2021年黑龙江省大庆市中考物理仿真试卷（附答案详解）

2021年黑龙江省大庆市中考物理仿真试卷

1.下列几种估测中，比较符合实际情况的是（）

A.学生用课桌高度约150cm

B.光在真空中的传播速度是3.8x108m/s

C.对人体的安全电压是36P

D.一个标准大气压约1.01x105Pa

2.关于信息传递和能源，下列说法正确的是（）

A.5G通讯技术是利用超声波传递信息

B.在真空中，SG信号比4G信号的传播速度快

C.核能、太阳能都是不可再生能源

D.核电站是利用核裂变所释放的能量发电

3.干冰（固态二氧化碳）具有很好的制冷作用，可用于人工降雨，这是由于干冰在常温

下会迅速变为气体，吸收热量，促使周围水蒸气遇冷凝结成小水滴或小冰晶，小冰

晶下降遇热变成小水滴，从而达到降雨的条件。关于下图“括号”内物态变化名称、

“虚线框”中“吸（放）热”情况的说法正确的是（）

A.图中a是“汽化”，甲是“吸热”

B.图中b是“液化”，乙是“放热”

C.图中c是“升华”,丙是“吸热”

D.图中d是“熔化”，丁是“放热”

4.下列所给的成语，是描述声音响度的是（）

①轻声细语②隔墙有耳③震耳欲聋④娓娓动听

A.①②B.③④C.②③D.①③

5.如图是2021年4月13日奥运会女足亚洲区淘汰赛中我国女足拿下韩国闯进东京奥

运会的场景。关于比赛中的一些现象，下列分析正确的是（）

A.踢出去的足球，其惯性大小随速度的变化而变化

B.踢足球时，脚对足球的作用力使足球发生了形变

C.踢足球时，脚对足球的作用力与足球对脚的作用力是对平衡力

7.如图所示是教材中的情景再现，下列解释不正确的是（）

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用力推墙后人向后运动，说明物体间力的作用是相互的

提着滑板在水平路面上前行，说明人提滑板的力做了功

C.口吹硬币跳越木块，说明气体流速越大的位置压强越小

说明动能和势能可以相互转化

8.电子车票，也称“无纸化”车票，乘客网上购票后，直接通过“刷

身份证”或“扫手机”即可顺利进站。如图甲所示是乘客通过

“刷身份证”进站时的情景，将身份证靠近检验口，机器感应电

9.如图甲所示，将一个边长为10cm,重6N的正方体物块4放入水杯中，静止时物块

漂浮在水面，测得水面以下部分高度为6cm；如图乙所示，在物块4上表面放置一

个物体B,使得物体4恰好完全浸没，g取TON/kg,下列说法中（）

B

甲乙

①甲图中物块4下表面所受水的压强为600Pa

②甲图中物块4所受浮力为6N

③物块4的密度是0.6x103kg/m3

④物体B的重力是4N

A.只有②正确B.只有①③正确

C.只有②④正确D.①②③④都正确

10.如图甲所示，电源电压U恒定，Ro为定值电阻，R为滑动变阻器，闭合开关S,调节

滑动变阻器的滑片P,两电压表匕、彩的示数随电流表示数变化的图象如图乙所示，

则()

A.图乙中“ac”段表示电压表匕的示数随电流表示数变化的图象

B.电源电压U=3.0K

C.定值电阻&=240

D.调节滑月P的过程中，滑动变阻器R的最大电功率为0.375小

11.小明从网上购得制作电铃的实验器材包，其中包括：①蹄形电磁铁、②弹簧片、(3)

衔铁、④螺钉、⑤小锤、⑥铃、⑦电源、⑧开关和若干导线，如图所示。请你帮

他完成下述实验：

(1)请你用笔画线代替导线将电路连接好，使开关闭合时电铃能不断发声。

(2)小明按要求正确连接电路后通电试验，发现电铃铃声很小，经检查是由于电磁

铁的磁性不强所请你提出解决这一问题的两条改进措施。

12.当前“雾霾”成为全社会关注的热点，为了缓解空气污染，

我国多地市启动了“光伏工程”示范项目，在屋顶安装太

阳能光伏板，如图所示是某中学的教学楼顶安装了总功率

为20kW的光伏发电系统。按一天的有效光照时间8九计算，

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该中学光伏发电系统一天共发电kw-h,这些发电量如果由热电转换效率为

30%的热电厂来完成，需要燃烧kg煤；你一定很关注“雾霾天气”的报道，

请结合所了解的知识，谈谈家庭光伏发电的优点：(谈一点即可).(煤的热值

q煤=3.0x107J/kg)

13.如图甲是小明用来探究“滑轮组的机械效率与哪些因素有关”的实验，不计绳重和

摩擦，

(1)请在图甲中画出最省力的绕法。

(2)实验时，应沿竖直方向拉动弹簧测力计。

(3)若只增加物重，此滑轮组的机械效率将。

(4)他多次改变物重，并根据实验数据制成如图乙所示的图象，由图象可知，当物

重为4N时，此滑轮组的机械效率为o

14.有一个电热水壶，铭牌如图所示.(不计热量的损失)求:产品型号EL-8952

额定功率220V

(1)将质量为1kg、温度为20n的一壶冷水，加热到

频率50HZ

lOCTC,水吸收的热量是多少？额定功率1000W

容量1kg

(2)电热水壶正常工作多长时间才能把这壶水加热到

100℃?

(3)若在用电高峰期，实际电压只有200叭要把同样的这壶水加热到100。&至少

需要多长时间？

15.正在向右行驶的公交车上悬挂的安全把手突然向左偏转，如图所示。画出此时站在

公交车上乘客的受力示意图（力的作用点画在重心0上）。

16.画出图中从S点射出的两条入射光线经过透镜后的

折射光线

一

17.如图所示，用手将一重为G的铁球缓慢放在一弹簧上，放手।一

-

B--A

后，铁球从4位置开始向下运动，到达B位置速度达到最大，(I

fi首?

到达C位置小球的速度变为零。已知4C间的高度差为九，则’-t

-

从4位置到C位置铁球的重力做功是；在此过程中弹簧的弹性势能增加量为

o（整个过程中不计能量损耗）

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18.“测量小灯泡的电阻”实验时，使用的小灯泡额定电压为2.5匕电源电压为

3V.小王现已连接了部分电路，如图甲所示.

(1)在已连接的电路中，有一不当之处是,并请用笔画线代答导线将图甲中

的电路连接完整.

(2)某次规范操作实验时，发现灯泡不亮、电流表无示数、电压表示数为3匕则电

路中出现的故障是.

(3)当小灯泡正常发光时，电流表的示数如图乙所示，电流大小为A.小灯泡

正常发光时的电阻为0(电阻的计算结果保留一位小数).

(4)小王计划进行多次实验测量，并取灯泡电阻的平均值以减小误差，你认为小王

的做法是(正确/错误)的，理由是.

(5)小王用新的电源、滑动变阻器替换了原电路中的电源和滑动变阻器，测量标有

“0.224”字样的另一小灯泡的额定功率.他正确连接电路、实验步骤正确，闭合开

关，移动变阻器的滑片至小灯正常发光时，变阻器连入电路恰为最大阻值的一半,

但此时无法从电压表U上精确读出额定电压，过程中电流表的示数从024变化为

0.224他在电路中再连接一个电压表，并按规范重新实验，发现电压表V的示数从

2V逐渐变大、电压表片的示数从4V逐渐变小.聪明的小王很快根据实验数据计算出

新换滑动变阻器的最大阻值为0、小灯泡的额定功率为W.

19.如图所示，电源电压不变，心、/?2、区3为加热电阻，

R3=1017,只闭合SI,电流表示数为0.24,电压表示

数为4.0V；闭合Si、52、S3时，通电1m讥电路产生的

热量为180/,求：

(1)&阻值和电源电压；

(2)&阻值;

(3)电路消耗的最大功率。

20.汕头市区某段河桥的桥头架设了固定测速仪，其原理图甲所示，并有如图乙所示的

交通标识牌。汽车向测速仪的方向匀速驶来，测速仪向汽车发出两次短促的(超声

波)信号，第一次发出信号到测速仪接收到信号用时0.5s,第二次发出信号到测速

仪接收到信号用时0.44s。汽车在测速仪发出两次信号行驶的时间间隔是0.85s,超

声波的速度是340m/s。

(1)汽车接收到第一次信号时，距测速仪有多远？

(2)汽车接收到第二次信号时，距测速仪有多远？

(3)汽车的速度是多少千米/时？是否超速?

血位_____

甲乙

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答案和解析

1.【答案】D

【解析】解：

A、中学生的身高在160cm左右，课桌的高度大约是中学生身高的一半，在80cm左右。

故A符合实际；

B、光在真空中的传播速度为3*108加/5,故B不符合实际；

C、对人体的安全电压不高于36V,故C不符合实际；

D、一个标准大气压约为1.01x105pa,故D符合实际。

故选：D。

不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的

换算，最后判断最符合实际的是哪一个。

本题考查学生对生活中常见物体的数据的了解情况，本题告诉我们一定要对实际生活中

常见的物体做到熟知，以免闹了笑话自己还不知道。

2.【答案】D

【解析】解：4、5G通讯是利用电磁波能传递信息，故A错误；

8、真空中所有电磁波传播速度均等于光速，故8错误；

C、太阳能可从自然界不断获得且可重复利用，属可再生能源。核材料在地球是的储量

是有限的，消耗后不可能再生，属不可再生能源，故C错误；

。、核电站是利用核裂变来释放能量发电的，故。正确。

故选：Do

(1)5G通讯是利用电磁波；

(2)5G和4G只是频率不同，但都是电磁波，真空中电磁波传播速度相同均等于光速；

(3)可以从自然界源源不断地得到的能源称之为可再生能源；一旦消耗就很难再生的能

源称之为不可再生能源；

(4)核电站中利用核裂变来释放能量。

本题考查电磁波相关性质、能源分类、核能综合性较强，涉及知识点较多，紧密联系当

前社会热点。

3.【答案】B

【解析】解：4、图中a是“升华”，是固态干冰升华为气态的二氧化碳；甲是“吸热”，

是因为升华过程吸热，故A错误；

3、图中b是“液化”，是水蒸气液化为小水滴；乙是“放热”，是因为液化过程放热,

故B正确；

C、图中c是“凝华”，丙是“放热”，故C错误；

。、图中d是“熔化”，丁是“吸热”，故。错误。

故选：B。

(1)物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液

态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。

(2)六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、

液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。

分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状

态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。

4.【答案】D

【解析】解：

①轻声细语，说明声音比较小，描述的是声音的响度，故符合题意；

②隔墙有耳是指固体能够传播声音，故不符合题意；

③震耳欲聋是指声音比较大，描述的是声音的响度，故符合题意；

④娓娓动听是指声音的音色好听，故不符合题意。

故选：D。

声音的特性包括音调、响度和音色。音调指声音的高低，响度是指声音的大小，音色指

声音的品质与特色。从成语的含义分析哪个成语表示声音大小即可。

正确理解成语的含义，并能与声音的三个特性相对照，是解决本题的关键.

5.【答案】B

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【解析】解：4、惯性大小只与物体的质量有关，与物体的运动速度无关，踢出去的足

球质量不变，其惯性大小不变，故A错误；

8、力可以使物体发生形变，所以踢足球时，脚对足球的作用力使足球发生了形变，故

B正确；

C、踢足球时，足球对脚的作用力与脚对足球的作用力作用在两个物体上，所以这两个

力不是一对平衡力，故C错误；

。、踢出去的足球在空中能够继续飞行，是由于踢出去的足球具有惯性，足球不再受到

运动员的作用力，故。错误。

故选：B。

(1)物体保持原来运动状态不变的性质叫做惯性，惯性只与质量有关；

(2)力的作用效果：可以改变物体的运动状态，可以使物体发生形变；

(3)一对平衡力必须大小相等、方向相反、作用在一条直线上、作用在同一物体上。

本题考查了足球运动当中与力相关的多个知识点，综合性强，但都是力学的基础规律,

难度不大。

6.【答案】D

【解析】解：根据公式产浮=。水9嗫，物体在未到达液面时浮力不变，拉力不变；

物体开始露出液面时，浮力变小，拉力变大；物体完全露出液面时拉力等于重力；

根据P=Fv,功率相等时，拉力先较小且不变，所以速度先较大且不变；物体开始露出

水面时，拉力逐渐变大，速度逐渐变小；当完全露出水面后，拉力较大且不变，所以速

度较小且不变。

故选：D。

此题物体在未到达液面时浮力不变，拉力不变；物体开始露出液面时，浮力变小，拉力

变大；物体完全露出液面时只受拉力；根据P=F"可知，功率相等时，可根据力的变化

来判断速度的变化。

此题的关键要知道功率的公式P=Fv,通过力的变化来判断速度的变化。

7.【答案】B

【解析】解：

A、用力推墙后人向后运动，即手对墙有个作用力，由于物体间力的作用是相互的，所

以墙对手有一个反作用力，故A正确；

8、提着滑板在水平路面上前行，力是竖直向上的，但是沿力的方向没有移动距离，所

以力没有对滑板做功，故8错误；

C、口吹硬币跳栏杆，硬币上方空气流速大，压强小，硬币下方空气流速小，压强大，

所以硬币在压强差的作用下跳起，故C正确；

。、松手后铁锁来回摆动，当从最高点向最低点运动时，速度变大，高度减小，即动能

变大，重力势能变小，所以是将重力势能转化为动能的过程；铁锁从最低点向最高点运

动时，高度增加，重力势能增大，速度减小，动能减小，是将动能转化为重力势能的过

程，故说明动能和势能可以相互转化，故。正确。

故选：B。

(1)物体间力的作用是相互的；

(2)做功的条件是：作用在物体上有力，且沿力的方向运动了一段距离；

(3)对于流体来说，流速大压强小，流速小压强大；

(4)动能和物体的质量、速度有关，重力势能和物体的质量、高度有关。

此题考查了物体间力的作用是相互的、流体压强和流速的关系、做功的条件和动能、重

力势能的转化，是一道综合题。

8.【答案】B

【解析】解：由题意可知，刷身份证时会产生感应电流，即由磁产生电，有感应电流产

生，所以其工作原理为电磁感应现象；

A、图中有电源，为电动机的工作原理，是根据通电导体在磁场中受力而运动的原理制

成的，故4不符合题意；

8、图中没有电源，为发电机的工作原理，是根据电磁感应现象制成的，故8符合题意；

C、图示的实验是探究通电螺线管的磁性强弱与电流大小的关系，运用了电流的磁效应，

故C不符合题意；

。、图示为奥斯特实验，说明通电导线周围存在磁场，故。不符合题意。

故选：B。

刷身份证是利用电磁感应原理，分析下面四幅图，找出符合题意的选项即可。

本题考查了电与磁的联系，解答本题的关键要能从题意中分析出该装置利用了电磁感应

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的原理。

9.【答案】D

【解析】解：②甲图中物块4漂浮，所受浮力产浮=G=6N,故②正确；

①水面以下部分高度为h=6cm=0.06m,

4下表面所受水的压强P=P水gh=1.0x103kg/m3x10N/kgx0.06m=600Pa,故

①正确；

③正方体物块4的体积：

V=L?=(10cm)3=1000cm3=10-3m3,

物块4的质量m=9=0.6kg,

物块4的密度p=£=幡*=0.6x103kg/m3,故③正确；

④物块4全部浸没水中时排开水的体积：

V排=V=10-3m3,

此时物块受到的浮力：

Fj=p水gV排=1.0x103kg/m3X10N/kgx10_3?n3=ION,

此时AB漂浮，G总=尸浮'=10%，

物体B的重力GB=10N-6N=4N,故④正确。

故选：D。

②甲图中物块4漂浮，根据尸浮=。得出所受浮力：

①根据P水得出4下表面所受水的压强；

③先计算正方体物块4的体积，根据重力公式得出物块A的质量，根据P=£得出物块4

的密度；

④先得出物块4全部浸没水中时排开水的体积，根据尸浮'=p次g嗫得出此时物块受到的

浮力，此时AB漂浮，根据G点=F/得出总重力，进而得出物体B的重力。

本题考查了压强公式和浮力产生的原因、物体浮沉条件、密度公式、阿基米德原理的综

合应用等，解题时要注意方法的灵活性。

10.【答案】ABD

【解析】解：

A、由图知，定值电阻&与滑动变阻器R串联，电压表匕测Ro的电压，彩测R的电压，电

流表测电路中的电流；

滑片P向右移动时，变阻器R接入电路的阻值变大，总电阻变大，由欧姆定律可知电路

的电流变小，根据U=/R可知，匕示数变大，故反表示电压表匕的示数随电流表示数变

化的图象，则图乙中“ac”段表示电压表七的示数随电流表示数变化的图象，故A正确；

B、由图乙可知，当电流/=0.14两电压表示数分别为2.4V、0.6V,根据串联电路电

压的规律，电源电压：U=2.4V+0.6V=3V,故8正确；

C、be表示电压表匕的示数随电流表示数变化的图象，

由欧姆定律可得的阻值：&=£=署=6。，故C错误；

。、由欧姆定律可得，变阻器接入电路的最大电阻为：

cU，2AVc/八

R、潜卡=—==240,

梢大Io0.1A'

滑动变阻器R消耗的功率：

P—12D—（U-2yD—_2___________________

F滑TK滑一（Ro+R滑）XK滑一（Ro+R滑）2-（Ro-R滑）2+4R°R滑,

与R滑

由数学知识可知，当变阻器连入电路的电阻R漕=Ro=6。时，变阻器消耗的功率最大，

则滑动变阻器R的最大电功率：P滑大=冬="=0.375〃.故D正确。

用人4R04X60

故选：ABD.

A、定值电阻岛与滑动变阻器R串联，电压表匕测治的电压，彩测R的电压，电流表测电

路中的电流；分析滑片P向右移动时确定R的阻值变化，由欧姆定律可知电路的电流变

小及匕示数变大，从而确定故be表示电压表匕的示数随电流表示数变化的图象，据此分

析；

8、根据串联电路电压的规律结合图象得出电源电压；

C、be表示电压表匕的示数随电流表示数变化的图象，由欧姆定律求出A。；

D、由欧姆定律求出变阻器的电阻；变阻器的功率P潸=尸/?湾=（痴%Ax/?酒，由数

学知识，当变阻器连入电路的电阻等于6。时，变阻器的功率最大，据此求变阻器功率

的最大值。

本题考查了串联电路的规律及欧姆定律和电功率公式的运用，从图中获取有用的信息是

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关键。

11.【答案】解：

(1)闭合开关，电磁铁中有电流，吸引衔铁，小球敲打电铃，螺钉与弹簧片断开，电磁

铁中没有磁性，弹簧片恢复原状，使电路再次接通。小球间断的敲打电铃，如图所示:

(2)增强电磁铁磁性的方法：增大电源电压，增大电流来增强磁场；增大线圈的匝数。

故答案为：(1)如图；(2)增加线圈匝数，增大电源电压。

【解析】电磁铁的磁性强弱的影响因素：电流的大小，匝数的多少，有无铁芯。电流越

小，匝数越少，没有铁芯磁性越弱。

(1)掌握通电螺线管磁性强弱的影响因素，如何增强磁性和减弱磁性。

(2)掌握电铃的工作原理。

12.【答案】16064减少污染、节约能源

【解析】解：⑴由P=:可得，中学光伏发电系统一天共发电：W=Pt=20kWX8八=

160/cIV-/i；

光伏发电系统发电时太阳能转化为电能；W=160kW•h=160x3.6x106/=5.76x

1087；

因为牛=万，

所以燃烧煤放出的热量：

匕=^^=9

yr]30%7

由Q=qm可得，

燃烧煤的质量巾=f=程流=64的；

(2)家庭光伏发电的优点：清洁无污染，有利于环境的改善：光能可再生，节约化石能

源，有利于能源的可持续发展。

故答案为：160；64；减少污染、节约能源。

(1)已知功率和时间，根据公式W=Pt可求该光伏发电系统一天共发电的度数；根据公

式Q=qrnuj求燃烧的煤的质量；

(2)从节约能源、减少污染的角度作出分析和解答。

本题考查了：光伏发电系统转换效率、发电的度数、煤的质量、太阳能的优点等知识,

难易程度适中。

13.【答案】匀速变大80%

【解析】解：(1)当绳子从动滑轮绕起时，承担拉力的绳子的段数最多，用起来最省力。

如图:

(2)实验时要竖直向上匀速拉动弹簧测力计的，这样示数才会稳定，所读出的数值才等

于拉力的大小；

(3)用同一滑轮组把不同物体提升到同一高度时，所做额外功相同，若仅增加物重，则

增加了有用功，有用功在总功中所占的比例变大了，故机械效率变大；

(4)根据图象可知，当物重为3N时，滑轮组的机械效率为75%,不计绳重和摩擦时，根

「_(1F)G_(1-7S%)X3N_

G动--菽--1N,

当物重为4N时，此滑轮组的机械效率为：

心会=薪'100%=80%。

故答案为：(1)如上图；(2)匀速；(3)变大；(4)80%o

(1)要解决此题，需要知道滑轮组的绕线方法，绳子先系在动滑轮的挂钩上时最省力；(2)

实验中要匀速拉动弹簧测力计，这样示数才与拉力相同，并有利于准确读数；(3)增大

机械效率的方法有二：一是增大有用功，即拉更重的重物；二是减小额外功，如减小摩

擦、减轻动滑轮重；

(4)根据〃=詈=,=危即可求出动滑轮重,再根据4=3/,=能即可求出

机械效率。

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本题考查了探究影响滑轮组机械效率因素的实验，要知道物体越重，做的有用功越多,

机械效率越高。

14.【答案】解：(1)水吸收的热量:

Q吸=C771△t

=4.2x103j/(kg■℃)x1kgx(100℃-20℃)

=3.36x1057；

(2)不计热量的损失，消耗电能全部转化为内能，即=

因为热水器正常工作，

所以P=P^=1OOOIV,

又因为p=上型,

t

所以加热时间：

£_出_3.36X105/_

336s=5.6min;

一p一IOOOIV-

(3)该电热水壶的电阻：

P如1000W

U2

由题知，Q放=»Rt=Tt=Q^

需要加热时间:

Q吸XR_3.36X1O5/X48.4n

唯一(200V)2=406.56s.

答：(1)水吸收的热量是3.36X1。5人

(2)电热水壶正常工作5.6m讥才能把这壶水加热到10(TC；

(3)若在用电高峰期，实际电压只有200U,要把同样的这壶水加热到100久，至少需要

406.56s.

【解析】(1)知道水的质量、水的比热容、水的初温和末温，利用吸热公式求水吸收的

热量；

(2)求出了水吸收的热量，由题知电能全部转化为热能，即。吸=皿电，从铭牌中知道电

热水壶的额定功率，因为电热水壶正常工作，加热功率P=P颁，再利用P=/求加热时

间;

(3)由铭牌知道电热水壶的额定电压和额定功率，利用P=?求电热水壶的电阻R,由题

知，Q放=12Rt=?t=Q吸,据此求在实际电压为200U时，加热同一壶水到100。。需

要的加热时间.

本题是一道电学与热学的综合应用题，考查了热量的计算、电功率的计算，要注意灵活

选用电功率的公式.

15.【答案】解：正在向右行驶的公交车上悬挂的安全把手突然向左偏转，根据惯性知

识或生活经验可知，此时汽车突然向右做加速运动；

已知此时站在公交车上乘客跟汽车底板相对静止，而汽车突然向右做加速运动，则乘客

相对于汽车有向左的运动趋势，所以此时乘客会受到一个向右的摩擦力(起动力的作用),

故乘客除受到重力、底板的支持力作用外，还一定受到向右的摩擦力作用，如图所示；

【解析】(1)一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，称为惯性；

(2)摩擦力的方向与物体相对运动或相对运动趋势的方向相反。

此题考查了对惯性现象的理解、分析物体的受力情况，难点是判断摩擦力的方向，是一

道综合题。

16.【答案】解：

平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点；过光心的光线

经凹透镜折射后传播方向不改变。据此画出对应的折射光线，如图所示：

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【解析】在作凸透镜、凹透镜的光路图时，先确定所给的光线的特点再根据透镜的光学

特点来作图。

凹透镜三条特殊光线的作图：①延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于

主光轴。②平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点。（3）

过光心的光线经凹透镜折射后传播方向不改变。

17.【答案】GhGh

【解析】解：从4位置到C位置铁球的重力做功W=GQ

因为从4位置开始向下运动的过程中，铁球的重力势能最终转化为弹簧的弹性势能，整

个过程中不计能量损耗，

根据机械能守恒定律可知：弹性势能增加量为E=W=Gh..

故答案为：Gh；Gh.

利用W=G九求重力做功，根据机械能守恒定律判断弹簧的弹性势能增加量。

本题考查重力做功和机械能守恒定律，能够比较全面考查学生掌握知识情况。

18.【答案】开关闭合灯泡断路0.288.9错误灯泡电阻受温度影响很大200.836

【解析】解：（1）连接电路中，不当之处是开关闭合;

电压表与灯并联，如下所示：

（2）某次规范操作实验时，发现灯泡不亮、电流表无示数、电压表示数为3V,说明电压

表串联接入电路，则与电压表并联部分电路断路，所以电路故障是灯泡断路；（3）当小

灯泡正常发光时，电流表的示数如图乙所示，电流表选用小量程；

电流大小为0.284由欧姆定律，小灯泡正常发光时的电阻为：

Cu2.5Vccc

R=-=---«8.90；

/0.284

(4)小明计划把四次电阻的平均值作为小灯泡的电阻值，他认为这样可以减小误差，小

王的做法是错误的。从表中数据看，不同电压下小灯泡的电阻值不同，这是灯丝电阻受

温度影响导致的；

(5)①在“测定小灯泡的电功率”实验中，待测小灯与滑动变阻器串联，规范实验时，

随着滑片P的移动，滑动变阻器连入电路的阻值减小，电路中的电流变大，

因灯泡的阻值基本不变，根据U=/R可知，灯泡两端的电压会变大；

根据串联电路的电压特点可知：滑动变阻器两端的电压会减小，所以电压表I/'的示数从

4.0伏逐渐变小，

表明电压表片并联在滑动变阻器的两端；U并联在灯泡两端。

②正确连接电路、实验步骤正确，由于(1)分析可知：

刚闭合开关时，电压表的示数分别是2U和4人

且灯泡两端的电压是2人滑动变阻器两端的电压是4人

则电源电压：u=u0+U港=2U+4y=6V；

根据在实验过程中电流表4示数的范围为0.20〜0.22安可知，

此时电路中电流/'=0.204。

由欧姆定律得，变阻器最大的阻值：

/?z=—=—=20/2.

〃0.20A

根据在实验过程中电流表4示数的范围为0.20〜0.22安可知，

小灯正常发光时的电流/"=0.224

当滑片至小灯正常发光时，因变阻器连入电路的电阻恰为最大阻值的一半，

所以=：*=；x200=10/2；

由欧姆定律得，此时滑动变阻器两端的电压：

U'=I"R"=0.224x100=2.2匕

根据串联电路的电压特点得：灯泡的额定电压：

U额=U-U'=6V-2.2V=3.8乙

则小灯泡的额定功率：

P额=U额/'=3.8Kx0.224=0.836叭

故答案为：⑴开关闭合；(2)如上所示；(3)0.28；8.9；(4)错误；灯泡电阻受温度影响

很大；(5)20；0.836o

(1)连接电路中，为保护电路，开关要断开，本实验中，电压表与灯并联；

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(2)某次规范操作实验时，发现灯泡不亮、电流表无示数、电压表示数为3W说明电压

表串联接入电路，则与电压表并联部分电路断路：

(3)根据电流表选用小量程确定分度值读数；由欧姆定律得出小灯泡正常发光时的电阻;

(4)不同电压下小灯泡的电阻值不同，取平均值没有意义，灯丝电阻受温度影响；

(5)①根据灯泡和滑动变阻器的连接特点，利用欧姆定律分析出各自的电压变化趋势即

可知道电压表7接在电路中的位置：

②电流表V测量滑动变阻器两端电压，分析两电压表示数结合串联电路电压规律可知电

源电压，滑动变阻器接入电路最大电阻时通过电路的电流最小，利用欧姆定律计算滑动

变阻器的最大阻值，当滑片至小灯正常发光时，变阻器连入电路的电阻恰为最大阻值的

一半，由欧姆定律得此时滑动变阻器两端的电压，根据串联电路电压规律计算灯泡的额

定电压，最后利用「=U/求灯泡的额定功率。

本题测量小灯泡的电阻的实验，考查注意事项、电路连接、故障分析、电流表读数、电

阻计算和数据处理及影响电阻大小的因素，关键是会综合利用滑动变阻器接入电路的电

阻和电源的电压以及小灯泡的规格确定灯泡的额定电压等，综合性较强、难度较大。

19.【答案】解：(1)只闭合Si，电阻％、心串联，电流表测串联电路中的电流，电压表

测电阻&两端的电压。

由/=/可得％的阻值：

色=叱=

1/0.24

根据串联电路的特点和欧姆定律可得，电源电压：

U=/(&+/?3)=0.24x(20。+100)=6V；

(2)闭合Si、S2、S3,电阻长、/?2并联，电流表4测量干路电流，电压表测量的是电源电

压；

则通过治的电流：/1===黑=0.34,

通电16出电路消耗的电能W=Q=180/,

根据W=U/t可得干路电流：r=3=£%=0.54；

Ut6Vx60s

因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，则通过8的电流：

I2=1,-11=