2022年宁夏银川一中物理高一年级上册期末质量检测模拟试题含解析

2022-2023学年高一上物理期末模拟试卷

请考生注意：

1.请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0.5毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答

案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。

2.答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有

的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得。分）

1、一个做自由落体运动的物体，其落地速度为20m/s,重力加速度g取10,?小2,则下列描述镣误的是（）

A.下落的时间为2s

B.距地面的高度为20小

C.最后1s的位移为为15/n

D.下落过程中的平均速度为5m/S

2、将质量为胆的小球，以初速度”竖直向上抛出，小球运动过程中受大小恒定的阻力作用，小球落回抛出点时速度

大小为我）/<1）,重力加速度取g,则

A.小球上升最大高度为嬖

2g

B.下降过程比上升过程经历的时间短

C.小球阻力大小为-----mg

\+k2

\_k

D.小球阻力大小为一-mg

\+k

3、下列叙述中正确的是

A.我们所学过的物理量：速度、加速度、位移、路程都是矢量

B.物体从静止开始的下落运动叫自由落体运动

C.通常所说的压力、支持力和绳的拉力都是弹力

D.任何有规则形状的物体，它的重心一定与它的几何中心重合，且也一定在物体内

4、以下对牛顿运动定律的理解，正确的是（）

A.牛顿第一定律指出，物体只有处于匀速直线运动状态或静止状态时才具有惯性

B.牛顿第二定律指出，物体加速度的方向与所受合力的方向相同

C.牛顿第三定律指出，物体间的作用力与反作用力是一对平衡力

D.牛顿运动定律不仅适用于低速运动的宏观物体，也适用于高速运动的微观粒子

5、如图所示，在倾角为。的斜面上有一块竖直放置的挡板，在挡板和斜面间放一重为G的光滑的圆球，当挡板绕最低

点沿逆时针缓慢转到水平位置的过程中，关于小球受到的弹力，下列说法正确的是（）

A.先增加，后减少B.先减少，后增加

C.始终保持不变D.大小不变，方向时刻变化

6、竖直向上飞行的子弹，达到最高点后又返回原处。假设整个运动过程中子弹受到的阻力与速度的大小成正比，则整

个过程中，加速度的变化是（）

A.始终变小B.始终变大

C.先变小后变大D.先变大后变小

7、质量为2kg的物体在水平推力厂的作用下沿水平面作直线运动，一段时间后撤去凡其运动的U-f图象如图。

g=10m/s2,则

A.全程物体运动的平均速度大小为4m/s

B.物体与水平面间的动摩擦因数为0.5

C.外力户的大小为15N

D.加速段与减速段加速度大小之比为！

2

8、如图，图甲所示，在杂技表演中，猴子沿竖直杆向上运动，其v-f图象如图乙所示，人顶杆沿水平地面运动的s

一/图象如图丙所示，若以地面为参考系，下列说法中正确的是（）

r/st/s

丙

甲乙

A.猴子的运动轨迹为直线

B.猴子在2s内做匀变速曲线运动

C./=0时猴子的速度大小为8m/s

D.t=2s时猴子的加速度大小为4m/s2

9,关于物体的速度、加速度、位移、合力之间的关系，正确的是（）

A.物体的速度增大，则加速度一定增大，所受的合外力也一定增大

B.物体的速度很大，但加速度可能为零，所受的合力也可能为零

C.物体的位移不断增大，则物体所受合外力必定不为零

D.物体的速度为零，但加速度可能很大，所受的合力也可能很大

10、水平力尸作用于重为G的物体A的光滑左表面，使其恰好沿竖直墙壁匀速下滑，如图所示.若物体与墙壁间的动

摩擦因数为/，，则物体所受摩擦力的大小为（）

A.pF

B.pF+G

C.G

D.p（F+G）

11、如图所示，汽车里有一水平放置的硅胶贴，硅胶贴上放置一质量为机的小花瓶。若汽车此刻正在水平公路上向前

做加速度为a的匀加速直线运动，小花瓶和汽车始终保持相对静止，下列说法正确的是（）

A.小花瓶受到三个力作用B.小花瓶受到的摩擦力和汽车运动方向相反

C.小花瓶所受的合力为零D.硅胶贴对小花瓶的摩擦力大小为ma

12、如图所示，在光滑水平面上有一质量为M的斜劈，其斜面倾角为仇一质量为机的物体放在其光滑斜面上，现用

一水平力F推斜劈，恰使物体，〃与斜劈间无相对滑动，则斜劈对物块，”的弹力大小为（）

mg

A.mgcos0

cos。

mFmF

C.-----------------

（M+m）cos0(M+m)sin0

二.填空题（每小题6分，共18分）

13、图是某同学在做匀变速直线运动实验中获得的一条纸带

①已知打点计时器电源频率为50Hz,则纸带上打相邻两点的时间间隔为

②ABCD是纸带上四个计数点，每两个相邻计数点间有四个点没有画出.从图中读出A、B两点间距s；C

点对应的速度是（计算结果保留三位有效数字）

14、探究弹力和弹簧伸长的关系”的实验中，组成了如图所示的装置，所用的每个钩码的质量都是30g.他先测出不挂

钩码时弹簧的自然长度，再将5个钩码逐个挂在弹簧的下端，每次都测出相应的弹簧总长度，在坐标系中作出弹簧弹

力大小F跟弹簧总长度x之间的函数关系的图线.（弹簧认为是轻弹簧，弹力始终未超出弹性限度，取g=10m/s2）

1.0

0.8

0.6

0.4

0.2

78910II12”cm

（1）由图线求得该弹簧劲度系数卜=N/m.原长cm.（结果均保留两位有效数字）,

（2）某同学在做“探究弹力和弹簧伸长量的关系”实验中，他先把弹簧平放在桌面上使其自然伸长，用毫米刻度尺测

出弹簧的原长L。，再把弹簧竖直悬挂起来，挂上钩码后测出弹簧伸长后的长度3把L—作为弹簧的伸长量X.这样操

作，由于弹簧自身重力的影响，最后画出的图线可能是图中的（）

15、某同学用如图1所示装置“探究小车的加速度与力、质量的关系”实验中，他把祛码盘及盘中的硅码的总重力当作

小车受到的合力

（1）为了减小实验误差，祛码盘及祛码的总质量加应—小车的质量（填“《”或“=”或“》”）

（2）实验中，必须的措施是____.

A.打点计时器应接在直流电源上

B.桌面上放置附有滑轮的长木板必须保持水平

C.在平衡摩擦力时，让祛码盘及盘中的祛码通过细绳拉着小车匀速运动即可

D.实验时应先接通打点计时器的电源再释放小车

（3）打点计时器所用交流电源频率为50”z,一次实验中打出的纸带如图2所示（图中相邻两点间还有4个点未画出）.

2

则小车运动的加速度a=—m/s.（结果保留两位有效数字）

|iiii|iiii|iiii|iiii|iiii|iiii|iiii|iiii|iiii|iiii|iiii|iiii|iiii|iiii|iiiqini|

Ocm1234567

图2图3

（4）在保持小车及车中的祛码质量用一定时，探究加速度。与所受合外力尸的关系时，在作图过程正确的情况下,

得到的尸关系如图3所示，图线未通过坐标原点的原因是：一.

三.计算题（22分）

16、（12分）如图所示，小车内的底面是光滑的，左下角放一个小球8,右壁上用绳挂一个相同的小球A,两个球的质

量均为4kg,悬挂线与右壁成37。角，小车向右加速前进。当右壁对A球的弹力为零时（&1137。=0.6,cos37°=0.8,g=10m/s2）,

求

（1）小车的加速度;

(2)绳对A球拉力大小：

(3)左壁对5球的弹力大小。

17、(10分)如图，将质量，"=0.1kg的圆环套在固定的水平直杆上，圆环的直径略大于杆的截面直径，圆环与杆间动

摩擦因数〃=0.8,对圆环施加一位于竖直平面内与杆夹角为，斜右上的拉力儿

(1)当，=53°使圆环以4=4.4m/s2的加速度沿杆运动，求产的大小(取sin53°=0.8,cos53°=0.6)

(2)拉力尸变为与杆夹角为a斜右下。当a达某一角度后，无论拉力尸多大都拉不动圆环，求此时a最小值的正切。

参考答案

一、选择题(本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有

的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分)

1,D

【解析】自由落体运动做初速度为零，加速度为g的匀加速直线运动，根据速度实际公式求出下降的时间，根据速度

位移公式求出物体距离地面的高度，结合平均速度推论求出下降过程中的平均速度；

【详解】A、根据速度与时间关系可知物体下落的时间为：，=上=某$=2s,故A正确；

gio

v2400

B、根据速度与位移关系可知物体距离地面的高度为：h==故B正确；

2g20

1]11

C、物体落地前最后Is内的位移x=]g/一万g9—l)9-=5g-22—5g(2—l)72=15m,故C正确；

D、整个过程中的平均速度"=*=9叁机/s=10〃?/s,故D错误

22

【点睛】解决本题的关键知道自由落体运动的特点，掌握匀变速直线运动的运动学公式和推论，并能灵活运用

2、C

【解析】根据牛顿第二定律和运动学公式求解阻力大小和上升的最大高度；再根据位移时间关系分析时间长短.

【详解】A、C、D、设小球运动过程中受阻力大小为/，小球上升过程加速度大小为力,上升最大高度为〃，小球下

22

降过程加速度大小为电，由牛顿第二定律得：mg+/=mat,v0=2岫,mg-f=ma2,(kv0)=2a2h,联立解得:

h=,f=-~£mg，故A,D错误，C正确.

4gi+e

B、上升过程中的加速度大小为4=幽土工，下降过程中的加速度大小为4=磔二工，将上升的匀减速直线运动运

mm

11

用逆向思维看成初速度为零的匀加速直线，由9因04＞为可得r上＜公，即下降过程比上升过程经

历的时间长；故B错误.

故选C.

【点睛】对于牛顿第二定律的综合应用问题，关键是弄清楚物体的运动过程和受力情况，利用牛顿第二定律或运动学

的计算公式求解加速度，再根据题目要求进行解答；知道加速度是联系静力学和运动学的桥梁.

3、C

【解析】A.我们所学过的物理量：速度、加速度、位移都是矢量、路程是标量，选项A错误；

B.物体只在重力作用下从静止开始的下落运动叫自由落体运动，选项B错误；

C.通常所说的压力、支持力和绳的拉力都是弹力，选项C正确；

D.任何有规则形状且质量分布均匀的物体，它的重心一定与它的几何中心重合，但是不一定在物体内，可能在物体

外部，选项D错误；

故选C。

4、B

【解析】A.牛顿第一定律也称为惯性定律，它告诉我们惯性是物体的固有属性，一切物体都有惯性，故A错误；

B.牛顿第二定律指出物体的加速度与物体所受外力成正比，加速度的方向与合外力的方向一致，故3正确；

C.牛顿第三定律中作用力和反作用力是作用在两个不同物体上大小相等，方向相反的两个力，故不可能为平衡力，

故C错误；

D.牛顿运动定律只能适用于宏观、低速物体，不能适用于微观高速粒子，故O错误；

故选B

【点睛】本题考查牛顿运动定律的基础内容及牛顿第二定律的适用范围；根据各定律的内容即可作出正确判定

5、C

【解析】对小球受力分析可知，小球受向下重力和挡板以及斜面的弹力，由平衡知识可知，重力和挡板和斜面的弹

力等大反向，则当挡板绕最低点沿逆时针缓慢转到水平位置的过程中，小球受到的弹力始终等于重力不变。

故选C。

6、A

【解析】在上升过程中，速度不断减小，则阻力户公不断减小，根据

F合_mg+kv

Cl———---------

mm

知，加速度不断减小。在下降的过程中，速度不断增大，阻力六行不断变大，根据

心_mg_kv

Cl-----------------

mm

知加速度仍不断变小。故A正确，BCD错误。

故选A«

7、BCD

【解析】A.物体在0〜6s内的位移大小在数值上为图象和时间轴包围的面积,

x=1x6x1Om=30m

2

平均速度

-x.

v=—=5cm/s

t

选项A错误；

B.撤去外力后的加速度:

Av10

%=—=—=5m/s2

-2

根据

〃根g

。=-----

m

可得

"=0.5

选项B正确；

C.有外力时的加速度：

Av10__.

a.=—=—=2.5m/s2

'\t4

根据

F-/Limg=ma

解得

F=15N

选项C正确；

D.由以上分析可知，加速段与减速段加速度大小之比为J,选项D正确；

故选BCD.

8、BD

【解析】AB.由乙图知，猴子竖直方向上做匀减速直线运动，加速度竖直向下，由丙图知，猴子水平方向上做匀速直

线运动，则猴子的加速度竖直向下，与初速度方向不在同一直线上，故猴子在2s内做匀变速曲线运动，故A错误，B

正确；

C.s图象的斜率等于速度，则知猴子水平方向的初速度大小为

vv=4m/s

竖直方向分速度

，=8m/s

则00时猴子的速度大小为

v-+v；-Vs2+42m/s=46m/s

故C错误；

D.v-f图象的斜率等于加速度，则知猴子的加速度大小为

△

a=--u=—8m/,s2=4Am//s2

Ar2

故D正确。

故选BD«

9、BD

【解析】A.物体的速度增大，则加速度和速度同向，但是加速度不一定增大，根据尸=，加可知所受的合外力也不一

定增大，选项A错误；

B.物体的速度很大，但加速度可能为零，根据尸="«/可知所受的合力也可能为零，选项B正确；

C.物体的位移不断增大，则也可能做匀速直线运动，则物体所受合外力可能为零，选项C错误；

D.物体的速度为零，但加速度可能很大，根据尸=，"“可知所受的合力也可能很大，选项D正确；

故选BD.

10、AC

【解析】物体在水平力的作用下，做匀速下滑.则物体受到是滑动摩擦力，摩擦力的大小与物体对竖直墙壁的正压力

大小成正比.同时也可从平衡条件来确定，滑动摩擦力与重力处于平衡

【详解】由题意可知：物体沿竖直墙壁下滑，则受到是滑动摩擦力，所以有：6="尸N=/，R又由于物体匀速下滑，从平

衡条件得：B=G.故A、C正确，B、D错误.

故选AC.

【点睛】本题考查滑动摩擦力的性质，要注意明确滑动摩擦力与正压力成正比，但不一定与重力成正比.正确理解正

压力的性质

11、AD

【解析】因汽车做匀加速直线运动，小花瓶和汽车始终保持相对静止，故小花瓶也做匀加速直线运动，对小花瓶受力

分析可知，竖直方向受重力和支持力平衡，水平方向上受摩擦力提供加速度，方向与汽车运动方向相同；故可知小花

瓶受三个力作用，合外力不为零，对小花瓶由牛顿第二定律有

f=ma

故AD正确，BC错误。

故选AD。

12>BD

【解析】对(M+m)进行受力分析，由牛顿第二定律可知：F=(M+m)a

得a=—

M+m

对m进行受力分析，

则有重力与支持力的合力是水平方向，所以用平行四边形定则将两力合成

由三角函数关系可得：Fs=wg/cos6>

一土mamF

或者F支=----=-----、•二，

U(M+m)sm0

故B、D正确

二.填空题(每小题6分，共18分)

13、①.0.02s②.0.68〜0.72cm③.0.100m/s

【解析】①纸上打相邻两点的时间间隔T=:=9=0.02S,

JDU

②根据刻度尺的读数原理可知4、B间的距离S=0.70cm.B、O间的时间间隔r=10T=0.2s,根据匀变速直线运动的

推论，可得C点对应的速度匕=牛=5^7x10-2=0.100m/s.

14、①.⑴27（25〜29）；②.6.0cm；③.C；

【解析】（1）对弹力于弹簧长度变化关系分析.图线跟坐标轴交点，表示弹力为零时弹簧的长度，即为弹簧的原长.由

画得的图线为直线可知弹簧的弹力大小与弹簧伸长量成正比

（2）结合该实验中的注意事项分析即可

【详解】（1）根据胡克定律F=k（x-xo）即F=kx-kxo,图象斜率等于弹簧的劲度系数，

1.6

故：k=N/m=2SN/m

(11.7-6)x0.01

当F=0时，x=xo,即图象与x轴的交点等于弹簧的原长，即xo=6.Ocm

（2）把弹簧悬挂后，由于弹簧自身有重力，在不加外力的情况下，弹簧已经有一定的伸长.故C正确，ABD错误.故

选C

15、①.（1）«②.（2）D③.（3）0.20④.（4）未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足

【解析】（1）为了使得砂和砂桶的重力等于小车的拉力，必须要保证砂和砂桶的重力小于小车的重力；（2）根据实验

原理判断逐个选项的正误；（3）用逐差法求解加速度；（4）根据图像的特征分析原因.

Mmg_mg

【详解】（1）对整体mg=（M+m）a；对小车F=Ma；联立解得：M+m,m，当mVVM时，F=mg；

1H------

M

则为了减小实验误差，祛码盘及祛码的总质量m应VV小车的质量M.

（2）打点计时器应接在交流电源上，选项A错误；桌面上放置附有滑轮的长木板因需要平衡摩擦力，则必须要将木

板的一端抬高，不能保持水平，选项B错误；在平衡摩擦力时，应不挂祛码盘及盘中的硅码，让小车拖着纸带在木板

上匀速运动即可，选项C错误；实验时应先接通打点计时器的电源再释放小