角速度大小之比为2：1，与入射速率无关，B错误；C．由可知，若质量和速率的乘积相等，氕核和氘核的圆周半径相等，C正确；D．入射速率与周期无关，所以增大入射速率，它们的周期也不变，D错误。故选C。7．手机无线充电技术越来越普及，其工作原理如图所示，其中送电线圈和受电线圈匝数比，两个线圈中所接电阻的阻值均为R。当间接上的正弦交变电源后，受电线圈中产生交变电流给手机快速充电，这时手机两端的电压为，充电电流为。若把装置线圈视为理想变压器，下列说法正确的是（）A．R的值为B．快速充电时，间电压C．快速充电时，送电线圈的输入电压D．快速充电时，送电线圈的输入功率为【答案】D【解析】BC．对送电线圈有受电线圈有由原副线圈电流和匝数的关系得联立解得故BC错误；A．由欧姆定律可得故A错误。D．变压器原副线圈的功率相等，则送电线圈的输入功率故D正确。故选D。二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分．在每小题给出的选项中，有多项符合题目要求，全部选对的得6分，部分选对的得3分，有选错的得0分．8．第44颗北斗导航卫星是我国发射的首颗倾斜地球同步轨道卫星。运载火箭首先发射卫星进入椭圆轨道，A点是椭圆轨道近地点，B点是椭圆轨道远地点，卫星在B点改变速度并进入倾斜地球同步圆轨道，下列说法正确的是（）A．该卫星在椭圆轨道运行时，动能大小不变B．该卫星在椭圆轨道运行时，与地球球心的连线在相同时间内扫过的面积相等C．该卫星在椭圆轨道运行周期大于在同步圆轨道运行周期D．该卫星与地球组成的系统在椭圆轨道运行时的机械能小于在同步圆轨道运行时的机械能【答案】BD【解析】A．该卫星在椭圆轨道运行时，近地点时速度最大，远地点时速度最小，则动能发生变化，故A错误；B．由开普勒第二定律，该卫星在椭圆轨道运行时，与地球球心的连线在相同时间内扫过的面积相等，故B正确；C．根据高轨长周期知在椭圆轨道运行周期小于在同步圆轨道运行周期，故C错误；D．根据高轨高能，则该卫星与地球组成的系统在椭圆轨道运行时的机械能小于在同步圆轨道运行时的机械能，故D正确。故选BD。9．如图甲所示，正方形线圈abcd内有垂直于线圈的匀强磁场，已知线圈匝数n=10，边长ab=1m，线圈总电阻r=1Ω，线圈内磁感应强度随时间的变化情况如图乙所示。设图示的磁场方向与感应电流方向为正方向，则下列有关线圈的电动势e，感应电流i，焦耳热Q以及ab边的安培力F（取向下为正方向）随时间t的变化图象正确的是（）A． B．C． D．【答案】CD【解析】A．0~1s内产生的感应电动势为e1==2V方向为逆时针，同理1~5s内产生的感应电动势为e2==1V方向为顺时针，A错误；B．对应0~1s内的感应电流大小为方向为逆时针（负值），同理1~5s内的感应电流大小为i2=1A方向为顺时针（正值），B错误；C．ab边受到的安培力大小为F=nBiL可知0~1s内0≤F≤4N方向向下，1~3s内0≤F≤2N方向向上，3~5s内0≤F≤2N方向向下，C正确；D．线圈产生的焦耳热为Q=eit0~1s内Q1=4J1~5s内Q2=4JD正确。故选CD。10．如图，真空中竖直平面内的A、B、C三点构成一个倾角为的直角三角形，边水平，A、B高度差为h，D点是中点，B处固定一正点电荷Q，沿方向固定一条内壁光滑的绝缘细管（细管不会影响电荷间的相互作用），现在管内A点由静止释放一质量为m，带电量为的小球，小球到达底端C点时速度大小为v。则以下说法正确的是（）A．在小球从A到D的过程中，电场力始终不做功B．在小球从A到C的过程中，电场力先做负功，后做正功C．小球经过D点时速度大小为D．两点间的电势差【答案】BD【解析】A．带电小球运动在场源电荷为Q的点电荷形成的电场中，根据点电荷形成的电场分布特点可得A、D的电势相等，在小球从A到D的过程中，电场力先做负功，后做正功，A错误；B．从D运动到C，一直做正功，故小球在从A到C的过程中，电场力先做负功，后做正功，B正确；C．小球A、D的电势相等，在小球从A到D的过程中，电场力做功为零，根据动能定理可得解得C错误；D．小球A、D的电势相等，两点间的电势差等于两点间的电势差，小球在从A到C的过程中，由动能定理得解得D正确。故选BD。三、非选择题：共54分，第11～14题为必考题，所有考生都必须作答；第15～16题为选考题，考生可根据要求作答.（一）必考题：本题共4小题，第11题7分，第12题9分，第13题11分，第14题15分，共42分．11．（7分）某同学做“探究弹力和弹簧伸长量的关系”的实验，设计了如图甲所示的实验装置，将待测弹簧的一端固定在铁架台上，然后将毫米刻度尺设置在弹簧一侧，并使弹簧另一端的指针恰好落在刻度尺上。他先测出不挂钩码时弹簧的自然长度，然后在弹簧下端依次挂1、2、3、4、5个钩码，测出弹簧相应的总长度，每只钩码的质量都是10g。实验数据见下表。（g取10N/kg）钩码质量m/g01020304050弹簧总长度l/cm3.003.504.004.505.005.50弹力大小F/N00.10.20.30.40.5（1）关于本实验，下列说法正确的是___________。A．悬吊钩码时，应在钩码静止后再读数B．应在弹簧的弹性限度范围内进行测量C．在安装刻度尺时，必须使刻度尺保持竖直状态D．在测量弹簧原长时，应将弹簧平放在水平桌面上，使其自然伸长，并测出其长度（2）根据上述实验数据，在图乙所示的坐标纸上，作出弹簧弹力大小F跟弹簧总长度l之间的关系图像_______，并求出该弹簧的劲度系数k=___________N/m；（3）一个实验小组在“探究弹力和弹簧伸长量的关系”的实验中，使用两条不同的轻质弹簧a和b，得到弹力和弹簧长度的图像如图丙所示。下列表述正确的是()A．a的原长比b的短

B．a的劲度系数比b的小

C．a的劲度系数比b的大

D．测得的弹力与弹簧的长度成正比【答案】

ABC

20N/m

AC【解析】（1）[1]A．悬吊钩码时，应在钩码静止后再读数，故A正确；B．应在弹簧的弹性限度范围内进行测量，故B正确；C．为了减小误差，在安装刻度尺时，必须使刻度尺保持竖直状态，故C正确；D．在测量弹簧原长时，不管是水平测量还是竖直测量都不会影响挂上钩码后弹簧的形变量，故D错误。（2）[2][3]根据数据描点连线，就能得到图线，图线图下图所示，图线的斜率即为劲度系数，解得（3）[4]A．在图中，当弹簧的弹力为零时，弹簧处于原长，故b的原长大于a的原长，故A正确；BC．斜率代表劲度系数，故a的进度系数大于b的劲度系数，故C正确，B错误；D．弹簧的弹力与弹簧的形变量成正比，故D错误。12.（9分）某研究性学习小组利用如图甲所示电路，测定4节干电池组成的电池组的电动势和内电阻。其中，虚线框内为用灵敏电流计G改装的电压表V，A为电流表，E为待测电池组，S为开关，R为滑动变阻器，为的定值电阻。已知灵敏电流计G的满偏电流，内阻为。（1）实验刚开始时，选择了电流表量程进行测量，某一组数据测量时电流表示数如图乙所示，则电流表读数为______A。（2）滑动变阻器滑片从右端向左滑动到中点，小组同学发现电流表示数变化范围很小，当滑片滑至左端点时电流表示数突然变大超过量程，造成这样的原因可能是______。A．滑动变阻器最大阻值过小

B．滑动变阻器最大阻值过大（3）换用毫安表进行实验，首先将灵敏电流计改装成量程为的电压表，则需要将灵敏电流计与电阻箱串联并将电阻箱阻值调整为______Ω。（4）将改装后的电压表接入虚线框内后，测得几组实验数据如表格所示。利用图像进行数据处理，在图丙中作出图像______。次数123456改装后的电压表读数5.825.705.565.425.285.15电流表A读数20406080100120（5）根据图丙所作图像，可得每节电池的内阻______Ω（结果保留三位有效数字），每节电池电动势______V。（结果保留三位有效数字）【答案】

0.04

B

58000

0.900-1.00

1.48##1.49##1.50【解析】（1）[1]如图乙所示，则电流表读数为0.04A。（2）[2]根据题意，滑动变阻器接入电路阻值变化时，电流变化很小，说明滑动变阻器接入电路的阻值一直很大，则原因可能是滑动变阻器最大阻值过大。故选B。（3）[3]根据串并联关系解得（4）[4]根据题给数据，作图如下（5）[5][6]根据闭合电路欧姆定律结合图像可知13．（11分）如图所示，质量m=2kg、电量q=+0.01C的小物体（可视为质点）放在光滑水平轨道上的A点，A点到B点所在的区间内存在方向水平向左的匀强电场，场强E=700N/C，物体受到与水平面成37°斜向上的拉力F=10N，从A点由静止开始向右运动，经过时间t=12s运动到B点时立即撤去F，此后物体进入右边竖直光滑半圆形的轨道运动。g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8。（1）求物体在AB段运动时的加速度a和拉力F所做的功W；（2）物体刚好能运动到轨道最高点D点，求半圆形轨道的半径R。【答案】（1）0.5m/s2、方向水平向右，288J；（2）0.72m【解析】（1）对物体在AB段的运动，根据牛顿第二定律有解得a=0.5m/s2方向水平向右。由运动学公式有拉力F所做的功为（2）物体运动至C点时的速度大小为若物体刚好能运动到轨道最高点D点，设物体在D点时的速度大小为vD，根据牛顿第二定律有对物体由C到D的过程，根据动能定理可得解得R=0.72m14．（15分）如图所示，PQ为倾角θ=37°的足够长固定斜面，其PA段光滑、AQ段粗糙；斜面底端P处有一垂直斜面的挡板，劲度系数k=36N/m的轻弹簧平行于斜面放置，其下端与斜面底端的挡板相连，上端处于自然状态时刚好处于斜面上的A点。现将质量m=1kg的物块（可视为质点）放在木板上，在外力作用下将弹簧压缩到某一位置B后由静止释放。已知物块与弹簧不拴结，物块与AQ段斜面间的动摩擦因数μ=物块第一次向上到达A点时的速度大小为v1=m/s。取重力加速度g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8.（计算结果可用根式表示）（1）求物块第一次向下运动到A点时的速度大小v1'；（2）已知弹簧的弹性势能表达式为（其中x为弹簧的形变量），求物块第一次向下运动过程中的最大速度值vm；（3）求物块在A点上方运动的总路程s；（4）求物块在A点上方运动的总时间t。【答案】（1）；（2）；（3）；（4）。【解析】（1）物块第一次在A点上方沿斜面上滑时，有下滑时，有解得，，（2）物块速度最大时，设弹簧的压缩量为x，有又解得（3）由于解得（4）将每次到达A点的速度依次表示为、、、、、…，其中、、、…表示向上到达A点的速度，、、…表示向下到达A点的速度，且设第i次向上到达A点时的速度为，上滑的距离为，第i次向下到达A点时的速度为，则有可知故可知设物块每次从A点向上运动到最高点的时间依次为、、、…，从最高点向下运动到A点的时间依次为、、…，有、、、…、、、…又解得（二）选考题：本题共12分．请考生在给出的2道题中任选一题作答.如果多做，则按所做的第一题计分．15.（12分）选修3-3（1）（6分）一定质量的理想气体经历了的循环过程，其压强p随的变化如图所示，则过程中气体_______（填“吸收”或“放出”）热量，A状态下的气体分子在单位时间内撞击容器壁上单位面积的平均次数一定比C状态下的_________（填“多”或“少”）。【答案】

吸收

少【解析】[1]由题图可知过程中，气体压强不变，体积增大，气体对外做功，根据盖—吕萨克定律可知，气体温度升高，则气体内能增加，根据热力学第一定律可