2024届福建省泉州第十六中学初中物理毕业考试模拟冲刺卷含解析

2024届福建省泉州第十六中学初中物理毕业考试模拟冲刺卷注意事项:1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2．答题时请按要求用笔。3．请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4．作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5．保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题（本大题7小题，每题3分，共21分）1．最新发布的《中国居民膳食指南》中提倡“吃动平衡，天天运动”，小陈在商丘日月湖行走，通过手机软件测得50分钟行走6000步，路程约5km，据此估计一个健康的成年人行走的平均速度，下列选项中最合理的一项是（A．5km/h B．1.5km/h C．6km/h D．15km/h2．如图所示是电阻R和灯泡L的I﹣U图象，若电阻R和灯泡L串联接在某一电源上时，电路中的电流为0.6A，则电源电压为_____V；若将电阻R和灯泡L并联接在电压为6V的电源上，此时灯L的电阻为_____Ω，干路电流为_____A。3．关于家庭电路的用电安全，下列做法正确的A．保险盒内的熔丝安装在零线上B．用试电笔时不接触笔上金属部分C．用电器的开关安装在火线上D．空气开关跳闸，立即合上恢复供电4．小明看到如图所示斜插入水中的筷子向上折，如图所示的四幅光路图中，能正确说明产生这一现象的原因的是()A． B． C． D．5．下列现象中质量发生变化的是（）A．铁水凝固成铁块B．将一块矿石由地球运到太空C．菜刀被磨光以后D．将铁丝用拔丝机拉长6．下列说法中正确的是A．如图所示是家用电热水壶的三角插头，其中A接的是水壶的金属外壳B．绝缘体不容易导电的原因是因为绝缘体内没有电荷C．为了安全，使用测电笔时不能将测电笔的任何部位接触人体D．用电高峰时小明家电表转盘转动加快，说明消耗的电能增多7．如图所示，规格相同的甲乙两容器中分别装有3kg和2kg的纯净水，并用不同加热器加热，不计热损失，得到如图丙所示的水温与加热时间的关系图，则下列说法正确的是A．甲杯水中每分钟吸收的热量为

2.52B．甲、乙两杯中的加热器每分钟放出的热量之比为

3：2C．加热相同的时间，甲、乙两杯水升高的温度之比

2：3D．将甲、乙两容器中的液体从

20加热至沸腾所需要的时间之比为

2：3二、填空题（本大题7小题，共21分）8．(1)如图圆柱形容器杯中100g水，放在水平桌面上，小明往杯中加入4g的盐充分搅拌后发现液面几乎不变，说明_________．此时水对杯底的压强_________（填“变大”或“不变”或“变小”），若忽略加盐过程中溶液体积变化，则盐水的密度是_________kg/m1．(2)小明记录一杯100g清水温度随时间变化并绘制出了图像，如图，但14分钟后图像遗忘了，他补充了a，b两条图像，其中正确的图线是_________．9．现有4个质量均匀分布的正方体，每个正方体的边长为L、2L、3L、4L．将边长为4L的正方体放在水平地面上，然后将边长为3L的正方体放在边长为4L的正方体上表面的中央，再将边长为2L的正方体放在边长为3L的正方体上表面的中央。再将边长为L的正方体放在边长为2L的正方体上表面的中央。若在任意接触面上的压强均相等，且最上面边长为L的正方体的密度为ρ，则这4个正方体中密度最小的正方体的密度等于_____ρ。10．请你写出：对人体安全的电压______V；给充电宝充电时，充电宝相当于简单电路中的________．11．一束光在空气与某透明物质的界面处发生了反射和折射现象，其光路如图所示．界面上方为__________(填“空气”或“透明物质”)；反射角等于________．12．我市的沂河水面宽阔，在一定程度上缓解了城市的“温室效应”，这是因为水的比热容较_____（选填“大”或“小”）的缘故；如果相互接触的两个物体之间发生了热传递，它们之间一定具有不同的_____（选填“温度”、“内能”或“热量”）．13．一只燕子在平静的湖面上飞过，当燕子距水面6m时，它的“倒影”距水面_____m，当它竖直向上远离湖面的过程中，其“倒影”_____（选填“变大”、“变小”或“不变”）．14．某品牌电热饮水机有加热和保温两种工作状态（由机内温控开关S0自动控制），从说明书上收集到如下数据及如图甲所示的电路原理图。若把这台电热饮水机单独接入如图乙所示的电能表所在的电路工作，当温控开关S0断开时，饮水机处于________状态（选填“加热”或“保温”），R2的阻值为_______Ω；若同时闭合S和S0后工作6min，这段时间内电能表的转盘转过_______转。热水箱容量2L额定电压220V加热时的功率400W保温时的功率40W三、作图题（共7分）15．使用撬棒，把滚落在公路上的石块1移动，如图所示，若要求用力最小．请在撬棒上标出支点0的位置，并画出这个最小的力F．16．在图丙中，标出小磁针的N、S极及螺线管磁感线的方向．17．风筒既可以吹热风，又可以吹冷风，画电路图。四、实验题（本大题共5小题，共20分）18．在做“探究平面镜成像特点”的实验时，如图所示．（1）实验时，选棋子A为物体，选择薄玻璃板做平面镜而不用镜子，其目的是为了能在A棋子这一侧看到________（选填“A的像”或“棋子B”），便于确定像的位置．（2）在实验过程中，将棋子A放在玻璃板的一侧，棋子B放在玻璃板的另一侧．一边移动棋子B，一边用眼睛________（选填“透过玻璃板”或“直接”）观察B，直至B与A的像完全重合时停止移动棋子B．（3）取下棋子B，在棋子B的位置平行于玻璃板竖直放一张白纸，发现白纸上并不能直接看到棋子A的像，可知平面镜所成的像是________（选填“虚”或“实”）像．19．在探究声音的产生与传播时，小明和小华一起做了下面的实验：如图甲所示，用悬挂着的乒乓球接触正在发声的音叉，可观察到小球被多次弹起，这说明了_______．如图乙所示，为了验证(1)中的探究结论，小华同学用手使劲敲桌子，桌子发出了很大的声响，但他几乎没有看到桌子的振动，为了明显地看到实验现象，你的改进方法是：______________．如图丙所示，敲响右边的音叉，左边完全相同的音叉也会发声，并且把泡沫塑料球弹起．该实验能说明________可以传声．如图丁所示，把正在响铃的闹钟放在玻璃罩内，逐渐抽出其中的空气，会发现______________，并由此推理可知：____________________________．20．小明在探究影响滑动摩擦力大小的因素时，提出了如下猜想：猜想一：滑动摩擦力的大小与接触面所受的压力有关。猜想二：滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度有关。猜想三：滑动摩擦力的大小与接触面积有关。为了验证猜想，采用了图所示的实验装置与方法：将弹簧测力计一端固定，另一端钩住木块，木块下面是一长木板，实验时拉着长木板沿水平桌面向右运动。其三次实验的条件变化如图甲、乙、丙所示。为了验证猜想二，应该按_______两个图所示的方案进行实验。在验证猜想三时，小明先利用图甲所示装置，测出木块所受摩擦力；之后将木块沿竖直方向截去一半后，测得木块所受的滑动摩擦力变为原来一半。由此得出：滑动摩擦力的大小随接触面积的减小而减小。你认为他的结论正确吗？为什么？________________________实验中是否需要长木板一定做匀速直线运动？__________________21．利用U形管液面高度差的大小关系，可以帮助我们比较一些物理量的大小．将液体压强计的探头分别放入密度为ρ1和ρ1的两种液体中，U形管液面的高度差相同，如图甲所示，则ρ1ρ1；速度是v1和v1的气流，分别经过与U形管左端相连的管子时，U形管液面的高度差如图乙所示，则v1v1．（以上两空均填“＞”、“=”或“＜”）22．小华在实验室测量物质的密度．（3）把天平放在水平台上，游码放在标尺左端零刻度线处，指针静止时位置如图甲所示，小华向________调节平衡螺母，使横梁平衡．（3）小华利用天平和量筒测量了果汁的密度，过程如下：①用天平测出空烧杯的质量为38.3g；②向烧杯中倒入适量果汁，用天平测出烧杯和果汁的总质量如图乙所示，其质量为__g．③将烧杯中的果汁全部倒入量筒中，测出果汁的体积为30cm3．④果汁的密度ρ果=__________kg/m3．⑤测量出的果汁密度值会_________（填“偏大”或“偏小）．（3）在测量一个弹力球的密度时，由于弹力球无法放进量筒内，小华用溢水杯，借助一个小烧杯和一个空的酸奶盒，利用量筒和水（ρ水已知）测出了弹力球的密度，请将她的实验步补充完整．①如图丙所示，溢水杯中盛满水，空酸奶盒漂浮在水中：②将弹力球用细线系好放入溢水杯中浸没，空酸奶盒仍漂浮，从溢水杯中溢出了一部分水，如图丁所示，用量筒测出____的体积为V3．测完后将量筒中的水倒净；③将弹力球取出，放入酸奶盒中共同漂浮，从溢水杯中又溢出了部分水，如图戊所示，用量筒测出__________的体积为V3．④弹力球的密度表达式ρ弹力球=_________（用V3、V3、ρ水表示）．五、计算题（本大题共2小题，共13分）23．太阳能热水器是把太阳能转化为内能的设备之一．某品牌太阳能热水器每小时平均接收4.2×106J的太阳能，在5小时的有效照射时间内，将热水器中质量为100kg、初温为20℃的水温度升高到40℃．求：热水器中的水吸收的热量Q；[水的比热容c=4.2×103J/(kg．℃)]热水器5小时内接收到的太阳能E；热水器的效率η；若改用煤气来加热这些水，需要完全燃烧多少千克煤气？（煤气的热值q=4.2×107J/kg，假设煤气燃烧放出的热量全部被水吸收）24．如图所示，闭合开关后，标有“6V3W”的小灯泡正常发光，电流表的示数为0.8A．求：（1）通电1min，电灯消耗的电能；（2）电阻R的阻值．六、综合能力题（本大题共3小题，共18分）25．2019年1月3日，嫦娥四号探测器成功降落于月球背面的预选着陆区，玉兔二号在月球背面留下了第一行脚印，如图甲所示．假定在月球车前面有一块石头，当车轮通过石块时，F1为车轮受的推力，F2为阻力，如图乙所示．请在图乙中分别画出F1与F2的力臂．（________）据此分析可知，石块高度越高（不高于车轮半径），所需推力______．（选填“越大”或“越小”）26．阅读下列三篇短文，按要求完成后面提出的问题．A．蝙蝠在黑暗中能自由地飞翔，用蜡封住其耳朵，虽然把它放在明亮的房间里，仍像喝醉酒一样，一次次地碰到障碍物，后来，物理学家证实了蝙蝠能发出①波，靠这种波的回声来确定目标和距离．B．如果把八只同样的玻璃杯盛不同深度的水，再用一根细棒依次敲打杯子，可以发现声音的②和水量有关．如果调节适当，可演奏出简单的曲谱，由此我们不难知道古代“编钟”的原理．C．许多年前，“马可波罗”号帆船在“火地岛”失踪，经过多年的研究，揭开了“死亡之谜”，他们都是死于“亚声”，这是一种人耳听不到的声波，频率低于20Hz，当声波的频率在2﹣10Hz时，人会产生恐惧、恶心、头晕等症状，其中5Hz的声波对人危害最大，这是因为此时人的内脏的固有频率和“亚声”的频率极为相似，会形成内脏的共振，严重时，把内脏振坏而使人丧生．请你将上面短文A、B中①和②两处补上恰当的文字：①___；②___．短文C中的“亚声”是指我们学过的___．从短文C中可以看出，人体内脏的固有频率大致在___左右．综合上面的短文，请你写出声波的一个利用：___．27．如图所示是汽车的一种自动测量油箱内油量的简易装置，R是阻值均匀的变阻器，它的滑片连在杠杆的一端，当油箱内油面发生变化时，浮标通过杠杆使滑片P在电阻R上滑动，引起油量表的指针偏转．油量表实际上是一个量程为“0～0.6A”的电流表，电源电压恒为12V，R0＝10Ω．当油箱中有55升汽油时，油量表的指针满偏；当油箱中的汽油还有5升时，滑片P刚好在R的中点，油量表的示数为0.1A，此时报警电路（图中未画出）开始自动报警，提醒司机尽快加油．问：油箱装满汽油时R0消耗的电功率是多少？变阻器R的总电阻是多少？油箱中汽油的体积V和变阻器接入电路的电阻R的关系为V＝60﹣0.5R（式中V的单位为升，R的单位为欧姆）．当油量表示数为0.4A时，油箱里还有多少升汽油？若要报警时的油量比5升多一些，请说出两种改进方法．

参考答案一、单项选择题（本大题7小题，每题3分，共21分）1、C【解题分析】

已知时间和路程，利用速度公式求出平均速度．【题目详解】已知t=50min=h，s=5km．则小陈行走的速度：．故选C；【题目点拨】此题考查速度公式及其应用，是一道较为简单的计算题，难度不大．2、97.51.4【解题分析】

[1]电阻R和灯泡L串联接在某一电源上时，因串联电路中各处的电流相等，电路中的电流为0.6A，所以，通过它们的电流均为0.6A，由图象可知，它们两端的电压分别为UL＝3V，UR＝6V，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电源的电压：[2]若将电阻R和灯泡L并联接在电压为6V的源上时，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，它们两端的电压均为6V，由图象可知对应的电流分别为IL′＝0.8A，IR＝0.6A，由可得，此时灯L的电阻：[3]因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流：3、C【解题分析】

A、保险丝需安装在火线上，当电流过大时，保险丝熔断，使家庭电路不带电，可以防止触电事故的发生，故A错误；B、如果手不接触笔尾金属体，无论笔尖金属体接触火线还是零线，氖管都不发光，故B错误；C、为防止发生触电事故，开关应该接在火线上，故C正确；D、因为电路有短路或用电器总功率过大，空气开关才跳闸，所以应先检修，检查没有问题后再使空气开关复位，故D错误．4、D【解题分析】

如图所示斜插入水中的筷子向上折，是光线由水中斜射入空气中时，发生折射而形成的，折射角大于入射角．AB、光线由空气射入水中，错误；C、折射角小于入射角，错误；D、光从水中斜射入空气中，折射角大于入射角，正确；故选D．5、C【解题分析】试题分析：A只是状态的变化，并没有量的减少，B只是被运到其他地方，也没有量的变化，C磨菜刀的时候，刀剑部分有些被磨掉才能让菜刀变锋利，所以质量发生了变化。D只是形状发生了变化，也没有发生质量的改变，所以答案选C。考点：质量点评：本题有一定难度，学生要注意物体有没有变少才知道质量有没有变化，一般同一种物体只要体积变化了质量就变化。6、A【解题分析】

A、电热水壶既属于大功率用电器，同时也是有金属外壳的用电器，因此，应使用三脚插头，而A脚接地线，接的是水壶的金属外壳，当一旦出现漏电时，电流可通过A脚导入三孔插座的第三孔，再导入大地，防止触电事故的发生，故A正确；B、绝缘体不容易导电，不是因为绝缘体内没有电荷，而是因为绝缘体内几乎没有能够自由移动的电荷，故B错误；C、使用试电笔时，手指要接触笔尾金属体，笔尖接触电线，可辨别火线与零线，故C错误；D、用电高峰时小明家电表转盘转动加快，说明用电器总功率变大，消耗的电能变快；但工作时间未知，由公式W=Pt可知，不能说明消耗的电能增多，故D错误．7、D【解题分析】

A、由图丙的甲图线可知，加热

2min

时，甲容器中水升高的温度：△t=40℃-20℃=20℃；由图象还可知，水的温度变化随时间的增加而均匀升高，所以，加热

1min

时，甲容器中水升高的温度：△t′==×20℃=10℃；此时甲容器中的水吸收热量：Q吸1=cm1△t=4.2×103J/（kg•℃）×3kg×10℃=1.26×105J，故A错误；B、由图丙可知，水的温度从20℃升高到40℃时，乙的加热时间为3min；此时乙容器中的水吸收热量：Q吸=cm2△t=4.2×103J/（kg•℃）×2kg×（40℃-20℃）=1.68×105J，乙容器中的水每分钟吸收热量为：Q吸2=×Q吸=×1.68×105J=5.6×104J；由于忽略散热损失，所以两加热器每分钟放出的热量与水每分钟吸收的热量相同，则：加热器每分钟放出的热量之比为：Q甲放/min：Q放2/min=1.26×105J：5.6×104J=9：4，故B错误．C、根据B可知相同时间内，加热器放出的热量之比为9：4，则相同时间内，两杯水吸收的热量之比为9：4，根据△t=可得两杯水升高的温度之比为：===，故C错误．D、根据Q吸=cm（t-t0）可得甲、乙两容器中的水从

20℃加热至沸腾所需热量之比：====；根据时间t=可得所用时间之比为：===；故D正确．二、填空题（本大题7小题，共21分）8、分子间有空隙变大1.04×101kg/m1a【解题分析】

（1）小明往杯中加入4g的盐充分搅拌后发现液面几乎不变，说明分子间有空隙；小明往杯中加入4g的盐充分搅拌后发现液面几乎不变，即液体的体积不变，但液体总质量变大，所以液体的密度变大，根据p=ρgh可知，此时水对杯底的压强变大；根据ρ=可得，水的体积：V水===1×10﹣4m1，忽略加盐过程中溶液体积变化，则盐水的体积：V盐水=V水=1×10﹣4m1，则盐水的密度：ρ盐水====1.04×101kg/m1．（2）根据图象可知，14分钟后水全部凝固成冰，该过程中质量不变，但冰的比热容比水的比热容小，由Q=cm△t可知，在放出相同热量的情况下，比热容越小，温度降低的越快，所以冰降温要快；由图可知，b段比水降温要慢些，a段比b段温度降低的要快些，所以正确的图线是a．9、【解题分析】

设边长为L、2L、3L、4L的正方体密度分别为ρ1、ρ2、ρ3、ρ4，且ρ1＝ρ，设边长为L、2L、3L、4L的正方体的重力分别为G1、G2、G3、G4，则边长为L、2L、3L、4L的正方体底面积分别为L2、4L2、9L2、16L2，边长为L、2L、3L、4L的正方体体积分别为L3、8L3、27L3、64L3，由题知，在任意接触面上的压强均相等，所以①②③把S1＝L2、S2＝4L2带入①，解得G2＝3G1④把S1＝L2、S3＝9L2和④带入②，解得G3＝5G1⑤把S1＝L2、S4＝16L2和④⑤带入③，解得G4＝7G1⑥根据G＝mg=ρVg，把四个正方体的体积和密度分别带入④⑤⑥，由④得ρ2g×8L3＝3ρgL3，解得，由⑤得ρ3g×27L3＝5ρgL3，解得，由⑥得ρ4g×64L3＝7ρgL3，解得，由此可以判断边长为4L的正方体密度最小为。10、不高于36用电器【解题分析】

对人体安全的电压不高于36V;因为给充电宝充电时，充电宝会消耗电能，所以它相当于一个用电器.11、空气40°【解题分析】

由图可知，上面的两条线在同一种介质内，故应该是反射光线和入射光线；反射光线和入射光线间的夹角的角平分线是法线，法线与界面垂直，故入射角为90°﹣50°=40°；下面的那条线为折射光线，折射光线与法线间的夹角即折射角为90°﹣70°=20°，折射角小于入射角，故下方为透明物质，上方为空气．12、大温度【解题分析】

考查的知识点有：（1）水的比热容较大；（2）发生热传递的条件是有温度差，据此即可解答．【题目详解】河水在一定程度上缓解了城市的“温室效应”，是因为水的比热容较大，即相同质量的水和其他物质相比较，在受热或受冷相同时，水的温度升高或降低的慢；发生热传递的条件是有温度差，所以，相互接触的两个物体之间若发生了热传递，则它们之间一定具有不同的温度．13、6不变【解题分析】

已知小鸟距水面6m，由平面镜成像的特点可知，它的“倒影”距水面也是6m．由于平面镜成像的大小始终相等，所以当它竖直向上远离湖面的过程中，其“倒影”的大小将不变．14、保温1210120【解题分析】

温控开关S0断开时，只有电阻R2接入电路，根据P=U2R可知：热水器功率小于开关S0闭合时两电阻并联时的功率，因此开关S0断开时饮水机处于保温状态；只用电阻R2接入电路时，饮水机处于保温状态，由P=U2R得：电阻R2=U2P保温=(220V)240W=1210Ω；闭合S和S0后工作6min消耗的电能：W=Pt=400W×6×60s=1.44×105J=0.04kW•三、作图题（共7分）15、【解题分析】试题分析：杠杆的支点是指杠杆围绕转动的固定点，因此，找到在杠杆转动时，那个不动的点尤为重要．要使杠杆更省力，杠杆动力臂就得更长，因此，分析出哪种用法时动力臂更长，就说明此时最省力．解：读图可知，当用力撬石块1时，杠杆围绕A点（撬棒与地面接触的那个点）转动，即以A为支点；以A为支点时，杠杆最长的动力臂为AB，根据杠杆平衡条件可知，此时动力最小；过点B作垂直于最长力臂AB的力，方向斜向左上方，如图所示：16、【解题分析】

根据安培定则判断，右手握住螺线管，四指弯曲指向电流的方向，则大母指的指向即为螺线管的磁场方向，即大母指端所指的右端为N极，根据异名磁极相互吸引的规律，小磁针的右端为N极，左端为S极，根据磁感线从N极出发到S极的规律，两条磁感线的方向向左，如图：17、【解题分析】

由题意可知，电吹风吹冷风时只有电动机工作，吹热风时电动机和电热丝共同工作，说明电动机和电热丝工作时互不影响即为并联；要求只能吹热风或吹冷风，不能只发热不吹风，说明一开关位于干路控制整个电路，另一开关位于电热丝支路控制该支路，作图如下：四、实验题（本大题共5小题，共20分）18、棋子B透过玻璃板虚【解题分析】

（1）实验中选择玻璃板代替平面镜进行实验的目的是便于确定像的位置，即看清棋子B；（2）一边移动棋子B，眼睛一边透过玻璃板观察，一边用眼睛透过玻璃板观察B，直到B与A的像完全重合，此时棋子B的作用是替代棋子A的像；（3）由于平面镜成像的原理是光的反射，所成的像为虚像，不能成在光屏上，所以在图中A的像的位置上放一张白纸板做屏幕，则从侧面直接观察白纸板，在白纸板上不能看到A的像．19、声音是由物体振动产生的在桌面上撒一些纸屑(或其他轻小物体)空气铃声越来越小真空不能传声【解题分析】

(1)如图甲所示，用悬挂着的乒乓球接触正在发声的音叉，可观察到小球被多次弹起，这说明了声音是由物体振动产生的，用小球被多次弹起来代表声源的振动，是转换法的应用；(2)小华同学用手使劲敲桌子，桌子发出了很大的声响，但他几乎没有看到桌子的振动；因为桌子的振动幅度是很小的，不容易被直接看到，可以利用实验（1）的方法，即转换法，用轻小物体的跳动来表示桌子的振动；所以为了明显地看到实验现象，改进方法是：在桌面上撒一些纸屑或其他轻小物体．(3)如图丙所示，敲响右边的音叉，左边完全相同的音叉也会发声，并且把泡沫塑料球弹起．是声波经过空气传递到了左边的音叉，引起了左边音叉的振动，所以该实验能说明空气可以传声．(4)如图丁所示，把正在响铃的闹钟放在玻璃罩内，逐渐抽出其中的空气，会发现铃声越来越小，说明声音的传播是需要介质的，再经过科学的推理可知：真空不能传声．【题目点拨】重点是声音的产生、传播特征，加深理解难度不大，但在考试中经常出现，要多练习达到熟练的程度．20、甲、丙不对；没有控制压力一定不一定【解题分析】

根据题中“小明在探究影响滑动摩擦力大小的因素时，提出了如下猜想”可知，本题是探究影响摩擦力大小因素的实验，滑动摩擦力实验的改进，学生不容易理解，理解的关键在于滑动摩擦力大小跟压力大小、接触面粗糙程度有关，跟物体是否做匀速直线运动无关；本题也是控制变量法思想的应用，明确变量和不变量是解题的关键。【题目详解】（1）为了验证猜想二，滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度有关，需使压力大小和接触面积大小相同，改变接触面的粗糙程度，所以应选择甲、丙两个图；（2）在验证猜想三时，探究摩擦力大小与接触面积的大小的关系，需使压力大小和接触面的粗糙程度相同，改变接触面积的大小，将木块沿竖直方向切去一半，则在接触面积变化的同时，压力也发生了变化，没有控制压力一定，所以得出错误结论；（3）因为实验中拉动的是木板，滑动摩擦力大小跟压力大小和接触面粗糙程度有关，跟物体的运动速度是否匀速没有关系，并且弹簧测力计示数是静止的容易读数。所以长木板不一定要做匀速直线运动。21、（1）＜；（1）＞【解题分析】

（1）根据图甲可知，两U形管中液柱的高度差相同，说明压强相同，且两液体中左侧金属盒位置较深，根据公式p=ρgh的变形式ρ=p/gh可知，左侧液体的密度小于右侧液体的密度，即ρ1＜ρ1；（1）根据图乙可知，左侧U形管液面的高度差较大，说明左侧U形管中左侧液面上方压强较小，由流速越大的位置压强越小可知，左侧管子中气体的流速较大，即v1＞v1。22、右59.43.04×303偏大溢出水溢出水ρ水．【解题分析】

（3）图甲中指针偏左，说明左侧质量偏大，应向右移动平衡螺母；（3）②读图乙可知，果汁和烧杯的总质量为50g+5g+4.4g=59.4g，④量筒中果汁的质量m=59.4g-38.3g=33.3g，果汁的密度ρ==3.04g/cm3=3.04×303kg/m3；⑤将玻璃杯中的果汁倒入量筒测量体积的时候，玻璃杯壁上一定沾有部分果汁，从而导致所测体积偏小，由公式ρ=可知密度偏大；（3）弹力球的体积等于溢出水的体积，即V弹力球=V3；图丙和图戊相比，放入弹力球后溢出的水的体积为V3+V3，根据漂浮条件和阿基米德原理知：增加的浮力就是弹力球的重力，即ΔF浮=G弹力球=ρ水g（V3+V3），由G=mg可得，弹力球的质量：m弹力球==ρ水（V3+V3），则弹力球的密度：ρ弹力球=ρ水．五、计算题（本大题共2小题，共13分）23、（1）8.4×106J（2）2.1×107J（3）40%（4）0.2kg【解题分析】

（1）热水器中的水吸收的热量：Q=cm(t﹣t0)=4.2×103J/(kg•℃)×100kg×(40℃﹣20℃)=8.4×106J；（2）热水器5小时内接收到的太阳能：E=4.2×106J/h×5h=2.1×107J；（3）热水器的效率：η=×100%=×100%=40%；（4）煤气燃烧放出的热量全部被水吸收，即Q放=Q=8.4×106J，由Q=mq可得：完全燃烧煤气的质量：m′===0.2kg．答：（1）热水器中的水吸收的热量为8.4×106J；（2）热水器5小时内接收到的太阳能为2.1×107J；（3）热水器的效率为40%；（4）完全燃烧煤气的质量为0.2kg．24、（1）1