2022年高考物理押题预测卷01（河北卷）（全解全析）

2022年高考押题预测卷01【河北卷】

物理♦全解全析

12345678910

CCCCDCABCBCDAD

1.【答案】C

【解析】

运动员在水平面内做匀速圆周运动需要的向心力为

V2

"="一=900N

r

竖直方向受力平衡

FN=mg=500N

所以运动员受到冰面的作用力

尸=依+1*1030N

故选C。

2.【答案】C

【解析】

AB.分析电路图可知，电压表测量的是路端电压，电流表A测量的是回路总电流，电压表丫2测

量的是定值电阻&两端的电压，滑动变阻器左右两部分并联，在滑片由。向匕移动的过程中，井联

总电阻先增大后减小，干路总电流先变小后变大，路端电压先增大后减小，故AB错误；

C.根据

E=U+lr

知电压表Y的示数变化量大小和电流表的示数变化量大小的比值的绝对值等于电源的内阻，•，所以

两表示数变化量大小的比值不变，故C正确；

D.电流表测量的是干路总电流，也是流过%的电流，根据

y匹❷

“IM

可知电压表V2的小数变化量大小和电流表的示数变化量大小的比值不变，故D错误。

故选C正确。

3.【答案】C

【解析】

4点的电场强度为0,圆环上的电荷在A点的电场强度与B点的负点电荷在A点的电场强度等大

反向，即

(2L)24Z,2

根据对称性可知圆环上的电荷在B点的电场强度大小

方向向右；若撤去B点的负点电荷，在C点放置电荷量为2Q的正点电荷时，根据电场的叠加原

理可知B点的电场强度大小

3空-E=^

B1341：

故选C。

4.【答案】C

【解析】

由自由落体公式得

设月球质量为M，月球表面质量为〃?的物体所受重力

-Mm

mg=G—

设月球体积为V

4

3

则月球的密度为

M

p=­

V

联立以上各式得

6h

P=----r

G兀R「

故选C。

5.【答案】D

【解析】

A.细线剪断前，对5分析，有

T+—mg=mgsin0

解得

T=0.\mg

A错误；

B.细线剪断前，对整体分析有

T+T'=2mgsin0

解得

V=\Atng

B错误；

CD.细线剪断瞬间，弹簧弹力不变，整体分析有

2mgsin0—Tr=2ma

对B分析，有

mgsin6—N=ma

解得

N=0.55mg

C错误，D正确。

故选D。

6.【答案】C

【解析】

A.线框匀速通过上方磁场，加速一段距离后，将减速通过下方磁场，两次通过磁场时，克服安培

力做功不同，所以产生的电能不相等。A错误；

B.根据电流公式得

-△©a2B

q=It=H=-----

RR

所以两次通过磁场流过的电荷量相等。B错误；

C.进入上方磁场时，速度为

V|=>/2ga

受力分析有

B2a2vB'a~/--

mg=Bia=——fL=——Q2ga

进入下方磁场时，其速度为

v2=y/Sga

受力分析有

F=Bl'a-mg=^^-m!>^^-^a-mg=mg=md

RR

解得

C正确；

D.因为线框减速通过下方磁场的过程，最小速度不小于通过上方磁场时的速度，所以通过下方磁

场时的时间较短。D错误。

故选C。

7.【答案】A

【解析】

A.设A受到的最大静摩擦力为工.，当A恰好不下滑时

篇X=Mgsind

当B下降到最低点时，A恰好不上滑，弹簧弹力

F=Mgsin0+fnm=2Mgs\n0=Mg

开始时，弹簧处于原长，由静止释放B,B受到向下的重力mg和向上的弹力入，弹力小于重力，

B做加速度减小的加速运动，当机g=依时，B速度最大，B继续向下运动，机g<",B做加速度增

大的减速运动，当B下滑到最低点时，根据简谐振动的对称性，此时弹簧形变量为2x,弹力为

F=2kx=2mg

所以

Mg=2/ng

则M=2m,故A错误，符合题意；

B.B下落一半距离时，弹簧的弹力为E=mg,B的合力为0,则B的速度最大，故B正确，不符

合题意；

C.B下落过程中，对于A、B及弹簧组成的系统，只有重力和弹簧的弹力做功，则系统的械能守

恒，故C正确，不符合题意：

D.根据功能关系，除重力以外的力对物体做功，等于物体机械能的变化，则在B从释放位置运动

到速度最大的过程中，B克服弹簧弹力做的功等于B机械能的减少量，故D正确，不符合题意。

故选A。

8.【答案】BC

【解析】

A.输入端电流不变，根据变压器电流关系可知，电流表示数不变。A错误；

B.向下调节滑动变阻器用的滑动端P时，滑动变阻器的有效电阻增大，在副线圈，其路段电压

将增大。B正确；

C.根据及变压器匝数关系，可知R/的电流一定大于心的电流，所以有R/消耗的功率

一定大于心消耗的功率。C正确；

D.因为副线圈电流不变，电压增大，所以变压器的输出功率增大，而定值电阻Q的功率不变，所

以电源的输出功率一定增大。D错误。

故选BCo

9.【答案】BCD

【解析】

A.一个处于〃=3能级的氢原子，自发跃迁时最多能辐射出二种不同频率的光子（3-2、2-1）,

故A错误；

B.氢原子辐射出一个光子后，从高能级向低能级跃迁，轨道半径减小，根据

知I,电子速率增大，动能增大，又由于氢原子能量减小，则氢原子电势能减小（或根据库仑力做正

功判断也可），故B正确；

C.〃=4能级的氢原子自发跃迁时，辐射光子的能量最大为

Enm=-0.85-（-13.6）=12.75eV

故C正确：

D.用能量为ll.OeV的电子轰击基态氢原子，因为IL0eV>10.2eV,所以能使其跃迁到更高能级，

故D正确。

故选BCDo

10.【答案】AD

【解析】

AB.因为A的最大静摩擦力大于B的最大静摩擦力，所以B相对丝绸向下滑动，A与丝绸一起

向下滑动。A正确，B错误；

CD.对B,有

"mgcosa-mgsina=nuix

解得

a]=0.04g

对A,有

2mgsina-从mgcosa=lma2

解得

a2=0.28g

C错误，D正确。

故选ADo

11.【答案】R'*T）&大于

【解析】

（1）滑动变阻器采用分压接法，为方便操作，滑动变阻器R应选择

（2）根据串并联电路特点得

整理得

则有

解得

6=华6=（"1）&

12

（3）电路测量的电阻是电流表A，和待测电阻号的串联电阻，由于电流表A?的内阻未知，所以实

验测得的电阻值大于真实值。

12.【答案】接通电源释放物块。和物块

b0.7201.68（，％-町屈电+电+/+三）；（町+吗）*彳（叫+吗川

【解析】

（1）实验过程中应先接通电源，再释放物块a和物块。；

（2）由题可知，每相邻计数点间的时间间隔为

T=0.02sx5=0.1s

打下计数点A时物块a和物块b运动的速度大小

=6.00+8.39xjo-m/s。0.720m/s

“2T2x0.1

打下计数点E时物块«和物块b运动的速度大小

&J5.59+l&01x”2m/s=1.68m/s

£2T2x0.1

（3）从打计数点A到E的过程中，物块a和物块6组成的系统减小的重力势能为

A£1>=m2gh-migh=（ni2-my）g（x2+x3+x4+x5）

增加的动能为

△线=g（叫+机2）年_g（肛+^M

⑴Y）

J,四〃"号+里―.（3）%+色

13•【答案】

【解析】

（1）解锁之前a弹簧的压缩量为打，由

(m2+/n,)g=kax,

可得

v_(m2+m3')g

,=^T~

BC到达最高点时，弹簧伸长堤2

mtg=ka^x2

求得

&=维

一&“

此时此时C距地面的高度

H=l+L+x2=l+L+^-

°-°K

（2）解除“B连接后，当B弹簧恢复原长时，C的速度最大为V3,此时B的速度为V2,因为不考

虑重力的影响，BC组成的系统动量守恒，规定C的速度方向为正方向，有

%匕-加2y2=0

此过程中BC和弹簧组成的系统机械能守恒，有

/岐+立田号以/。一"

求得

=Jgh（卜［）

（3）设从解除。与B的连接到C的速度达到最大所用的时间为&,此过程中B和C移动的距离

分别是力2,分有

用匕△广zn2v2Ar=0

即

fn2hy-）%耳=0

且

的+医=（3/）

求得

fly------（I。-/）

?+吗

46_石@m

----rnx=—mm

14.【答案】（1）2m/s,速度与x轴负向夹角为6（）。；（2）（5,0）；（3）1。，（1。

—3m

10）

【解析】

（1）小球做匀速直线运动时受力如图，其所受的三个力在同一平面内，合力为零，有

代入数据解得

v=2m/s

设速度与X轴负向夹角为仇则

tan6=—=5/3

mg

解得

。=60°

（2）撤去磁场，小球在重力与电场力的合力作用下做类平抛运动，设其加速度大小为小小球再

次经过x轴所用的时间为根据牛顿第二定律得

J（口尸+（mg）2=ma

设撤掉磁场后小球在初速度方向上的分位移为X'，则

x'=vt

设小球在重力与电场力的合力方向上分位移为y',则

y'=/

。与的夹角和丫与x轴负向的夹角相同，均为仇又

tan0=—

x'

沿X轴负向位移为S,则

S=J(x¥+(y)2

解得

4>/3

(-华m,0)

所以坐标为

(3)当经过O点时电场强度大小变为且方向竖直向下时，小球受到向上的电场力Eq,

且£q=〃?g,小球在洛伦兹力的作用下做匀速圆周运动，如图。轨道半径设为R,根据洛伦兹力提

供向心力

qvB=-----

R

解得

x轴最远。由于在O点粒子速度与x轴负向夹角6()。，根据几何

知识易知

3=30°

最大距离设为d,则

d=R+Rsin3O°

带入数据，可得

d=0.3m

即经过最高点时的纵坐标

,3

y=a=—m

10

横坐标

x=/?cos30°

带入数据，可得

m

10

（也m」m）

故此位置坐标为ioio

15（1）.【答案】零先增大后减小

【解析】

两分子间的距离从无穷远减小到"的过程中，分子势能一直在减小，说明分子间的作用力表现为引

力，两分子间的距离从“再减小的过程中，分子势能增加，说明分子间的作用力表现为斥力，在分

子间的距离为为时，分子势能最小，分子间的作用力为零；

两个分子之间的分子势能”随分子间距离r的变化关系图线的倾斜程度大小表示分子间作用力的

大小，所以两分子之间的距离由“开始逐渐增大，分子间的作用力先增大后减小。

15（2）.【答案】⑴20cm.（2）2.7J

【解析】

（1）设稳定后管内气柱的长度为对管内封闭气体初态时

Px=Po=76cmHg

Tt=300K

末态时

p2=（76+38）cmHg=l14cmHg

V2=L2S

根据玻意耳定律有

PM=PzK

解得

L,=20cm

（2）设稳定后管内气柱的长度为4

7；=273K

气体发生等压变化，有

匕=匕

T2T3

可得

Ly=18.2cm

水银柱对管内气体做的功

W=P2(『4)S