2023届上海市虹口高级中学高三物理试题一轮复习模拟试题

2023届上海市虹口高级中学高三物理试题一轮复习模拟试题精选

请考生注意：

1.请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0.5毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答

案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。

2.答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、一小球系在不可伸长的细绳一端，细绳另一端固定在空中某点。这个小球动能不同，将在不同水平面内做匀速圆周

运动。小球的动能越大，做匀速圆周运动的（）

A.半径越小B.周期越小

C.线速度越小D.向心加速度越小

2、如图甲所示，AB两绝缘金属环套在同一铁芯上，A环中电流iA随时间t的变化规律如图乙所示，下列说法中正确

的是（）

A.h时刻，两环作用力最大

B.t2和t3时刻，两环相互吸引

C.t2时刻两环相互吸引，t3时刻两环相互排斥

D.t3和t4时刻，两环相互吸引

3、下列单位中属于国际单位制（SI）基本单位的是（）

A.牛顿B.焦耳C.千克D.库仑

4、在物理学研究过程中科学家们创造出了许多物理学研究方法，如理想实验法、控制变量法、极限法、理想模型法、

微元法等。以下关于所用物理学研究方法的叙述不正确的是（）

A.牛顿采用微元法提出了万有引力定律，并计算出了太阳和地球之间的引力

AvAy

B.根据速度定义式一五，当A，非常小时，天就可以表示物体在，时刻的瞬时速度，该定义采用了极限法

C.将插有细长玻璃管的玻璃瓶内装满水，用力捏玻璃瓶，通过细管内液面高度的变化，来反映玻璃瓶发生了形变，

该实验采用了放大的思想

D.在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看成匀速直线运动，然后把

各小段的位移相加，这里采用了微元法

5、如图所示，M.N两根通电长直导线在同一水平面内，且垂直纸面固定放置，通电电流相等且均垂直纸面向外，

在M、N两根导线正中间竖直放有一可自由移动的通电导线67,通电导线。人的电流方向竖直向上，则通电导线在

安培力作用下运动的情况是（）

a

bd

b

A.静止不动

B.沿纸面顺时针转动

C.。端转向纸外，。端转向纸内

D.“端转向纸内，6端转向纸外

6、如图所示为氢原子能级图，下列说法正确的是（）

nE/eV

?....................-0.85

3---------------------1.51

2--------------------3.4

I--------------------------13.6

A.氢原子由较高能级跃迁到较低能级时，电势能减小，其核外电子的动能增大

B.氢原子从〃=2能级向〃=1能级跃迁时辐射出的光子能量为17eV

C.一群处于"=4能级的氢原子向低能级跃迁时，辐射出的光子频率最多有3种

D.用能量为9eV和4.6eV的两种光子同时照射大量的氢原子，有可能使处于基态的氢原子电离

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得。分。

7、A、B两物体质量均为机，其中A带正电，带电量为+q,B不带电，通过劲度系数为A的绝缘轻质弹簧相连放在水

平面上，如图所示，开始时A、B都处于静止状态。现在施加竖直向上的匀强电场，电场强度E=2空，式中g为重

力加速度，若不计空气阻力，不考虑A物体电量的变化，则以下判断正确的是（）

A.刚施加电场的瞬间，A的加速度大小为2g

B.从施加电场开始到B刚要离开地面的过程中，A物体速度大小一直增大

C.从施加电场开始到B刚要离开地面的过程中，A物体的机械能增加量始终等于A物体电势能的减少量

D.B刚要离开地面时，A的速度大小为2g「

8、一位同学玩飞镖游戏，已知飞镖距圆盘为L对准圆盘上边缘的4点水平抛出，初速度为丫0,飞镖抛出的同时，圆

盘以垂直圆盘且过盘心。点的水平轴匀速转动。若飞镖恰好击中4点，下列说法正确的是（）

O

L

A.从飞镖抛出到恰好击中4点，A点一定转动到最低点位置B.从飞镖抛出到恰好击中A点的时间为一

%

C.圆盘的半径为名D.圆盘转动的角速度为啰笋（A=1,2,3,…）

4片L

9、若取无穷远处分子势能为零，当处于平衡状态的两分子间距离为ro时，下列说法正确的是（）

A.分子势能最小，且小于零

B.分子间作用力的合力为零

C.分子间引力和斥力相等

D.分子间引力和斥力均为零

E.分子势能大于零

10、如图所示，质量均为m的两辆拖车甲、乙在汽车的牵引下前进，当汽车的牵引力恒为尸时，汽车以速度v匀速前

进。某时刻甲、乙两拖车之间的挂钩脱钩，而汽车的牵引力尸保持不变（将脱钩瞬间记为，=0时刻）。则下列说法正

确的是（）

mv

A.甲、乙两车组成的系统在0~丁时间内的动量守恒

2mv3mv

B.甲、乙两车组成的系统在时间内的动量守恒

2mv

c时刻甲车动量的大小为2mv

F

D.若时刻乙车动量的大小为mv

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11.（6分）某物理兴趣小组设计了如图甲所示的欧姆表电路，通过控制开关S和调节电阻箱，可使欧姆表具有“x10”

和“X100”两种倍率，所用器材如下：

甲乙

A.干电池：电动势E=1.5V,内阻r=0.5C

B.电流表G：满偏电流/g=lmA,内阻&=150。

C.定值电阻Ri=1200。

D.电阻箱&和&：最大阻值999.99。

E.电阻箱最大阻值9999。

F.开关一个，红、黑表笔各1支，导线若干

（1）该实验小组按图甲正确连接好电路。当开关S断开时，将红、黑表笔短接，调节电阻箱&=使电流

表达到满偏，此时闭合电路的总电阻叫作欧姆表的内阻R内，则R内=Q,欧姆表的倍率是（选填“xio”

或“xlOO”）；

（2）闭合开关S：

第一步：调节电阻箱R2和R3,当凡=。且&=。时，将红、黑表笔短接，电流表再次满偏；

第二步：在红、黑表笔间接入电阻箱后，调节后,当电流表指针指向图乙所示的位置时，对应的欧姆表的刻度值为

12.（12分）在实验室测量两个直流电源的电动势和内阻。电源甲的电动势大约为4.5V,内阻大约为L5Q；电源乙的

电动势大约为L5V,内阻大约为1。。由于实验室条件有限，除了导线、开关外，实验室还能提供如下器材:

A.量程为0~3V的电压表VB.量程为0~0.6A的电流表Ai

C.量程为0~3A的电流表A2D.阻值为4.0C的定值电阻肥

E.阻值为100。的定值电阻RiF.最大阻值为10。的滑动变阻器Ri

G最大阻值为100。的滑动变阻器值,

（1）选择电压表、电流表、定值电阻、滑动变阻器等器材，采用图甲所示电路测量电源甲的电动势和内阻

中乙内

①定值电阻应该选择（填“D”或"E”）；电流、表应该选择（填“B”或"C”）；滑动变阻器应该选择（填“F”或"G”）.

②分别以电流表的示数/和电压表的示数U为横坐标和纵坐标，计算机拟合得到如图乙所示U-I图象，17和1的单位

分别为V和A,拟合公式为U=-5.8/+4.6,则电源甲的电动势E=-V,内阻（保留两位有效数字）

③在测量电源甲的电动势和内阻的实验中，产生系统误差的主要原因是（）

A.电压表的分流作用B.电压表的分压作用

C.电流表的分压作用D.电流表的分流作用

E.定值电阻的分压作用

（2）为了简便快捷地测量电源乙的电动势和内阻，选择电压表、定值电阻等器材，采用图丙所示电路。

①定值电阻应该选择___（填“D”或"E”）

②实验中，首先将K断开，K闭合，电压表示数为1.49V,然后将K、M均闭合，电压表示数为1.18V,则电源乙电

动势E=V,内阻l9。（小数点后保留两位小数）

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13.（10分）如图，用手捏住细线，让质量m=2kg的小球在光滑水平桌面上以呻lm/s的速率做匀速圆周运动，其半

径m0.3m。某时刻突然松手，使细线迅速放长0.2m后，又迅速用手捏住细线，保证小球在更大半径的新轨道做匀速

圆周运动，已知大半径的圆与小半径的圆为同心圆。求：

（1）细线迅速放长0.2m所经历的时间

（2）在大半径新轨道上运动时小球的角速度

（3）在大半径新轨道上运动时，细线对小球的拉力

14.（16分）小王在实验室做单摆实验时得到如图甲所示的单摆振动情形，。是它的平衡位置，3、。是摆球所能到达

的左右最远位置，此时的摆动角度为仇小王通过实验测得当地重力加速度为g=10m/s2,并且根据实验情况绘制了单

摆的振动图象如图乙所示，设图中单摆向右摆动为正方向。求：

⑴单摆的振幅、摆长约为多少；

n

（2）估算单摆振动时最大速度v»（可能用到的公式l—cos0=2sin2—）（计算结果均保留三位有效数字）

2

15.（12分）如图为一由透明介质制成的截面为1圆的柱体，放在水平面上，其中。点为圆心，该圆的半径为R,一

点光源发出一细光束，该光束平行水平面射到透明介质上的M点，该光束经透明介质折射后射到水平面上的。点。

已知0Q=6R，光在空气中的速度为C。求：

①透明介质的折射率〃应为多少？

②该光束由M点到Q点的时间为多少？

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1,B

【解析】

A.设小球做匀速圆周运动时细绳与竖直方向的夹角为仇如图所示：

速度为丫，细绳长度为L由牛顿第二定律得：，"gtan。=机上，圆周运动的半径为：r=LsinO,小球的动能为:

r

192

EK^-mv,联立解得：

2

v=yjgLsin0tan0,

Ek=mgLsinOtan0,

则知小球的动能越大，〃越大，则做匀速圆周运动的半径越大，故A错误。

B.根据T=①\-/2万£sin6=2乃卜""。,，越大，cos。越小，则周期7越小，故B正确。

v，2gLsin(9tane\S

C.根据y=JgLsin8tane,知线速度越大，故C错误。

2

D.向心加速度a=±=gtan。，则向心加速度越大，故D错误。

r

故选B。

2、B

【解析】

L时刻感应电流为零，故两环作用力为零，则选项A错误；t2时刻A环中电流在减小，则B环中产生与A环中同向的

电流，故相互吸引，t3时刻同理也应相互吸引，故选项B正确，C错误；匕时刻A中电流为零，两环无相互作用，选

项D错误.

3,C

【解析】

国际单位制基本单位一共只有七个。据此判断即可。

【详解】

ABD.牛顿、焦耳和库伦都是国际单位制中力学的导出单位，ABD不符合题意.

C.千克是质量单位，是国际单位制中力学的基本单位，C符合题意.

故选C。

4、A

【解析】

A.牛顿采用理想模型法提出了万有引力定律，没有计算出太阳和地球之间的引力，故A符合题意；

ArAr

B.根据速度定义式丫=——，当a非常小时，——就可以表示物体在/时刻的瞬时速度，该定义采用了极限法，故B

ArAz

不符合题意

C.将插有细长玻璃管的玻璃瓶内装满水，用力捏玻璃瓶，通过细管内液面高度的变化，来反映玻璃瓶发生了形变，

该实验采用了放大的思想，故c不符合题意；

D.在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看成匀速直线运动，然后把

各小段的位移相加，这里采用了微元法，故D不符合题意。

故选A。

5、C

【解析】

由右手定则可判断通电直导线M、N在导线a、匕处产生的磁场方向如图所示:

V-

由左手定则可判断，“端转向纸外，。端转向纸内，故C符合题意，ABD不符合题意。

6、A

【解析】

A.当氢原子由较高能级跃迁到较低能级时，轨道半径变小，其核外电子的动能将增大，又此过程中电场力做正功，

其电势能减小，A项正确；

B.处于〃=2能级的氢原子跃迁到基态时，辐射出的光子的能量为(-4eV)-(-13.6eV)=10.2eV,B项错误；

C.根据C：=6可知，一群处于"=4能级的氢原子向低能级跃迁时，辐射出的光子频率最多有6种，C项错误；

D.处于基态的氢原子要发生电离，吸收的光子能量必须大于等于13.6eV,D项错误。

故选Ao

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、ABD

【解析】

A.在未施加电场时，A物体处于平衡状态，当施加上电场力瞬间，A物体受到的合力为施加的电场力，故

qE=ma

解得

a=2g

方向向上，故A正确；

B.B刚要离开地面时，地面对B弹力为0,即

F弹=mg

对A物体

Eq=mg+与单

即A物体合力为0,因此从开始到B刚要离开地面过程，A物体做加速度逐渐变小的加速运动，即A物体速度一直增

大，故B正确；

C.从开始到弹簧恢复原长的过程，A物体的机械能增量等于电势能的减少量与弹性势能的减少量之和，从弹簧恢复

原长到B刚要离开地面的过程，A物体的机械能增量等于电势能的减少量与弹性势能的增加量之差，故C错误；

D.当B离开地面时，此时B受到弹簧的弹力等于B的重力，从施加电场力到B离开地面，弹簧的弹力做功为零，A

上升的距离为

x；2mg

k

根据动能定理可知

qE"x-mgx-—1mv2

解得

E后

故D正确。

故选ABD„

8、ABC

【解析】

A.从飞镖抛出到恰好击中A点，A点转到了最低点位置，故A正确；

B.飞镖水平抛出，在水平方向做匀速直线运动，因此

L

t=­

%

故B正确；

C.飞镖击中4点时，A恰好在最下方，有

1,

lr=2gt

解得

=疸

故c正确;

D.飞镖击中A点，则A点转过的角度满足

。="，=n+1«兀(m=0、1、1..............)

故

(2Z+1)

(0=----------7tVo(Zc=0>1、1)

L

故D错误。

故选ABC.

9、ABC

【解析】

AE.分子势能与间距r的关系图，如图所示

由图可知当两分子的间距为ro时，分子势能最小，且小于零，故A正确，E错误；

BCD.当两分子的间距为n,时，分子间引力与斥力大小相等，方向相反，则合力为零，但是分子间引力和斥力的大小

均不零，故BC正确，D错误。

故选ABC.

10、AC

【解析】

A.设两拖车受到的滑动摩擦力都为人脱钩前两车做匀速直线运动，根据平衡条件得

F=2f

设脱钩后乙车经过时间加速度为零，以尸的方向为正方向，对乙车，由动量定理得

—fto=O—mv

解得

2mv

一〒

以甲、乙两车为系统进行研究，在乙车停止运动以前，两车受到的摩擦力不变，两车组成的系统所受外力之和为零，

则系统的总动量守恒，故在0至卷的时间内，甲、乙两车的总动量守恒，A正确；

B.在誓时刻后，乙车停止运动，甲车做匀加速直线运动，两车组成的系统所受的合力不为零，故甲、乙两车的总

动量不守恒，故B错误,

CD.由以上分析可知，箕时刻乙车的速度为零，动量为零，以尸的方向为正方向,

2mv

4=下时刻，对甲车，由动量定理得

Fto-fto=p—mv

又

F

f=—

2

解得

p=2mv

故C正确，D错误。

故选ACo

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11、149.51500X10014.515010

【解析】

(1)[1][2].由闭合电路欧姆定律可知：

欧姆表的内阻为

E15

&1===上'0=15000

讷I0.001

则

&=R内一Ri-Rg-r=(1500—12()0-15()-0.5)0=149.50，

中值电阻应为1500Q,根据多用电表的刻度设置可知，表盘上只有两种档位，若为xlO,则中值刻度太大，不符合实

际，故欧姆表倍率应为“x100”。

(2)[3][4].为了得到“xlO”倍率，应让满偏时对应的电阻为150Q；

电流为

/=^—A=0.01A；

'150

此时表头中电流应为0.001A,则与之并联电阻以电流应为(0.01—0.001)A=0.009A,

并联电阻为

0.001x(150+1200)

Ri=----------------------------£1=15011；

0.009

,1.5-1.35

Ri+r=-------------£1=15。

0.01

故

&=(15—0.5)。=14・5。；

[5].图示电流为0.60mA,干路电流为6.0mA

则总电阻为

1.5,

R&=_xl伊。=250。

6.0

故待测电阻为

R#=(250-150)^=100。；

故对应的刻度应为10.

12>DBF4.61.8AD1.491.05

【解析】

(D①口][2]测电动势力约4.5V的电源电动势与内阻时，由于有定值电阻的存在，电路中的最大电流为

45

/max=^AaO.82A

如果用量程为3A的电流表，则读数误差太大，因此，电流表应选B；

测电动势约4.5V的电源电动势与内阻时，电路最小电阻为

E4.5

Rn———---£2=7.552

I0.6

考虑电源内阻、滑动变阻器电阻，故定值电阻应选D；

[3]为方便实验操作，滑动变阻器应选F；

②[4]⑸由表达式

17=-5.8/+4.6

根据闭合电路欧姆定律有

U=E-/(r+R)

联立解得电源电动势为E=4.6V,内阻E.8C,

③[6]由电路图可知，电压表的分流作用会造成实验误差，故A符合题意，BCDE不符合题意；

故选A；

(2)①⑺用图丙所示电路测电动势与内阻，定值电阻适当小一点，实验误差小，因些定值电阻应选D；

②[8北9]由电路图可知，K断开，代闭合，电压表示数为电流电动势，电压表示数为1.49V,即电源乙电动势为E=1.49V；

及、及均闭合，电压表示数为1.8V,电压表测路端电压，此时电路电流为

,U'1.18

1=—=——A=0.295A

R4

电源内阻为

E-U'

“05。

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13、(1)0.4s(2)1.2rad/s(3)1.44N