2022年四川省达州市中考物理适应性试卷（三）（附答案详解）

2022年四川省达州市中考物理适应性试卷（三）

一、单选题（本大题共10小题，共30.0分）

1.下列关于声现象的说法不正确的是（）

A.15久时空气中的声速是340m/s

B.“低声细语”中的“低”描述的是声音的音调

C.将要上钩的鱼会被岸上的说话声或脚步声吓跑.是因为水能传播声音

D.用大小不同的力拨动同一根琴弦，主要是改变声音的响度

2.在初中物理的学习中，我们常会用到一些科学研究方法，如“控制变量法”“等效

替代法”“类比法”“理想模型法”“转换法”等。在下面几个实例中，对采用的

主要研究方法判断正确的是（）

A.研究磁场性质时，用磁感线来描述磁场的分布，采用的是等效替代法

B.探究电热与哪些因素有关时，通过液体温度变化反映电流产生的热量，采用的是转

换法

C.研究压力作用效果与压力大小的关系时，保持受力面积不变，采用的是理想模型法

D.研究声音的产生时，将正在发声的音叉与水面接触，水花四溅表明音叉在振动，采

用的是类比法

3.中国古诗词中蕴含了丰富的物理知识，下列说法正确的是（）

A.“月落乌啼霜满天”-霜的形成是凝固现象

B.“雾里山疑失，雷鸣雨未休”-雾的形成是汽化现象

C.“遥知不是雪，为何暗香来”-香气袭来是分子的无规则运动

D.“可怜九月初三夜，露似珍珠月似弓”-露的形成是熔化现象

4.如图所示，图中的甲、乙两个物体处于静止状态。甲、乙两个

物体的密度比P伊：Pz=2：1.质量比血平：壮2=4：5。则

下列说法错误的是（不计绳重、轮重和摩擦）（）

A.滑轮组静止时，甲乙物体受到的合力为零

B.甲、乙两物体的体积比为8：5

C.乙对水平地面的压力和乙的重力之比为3：5

D.乙对水平地面的压力和绳子的拉力之比为3：2

5.如图所示，水平桌面上有甲、乙两个相同容器，分别装有密度为Pl、P2的两种不同

液体，将两个相同的小球分别放在两容器中，小球静止时，两容器液面相平，两个

小球受到的浮力分别为Fl、F2,则下列判断中（）

①&>尸2

②Pi>p2

③甲容器底部受到液体的压强大于乙容器底部受到液体的压强

④甲容器对桌面的压力小于乙容器对桌面的压力

A.只有②③正确B.只有①②正确

C.只有③④正确D.只有①③④正确

A.天平不倾斜

B.向左盘倾斜

C.向右盘倾斜

D.无法判断

7.如图所示的串联和并联电路，两个灯泡阻值不等，开关S闭合，关于电路中的电流

或电压关系，下列说法正确的是（）

甲乙

A.甲电路中，U=%=%B.甲电路中，U>（J]=比

C.乙电路中，/=。+/2D.乙电路中，1>L=12

8.某同学利用如图中所示的电路进行实验，电源电压恒为3伏，更换5个定值电阻&,

得到如图乙所示的图象。以下有关叙述正确的是（）

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A.该同学研究的是电流和电压的关系

B.实验中电压表的示数保持0.5伏不变

C.滑动变阻器阻值变化范围为1欧〜5欧

D.将％从5欧换成10欧后，应将滑片P向左移

9.如图，电源电压恒为4.5U,团的量程为“。〜0.64”，团的量

程为“0〜3V"，灯泡上标有“2.5V1.25""（不考虑灯丝电

阻变化），滑动变阻器R的规格为“20。14”。闭合开关，在

保证电路安全的情况下，移动滑片P的过程中（）

A.回的示数最大为0.64

B.灯泡消耗的最小功率为0.12W

C.电路消耗的最大总功率为2.7皿

D.滑动变阻器接入电路的最小电阻为40

10.如图所示，通过开关的通断来研究电路连接和电路故障

等问题，下列说法正确的是（）

A.断开S1和$3,闭合S2时，&和/?2并联

B.断开Si和53,闭合Sz时，电压表测量电源电压

C.断开S2，闭合S1时S3,%和/?2串联

D.断开S1，闭合S2时S3，/?2被短路

二、填空题（本大题共11小题，共22.0分）

11.声音的传播需要介质。正在传声的介质处于（填“振动”或“静止”）状态;

当声音从空气进入水中传播时，声速（填"会”或“不会”）发生变化。

12.目前青少年近视现象十分严重，应加强用眼保护，

图中表示近视眼成像示意图的是_____图，应配戴

镜制成的眼镜矫正。

13.如图所示，长为40cm、重为10N的匀质杠杆可绕着。点转动,

作用在杠杆一端且始终与杠杆垂直的力F,将杠杆缓慢地由与

水平方向夹角为30。的位置拉至水平位置（忽略摩擦阻力），在

这个过程中，力F的大小将（选填“增大”、“不变”或“减小”），力F所做

的功为______Jo

14.如图甲所示，一个装有适量水的烧杯放置在水平桌面上，将

一装满水的小试管（管壁厚度不计）倒扣在水中。对小试管施

加一个竖直向上的拉力F,使其缓慢上升到如图乙所示位置。

在此过程中，小试管中一直充满水，这是由于的作用，试管口中心的压强

的功为_____•/.（各部分长度如图）

16.如图是某调光灯的电路图，灯泡L标有“24V12W”的字样，d।।©

闭合开关，当滑片/移至a端时，灯泡恰能正常发光，当滑片P

移至b端时，灯泡的实际功率只有额定功率的;，则灯泡正常

发光时的电流是A,电路中滑动变阻器的电阻是0,电路消耗的最

小功率为W（设电源电压和灯丝电阻恒定不变）.

17.如图所示电路中、电源电压保持不变，/?2是定值电阻，当

开关S闭合时，将滑动变阻器灯的滑片P向右移动时电压表的示数将

.电流表的示数将。（选填“变大”、“变小”或“不

变”）

18.电阻％与/?2的/一u图象如图所示。当灯上的电压为L5U时，/?2的阻值是_____小

若将它们并联连接到电压为2.51/的电源上，则干路的电流是4。

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19.如图所示的电路中，电源电压保持不变。只闭合开关SI时，％两端的电压为I/1，电

压表匕与%的示数之比为3：2；若只闭合开关S2时，％两端的电压为“，电压表匕

与眩的示数之比为4：3,则%与此的电阻之比为，电压％与“之比为

20.如图所示，将规格相同的小灯泡按照甲、乙两种连接方式接入电压均为U且保持不

变的电路中，通过分别调节滑动变阻器％和/?2使所有灯泡均正常发光，则甲、乙两

电路中的总电流之比/*：I乙=,电路的总功率之比P尹：P乙=。

21.一台单缸四冲程汽油机飞轮转速是1200r/min,它在每秒钟内完成了个冲程,

做了次功，做功冲程工作时，推动活塞一次做功1500/,那么，这台汽油机

的功率为kW.

三、作图题(本大题共2小题，共6.0分)

22.如图所示，由水中折射出的一条光线时照射到凹透镜上，光线ab与凹透镜的主光

轴平行，其中尸为凹透镜的焦点，。为光心。请画出：

(1)折射光线ab在水中的入射光线。

(2)水中入射光线在水面发生反射时的反射光线。

(3)光线ab通过凹透镜后的折射光线。

23.请标出图中通电螺线管外部磁感线的方向，小磁针的N极和电源的“+”极。

四、实验探究题(本大题共2小题，共13.0分)

24.如图1所示，用微小压强计探究液体内部压强的特点。9盐水》P4

图1

(1)实验中，将液体内部的压强大小转换为用U型管两侧液面的.来表示。

(2)为了使实验现象更明显，U形管中的液体最好用(选填“有色”或“无

色”)。

(3)将探头放在图2所示液体内部的4、B位置，观察到U型管两侧液面的高度差狐＞

hA,经过多次实验观察到同样的现象，这说明同种液体内部的压强随的增加

而增大。

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(4)将探头放在图2中所示液体内部等深的8、C位置，观察到U型管两侧液面的高度

差屹丽(选填或“>”)，这是为了研究液体压强与液体

关系。

(5)由以上实验可知图2所示液体内部A、B、C、D四个位置压强最大的是位置。

25.小明、小红和小亮在做“探究影响导体的电阻大小因素”实验时，做出了如下猜想。

猜想一：导体的电阻可能与导体的长度有关。

猜想二：导体的电阻可能与导体的横截面积有关。

猜想三：导体的电阻可能与导体的材料有关。

实验室提供了4根电阻丝，其规格、材料如表格所示:

编号材料长度(m)横截面积(77162)

A银辂合金0.251.0

B银铭合金0.501.0

C锲铝合金0.252.0

D镒铜合金0.251.0

(1)如图所示电路，闭合开关后，在M、N之间分别接上不同导体，通过观察相关现

象来比较导体电阻大小，小明、小红和小亮对图中的电路设计提出了自己的观点：

小明认为：电流表的多余的，观察灯泡的亮度就可以判断导体电阻的大小。

小红认为：灯泡的多余的，根据电流表示数的变化就可以判断导体电阻的大小。

小亮认为：灯泡和电流表同时使用更好，因为灯泡可以保护电路，从而防止烧坏电

流表。

你赞同(选填“小明”、“小红”或“小亮”)的观点。

(2)为了验证猜想二，可依次把N跟(选填“4、B、C、。")的两端相连，

闭合开关，记下电流表的示数，分析比较这两根电阻丝电阻的大小。

(3)依次把M、N跟电阻丝4、B两端连接，闭合开关，电流表的示数不同，分析比

较A、B两根电阻丝电阻的大小，可探究电阻跟的关系，其结论是o

(4)小丽在探究同样的课题时，手边只有一根电阻丝，那么，她利用这根电阻丝和

上述电路，不能够完成猜想(选填“一”、“二”或“三”)的实验验证。

(5)除转换法外，该实验主要用到的物理研究方法是。下列4个实验中没有用

到此方法的是

4探究电流与电压、电阻的关系实验B.探究影响压力作用效果的因素实验

C.探究平面镜成像的特点实验。.探究影响摩擦力大小的因素实验。

五、计算题(本大题共2小题，共14.0分)

26.如图是工人将重160N的物体匀速放下的过程，已知物体下降

的距离为3m,用时3s,工人的拉力为50N,工人质量为50kg。

(物体未浸入水中，且不计绳重及摩擦)

(1)求工人放绳的速度。

(2)求滑轮组的效率小

(3)如果物体完全浸没水中后滑轮的机械效率为牡，已知小：

r)2=4：3(物体在水中仍匀速下降，动滑轮不会浸入水中且不计绳重及摩擦，g=

10N/kg)。求当物体完全浸没水中后，工人对地面的压力。

如图所示电路中，电源电压6V不变，/?!=10P,滑动变

阻器氏2的规格为“30014”，小灯泡L的额定电压为5V,

电流表的量程(0〜0.64或0〜34)。只闭合S2时，L两端

电压为3V。(不考虑温度对灯丝电阻的影响)，求：

(1)灯丝电阻。

(2)只闭合S3时，调节变阻器连入电路的阻值使小灯泡

L正常发光。则变阻器1九内消耗的电能。

(3)闭合三个开关，为保证电路元件安全，电路总功率的变化范围。

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答案和解析

1.【答案】B

【解析】解：月、15久时空气中的声速是340m/s,故A正确；

以“低声细语”中的“低”是指声音的响度，故8错误；

C、将要上钩的鱼，会被岸上的说话声吓跑，声音是通过空气和水传给鱼的，因此说明

了声音可以在液体、气体中传播，故C正确；

。、用大小不同的力先后敲击同一琴弦，振幅不同，所以音叉发声的响度会不同，故。

正确。

故选：B。

(1)声音的传播速度与介质和温度有关。

(2)响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关。

(3)声音的传播需要介质，固体、液体、气体都能够传声，真空不能传声。

(4)响度与振幅有关，振幅越大，响度越大。

本题考查了声速、声音的传播、音调响度和音色的区分，属于基础知识的考查，相对比

较简单。

2.【答案】B

【解析】解：2、研究磁场时，为形象地描述磁场的特点和分布规律，引入“磁感线”，

采用的是模型法。故A错误；

3、电流产生热量不能直接观察。在探究电热与哪些因素有关时，通过液体温度变化反

映电流产生的热量，采用的是转换法。故B正确；

C、研究压力作用效果与压力大小的关系时，保持受力面积不变，采用的是控制变量法。

故C错误；

。、研究声音的产生时，将发声的音叉与水面接触，水花四溅表明音叉在振动，采用的

是转换法。故。错误。

故选：B。

①通过模型来揭示原型的形态、特征和本质的方法称为模型法；

②物理学中对于一些看不见摸不着的现象或不易直接测量的物理量，通常用一些非常

直观的现象去认识或用易测量的物理量间接测量，这种研究问题的方法叫转换法；

③控制变量法：物理学中对于多变量的问题，常常采用控制变量的方法，把多因变量

的问题变成多个单变量的问题；每一次只改变其中的某一个变量，而控制其余几个变量

不变，从而研究被改变的这个变量对事物的影响，分别加以研究，最后再综合解决的方

法；

④类比法也叫“比较类推法”，是指由一类事物所具有的某种属性，可以推测与其类

似的事物也应具有这种属性的推理方法。

物理研究有很多科学的方法，选择正确的研究方法是保证探究成功的基础。

3.【答案】C

【解析】解：4、霜是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的冰晶，故A错误；

8、雾是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，故B错误；

C、组成物质的分子永不停息地做无规则运动，所以在较远的地方也能够闻到梅花的香

气，故C正确；

。、露是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，故及错误。

故选：C。

(1)在一定条件下，物体的三种状态-固态、液态、气态之间会发生相互转化，这就是物

态变化。物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变

为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝

固；

(2)分子在永不停息地做无规则运动。

此题考查了物态变化和分子动理论的应用，抓住关键字词，确定考查的知识点，是解答

此类问题的关键。

4.【答案】B

【解析】解：

4、滑轮组静止时，甲乙物体都处于静止状态，受到的合力都为零，故A正确；

mm甲m乙4

B、由题知I,P/Pz=2：1,m平：=4:5,由p=7可得，V平：=募；力=/

1=2：5,故B错误；

C、甲、乙重力之比，G甲:G乙甲g：m乙g=m甲:mI=4：5,则Gz=：G/；

由图知，n=2,乙受到的拉力产投=；G尹=：G尹，

「拉=的甲-甲,

乙对地面的压力产江=GF3Glp=%

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乙对水平地面的压力和乙的重力之比尸星Gz=：G尹：/=3：5；

乙对水平地面的压力和绳子的拉力之比尸庆：F拉=讨甲:|G9,=3：2；故CO正确。

故选：Be

(1)物体处于静止状态，受力平衡，受平衡力，合力为0;

(2)知道甲、乙物体的质量比、密度之比，利用了=£求体积之比；

(3)利用G=mg求甲、乙的重力之比，由图知，n=2,乙受到的拉力等于甲的重力的;；

乙对地面的压力等于乙的重力减去拉力：据此可求乙对水平地面的压力和乙的重力之比、

乙对水平地面的压力和绳子的拉力之比。

本题综合考查了重力公式、密度公式的应用，使用滑轮组时拉力的计算，本题的关键是

物体乙受拉力的计算。

5.【答案】A

【解析】解：

①因为物体漂浮或悬浮时，受到的浮力和自身的重力相等，所以两个相同的小球在两

杯中受到的浮力都等于小球的重力，则：F1=F2,故①错误；

②由图可知，小球在甲、乙两杯中分别处于漂浮和悬浮状态，根据浮沉条件可知，pi>

P球,P2=P$所以Pi>「2，故②正确；

③两杯中液面相平,Pi>P2,所以根据P=P拗g九可知，烧杯底受到液体的压强:PI>p2,

故③正确。

④由于两球漂浮或悬浮，排开液体的重力等于球的重力，则两种情况下容器内的总重

力等于等高的液体产生的压力，所以可以认为甲杯内液体的体积等于乙杯内液体的体积,

且P1>P2,由6=爪9=0〃9可知，甲杯内总重力较大，甲、乙两烧杯相同，所以甲杯

对桌面的压力较大，故④错误：

由此分析可知：只有②③正确。

故选：4。

(1)根据物体浮沉条件判断小球在两种液体中所受浮力与其重力的关系，进而得出小球

在两种液体中所受浮力的大小关系；

(2)根据小球在甲、乙两杯中的状态判断两种液体与小球的密度关系，进而得出两种液

体的密度关系；

(3)利用P=P及比较甲、乙两烧杯底受到液体的压强大小；

(4)根据两烧杯对水平桌面的压力等于烧杯、液体和小球的重力之和判断两烧杯对桌面

的压力大小。

本题考查了物体浮沉条件和压强公式的应用，一定要掌握物体浮沉情况与密度的关系，

同时要搞清不同状态下(漂浮、悬浮)物体所受重力与浮力的大小关系。

6.【答案】A

【解析】解：木块漂浮在水面上，浮力等于重力，即尸浮=G：

根据阿基米德原理产浮=G排,

所以G=G排,即木块的重力等于排开水的重力；

所以有木块和没有木块的盛满水的桶一样重，故天平平衡，故A正确。

故选：4。

根据阿基米德原理F浮=G拼和物体的浮沉条件分析解答。

本题考查了阿基米德原理和浮沉条件的应用，难度不是很大。

7.【答案】C

【解析】解：

4、甲电路中，两个灯泡首尾相接，则两个灯泡串联，串联分压，即(7=%+〃2,故A

错误；

B、甲电路中，因为两个灯泡阻值不等，所以根据串联分压规律可知Ui*”,故B错误；

C、乙电路中，电流从电源正极出发后，分别经过灯泡人、5,然后汇合回到电源的负

极，所以两个灯泡并联，并联电路中干路的电流等于各支路电流之和，即/=/1+%，

故C正确，

D、乙电路中，因为两个灯泡阻值不等，所以根据并联分流规律可知A二与，故。错误。

故选：C。

(1)把几个用电器首尾相接，连入电路就是串联。把几个用电器首首相接，尾尾相接，

再连入电路，就是并联，

(2)串联分压U=Ui+U2，并联分流即/=/i+/2。

对于这类题目，要根据题意的开关组合，结合串并联电路的特点，判断出电流的流向，

从而判断电路的连接状态。

8.【答案】C

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【解析】

【分析】

A、研究电流和电压的关系时，要控制电阻不变；

B、由图乙求出电流与电阻之积分析；

C、由图乙知，电流为0.5A时，对应的电阻为50:电流为0.14时，对应的电阻为

250,根据欧姆定律和串联电路的规律求出变阻器连入电路中的电阻变化范围；

D、根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，当换

上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原

理确定滑片移动的方向。

本题考查串联电路的规律和欧姆定律及控制变量法的运用，综合性较强。

【解答】

4、研究电流和电压的关系时，要控制电阻不变，由图乙知，电阻是变化的，故A错

误；

B、由题意和图象可知，该同学研究的是电流和电阻的关系，实验中要控制Rx两端的

电压不变（即电压表示数不变）；

由图乙知，电流与电阻之积（即Rx两端的电压）：U=1RX=0.5Ax50=0.14x

250=2.5U,即电压表保持2.5伏不变，故B错误：

C、由图乙知，电流最大为0.5/1时，对应的电阻为50,根据欧姆定律和串联电路的

规律，变阻器连入电路中的电阻：

U3V

R滔1=R总一%=厂一%=前一5°=；

由图乙知，电流最小为0.14时，对应的电阻为250,根据欧姆定律和串联电路的规

律，变阻器连入电路中的电阻：

R济2=『&=『2=含-25°=5°；

所以，滑动变阻器阻值变化范围为1欧〜5欧，故C正确；

D、根据串联分压原理可知，将定值电阻由50改接成ion的电阻，电阻增大，其分

得的电压增大（大于2.5V）；

探究电流与电阻的实验中应控制电阻两端的电压不变，由分压原理，应增大滑动变阻器

连入电路中的电阻，所以滑片应向右端移动，故D错误。

故选：CO

9.【答案】D

【解析】解：由电路图可知，灯泡与滑动变阻器R串联，电压表测灯泡两端的电压，电

流表测电路中的电流。

(1)由2="可得，灯泡的额定电流：

〃=*=翳=0.54故A错误；

因串联电路中各处的电流相等，且电流表的量程为0-0.64滑动变阻器允许通过的最

大电流为14,

所以，电路中的最大电流/大=。-54,此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，电路消

耗的总功率最大，

由/=£可得，灯泡的电阻和电路的总电阻分别为：

R『圻怒=50,U弋备犯

因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，

所以，滑动变阻器接入电路中的最小阻值：

R/=R总—&=90-5°=40,故O正确；

电路消耗的最大总功率：

=UI^=4.5Vx0.5A=2.251V,故C错误；

(2)当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，灯泡消耗的电功率最

小，

因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，

所以，电路的最小电流：

(J45P

1=5=而痴=。184，

则灯泡消耗的最小功率：

PL小=仁、&=(0.184)2*5。=0.162WZ,故B错误。

故选：Do

由电路图可知，灯泡与滑动变阻器R串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中

的电流。

(1)根据P=U/求出灯泡的额定电流，然后与电流表的量程和滑动变阻器允许通过的最

大电流相比较确定电路中的最大电流，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，电路消

耗的总功率最大，根据欧姆定律求出灯泡的电阻和电路的总电阻，利用电阻的串联求出

滑动变阻器接入电路中的最小阻值，根据P=U/求出电路消耗的最大电功率；

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(2)当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，灯泡消耗的电功率最

小，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，再根据尸=/2R求出灯泡消耗的最

小功率。

本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，正确的判断电路中的最大

电流和最小电流是关键。

10.【答案】D

【解析】解：

AB,由图可知，当断开S1和S3,闭合S2时，电流只有一条路径：正极T电流表TRiTR2T

S2一负极，所以R1与7?2为串联；此时电压表并联在％两端，则电压表测量R1两端电压，

故AB错误；

C、断开S2,闭合Si时S3,电流从正极出发经电流表分两支：一支经过Si-/??，另一支

经过R1，然后汇合经S3回到电源负极，所以此和并联，故C错误；

D、由图可知，断开S1，闭合S2时S3,电流只有一条路径：正极T电流表T&TS3T负

极，&被短路，故O正确；

故选：

(1)串联电路电流只有一条路径，电流依次经过各用电器从正极回到电源负极；并联电

路电流有多条路径，分别经过各用电器从电源正极回到负极；

(2)短路分为电源短路和用电器短路，电源短路是指用导线直接将电源两端相连；而用

电电器短路是指用一根导线将某个用电器的两端连接起来，使电器两端的电压为零。

本题考查了学生识别串、并联电路的能力，电路的识别一般就从电流路径上分析，只有

一条路径的是串联，有多条路径的是并联。

11.【答案】振动会

【解析】解：

声音是由物体振动产生的，故正在传声的介质处于振动状态；

声音在三种不同介质中的传播速度是不同的，在固体中传播最快，液体中次之，气体中

传播最慢；声速还与温度有关；当声音从空气进入水中传播时，声速会发生变化。

故答案为：振动；会。

解决此类问题要知道声音是由物体的振动产生的；声音的传播需要介质，声音在真空中

不能传播，在不同的介质中的传播速度不同。

本题考查了声音的产生和传播的有关知识，属于识记性内容，比较简单。

12.【答案】甲凹

【解析】解：远视眼成因：眼球晶状体的曲度过小，远处物体反射来的光线通过晶状体

折射后形成的物像，就会落在视网膜的后方造成的，则乙是远视眼的成因。

近视眼成因：眼球晶状体的曲度过大，远处物体反射来的光线通过晶状体折射后形成的

物像，就会落在视网膜的前方造成近视眼。

由图可知，甲是近视眼的成因；因凹透镜对光线有发散作用，所以近视眼应该配戴凹透

镜才能看清远处的物体。

故答案为：甲；凹。

本题要抓住近视眼成因：远处物体反射来的光线通过晶状体折射后形成的物像，就会落

在视网膜的前方造成近视眼。近视矫正方法，需佩戴凹透镜。

远视眼成因，远处物体反射来的光线通过晶状体折射后形成的物像，就会落在视网膜的

后方造成的。远视矫正方法，需佩戴凸透镜

本题主要考查学生对近视眼和远视眼的成因，以及矫正方法的理解和掌握，是一道基础

题，也是中招的热点。

13.【答案】增大1

【解析】解：

(1)在杠杆缓慢地由与水平方向夹角为30。的位置拉至水平位置的过程中，动力臂L的长

度没有变化，阻力G的大小没有变化，而阻力臂L却逐渐增大；

由杠杆的平衡条件知：F1=GU',当L、G不变时，//越大，那么F越大，因此拉力尸在

这个过程中逐渐增大；

(2)物体重心上升的高度无=-Lsin300=-X40cmx-=10cm—0.1m,

拉力做的功W=Gh=10/Vx0.1m=1/。

故答案为：增大；1。

(1)根据杠杆平衡条件来做出分析；

(2)根据九=讥30。求出物体重心上升的高度，再根据W=G九求出克服重力做的功，

即为拉力做的功。

此题主要考查的是学生对杠杆平衡条件和功的计算公式的理解和掌握，明白拉力做的功

第16页，共27页

就是克服重力做的功是解决此题的关键。

14.【答案】大气压变小

【解析】解：因为大气压能支持10米多高的水柱，因此在对小试管施加一个竖直向上的

拉力F，使其缓慢上升过程中，小试管中一直充满水，

由甲到乙液面到试管口的深度减小，由「=。9九可知，液体对试管口的压强变小，外面

大气压不变，试管口中心的压强是等于大气压加上液面到试管口的压强，则在此过程中，

试管口中心的压强变小。

故答案为：大气压；变小。

(1)大气压能支持10米多高的水柱，据此分析；

(2)试管口中心的压强是大气压加上液面到试管口的压强，由甲到乙液面到试管口的深

度减小，由「=。9八分析。

此题涉及到大气压的综合应用和液体压强的特点，难易程度适中。

15.【答案】0.40.15

【解析】解：木块浸没在水中，受到的浮力：

小浮=Pg4#=10x103kg/m3xION/kgx1x10-4m3=IN。

绳子的拉力F=尸浮—G=IN-0.6N=0.4N,

剪断轻绳后，木块上浮,木块从开始上浮到刚要露出水面的过程中，上升高度h=0.15m,

则浮力所做的功皿=F浮h=INx0.15m=0.15/。

故答案为：0.4；0.15o

(1)已知木块浸没在水中，由尸浮=P9曝可求得浮力，再利用F投+G=F浮可求得绳子

的拉力；

(2)木块从开始上浮到刚要露出水面的过程中，浮力所做的功卬=F浮九。

此题考查功的计算和浮力的大小计算，明确木块从开始上浮到刚要露出水面的过程中，

上升高度无=0.15m是解答最后一问的关键。

16.【答案】0.5；48；6

【解析】解：(1)由电路图可知，闭合开关，当滑片P移至a端时，电路为灯泡L的简单电

路，

•••灯泡正常发光，

电源的电压U=UL=24V,

vP=UI,

•••灯泡正常发光时的电流：

.=乜=比=0.54

LUL24V'

(2)根据欧姆定律可得，灯泡的电阻：

R=三="=480,

LIL0.5A

当滑片位于b端时，灯泡与滑动变阻器的最大阻值串联，此时电路中的电流最小，

•••灯泡的实际功率只有额定功率的;，

4

此时灯泡的实际功率PJ==；x12IV=3W,

•••串联电路中各处的电流相等，

••・根据P=JR可得，电路中的电流：

/=//=陛=呼=0.254,

L

A/RLN48。

电路中的总电阻：

/?=-=-=96/2,

/0.254

•••串联电路中总电阻等于各分电阻之和，

•・・滑动变阻器的最大阻值：

R滑=R—RL=96/2—48。=48/2,

电路消耗的最小功率：

Pmin=UI=24VX0.254=6W.

故答案为：0.5；48；6.

(1)由电路图可知，闭合开关，当滑片P移至a端时，电路为灯泡L的简单电路，根据灯泡

正常发光时的电压和额定电压相等可知电源的电压，根据P=U/可知正常发光时的电流;

(2)根据欧姆定律求出灯泡的电阻，当滑片位于b端时，灯泡与滑动变阻器的最大阻值串

联，根据题意求出灯泡的实际功率，根据P=〃R求出电路中的电流，利用欧姆定律求

出电路中的总电阻，利用电阻的串联求出滑动变阻器的最大阻值；再根据P=U/求出此

时电源的总功率即为电路消耗的最小功率.

本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是知道灯泡正常

发光时的电压和额定电压相等.

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17.【答案】变小不变

【解析】解：由电路图可知，&与/?2串联，电压表测滑片右侧电阻丝和&两端的电压

之和，电流表测电路中的电流，

因电压表的内阻很大、在电路中相当于断路，

所以，滑片移动时接入电路中的电阻不变，电路中的总电阻不变，

由/=£可知，电路中的电流不变，即电流表的示数不变；

将滑动变阻器％的滑片P向右移动时，滑片右侧部分电阻丝的阻值变小，

由〃=//?可知，滑片右侧电阻丝和a两端的电压之和变小，即电压表的示数变小。

故答案为：变小；不变。

本题考查了电路的动态分析，涉及到滑动变阻器和欧姆定律的应用，利用好电压表的内

阻特点判断出滑片移动时接入电路中的电阻不变、但电压表的示数变化是关键。

18.【答案】100.7

【解析】解：电阻的函数图象是一条过原点的曲线，所以通过的电流跟它两端所加电

压不成正比。

当3=1.5,时，通过它的电流/2=0-154,由欧姆定律可得：/?2=华=悬=100;

电阻a的函数图象是一条过原点的直线，所以通过的电流跟它两端所加电压成正比。

当Ui=lU时，通过它的电流人=0.24由欧姆定律可得：RI=£=言=5。；

将它们并联连接到两端电压为2.5V的电路中时，由图象中可知：%电流为

通过长的电流：//=»=答=0.54,

KioJz

则通过干路的电流大约是0.2A+0.54=0.74。

故答案为：10;0.7,

(1)由图象可知，%阻值是变化的，则通过它的电流与它两端所加电压就不成正比。由

欧姆定律计算&的电阻值；

(2)并联电路各支路两端的电压相等，通过干路的电流可通过图象直接读出各自的电流,

然后求和。

本题考查图象的分析能力，注意掌握图象中的曲线表示的特点，并会从中读取数据。

19.【答案】2：38：9

【解析】解：

由电路图可知，只闭合开关S1时，电阻R。、&串联，电压表匕测电源电压，电压表/测

灯两端的电压，

已知电压表匕与彩的示数之比为3：2,

则有：u^=2'----①

由串联电路的电压规律和串联分压规律可得，&、&的电阻之比：

R_U_U-U,_3-2_1小

%a%0Ui22②

只闭合开关S2时，电阻Ro、串联，电压表匕测电源电压，电压表彩测/?2两端的电压,

电压表匕与彩的示数之比为4：3,

则有：卷=三-----③

由串联电路的电压规律和串联分压规律可得，R。、8的电阻之比：

«0=£0=£-^=4-3=1..一一⑷

R2u2U233」

联立②④可解得：氏=瑞=|。

联立①③可解得：母线4

出-U9

故答案为：2：3；8：9。

由电路图可知，只闭合开关Si时，电阻凡、右串联，电压表匕测电源电压，电压表彩测

%两端的电压，

根据串联电路电压规律和串联分压求出&与&以及/与U的关系；

同理，只闭合开关S2时，电阻R。、R2串联，电压表匕测电源电压，电压表彩测/?2两端的

电压，

根据串联电路电压规律和串联分压求出R2与Ro以及力与U的关系；进而得出％与/?2的电

阻之比以及电压Ui与4之比。

本题主要考查串联电路的电压特点和串联分压规律的应用，关键会分析电路和判断电压

表所测的电压即可正确解题，难度不大。

20.【答案】1：21：2

【解析】解：由题意可知，小灯泡的规格都相同，设每个小灯泡正常发光时的电流均为

I.

①甲图中，两灯泡和滑动变阻器治串联，

因串联电路中各处的电流相等，所以，当两灯泡均正常发光时，电路中的电流/用=/,

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则电路的总功率：PUIfp=Uxl=UI-

②乙图中，乙图中两灯并联后与变阻器&串联，

因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，所有灯泡均正常发光时，干路电流

为，Z=21,

则电路的总功率：Pz="z=UX2/=2UI.

则甲、乙两电路中的总电流之比/用：，2=/：2/=1：2；

甲、乙两电路的总功率之比为P尹：P乙=UI：2U1-1：2。

故答案为：1：2；1：2。

规格相同小灯泡正常发光时的电流相等，甲图中两个灯泡和滑动变阻器治串联，根据串

联电路的电流特点求出电路中的电流，利用P=U/表示出电路的总功率；

乙图中两个灯泡并联后再与滑动变阻器串联，根据并联电路的电流特点求出干路电流，

根据P=U/表示出电路的总功率；

然后求出甲、乙两电路的总电流之比和总功率之比。

本题考查了串联和并联电路的电流特点以及电功率公式的应用，知道规格相同的灯泡正

常工作时电流相等，正确分析电路的连接方式是解题的关键。

21.【答案】401015

【解析】解：(1)飞轮转速是1200r/m讥=20r/s,表示每秒飞轮转动20圈，完成10个

工作循环，要经过40个冲程，对外做功10次。

(1)做功冲程工作时，推动活塞一次做功1500/,1s做功匹=1500/X10=15000/,

这台汽油机的功率为P=-=坨2=15000UZ=15kW

tIs

故答案为：40；10；15o

热机完成一个工作循环，要经过4个冲程，燃气对外做功1次，活塞往返2次，飞轮转动2

周，根据这个比例关系可以求出答案。

解决此题要知道在四冲程内燃机曲轴转一圈，完成2个冲程，1个工作循环中包括4个冲

程并对外做功1次，记住相关数据是解题的关键。

22.【答案】解：(1)入射光线平行于主光轴，所以该光线经凹透镜折射后，其折射光线

的反向延长线过焦点。

(2)根据光路的可逆性可知，斜射入水中的光线，经过水面后，折射小于入射角，故先

做出发现，然后做出入射光线，如图:

【解析】(1)光的折射规律：折射光线与入射光线和法线在同一平面内；折射光线与入

射光线分居法线两侧；当光从空气斜射入水里或其它透明介质中时，折射光线向法线方

向偏折，折射角小于入射角。

(2)在作凸透镜或凹透镜的光路图时，先确定所给的光线的特点再根据透镜的光学特点

来作图。

(1)此题考查了对折射光线的画法，关键是记熟光的折射定律，搞清折射角与入射角的

关系。

(2)凹透镜三条特殊光线的作图：①延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行

于主光轴。②平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点。

③过光心的光线经凹透镜折射后传播方向不改变。

23.【答案】解：由图可知，电磁铁的右侧为N极，左侧为S极，由安培定则可知，电流

由右侧流入，左侧流出，故电源右侧为正极；由磁极间的相互作用可知小磁针右侧为N

极，左侧为S极；通电螺线管外部磁感线由N极指向S极：故答案如图：

【解析】根据螺线管的极性利用安培定则电流的方向，则可知小磁针的指向及磁感线的

方向。

安培定则内容为：用右手握住螺线管，四指指向电流方向，大拇指所指的方向为N极方

向。

24.【答案】高度差有色深度>密度。

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【解析】解：(1)压强计的工作原理是；橡皮膜受到压强时，U形管内两边液面出现高度

差，两侧液面高度差反映了探头受到的压强大小，采用的是转换法；液体压强越大，两

侧液面高度差也越大；

(2)为了使实验现象更明显，U形管中的液体最好用有色液体；

(3)将探头放在图2所示液体内部的4、B位置，观察到U型管两侧液面的高度差加>也，

探头慢慢下移，深度变大，发现U型管两边液面的高度差逐渐增大，故结论为：深度越

深液体压强越大；

(4)将探头放在图2中所示液体内部等深的B、C位置，观察到U型管两侧液面的高度差

hc>hB,在相同的深度时，探头在浓盐水时U型管两边液面的高度差增大了，即压强变

大了，故结论为：在深度相同中，液体密度越大，压强越大。这是为了研究液体压强与

液体密度关系；

(5)。点位于密度大，深度大的位置，故该点液体压强最大。

故答案为：(1)高度差；(2)有色；(3)深度；(4)>；密度;(5)0。

(1)压强计的工作原理是；橡皮膜受到压力时，U形管内两边液面出现高度差，两边高度

差表示压强的大小，压强越大，液面高度差也越大；

(2)为了使实验现象更明显，U形管中的液体最好用有色液体；

(3)(4)(5)液体内部向各个方向都有压强，深度越深压强越大，液体压强的大小还与液体

的密度有关；根据控制变量法解答。

此题主要考查的是液体内部压强的规律，注意转换法、制变量法在实验中的运用，液体

压强是中考必考的一个知识点，需要掌握。

25.【答案】小亮力、C导体的长度当材料和横截面积相同时，导体越长电阻越

大三控制变量法C

【解析】解：

(1)在M、N之间分别接上不同的导体，则通过观察电流表示数来比较导体电阻的大小，

同时灯泡可以保护电路，从而防止烧坏电流表，故小亮的观点正确：

(2)要验证猜想二：导体的电阻可能与导体的横截面积有关，应控制导体的材料、长度

均相同而横截面积不同，由表中数据可知，应选编号为4、C的两根电阻丝进行实验；

(3)4、B两根电阻丝材料相同、横截面积相同，长度不同，可以探究导体的电阻与导体

的长度的关系；

分别将4和B两电阻丝接入电路中M、N两点间，电流表示数不相同，由此，初步得到的

结论是：当材料和横截面积相同时，导体越长电阻越大；

(4)要探究电阻大小与导体材料的关系时，需保证电阻丝的长度、横截面积相同，材料

不同，小丽在探究同样的课题时，手边只有一根电阻丝，那么，她利用这根电阻丝和上

述电路不能完成对猜想三的实验验证；

(5)本实验除运用转换法外，该实验主要用到的物理研究方法是控制变量法；

A.因为电流与电压、电阻都有关系，在探究电流与电压、电阻的关系实验中运用了控制

变量法；

B.压力的作用效果跟压力大小、受力面积有关，在探究影响压力作用效果的因素实验中

运用了控制变量法；

C.在探究“平面镜成像特点”实验中用到的是等效替代法；

。.摩擦力的大小与压力、接触面的粗糙程度有关，在探究影响摩擦力大小的因素实验中

运用了控制变量法。

以上4个实验中没有运用控制变量法的是C。

故答案为：(1)小亮；(2)4、C；(3)导体的长度；当材料和横截面积相同时，导体越长

电阻越大；(4)三；(5)控制变量法；Co

(1)电流表串联在电路中，电源电压一定，导体电阻越大，电路电流越小，导体电阻越

小，电路电流越大，可以通过电流表示数大小判断导体电阻大小，根据串联电路的特点

分析小灯泡的作用；

(2)影响导体电阻大小的因素：导体的材料、长度和横截面积，在研究电阻与其中某个

因素的关系时，要采用控制变量法的思想，要研究导体的电阻大小与一个量之间的关系，

需要保持其它量不变。

探究影响电阻大小的因素采用了控制变量法的思想，电阻大小的变化是通过电流表的示

数变化体现的，这里采用了转换法的思想。

26.【答案】解：

(1)物体下降速度为：v=B=饕=lm/s；

因为有4段绳子，所以绳子上升的速度为：。维=4u物=4xlm/s=4m/s；

(2)因为有4段绳子，所以绳子运动距离s=4八=4X3m=12m；

放绳子的有用功：小有G/i=160Nx37n=480/；

放绳子的总功：皿总=Fs=50Nx12m=600/；

滑轮组的效率：小=x100%=鬻x100%=80%；

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(3)物体未浸入水中时，不计绳重及摩擦，动滑轮受到重物对它的拉力、本身的重力、

绳子的拉力，

由F=：(G动+G)可得，动滑轮重力：G动=4F-G=4x50N_160N=40N；

已知〃i：r)2=4：3,

则物体完全浸没水中