2021届浙江省绍兴市上虞区高考物理二模试卷附答案详解

2021届浙江省绍兴市上虞区高考物理二模试卷

一、单选题（本大题共13小题，共39.0分）

1.下列单位属于国际单位制中基本单位的是（）

A.牛顿B.米C.米/秒D.米/秒2

2.质点做直线运动的位移x和时间的平方户的关系图象如图所示，则该质

点（）

A.加速度为Ini/s?

B.前2s的位移是2m

C.第2s内的平均速度为2M/S

D.Is末的速度是2m/s

3.下列关于匀速圆周运动的说法正确的是（）

A.匀速圆周运动的物体是处于平衡状态

B.匀速圆周运动是一种匀速运动

C.匀速圆周运动是一种匀变速曲线运动

D.匀速圆周运动是一种速度和加速度都不断改变的运动

4.下列说法中正确的有（）

A.在a、0、y三种射线中，a射线的穿透力最强

B.卢瑟福的a粒子散射实验结果表明了原子核的存在

C.放射性元素的半衰期是由其原子核内部结构决定，但容易受外界因素的影响

D.电磁感应现象最早是由奥斯特发现的

图中理想变压器的匝数叫：n2：的=3：1：2,人、L2.L3是三

个相同的灯泡，口的功率为P,不考虑灯泡电阻的变化.则5、5

的功率分别是（）

4

A.P、4PB.9P、36PC.；P、4PD.

2525

6.下列关于万有引力定律的说法中正确的是（）

A.万有引力定律是卡文迪许在总结前人研究的基础上发现的

B.公式F=G但警中的G是一个比例常数，是没有单位的

C.公式尸=G炉中的r是指两个质点间的距离或两个均匀球体的球心间的距离

D.由F=G号可知，当距离r趋向于0时，F趋向于无穷大

7.为了增大LC振荡电路的固有频率，下列办法中可采取的是（）

A.增大电容器两极板的正对面积并在线圈中放入铁芯

B.减小电容器两极板的距离并增加线圈的匝数

C.减小电容器的两极板的距离并在线圈中放入铁芯

D.减小电容器两极板的正对面积并减少线圈的匝数

8.如图所示，质量为m=13的小球从4点水平抛出，恰好垂直撞

在水平面上半圆形轨道的B点，已知h=1.6m,R=lm,6=370,

g=10m/s2,则下列说法不正确的是（）

A.半圆形轨道的圆心与4点的水平距离为2zn

B.小球平抛的初速度为3m/s

C.小球到B点时重力的瞬时功率为40w

D.若只调整4点的竖直高度，其他条件不变，则H＞爰m时，小球能够越过半圆轨道

9.甲、乙两辆汽车沿着公路做匀变速直线运动，其中甲的加速度是2m/s2,乙的加速度是-5m/s2.

根据已知条件可知（）

A.甲的加速度小于乙的加速度

B.甲的运动方向与乙的运动方向相反

C.甲的速度变化量小于乙的速度变化量

D.相等时间内，甲的位移小于乙的位移

10.如图所示，长直导线旁边同一平面内有一矩形线圈abed,导线中通有竖直向上

的电流。下列操作瞬间，能在线圈中产生沿adeba方向电流的是（）

A.线圈向右平动

B.线圈竖直向下平动

C.线圈以ab边为轴转动

D.线圈向左平动

11.如图所示，4、B是两个带电小球，质量相等，4球用绝缘细线悬挂于。点，4、B球

用绝缘细线相连，两细线长度相等，整个装置处于水平向右的匀强电场中，平衡

时B球恰好处于。点正下方，。4和4B绳中拉力大小分别为To%和图B。贝式）

A.两球的带电量相等

B.TOA=2TAB

C.增大场强，B球上移，仍在。点正下方

D.增大场强，B球左移，在。点正下方的左侧

12.某透明介质的横截面为半圆，一束平行单色光线垂直于半圆的直径射入透明|||||||

介质，如图所示，在半圆弧上恰好有一半的弧长有光透出。则透明介质的折射

率为（）

A.3B.2C.V3D.V2

13.两个相同的金属小球可视为点电荷，所带电量之比为1：7,同为正电荷.在真空中相距为r,把

它们接触后再放回原处，则它们间的静电力为原来的（）

二、多选题（本大题共3小题，共6.0分）

14.如图为一圆柱型中空玻璃管，管内径为％,外径为/?2，玻璃相对空

气的折射率为一细束黄色光线在圆柱横截面内射向玻璃管上的4

点，入射角为i。为保证在内壁处光不会进入中空部分，下列说法正

确的是（）

A.若i=45。，为保证光不从内壁进入中空部分，可以等于

B.若i=45。，为保证光不从内壁进入中空部分，/?2不能大于企£

C.若将黄光换成蓝光，改变i,使蓝光沿黄光的折射路径到达玻璃管内壁，当&等于夜％时，

蓝光也不会射入中空部分

D.若此等于2坛，为保证光不从内壁进入中空部分，则i230。

E.若/?2等于2%，玻璃相对空气的折射率变为5/3,为保证光不从内壁进入中空部分，贝人237。

15.下列说法正确的是（）

图102

A.如图1所示，光电效应中光电子的最大初动能见与入射光频率v成正比

B.如图1所示，对同一种金属而言，Ek仅与v有关

C.图2是用同一光电管研究a、b两种单色光产生的光电效应，由图可知a光光子的频率小于b光

光子的频率

D.已知某单色光的波长为4,在真空中光速为c,普朗克常量为儿则该单色光的光子£值为竽

E.发生光电效应时，入射光越强，光子的能量就越大，光电子的最大初动能就越大

16.下列说法正确的是（）

A.如果质点所受的力与离平衡位置的位移大小的平方根成正比，且总是指向平衡位置，质点的

运动就是简谐运动

B.机械波的传播速度仅由介质决定，机械波的频率仅由波源决定，在折射前后只改变波长和波

速，不改变频率

C.向人体内发射频率已知的超声波被血管中的血流反射后又被仪器接收，测出反射波的频率就

能知道血流的速度，这种方法利用了多普勒效应

D.麦克斯韦关于电磁场的两个基本观点是，变化的磁场产生变化的电场：变化的电场产生变化

的磁场

E.电磁波是横波

三、实验题（本大题共2小题，共16.0分）

17.为了探究机械能守恒定律，某同学设计了如图甲所示的实验装置，并提供了如下的实验器材：

A.小车B.钩码C.一端带滑轮的木板D.细线E.电火花打点计时器凡纸带G.毫米刻度尺”.天平/.220U

(1)实验中得到了一条纸带如图乙所示，选择点迹清晰且便于测量的连续7个点(标号0〜6),测出0到

1、2、3、4、5、6点的距离分别为%、d2>d3,d4.d5,d6,打点周期为T.则打点2时小车的

速度%=:若测得小车质量为M、钩码质量为m,打点1和点5时小车的速度分别用％、v5

表示，已知重力加速度为g,则验证点1与点5间系统的机械能守恒的关系式可表示为o

22

(2)在实验数据处理时，如果以三为纵轴，以d为横轴，根据实验数据绘出三-d图象，其图线的斜率

表示的物理量的表达式为o

18.用图甲、乙两个电路分别测一个电压表的内电阻。部分备选器材数据如下:

待测电压表V,量程31/,内阻约为1K0；

电源电动势为5人

电流表量程IChnA,内阻未知，

电流表出,量程0.64，内阻未知，

定值电阻&=1000,R2=5000,R3=1000。；

滑动变阻器=ion,R5=1000P,

(1)采用图甲电路，从下面所列步骤中选出合理的步骤，按顺序排列为。

a.将变阻器滑动触头移到b端，闭合电键；

h将变阻器滑动触头移到a端，闭合电键；

c保持滑动变阻器阻值不变，调电阻箱阻值使电压表指针偏转满刻度一半，同时记下电阻箱阻值为&；

d.调滑动变阻器使电压表指针偏转满刻度；

e.将电阻箱阻值调到零；

按上述步骤得出电压表内电阻的测量值等于,为减小误差，滑动变阻器应选o

(2)采用图乙电路，要求两表示数适当，能尽量多取数据，电流表应选，定值电阻R应选。

按所测U、/值画出U-/图线，得出图线斜率为k,用斜率k和定值电阻R表示，测得电压表内阻

为。

(3)采用乙电路的实验，请按乙电路将如图丙实验器材连成实验电路。

四、计算题(本大题共4小题，共49.0分)

19.一辆警车停在公路边值勤，警员突然发现从他旁边以l(hn/s的速度匀速行驶的货车严重超载，

他决定前去追赶，经过7s后警车发动起来，并以2.5m/s2的加速度做匀加速运动，但警车的行驶

速度必须控制在108/an"以内.试求：

(1)警车在追赶货车的过程中，两车间的最大距离是多少；

(2)警车发动后要多长时间才能追上货车.

20.2019年1月23日，蓝色起源公司的NewS/iepard亚轨道飞行器完成2019年首次飞行试验，最大

飞行高度达100km,最大速度达2880km"。发射过程可简化为：火箭由静止开始竖直向上匀

加速运动到80km的高度时，载人舱和火箭本体分离，分离后载人舱依靠惯性匀减速竖直上升到

最大高度。求：

(1)火箭竖直向上匀加速阶段的加速度大小；

(2)若载人舱内“测试假人”的质量为60kg,则匀减速上升阶段载人舱对“测试假人”的作用力大小;

(3)从火箭开始发射到载人舱上升到最大高度的总时间。

21.如图甲，MN、PQ两条平行的光滑金属轨道与水平面成0=37。角固定，M、P之间接电阻箱R,

导轨所在空间存在匀强磁场，磁场方向垂直于轨道平面向上，磁感应强度为B=17,质量为m的

金属杆ab水平放置在轨道上，其接入电路的电阻值为r.现从静止释放杆ab,测得最大速度为%

改变电阻箱的阻值R,得到4n与R的关系如图乙所示.已知轨距为L=2m,重力加速度g取，0m/s2,

轨道足够长且电阻不计.求：

(1)R=0时回路中产生的最大电流的大小及方向;

(2)金属杆的质量m和阻值r；

(3)当R=4。时，若ab杆由静止释放至达到最大速度的过程中，电阻R产生的焦耳热为Q=8/,求该

过程中ab杆下滑的距离X及通过电阻R的电量q.

22.如图所示，在xOy坐标平面的第一象限内有一沿y轴正方向的匀强电场，在第四象限内有一垂直

于平面向内的匀强磁场，现有一质量为小带电量为-q的粒子C重力不计)从电场中坐标为(3D)

的P点与支轴负方向相同的速度"o射入，从。点与y轴正方向成45。夹角射出，求：

(1)画出粒子运动的轨迹，求粒子进入磁场时的速度大小;

(2)求匀强电场的场强E,若粒子由Q点射入磁场求出粒子在电场中运动的水平距离与；

(3)求出粒子在磁场中运动的轨道半径和时间。

参考答案及解析

1.答案：B

解析：解：牛顿、米/秒、特斯拉、米/秒2都是国际单位制中的导出单位，米是国际单位制中基本单

位。故B正确，4、C、O错误。

故选：B。

国际单位制规定了七个基本物理量.分别为长度、质量、时间、热力学温度、电流、光强度、物质

的量.它们的在国际单位制中的单位称为基本单位，而物理量之间的关系式推到出来的物理量的单

位叫做导出单位.

国际单位制规定了七个基本物理量和七个基本单位，这七个基本物理量和基本单位分别是哪些，需

要同学们自己记住的.

2.答案：D

解析：

根据x和时间平方尸的关系图象写出函数关系式，进而求出加速度，位移等，平均速度等于位移除以

时间，本题的关键要能根据图象写出函数表达式，通过比对的方法求出加速度，能根据匀变速直线

运动的运动学公式求解相关量。

解析：

4根据x和时间平方尸的关系图象得出位移时间关系式为：x=t2,对照匀变速直线运动的位移时间

公式刀=170七+女2,知物体的初速度为0,加速度为a=2?n/s2.且加速度恒定不变，故A错误；

8.0〜2s内的位移为：x==22?n=4m,故B错误；

C.物体第3s内的位移为：孙=22-12=3171,平均速度为：u=f=：=3m/s,故C错误；

Dis末的速度为：f=at=2xlm/s=2m/s,故。正确；

故选：D。

3.答案：D

解析：解：力、匀速圆周运动的速度始终沿切线方向，方向时刻在变化，是变速运动，所以一定不是

平衡状态.故A错误；

8、匀速圆周运动速度大小不变，方向变化，速度是变化的，是变速运动，故8错误.

C、匀速圆周运动加速度始终指向圆心，方向时刻在变化，速度的方向与不断变化，所以匀速圆

周运动是一种速度和加速度都不断改变的运动，故C错误，。正确；

故选：D

匀速圆周运动速度大小不变，方向变化，是变速运动.加速度方向始终指向圆心，加速度是变化的，

是变加速运动.向心力方向始终指向圆心，是变化的.

矢量由大小和方向才能确定的物理量，所以当矢量大小变化、方向变化或大小方向同时变化时，矢

量都是变化的.

4.答案：B

解析：解：4、在a、0、y三种射线中，y射线的穿透力最强，a射线穿透能力最弱。故A错误；

8、卢瑟福根据a粒子散射实验的结果提出了原子的核式结构，表明了原子核的存在。故B正确；

C、放射性元素的半衰期是由其原子核内部结构决定，与外界因素无关。故C错误；

。、电磁感应现象最早是由法拉第发现的。故。错误。

故选：B。

a、/?、y三种射线中穿透能力最强的是y射线，a射线穿透能力最弱，一张厚的黑纸可以挡住a射线.电

离能力最强的是a射线，y射线电离能力最弱；卢瑟福的a粒子散射实验结果表明了原子核的存在；

半衰期与环境因素无关；电磁感应现象最早是由法拉第发现的.

本题考查了有关衰变中三种射线的性质、半度期等基础性的知识点的内容，对于类似基础知识，注

意加强记忆，平时注意积累.

5.答案：D

解析：

因输入功率等于输出功率：U2I2+U3I3,又电压与匝数成正比可得nJ1=电/2+叼，3

因灯泡的内阻相等，则由P=JR确定各个灯泡的功率.

考查电流，电压与匝数的关系，明确输入功率等于输出功率.对于多副线圈的要明确公式：=

U2I2+U3/3及其变式n/=n2I24-n3I3.

输入功率等于输出功率：UJi=U2I2+U313

电压与匝数成正比可得电流关系：n/i=n2I2+n3/3

又有.乜="=啊

1

乂上-l3U3n3

代入数据得：/2=|/1/3=|/!

则由P=/2R,则功率分别为捻P,黄P,则。正确，A8C错误。

故选：D

6.答案：C

解析：解：4、万有引力定律是牛顿在总结前人研究的基础上发现的。故4错误。

B、公式尸=G手中的G是一个比例常数，单位为Nm2/kg2.故B错误。

C、公式尸=G号中的r是指两个质点间的距离或两个均匀球体的球心间的距离。故C正确。

D、公式F=G*适用于质点间的万有引力，当距离r趋向于。时，公式不再适用。故。错误。

故选：Co

万有引力定律是牛顿在总结前人的基础上发现的，公式尸=G号适用于质点间或均匀球体间的万

有引力.

解决本题的关键知道万有引力定律是牛顿发现的，以及知道公式尸=G号适用于质点间或均匀球

体间的万有引力.

7.答案：D

解析：解：LC振荡电路的固有频率：/=康，若要增大LC振荡电路的固有频率，就要减小电容器

的电容，或减小线圈中的自感系数。

A、增大电容器两极板间的正对面积，使得电容器的电容变大，而在线圈中放入铁芯，使得线圈的自

感系数增大。则频率变小，故A错误；

8、减小电容器两极板的距离，使得电容器的电容变大，而增加线圈的匝数，使得线圈的自感系数增

大。则频率变小，故B错误；

C、减小电容器两极板的距离，使得电容器的电容变大，而在线圈中放入铁芯，使得线圈的自感系数

增大。则频率变小，故C错误；

。、减小电容器两极板的正对面积，使得电容器的电容变小，而减小线圈的匝数，使得线圈的自感

系数变小。则频率变大，故。正确；

故选：Do

振荡电路产生的振荡电流频率平方与线圈L及电容器C成反比

该题考查LC回路的固有频率和平行板电容器的电容的决定式、线圈的自感系数的有关因素，属于对

基础知识的考查。基础题目。

8.答案：A

解析：解：4、恰好垂直撞在水平面上半圆形轨道的B点，B点速度分解如图所示：

A

由几何关系得：tan(90-37)°=①，

竖直方向上物体做自由落体运动则：H-Rcos37°=\gt2②

半圆形轨道的圆心与4点的水平距离为x'=x+Rs讥37。=vot+0.6/?③

①②③联立得：%'=1.8m，故A错误；

B、由①②联立得：小球平抛的初速度为%=3rn/s,故8正确；

C、根据图，由几何关系可得：vy=gt=4m/s,由P=Fv得：P=mgvy=1x10x4W=40VK,

故C正确；

D、设小球恰好越过轨道时的高度为h,h-R=^gt2@,根据4选项可知,

vot®

④⑤联立得：%=瞿，高度越高，越容易过最高点，所以器>美，能过最高点，故。正确；

选不正确的，故选：A

小球做平抛运动，利用平抛运动水平和数值方向的运动规律解题

解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，知道平抛运动的时间由高度决

定，初速度和时间共同决定水平位移

9.答案:A

解析：解：4、加速度是描述速度变化快慢的物理量，加速度越大，速度变化越快，且加速度是矢量，

负号只表示方向不参与大小的比较，所以甲的加速度小于乙的加速度，故A正确；

8、若加速度方向和速度方向同向，则做加速运动，若加速度方向和速度方向相反，则做减速运动,

题中没有给出甲乙的初速度方向，只是加速度方向不同，运动不一定反向，故B错误；

C、速度变化量Zu=a/t,在时间不确定的情况下，甲的速度变化量不一定小于乙的速度变化量，

故C错误；

。、匀变速直线运动的位移与时间、速度、加速度等因素有关，只知道加速度关系无法比较位移关

系，故。错误.

故选：4。

加速度的正负号表示加速度的方向不表示加速度的大小；

只知道加速度方向，不确定速度方向关系，加速度与速度方向同向时物体做加速运动，反向时做减

速运动；

速度变化量=a/t;

匀变速直线运动的位移与时间、速度、加速度等因素有关。

掌握加速度的概念及其物理意义，知道加速度的正负表示加速度的方向不表示加速度的大小，要明

确匀变速直线运动的加速度、速度以及位移之间的关系。

10.答案：D

解析：解：4、当在线圈平面内，垂直be边向右拉动线圈，逐渐远离线圈，穿过线圈的磁场减小，即

穿过线圈的磁通量减小，故产生感应电流为顺时针，即感应电流的方向为abed*故A错误；

8、当线圈向下平动时，穿过线圈的磁通量不会发生变化，根据楞次定律可知，没有感应电流产生。

故B错误；

C、当线圈以必边为轴转动，穿过线圈向里的磁场减小，即穿过线圈的磁通量减小，故产生感应电

流为顺时针，即感应电流的方向为abeda。故C错误；

。、当在线圈平面内，垂直於边向左拉动线圈，逐渐靠近导线，穿过线圈向里的磁场增大，即穿过

线圈的磁通量增大，根据楞次定律，产生感应电流为adeba方向，故。正确。

故选：Do

当通过线圈的磁通量发生变化时，线圈中将会产生感应电流。根据楞次定律判断感应电流的方向。

解决本题的关键掌握右手螺旋定则判断电流周围的磁场方向，掌握感应电流的产生条件，会根据楞

次定律判断感应电流的方向。

11.答案：C

解析：

本题考查了匀强电场中的共点力的平衡问题。合理利用整体法和隔离法是解决本题的关键。

人若两球带电量相等，整体受力分析可知，04绳应竖直，故A错误；

8.取B和4、B整体为研究对象，4B绳与竖直方向夹角为a,则04绳与竖直方向夹角为a,

对B有二B+“=^

对整体/。4=鬻，

故7。4=2〃B+2F库，故B错误；

CD,对B有汝九。=篙

对整体tana=*组,

2mg

故增大E之后04、4B与竖直方向夹角变大，且两夹角仍相等，故8球上移，仍在。点正下方，故C

正确，。错误。

故选Co

12.答案：D

解析：解：由题意可知，光线射入透明介质后，从圆弧面4B射出时，有部分光线发生全反射，

因在半圆弧面上恰好有一半的弧长透光，则恰好发生全反射光对应的入射角为45。，根据折射率公式

n='"I。=鱼,故。正确，ABC错误。

sm45

故选：0。

先由几何关系求出入射角，根据折射率公式求折射率即可。

本题易错处为：在半圆弧上恰好有一半的弧长有光透出，错误理解为入射角为30。，造成错选B。

13.答案：A

解析：解：若两电荷同性，设一个球的带电量为q,则另一个球的带电量为Q=7q,此时F=等,

带同种电荷，接触后再分开，带电量各为4q,

则两球的库仑力大小?'=哗=至?，故A正确，BCO错误；

r27

故选：Ao

接触带电的原则是先中和后平分，两个球的电性可能相同，可能不同，根据F=k詈得出接触后再放

回原处的库仑力大小.

解决本题的关键掌握接触带电的原则，先中和后平分，以及掌握库仑定律的公式尸=k当，注意电荷

rl

的正负电性.

14.答案：ACD

解析：

光不从内壁进入中空部分，光线要在内壁发生全反射，光线恰好在内壁发生全反射时入射角等于临

界角C,由sinC=；求出临界角C,由几何关系求/?2的最大值。根据折射定律和全反射的条件，结合

几何关系分析。

本题考查光的折射、全反射的知识，能正确利用数学知识是解决此类问题的关键。要掌握光的折射

定律n=里、全反射临界角公式=工等多个知识点，并能熟练运用。

sinrn

AB.光路图如图，设第一次折射角为r,全反射临界角为C,折射率为n。

光线从空气进入玻璃管折射时，由折射定律有：71=里得：5讥「=幽

sinrn

折射光线恰好在内壁发生全反射时入射角等于临界角C,则sine=2

n

对图中△力B。，由正弦定理得：吗二£2=?

1sini

可得：_H_=2Z.

R2RI

若i=45。，解得/?2=&RI

所以为保证光不从内壁进入中空部分，/?2满足的条件是‘R1•故4正确，8错误。

C、当/?2等于四灯时，黄光在内壁恰好发生全反射，入射角等于其临界角，而蓝光的临界角小于黄

光的临界角，所以使蓝光沿黄光的折射路径到达玻璃管内壁时，入射角大于蓝光的临界角，将发生

全反射，蓝光不会射入中空部分，故C正确。

1sini

。、由4分析知：五=五，当/?2=2&,可解得：i=30。，所以为保证在内壁处光不会进入中空部

R2R1

分，入射角i应满足：i230。.故O正确。

E、根据4分析知，只要/?2=2%,就有：i=30°,与玻璃的折射率无关，可知，为保证光不从内壁

进入中空部分，仍应满足i230。，故E错误。

故选：ACD.

15.答案:BCD

解析：解：ABE.根据光电效应方程a=%可知，同一种金属，光电子的最大初动能与入射光

频率成线性关系，故AE错误，B正确；

C.根据图2可知,a光产生的光电效应的光电子的的遏止电压小于b光的，因为eU=Ek,Ek=hv-Wo,

所以a光的频率小于b光光子的频率，故C正确；

D光子的能量为£=hu=九：，故力正确;

A

故选:BCD.

根据光电效应方程&=hv-%判断最大初动能与频率的关系，根据eU=以和光电效应方程判断;

根据光子能量£=狂分析判断；

解决该题的关键是熟记光电效应方程与遏止电压和最大初动能的关系式，能从图象中分析出遏止电

压的大小关系；

16.答案：BCE

解析：解：4简谐运动的动力学条件是：F=-kx；即回复力与它偏离平衡位置的位移的大小成正

比，并且总是指向平衡位置；故A错误；

8、机械波的传播速度由介质决定，频率仅与波源决定，机械波从一种介质进入另一种介质中，传播

速度和波长会发生变化，频率不变，故B正确；

C、测出反射波的频率变化就能知道血流的速度，这种方法俗称“彩超”，是利用多普勒效应原理,

故C正确；

。、麦克斯韦电磁场理论：变化的磁场产生电场和变化的电场产生磁场，故。错误；

E、根据麦克斯韦电磁场理论，电磁波中的电场和磁场互相垂直，电磁波的传播方向与电场强度、磁

感应强度均垂直，故电磁波是横波，故E正确；

故选：BCE。

简谐运动的动力学条件是尸=-kx；机械波的振幅等于波源的振幅，机械波的传播速度由介质决定；

机械波从一种介质进入另一种介质，传播速度和波长会发生变化，但频率不变化。变化的磁场产生

电场，和变化的电场产生磁场；电磁波中的电场和磁场互相垂直，电磁波是横波。

考查简谐运动的回复力与位移的关系，掌握多普勒效应原理，注意变化的磁场产生电场中的“变化”

两字的理解，学会区分横波和纵波。

17答案：守m5(d5-d1)=i(M+m)(vj-vf)k=

解析：解：(1)据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度得点2的瞬时速度：。2=智

验证点1与点5间系统的机械能守恒，系统重力势能的减小量为：△Ep=mg(d5-di),系统动能的

增加量：△EK=g(M+m)(诏-必)

则系统机械能守恒的表达式为：mg(d5-dj=|(M+m)(v1-资)

(2)根据mgd=+m)避得：三=

N2m+M

则图线的斜率k=华

故答案为：(1)誓mg(d5-虑)=+m)(诏-谱)(2)k=悬

(1)根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出点2的瞬时速度；

(2)抓住系统重力势能的减小量等于动能的增加量列出表达式。根据系统机械能守恒得出与d的关系

式，结合关系式得出图线斜率的物理意义。

解决本题的关键知道实验的原理，即验证系统重力势能的减小量和系统动能的增加量是否相等；得

出图线的斜率前提是根据系统机械能守恒得出些与d的关系式。

2

18.答案：bedcRoR4&R2-^-

解析：解：(1)由题意可知，本实验采用半偏法测量，再需要/<v^||[|立亍E

调节滑动变阻器，使输出电压为0,即滑片应滑到a端；调节点：.”利

电阻箱，使电阻箱接入电阻为零；闭合开关，开始实验，慢?”广一耳"产

慢调节滑动变阻器，使电流表达满偏，然后调节电阻箱，使,

电流表达满量程的一半；则可得出电压表的内阻等于电阻箱

的示数Ro；因电动势较小，为了实验中易于调节，并减小误

差，滑动变阻器应选择心；

(2)因电压表内阻较大，故电流较小，因此电流表选择小量程

的4；因电压表内阻约为1KQ为了增大电流，应选择小电阻来分流，根据量程可知，电流增大来

电压表电流的3倍即可，故定值电阻可以选择/?2；

由U-/图象的性质可知，图象的斜率表示总电阻，即：翳=七

tx+Ky

解得：即=合；

(3)根据原理图可得出对应的实物图如图所示；

故答案为：(l)bedc；Ro；R4；(2)力i；&；——

(3)如图所示。

(1)根据图示及实验原理可明确实验的方法和步骤；从而求得电阻的测量值；并选择滑动变阻器；

(2)根据实验电路及实验原理可明确电流表及定值电阻的选择；根据伏安特性曲线的性质可得出所测

量的内阻；

(3)根据乙原理图，根据实物图的连接方法即可连接实物图。

本题考查半偏法测量电压表内阻的方法，要注意根据题意明确实验原理，并能得出对应的物理规律。

19.答案：解：(1)当两车速度相同时距离最大

由"=at

可得警车达到10m/s的时间；G=4s

在这段时间警车的位移=|x2.5x42=20m

货车相对于出发点的位移X2=10(7+4)=110m

两车间的最大距离△x=90m

(2)108/cm//i=30771/S；

由=at

可得警车达到最大速度的时间£2=12s

此时警车的位移X3—jatf—180m

货车相对于出发点的位移办=10(7+12)=190m

由于警车的位移小于货车的位移，所以仍末追上

设再经过t3追上，则(30-10*2=190-180

Wt3=0.5s

t=12.5s

则警车发动后经过12.5s才能追上.

答：(1)警车在追赶货车的过程中，两车间的最大距离是90m；

(2)警车发动后要12.5s时间才能追上货车.

解析：货车匀速运动在前面，警车从静止开始匀加速运动在后面追，刚开始货车的速度大于警车速

度，故两车之间的距离越来越大，当两车速度相等时，位移最大，之后警车速度大于货车，两车之

间的距离逐渐减小直至追上.在此过程中注意，警车发动的时间，货车在做匀速运动，而警车不能

一直加速下去，当速度达到90km//i时就不能增加了，而做匀速运动.所以该题要先分析警车能不能

在匀加速阶段追上货车，若不能，则在匀速阶段追上.当警车追上货车时两车位移相等.

两物体在同一直线上运动，往往涉及到追击、相遇或避免碰撞等问题，解答此类问题的关键条件是：

①分别对两个物体进行研究；②画出运动过程示意图；③列出位移方程；④找出时间关系、速度

关系、位移关系；⑤解出结果，必要时要进行讨论.这是一道典型的追击问题.要抓住速度、时间、

位移之间的关系，必要时可以作出速度时间图象帮助解题.

20.答案：解：(1)已知火箭匀加速上升阶段的位移为最大速度〃=2880k7n"=

800ni/s

匀加速上升阶段。2=2a1x1,

解得：=4m/s2o

(2)最大飞行高度x=lOOfcm,则匀减速上升阶段的位移%2=x-xt=20km=20000m,

2

0—v=2a2x2

2

解得：a2=16m/s

对测试假人由牛顿第二定律有：

mg4-F=ma2

解得F=360/V；

即匀减速上升阶段载人舱对测试假人的作用力F=360N；

(3)整个上升过程的位移为：

%=-vt,

2

所需要的时间t=名=生弁"s=250s。

v800

答：(1)火箭竖直向上匀加速阶段的加速度大小为4m/s2；

(2)匀减速上升阶段载人舱对测试假人的作用力等于360N；

(3)从火箭开始发射到载人舱上升到最大高度的总时间等于250s。

解析：(1)根据速度和位移的关系求出加速度；

(2)明确运动过程，求出匀减速过程的位移，再由速度和位移关系求出减速过程的加速度，由牛顿第

二出定律求力；

(3)两过程中的平均速度相等，根据平均速度公式即可快速求解总时间。

连接牛顿第二定律与运动学公式的纽带就是加速度，所以在做这一类问题时，先根据运动学公式求

解加速度，然后根据加速度利用