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文档简介
2020年广东省惠州市龙门县中考物理二模试卷
1.美国乔治梅森大学工程专业的两名学生
SethRobertson和VietTran研究制造的声波灭火装置,
如图所示,为消防灭火技术提供了一种新思路。这
台低音频发声灭火装置,通过发出30〜60赫兹的低频音波,能够在短短数秒之内
扑灭火焰,尽管这项发明并非属于“高精尖”的前沿科技,但是它的现实意义或许
更大一些。下列说法正确的是()
A.低音频发声灭火装置发出的是次声波
B.低音频发声灭火装置利用的是其发声的响度大
C.声波可以灭火说明声波具有能量
D.低音频发声灭火装置是高科技产品,发声不需要振动
2.关于信息、能源和材料,下列说法正确的是()
A.LED灯是利用半导体材料制成的,因为该材料导电性能强
B.核能和化石能源属于不可再生能源
C.未来可能制造出不消耗能量却能不断对外提供能量的机器
D.微波属于电磁波,而光波不属于电磁波
3.前段时间,《跟着贝尔去冒险》之类的综艺节目热播,让观众体会到野外生存能力
是户外运动者的必备技能。下列生存技能与物理知识相对应的是()
A.罗盘辨向-同名磁极相吸引B.削竹为刀-减面积增压力
C.融冰取水-固体升华现象D.钻木取火-做功改变内能
4.如图所示,小荷斜拉着行李箱匀速行走在水平路面上。下列说上
法正确的是().r
A.小荷先对行李箱有力的作用,行李箱后对小荷有力的作用
B.小荷对行李箱的拉力与地面对行李箱的摩擦力是一对平衡力
C.小荷拉着行李箱运动的过程中,行李箱的机械能保持不变
D.不拉行李箱,行李箱会停下来,说明力是维持物体运动的原因
5.下列关于光现象,说法错误的是()
A.阳光下,微风吹拂的河面,波光粼粼,这里蕴含着光的反射现象
B.逐渐远离穿衣镜时,人在镜中所成的虚像会逐渐变小
C.阳光照射下,地面上呈现电线杆的影子是由于光的直线传播形成的
D.验钞机是利用紫外线能使荧光物质发光的性质制成的
6.家用电冰箱的用电部分主要是电动压缩机和照明灯泡。其中,电动压缩机M受温控
开关Si的控制,照明灯泡L受门控开关S2的控制,要求它们既能单独工作又能同时
工作。图中是几个同学设计的家用电冰箱的电路图,其中符合要求的是()
7.水平桌面上有甲、乙两个完全相同的容器,甲容器内盛有适量的A液体,乙容器内
盛有适量的B液体。将同一个苹果先后放入甲、乙两个容器中,苹果静止后的浮沉
状况及液体的深度如图所示。下列对图中情景分析正确的是()
A.甲容器对桌面的压强大于乙容器对桌面的压强
B.苹果排开A液体的重力小于苹果排开B液体的重力
C.苹果在A液体中受到的浮力大于苹果在B液体中受到的浮力
D.A液体对容器底部的压强等于B液体对容器底部的压强
8.如图所示,液体和空气接触的表面存在一个薄层--表面空气
表面
层
层,由于液体分子做,表面层中就存在一些具有较液体
大能量的分子,它们可以克服分子间相互作用的力,
脱离液体跑到空气中去,其宏观表现就是液体的(填物态变化名称)。
9.“天宫一号”飞行器为中国航天发展做出了重大贡献,于2018年4月2日重回地球,
绝大部分器件在再进入大气层过程中烧蚀、坠落过程中,“天宫一号”相对于地球
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是(选填“静止”或“运动”)的,我们能看到“天宫一号”传来的图像,
这是利用传递信息,它在真空中的传播速度约是m/so
10.如图所示,杠杆AC(刻度均匀,不计杠杆重)可绕支点0自由转「.??..£
动,在B点挂一重为G的物体。使杠杆平衡,应在杠杆上的□
点加一个竖直向的作用力,才能使作用力最小,该最小作用力与物重
G的比值是.
11.如图所示,闭合开关,电动机转动,如果想改变电
动机的转动方向,我们可以采取的措施是;
若将电池换成灵敏电流表,闭合开关,当用手快速
转动电动机转轴时,发现灵敏电流表指针偏转,这
是著名的现象,是物理学家发现的。
12.电热安全高压锅解除了普通压力锅的安全隐患,既省
kWh
时又省电,某电高压锅的额定电压为220V,额定功
3|5|10口
率为1000W,高压锅与其他用电器之间是联
单相电子式载波电能表
的,若在用电高峰期,电路中的实际电压为198V,
则该电高压锅的实际功率是W(电阻不变),220V10(40)A50Hz
若某次仅使用上述压力锅正常工作0.5h,测得如图所1200imp/kWh
示的电能表的指示灯共闪烁600次,由此可知该过程
中压力锅是(选填“间歇”或“持续”)通电工作。
13.如图所示,物体重180N,动滑轮重20N,小明用100N的拉力(方向不
变)将物体匀速提升2m,用了10s,则此过程中有用功是],拉
力的功率是W,滑轮组的机械效率是。
14.如图是A、B两定值电阻的I-U图象,若把A、B电阻
串联在同一电路中,则A、B电阻的两端电压之比是
;若将A、B电阻并联在2.0V的电路中,则总电
功率为W,总电阻为C(保留两位小数)。
15.如图所示,护林员利用一块平面镜使此时的太阳光水平射向山洞中P点,请你通过
作图标出平面镜的位置,并标出反射角的度数。
爆
16.如图所示,甲为一个“一开三孔”开关(即一个开关和一个三孔插座连在一起)实物
图,乙为背面接线示意图,“A”、“B”是从开关接线柱接出的两根导线,请你
将图乙中的电路连接完整,使开关控制电灯,又不影响插座供其它电器使用。
火住
图乙
17.如图所示,请画出图中静止的小球所受力的示意图。
18.(1)如图所示,所用刻度尺的分度值是mm,测得物体A的长度是cm;
停表的读数为.s。
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(2)某实验小组进行“探究凸透镜成像规律”的实验时,小华同学将自己的近视眼
镜镜片放在了蜡烛与凸透镜(靠近凸透镜)之间,小华移动透镜和光屏,直到在光屏
上得到了一个倒立、缩小的清晰的像,将近视眼镜镜片取下,发现光屏上的像变模
糊了。
①为了使屏上的像重新变得清晰,在不移动蜡烛和凸透镜位置的前提下,小华应
将光屏向(选填“左”或“右”)移动。
②如图所示,光屏上成清晰的像,此成像规律应用在(选填“照相机”“放
A
O
OM
M
V
An
1A
—-T
^^
-4()
③如图所示,下列四个选项中,正确表示小华同学近视眼成像和矫正情况的是
(填字母).
A.乙、甲
B.丙、甲
C.乙、丁
D.丙、丁
19.为了探究冰熔化和水沸腾时温度的变化规律,小黄同学进行了如下操作:
(1)用图甲所示装置探究冰熔化时温度变化规律,把装有初温为。(:(如图乙所
测)碎冰的烧杯放置在酒精灯上加热,缺点是。
(2)等冰完全熔化完后,如图丙,加热一段时间后水沸腾,则水沸腾时温度变化的
特点是o
(3)小黄根据记录的数据绘制了如图丁所示的曲线,AB段和CD段升温速度不同,这
是因为。由曲线可知:冰是(选填“晶体”或“非晶体”),实验室的
大气压_____1个标准大气压(选填“>"、"=”或“<”)。
20.小花到实验室做“测量小灯泡额定功率”的实验时,老师给她提供了如下器材.:标
有“3.8V”的小灯泡、电源(电压6V)、滑动变阻器、开关、电压表(0-15V的量程
已损坏)、电流表、导线若干。
(1)请你用笔画线代替导线,根据电路图将图甲中的实物电路按乙图连接完整。
(2)开关闭合前,应将滑动变阻器的滑片移到(选填“左端”或“右端”),
目的是对电路起作用。
(3)闭合开关后,为了测量小灯泡的额定功率,应调节滑动变阻器,使电压表的示
数为V,此时电流表示数为0.3A,则小灯泡的额定功率是Wo
(4)若在实验过程中,发现电流表示数为0A,电压表示数为6V,则发生的故障是
______________O
(5)她还进一步设计出了只有电流表没有电压表解决这个问题的方法,其电路如图
丙所示,%=10。,并认为关键的一步是必须调节动变阻器,使电流表@的示
数为A时,再读出电流表@的示数,才能计算出小灯泡的额定功率。
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21.随着共享单车的流行,多家共享电动汽车登陆汕头,给市民们带来了便利。下表是
这种汽车的主要参数。(g取10N/kg)
图1图2
空车质量800kg
每个轮胎与地面接触面积50cm2
电池容量44kW•h
标准承载200kg
最大续航(充满电最大行驶路程)200km
所受阻力与汽车总重的比值0.09
(1)标准承载下,该辆电动汽车静止时对水平地面的压强是多少?
(2)图2是标准承载下的电动汽车行驶在某路段的路程与时间图象,这辆电动汽车的
牵引力是多少?此过程中牵引力的功率是多少?
22.如图1是一台常用的电热饮水机,下表是它的铭牌数据,如图2是它的电路原理图,
其中S是温控开关,Ri是定值电阻,R2是加热电阻.当S闭合时,饮水机处于加热
状态;当S断开时,饮水机处于保温状态
水桶容量20L
热水箱容量1L
额定电压220V
加热功率440W
保温功率40W
(1)在加热状态下,饮水机正常工作时电路中的电流是多大?
(2)饮水机正常工作时,将热水箱中的水从20。(:加热到9CTC.需用时14min[水的比热
容为4.2xl()3j/(kg"C)].求此加热过程中:饮水机的加热效率是多少?.
(3)求电阻Ri的阻值(保温功率是指整个电路消耗的功率).
23.小白在探究“浮力大小与哪些因素有关”的实验中,用到如下器材:分度值为0.1N
的弹簧测力计,底面积为5cm2、高度为6cm的实心圆柱体铜块,相同的大烧杯若干,
水,密度未的某种液体,细线等
(1)小白进行了如图所示的实验:A步骤所示弹簧测力计的示数为N;用弹簧
测力计挂着铜块缓慢地浸入液体中不同深度,步骤如图B、C、D、E、F所示(液体
均未溢出),并将其示数记录在表中:
(2)在实验步骤B中铜块所受浮力F浮=No
(3)分析实验步骤A、B、C、D,可以说明浮力大小跟有关。
(4)小白用表格中的数据算出了某种液体的密度是kg/m3(结果保留一位小数
),还算出了步骤B中铜块下表面受到水的压强是Pa,并发现步骤B、C、D中
铜块下表面受到水的压强随着深度的增加逐渐(选填“增大”或“减小”)。
24.阅读短文,回答问题
水陆两栖飞机AG600-“能飞起来的船,能游泳的飞机。”
2017年12月24日上午9点39分,中国自主研制、全球在研最大水陆两栖飞机AG600
在广东珠海首飞成功。AG600填补了我国在大型水陆两栖飞机领域的研制空白,继
运20、C919之后为我国大飞机家族再添一名强有力的重量级选手。
AG600飞机总体技术水平和性能达到当前国际同类飞机的先进水平,完全具有自主
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知识产权,并满足中国民航适航规章要求。AG600飞机采用单船身、悬臂上单翼和
前三点可收放式起落架布局;选装4台国产涡桨-6发动机;最大起飞重量53.5吨,
20秒内可一次汲水12吨,单次投水救火面积可达4000余平方米;最大巡航速度500
公里/小时,最大航时(飞机耗尽其可用燃料所能持续飞行的时间)12小时-最大航
程4500公里,海上起降抗浪能力不低于2米,可一次救助50名海上遇险人员。具备
执行森林灭火、水上救援等多项特种任务能力,根据需要加改装后,可满足执行海
洋环境监测与保护、资源探测等多任务需要,尤其是可为“海上丝绸之路”航行安
全提供最快速有效的支援与安全保障,可实现陆地和水面起降,在水源与火场之间
多次往返执行投水灭火作业。
请回答下列问题:
(l)AG600飞机的机翼设计是利用了“空气流动速度大的地方,压强的原理
来提供升力。
(2)涡桨-6发动机是用燃气涡轮带动螺旋桨的燃气涡轮发动机,燃气燃烧时
能转化为能;以螺旋涡轮旋转时所产生的力量来作为飞机前进的推
进力,这是因为力的作用是的。
(3)若该水陆两栖飞机以500公里/小时的速度飞行了45分钟后直接降落在水面上,
则所飞行的路程是m;在水面将2名遇险人员救到飞机上后,该飞机受到的
浮力(选填“变大”、“不变”或“变小”)«
任“蜃力WM-
25.如图甲所示,某恒温箱的加热电路由交流电源、电热丝等组成,其电路通断由控制
电路控制,控制电路由电磁继电器。热敏电阻R1(安装在恒温箱内)、可变电阻器R2、
低压电源、开关等组成,R1的阻值随温度变化的关系如图乙所示,调节可变电阻器
使得R2=110Q,闭合开关,当恒温箱内温度升高到50久时,由于电磁继电器的作
用,加热电路被断开,电磁继电器的线圈电阻忽略不计,请回答:
(1)电磁继电器中电磁铁上端是极。(填"N”或"S”)
(2)恒温箱内温度不断升高时,电磁铁的磁性变,加热电路会因此被(
填“接通”或“断开”)。
(3)调节可变电阻器使得R?'=170。,恒温箱内温度升高到。(:时,加热电路
被断开。
(4)若要降低加热电路断开时的温度,可将电源换为电压_____(选填“更低”或
“更高”)的电源。
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答案和解析
1.【答案】C
【解析】解:
A、低音频发声灭火装置发出声音的频率范围在30〜60赫兹,而次声波的频率要小于20
赫兹,所以该装置发出的不是次声波,故A错误;
B、低音频发声灭火装置发出声音的频率比较低,但响度不一定大,故B错误;
C、声波可以灭火说明声波具有能量,故C正确;
D、低音频发声灭火装置发出的声音是由物体的振动产生的,故D错误。
故选:Co
(1)(2)音调与发声体振动的频率有关,响度与发声体的振幅有关,据此判断;
(3)声音能传递信息和能量;
(4)声音是由物体的振动产生的;
本题考查了与声现象相关的多个知识点,综合性强,但难度不大。
2.【答案】B
【解析】解:A、LED灯是利用半导体材料制成的,半导体材料的导电性介于导体和绝
缘体之间。故A错误;
B、煤、石油、天然气统称化石能源,化石能源和核燃料在地球上的储量是有限的,属
于不可再生能源。故B正确;
C、能量既不会消灭,也不会产生,能量在转化或转移的过程中,能量的总量保持不变,
故不可能制造出不消耗能量却能不断对外做功的机器。故C错误;
D、微波属于电磁波,光波也属于电磁波。故D错误。
故选:Bo
①半导体具有单向导电性。半导体材料可用来制作二极管;
②煤、石油、天然气和核能属于不可再生能源;
③自然界中存在不同形式的能量,各种不同的能量可以相互转化,同种能量也可在不
同物体间进行转移,能量在转化和转移的过程中,能量的总量保持不变;
④光也是一种电磁波。
此题是一道综合题,考查了半导体材料的特点及应用、能源种类的划分、能量守恒定律
的应用和电磁波的种类,包含的知识点较多,掌握基本规律是解答的关键。
3.【答案】D
【解析】
【分析】
每一现象中都包含了不同的物理知识,依次分析,找出知识点与描述现象之间的关系,
然后加以分析判断即可。
通过文字,找出其中描述现象的实质,利用所学的知识进行解释,这是物理学中经常遇
到的,也是我们应培养的基本能力之一。
【解答】
A.罗盘能辨别方向,是因为地磁场的作用,故A错误;
B.削竹为刀是减小了刀的受力面积,从而增大压强,故B错误;
C.融冰取水是固态的冰变成液态的水,是熔化现象,故C错误;
D.钻木取火是通过做功改变内能,故D正确。
故选D。
4.【答案】C
【解析】解:A、小荷斜拉着行李箱匀速行走在水平路面上,小华对行李箱的拉力与行
李箱对小华的拉力是一对相互作用力,这两个力同时产生、同时消失,没有前后之分,
故A错误;
B、小荷对行李箱的拉力与地面对行李箱的摩擦力不是在一条直线上,方向也不相反,
不是一对平衡力,故B错误;
C、小荷拉着行李箱运动的过程中,行李箱的质量不变,速度不变,高度不变,则动能
和重力势能均不变,机械能为动能和势能之和,所以机械能保持不变,故C正确;
D、不拉行李箱,行李箱会停下来,是因为阻力改变了行李箱的运动状态,说明力是改
变物体运动状态的原因,不能说明力是维持物体运动的原因,故D错误。
故选:Co
(1)物体间力的作用是相互的,一个物体在对另一个物体施力的同时,受到另一个物体
的反作用力,这两个力同时产生、同时消失;
(2)判断平衡力要根据二力平衡的条件来分析,一对平衡力必须符合四个条件:大小相
等、方向相反、作用在同一物体上、作用在同一直线上;
(3)影响动能的影响因素是物体的质量和物体运动的速度,影响重力势能的因素是物体
的质量和物体的高度,其中动能和势能统称为机械能。在分析各个能量的变化时,根据
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各自的影响因素进行分析;
(4)力是改变物体运动状态的原因,不是维持物体运动的原因。
此题考查力与运动的关系、平衡力的辨别、力的作用的相互性和力的作用效果,是一道
综合性较强的题目,但总体难度不大,掌握基础知识即可正确解题。
5.【答案】B
【解析】解:
A、阳光下,微风吹拂的河面,波光粼粼,是由于光被水面反射后形成的现象,故A正
确;
B、平面镜所成的像与物体大小相同,当人逐渐远离穿衣镜时,像的大小不变,故B错
误;
C、阳光照射下,地面上呈现电线杆的影子是由于光的直线传播形成的,故C正确;
D、紫外线能使荧光物质发光,验钞机是利用紫外线能使荧光物质发光的性质制成的,
故D正确。
故选:Bo
(1)光线遇到障碍物时,会被反射回去的现象为光的反射;
(2)平面镜成像特点,平面镜所成的像与物体大小相同,像和物体关于平面镜对称,像
到平面镜的距离与物体到平面镜的距离相等;
(3)光在同种均匀物质中沿直线传播,在日常生活中,激光准直、小孔成像和影子的形
成等都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的;
(4)紫外线能使荧光物质发光。
本题主要考查学生对光的反射、折射以及光的直线传播,漫反射的特点,是一道光学基
础题。
6.【答案】D
【解析】解:由题意知,灯和压缩机是并联关系,且各自的支路有一个开关控制,干路
上没有开关。
故选:Do
由题意知,电动压缩机M与温控开关Si串联,照明灯泡L与门控开关S2串联,灯和压缩
机能独立工作说明两者是并联。
本题利用了并联电路的特点:用电器并联后,可以相互不影响。
7.【答案】A
【解析】解:因为苹果在A液体中漂浮,所以苹果的密度小于A液体的密度;因为苹果
在B液体中悬浮,所以苹果的密度等于B液体的密度。因此A液体的密度大于B液体的密
度,
A、因为甲、乙两个完全相同的容器,AB液面相同,体积相同,A的密度大于B的密度,
所以A液体重力大于B液体重力,由于容器对桌面的压力等于容器和容器中液体的重力
之和,则甲容器对桌面的压力大,根据p=(即可比较得出甲容器对桌面的压强大;故A
正确;
B、苹果在A液体中漂浮,苹果受到的浮力等于苹果的重力;苹果在B液体中悬浮,苹果
受到的浮力也等于苹果的重力;因此在A和B液体中苹果所受浮力相等,根据阿基米德
原理可知:苹果排开A液体的重力等于苹果排开B液体的重力,故B错误;
C、苹果在A液体中漂浮,苹果受到的浮力等于苹果的重力:苹果在B液体中悬浮,苹果
受到的浮力也等于苹果的重力;因此在A和B液体中苹果所受浮力相等,故C错误;
D、放入苹果后,液面等高,A的密度大于B的密度,由p=pgh可知:甲容器中液体对
容器底的压强大;故D错误。
故选:Ao
根据物体的浮沉条件判断两者所受浮力关系和液体密度关系,再根据p=pgh判断对杯
底的压强关系。
由于容器对桌面的压力等于容器和容器中液体的重力之和,则根据F=G=pgV得出液
体重力的大小;最后根据p=(即可比较得出容器对桌面的压强大小关系。
本题主要考查压力、压强的比较和浮沉条件的应用,一定要掌握物体浮沉情况与密度的
关系。同时要搞清不同状态下(漂浮、悬浮)物体所受重力与浮力的大小关系。
8.【答案】无规则运动引汽化
【解析】解:由于液体分子在不停地做无规则运动,表面层中就存在一些具有较大能量
的分子,这些液体分子要脱离液体跑到空气中去,需克服分子间相互作用的引力;
该过程物质从液态变为了气态,因此液体发生了汽化现象。
故答案为:无规则运动;弓I;汽化。
分子在不停地做无规则运动;分子间存在引力和斥力;物质从液态变为气态的过程叫汽
化。
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本题考查分子动理论以及物态变化,属于基础题。
9.【答案】运动电磁波3x108
【解析】解:坠落过程中,天宫一号相对于地球之间发生了位置变化,故天宫一号是运
动的;
电磁波的传播不需要介质,能看到天宫一号传来的图象,这是利用电磁笔能传递信息;
电磁波在真空中的传播速度是3x108m/s。
故答案为:运动;电磁波;3x108。
物体的运动和静止是看研究对象与参照物之间是否有位置的变动;
电磁波能传递信息;
电磁波在真空中的传播速度是3x108m/s。
本题考查了学生对运动和静止的相对性、电磁波的传播的了解,属于基础知识的考查,
比较简单。
10.【答案】A±1:4
【解析】解:由杠杆平衡条件F]Li=F2L2可知在阻力跟阻力臂的乘积一定时,动力臂
越长,动力越小。
由图可知当力的方向跟杠杆OA垂直向上时动力臂最长,动力最小。
则F]xLx=F2xL2,又知:L]=4L2>F2=G;
所以,F=F=>=>
GL14L24
故答案为:A;上;1:4o
(1)力臂是指从支点到力的作用线的距离。
(2)杠杆平衡条件FiL=F2L2:在阻力跟阻力臂的乘积一定时,动力臂越长,动力越小。
本题的解题关键是通过杠杆的平衡条件得出:在阻力跟阻力臂的乘积一定时,动力臂越
长,动力越小的结论。
11.【答案】改变电流方向电磁感应法拉第
【解析】解:
(1)闭合开关,电动机转动,这是利用通电线圈在磁场里受力转动的原理工作的;如果
想改变电动机的转动方向,我们可以采取的措施是:改变电流的方向;
(2)将电池换成灵敏电流表,闭合开关,当用手快速转动电动机转轴时,发现灵敏电流
表指针偏转,这是电磁感应现象,是物理学家法拉第发现的。
故答案为:改变电流方向;电磁感应;法拉第。
(1)通电导体在磁场中会受力转动,影响电动机转动方向的因素有:电流的方向和磁场
的方向;
(2)电磁感应指闭合回路中部分导体做切割磁感线运动,或者穿过闭合线圈的磁通量变
化,则回路中即可产生感应电流。
本题考查电动机的原理和电磁感应现象,相对比较简单,属于基础题。
12.【答案】并810持续
【解析】解:(1)高压锅与其它用电器在工作时互不影响,所以是并联的;
由p=t可得,电高压锅的电阻:R=《=幽跖=48.4C,
RP1OOOW
电阻不变,电路实际电压为198V时的实际功率:P,=也="空=810W:
R48.40
(2)若电高压锅正常持续工作0.5h,其消耗的电能:W=Pt=lkWx0.5h=0.5kW-h,
指示灯共闪烁600次时,电高压锅消耗的电能:W,=^kW-h=0.5kW-h,因为W=
W',所以电高压锅是持续工作的。
故答案为:并;810;持续。
(1)家用电器工作时互不影响,采用并联连接;
知道电高压锅的额定电压、额定功率,利用P=〈求电高压锅的电阻;由于电阻不变,
知道电路的实际电压,利用p=半求其实际功率;
(2)利用W=Pt求正常工作(持续工作)0.5h消耗的电能;
1200imp/kW.h,是指用电器每消耗lkW-h的电能,电能表的指示灯闪烁1200次;据
此求指示灯共闪烁600次消耗电能,和电高压锅正常工作(持续工作)0.5h消耗的电能比
较得出是持续工作还是间歇工作。
本题考查了家用电器的连接方法、电能和电功率的计算,灵活应用电功率公式及其变形
公式是关键。
13.【答案】3604090%
【解析】解:(1)拉力做的有用功:W有=Gh=180NX2m=360J.
(2)由图可知n=2,绳子自由端移动的距离:s=nh=2x2m=4m,
拉力做的总功:W总=Fs=100Nx4m=400J,
第16页,共26页
P=*=幽=40W;
t10s
(3)滑轮组的机械效率:n=£X100%=瑞x100%=90%。
故答案为:360;40;90%。
(1)利用=Gh求有用功;
(2)由图可知n=2,绳子自由端移动的距离$=1±,利用W总=Fs求拉力做的总功,利
W
用p=力求拉力做功的功率;
t
W有
(3)利用n=100%求滑轮组的机械效率。
W总
本题考查了使用滑轮组时有用功、总功、功率和机械效率的计算,明确有用功和总功是
关键。
14.【答案】1:21.23.33
【解析】解:(1)把A、B电阻串联在同一电路中,则电流相等,由图象可知,若电流为
0.2A时,则A、B两端的电压分别为1V、2V,所以A、B电阻的两端电压之比为IV:2V=1:
2(同理可知,电流为0.3A时,它们电压之比仍为1:2)。
(2)若将A、B电阻并联在2.0V的电路中,则两电阻两端的电压均为2V,由图象可知,此
时通过A、B电阻的电流分别为:0.4A、0.2A;
则干路电流为I=IA+1B=0.4A+0.2A=0.6A,
所以总功率:p=UI=2Vx0.6A=1.2W,
由1=:可得总电阻为:
K
Il2V
R=-=—«3.33£1„
I0.6A
故答案为:1:2;1.2;3.33。
(1)把A、B电阻串联在同一电路中,电流相等。根据图象即可得出电压之比;
(2)并联在2.0V的电路中,由图象得出通过A、B的电流,然后根据并联电路的特点和P=
U1求出总功率;利用欧姆定律求出总电阻。
本题考查串并联电路的特点、欧姆定律的应用和功率的计算,关键是能从I-U图象中读
出有用的数据。
紊
15.【答案】
【解析】连接P0,即为反射光线,根据光的反射定律,反射角等于入射角,作反射光
线和入射光线夹角的角平分线就是法线的位置,然后垂直于法线作出平面镜;
由图知,反射光线和入射光线的夹角90。+30。=120。,则反射角等于入射角等于60。;
如图所示:
16.【答案】解:如图,A与火线连接,B与灯泡连接。这样使开关控制电灯,又不影响
插座供其它电器使用。
图乙
【解析】家庭电路中,从安全角度考虑,开关应控制火线,火线经开关后才能与灯泡连
接。
对于电灯接线操作的基本要求是:“火线零线并排走,零线直接进灯头,火线接在开关
上,通过开关进灯头”。
第18页,共26页
17.【答案】解:静止在水中的小球受到重力和浮力作用,所受重力和浮力大小相等,
是一对平衡力,重力和浮力的作用点是小球的球心,然后过球心作竖直向下的重力和竖
直向上的浮力,作图时要注意两条线段长度要相等。如图所示:
【解析】先对小球进行受力分析,然后根据规则物体的重心在物体的几何中心确定力的
作用点,再根据力的示意图的画法画出小球受力示意图。
本题考查规则物体重心的确定以及力的示意图的正确画法,牢记重力的方向总是竖直向
下的,浮力的方向总是竖直向上。
18.【答案】13.45337.5左照相机B
【解析】解:(1)由图可知,刻度尺的每一小格代表1mm,则该刻度尺的分度值是1mm;
刻度尺读数时要估读到分度值后一位,则该刻度尺的读数为3.45cm;
停表的小盘单位是分钟,大盘单位是秒,小盘的指针在5和6之间,小盘读数为5min,
由于小盘指针靠近6,则大盘读数为后30秒,因此大盘读数为37.5s,
则停表的读数为:5min+37.5s=337.5s;
(2)①近视眼镜是凹透镜,对光有发散作用,若把近视眼镜取下,则相当于光线发散作
用减弱,向左会聚,因此在不移动蜡烛和凸透镜位置的前提下,应将光屏向左移动
②由图可知,物距大于像距,则蜡烛在光光屏上成倒立、缩小的实像,此规律应用在
照相机上;
③近视眼是由于晶状体变厚,成像在视网膜前,需要用凹透镜对光进行发散,因此要
用凹透镜进行矫正,由图可知,图丙是近视眼的成像,图甲是近视眼的矫正,故B正确。
故答案为:(1)1;3.45;337.5;(2)①左;②照相机;③B。
(1)刻度尺的分度值是指最小的一格代表的大小;刻度尺读数时要估读到分度值的后一
位;
停表读数时要注意区分大盘和小盘,小盘的单位是分钟,大盘的单位是秒,若小盘中的
指针更靠近前一数值,则大盘读数为前30秒,若小盘指针更靠近后一数值,则大盘读数
为后30秒;
(2)①凹透镜对光有发散作用,近视眼镜是凹透镜,据此分析;
②凸透镜成像规律:
当f<u<2时,v>2f(即u<v),此时在光屏上成倒立、放大的实像,是投影仪的原
当u>2用寸,f<u<2f3Pu>v),此时在光屏上成倒立、缩小的实像,是照相机的原
理;
当u=2f11寸,v=2f,此时在光屏上成倒立、等大的实像,可用来测凸透镜的焦距;
当u<fW,此时在光屏上正立、放大的虚像,是放大镜的原理;
当u=fB寸,不成像;
③近视眼的形成原因是晶状体变厚,聚光能力变强,使像成在视网膜前,凹透镜对光
有发散作用,因此可以通过凹透镜进行矫正。
本题考查了对刻度尺和停表的读数、凸透镜的成像规律以及近视眼的形成和矫正的掌握,
属于基础题,难度不大,这里只需注意刻度尺读数时要估读到分度值的后一位。
19.【答案】-4;冰受热不均匀;吸热但温度不变;冰和水的比热容不同;晶体;<
【解析】解:
(1)图中温度计的分度值为1。&且在零的下方,是零下,示数为-4久;
冰的熔点为0。。所以装所以装有碎冰的烧杯直接放置在空气中,不但能使烧杯均匀受
热,而且冰的温度升高较慢,便于记录各个时刻的温度;
(2)由图可知,水在沸腾的过程中,吸收热量,但温度保持不变。
(3)由图BC段是冰熔化的过程,此过程中冰吸热温度保持不变,所以冰是晶体;此时的
沸点为98。(2,低于lOOT,是因为水面上方气压低于一个标准大气压。
故答案为:(1)-4;冰受热不均匀;(2)吸热但温度不变;(3)冰和水的比热容不同;晶
体;<。
(1)根据温度计的分度值,读出示数;为了能使固体物质均匀受热,常用水浴法,若物
质的熔点较低,可以不对其加热,还可以用搅拌棒进行搅拌,这样不仅能够使烧杯均匀
受热,而且冰的温度升高较慢,便于记录数据;
(2)根据图象分析温度的变化特点。
(3)晶体熔化时温度要达到熔点,不断吸热,温度不变;根据气压和沸点的关系分析。
此题考查了冰熔化和水沸腾实验中器材的作用,沸点与熔点的判断,同学们要学会观察
图象,分析实验,总结规律.
20.【答案】右端;保护;2.2;1.14;滑动变阻器断路;0.38
第20页,共26页
【解析】解:(1)灯泡的额定电压为3.8V,电压表并联在滑动变阻器的两端,滑动变阻
器的电压为6V-3.8V=2.2V,故电压表选用0-3V的量程;
如图所示:
(2)为了保护电路,闭合开关前,滑动变阻器阻值调至最大即最右端;
(3)泡的额定电压为3.8V,电压表并联在滑动变阻器的两端,滑动变阻器的电压为6V-
3.8V=2.2V,应调节滑动变阻器,使电压表V的示数为2.2V灯泡正常发光;
灯泡的额定功率为:P=U额I=3.8Vx0.3A=1.14W;
(4)若电流表示数为0A,说明电路为断路,电压表示数为6V,说明和电源相连,故故障
为滑动变阻器断路;
(5)要使小灯泡正常发光,则灯泡两端的电压为3.8V,
则通过定值电阻的电流为:1'=兽=器=0.38人;即电流表A2的示数为0.38A。
R0ion
故答案为:(1)如上图所示;(2)右端;保护(3)2.2;1.14;(4)滑动变阻器断路;(5)0.38。
(1)电压表应并联到滑动变阻器的两端,根据串联电路的分压作用判断电压表的量程;
(2)为了保护电路,闭合开关前,滑动变阻器阻值调至最大;
(3)灯泡正常发光时其两端的电压等于额定电压,根据公式P=UI求出额定功率;
(4)根据电流表和电压表判断故障;
(5)根据欧姆定律求出电流。
此题主要考查学生对于伏安法测电功率实验的理解和掌握,关键是单只电表与定值电阻
如何测量待测量。属于难题。
21.【答案】解:(1)乘客与车的总质量:
m=mj+m2=800kg+200kg=1000kg,
汽车对水平地面的压力:
F=G=mg=1000kgxlON/kg=104N,
汽车与水平地面的总接触面积:
22-22
S-4S0=4X50cm—200cm=2x10m,
汽车对水平地面的压强:
_F_WN
=5x105Pa;
P一S一2xl0-2m2
(2)由图可知,电动汽车做匀速直线运动,电动汽车的牵引力:
Fi=f=0.09G=0.09x104N=900N,
当耳=3s时,Si=60m,
则电动汽车行驶的速度:
v=-=竺^=20m/s,
3s
此过程中牵引力的功率:
P=Y=Y=FV=900Nx20m/s=1.8X104W,
答:(1)标准承载下,该辆电动汽车静止时对水平地面的压强是5x105pa;
(2)电动汽车的牵引力是900N:此过程中牵引力的功率是L8x104w。
【解析】(1)标准承载下,电动汽车静止时对水平地面的压力等于空车和标准承载的最
大总重力,根据F=G=mg求出其大小,受力面积等于4个轮胎与地面接触面积之和,
根据p=(求出对水平地面的压强;
(2)由图可知,电动汽车做匀速直线运动,受到的牵引力和阻力是一对平衡力,二力大
小相等,根据F=f=0.09G求出电动汽车的牵引力;读出一组数据,根据v=;求出电动
汽车行驶的速度,再根据P=7=7=Fv计算牵引力的功率。
本题考查了重力公式、压强公式、速度公式、功率公式以及二力平衡条件的应用等,从
表格和图象中获取有用的信息是关键。
22.【答案】解:(1)由表信息可知:
饮水机正常工作时电路中的电流:
IP加热44OWQA
I=-=^V=2A-
(2)由「=々控制,热水箱中的水质量:
m=p水V-1.0x103kg/m3x1x10-3m3=lkg
水吸收的热量:
35
Q吸=cm(t2-tj=4.2x10J/(kg•℃)xlkgx(90℃-20℃)=2.94x10J
电流做的功:W=Pt=440WX14x60s=3.696X105J,
第22页,共26页
电路是纯电阻电路,Q放=w,
饮水机的加热效率:
"粤XI。。%=焉端XI。。%”79.5%.
(3)当S闭合时,饮水机处于加热状态
U2_(220V)2
Rnon,
2队=440W
当S断开时,饮水机处于保温状态
R,.,=Rx+R2=—=经叱=1210。,
2P
总1(W40W'
Ri=R总一R2=1210(1—110。=1100(1.
答:(1)在加热状态下,饮水机正常工作时电路中的电流是2A;
(2)饮水机的加热效率约为79.5%;
(3)电阻及的阻值为1100Q.
【解析】(1)由表格可知:加热状态下的功率,利用公式1=巳即可求得正常工作时电路
中的电流;
(2)先求出水的质量,再根据公式Q吸=cm(t2-G)求出水吸收的热量,根据W=Pt求
出电流做的功,最后代入效率公式,即可求解;
(3)当S闭合时,饮水机处于加热状态,电路中只有R?在工作,利用R=9求出R?的阻值;
当S断开时,饮水机处于保温状态,此时%、R?串联,根据R=?求出总电阻,然后利
用电阻的串联求出Ri的阻值.
解决本题的关键:一是电功率公式和效率公式的灵活运用,二是利用表格和电路图解决
实际问题的能力.
23.【答案】2.7;0.1:排开液体的体积;1.3x103;200;增大
【解析】解:(1)测力计的分度值为0,1N,由指针位置可知,A步骤所示弹簧测力计的
示数为2.7N;
(2)由表格数据可知,在实验步骤B中拉力为2.6N,则步骤B中铜块所受浮力F浮=G-
F拉=2.7N-2.6N=0.1N,
(3)由A、B、C、D所示实验可知物体排开液体的体积越大,物体受到的浮力越大,由此
可知:浸在同种液体中的物体所受浮力大小跟物体排开液体的体积有关。
(4)V=5cm2x6cm=30cm3=3xIO-5!!!3,浸没时,丫排=V,
在F图中,F浮,=G=2.7N—2.3N=0.4N,
由尸浮=P液gV排可得:
33
P切=~77~=----3b-----—*1.3x10kg/m;
产液gV.,1.0xi03kg/m3x
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