2022届高考物理选考模拟试卷公开课

2022年6月浙江省物理选考模拟卷

一、单选题（本大题共13小题，共40.0分）

1.用国际单位制的基本单位表示电场强度的单位，下列正确的是（）

A.N/CB.V/mC.kg-m/（C-s2）D.kg-m/（A-s3）

2.关于物理量或单位，下列说法中正确的是（）

A.加速度、时间、力等均为矢量

B.质量、位移、速度等均为标量

C.长度、质量、时间为国际单位制的三个基本物理量

D.后人为了纪念牛顿，把“牛顿”作为力学中的基本单位

3.2019年9月24日，中国科学院李春来领导的“嫦娥四号”研究团队，精确定位了

“嫦娥四号”的着陆位置，并对“嫦娥四号”的落月过程进行了重建。该着陆器质

量为1.2x103kg,在距离月球表面100Hl处悬停，自动判断合适着陆点后，先关闭

推力发动机自由下落，再开动发动机匀减速竖直下降到距离月球表面4m时速度变

为0,再关闭推力发动机自由下落，直至平稳着陆.着陆器下降过程中的高度与时

间关系图象如图所示，若月球表面重力加速度是地球表面重力加速度的;倍，地球

O

表面重力加速度g=10m/s2,则下述判断正确的是（）

A.着陆器在空中悬停时，发动机推力大小是1.2X104N

B.着陆器从高100巾下降至47n过程中的减速的加速度大小为月球表面重力加速

度的|

C.着陆器从高100m下降至4m过程中的最大速度为16m/s

D.着陆器着陆时的速度大约是8.9m/s

4.如图，三个固定的带电小球a、b和c,相互间的距离分别为ab=5cm,be=3cm,

CQ=4cm。小球c所受库仑力的合力的方向平行于Q、b的连线。设小球a、b所带电

荷量的比值的绝对值为K,贝K）

-------------1

A.a、b的电荷同号，K=^B.a、b的电荷异号，K=?

C.a、b的电荷异号，K=^D.a、b的电荷同号，/<=票

5.在长约一米的一端封闭的玻璃管中注满清水，水中S

放一个适当的圆柱形的红蜡块，玻璃管的开口端用

胶塞塞紧，将其迅速竖直倒置，红蜡块就沿玻璃管

由管口匀速上升到管底，现将此玻璃管倒置安装在比

A."^

置于粗糙水平桌面上的小车上，小车从位置4以初速

度火开始运动，同时红蜡块沿玻璃管匀速上升，经过一段时间后，小车运动到图中

虚线位置B,在这一过程中红蜡块实际运动的轨迹可能是（）

A.金星表面的重力加速度是火星的V倍

n

B.金星的“第一宇宙速度”是火星的J

C.金星绕太阳运动的加速度比火星小

D.金星绕太阳运动的周期比火星大

7.A、B两小球静止在光滑水平面上，用轻弹簧相连接，4、B两球的质量分别为m和

若使4球获得瞬时速度或如图甲），弹簧压缩到最短时的长度为k；若

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使B球获得瞬时速度/如图乙），弹簧压缩到最短时的长度为乙2,则L1与42的大小关

系为（）

♦Vp♦一

（?yvwvvwwv@CDvvwvvvw^J）

?乙

A.L、>L2B.LI<L2C.k=L2D.不能确定

8.如图所示，质量为m的小球4静止于光滑水平面上，在4球与墙之间用轻弹簧连接。

现用完全相同的小球B以水平速度必与A相碰后粘在一起压缩弹簧，不计空气阻力,

若弹簧被压缩过程中的最大弹性势能为E,从球4被碰后开始到回到原静止位置的

过程中墙对弹簧的冲量大小为/,则下列表达式中正确的是（）

A.E=-mv2,l=2mvB.E=-mv2,I=mv

400400

22

C.E=^mv0,I=2mv0D.E=^mv0,I=mv0

9.现行的第四代移动通信技术4G,采用1880〜2635MHz频段的无线电波；2020年我

国将全面推行第五代移动通信技术5G,采用3300〜5000MHz频段的无线电波。未

来5G网络的传输速率是4G网络的50〜100倍。下列说法中正确的是

A.5G信号和4G信号都是横波

B.在空气中5G信号比4G信号传播速度大

C.5G信号和4G信号相遇能产生干涉现象

D.5G和4G电磁波信号的磁感应强度随时间是均匀变化的

10.某地下工事壁距地面的厚度为d,为了从工事内部更好地观察外j

界的目标，需在工事壁上开一个竖直的圆柱形孔，并在孔内嵌

7d\

入折射率几=遮的玻璃砖，如图所示。要使工事内部人员观察

到外界视野的最大张角为120。，则这个圆柱形孔的直径L至少为

（）

A.立dB.逗dC.V3dD.

332

11.测定压力变化的电容式传感器如图所示，A为固定电极,

B为可动电极，组成一个电容大小可变的电容器。可动

电极两端固定，当待测压力施加在可动电极上时，可knnLJ

动电极发生形变，从而改变了电容器的电容。现将此待泅压力

电容式传感器连接到如图所示的电路中，当待测压力增大时

A.电容器的电容将减小B.电阻R中没有电流

C.电阻R中有从a流向b的电流D.电阻R中有从b流向a的电流

12.电风扇的挡位变换器电路如图所示，把它视为一个可调压的理

想变压器，总匝数为2400匝的原线圈输入电压“=220点3

〜*53

sinl007Tt（V）,挡位1、2、3、4对应的线圈匝数分别为240匝、尚

600匝、1200匝、2400匝。电动机M的内阻r=80,额定电压

为U=220V,额定功率P=110W。下列判断正确的是）（）

A.该交变电源的频率为100Hz

B.当选择3挡位后，电动机两端电压的最大值为110V

C.当挡位由3变为2后，原线圈的电流变大

D.当选择挡位4后，电动机的输出功率为108W

13.如图所示，木板长为3木板B端放有质量为的静止物体，，，9

物体与板的动摩擦因数为〃，开始时板水平，现缓慢地高B端」彳尸n一

使木板以左端为轴转动，当木板转到与水平面的夹角为a时小物体开始滑动，此时

停止转动木板，小物体滑到木板4端，则在整个过程中下列说法不正确的是（）

A.摩擦力对小物体做功为卬ngLcosa

B.支持力对小物体做功为mgLsina

C.重力对小物体做功为0

D.木板对小物体做功为mgLsina-fimgLcosa

二、多选题（本大题共3小题，共6.0分）

14.如图甲所示，理想变压器原线圈总匝数、副线圈的匝数比为5：1,b是原线圈的中

心抽头，图中电表均为理想交流电表，定值电阻R=1O0,其余电阻均不计，从某

时刻开始在原线圈c、d两端加上如图乙所示的交变电压，下列说法正确的是

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A.当单刀双掷开关与a连接，在t=0.01s时，电流表的示数为零

B.当单刀双掷开关与a连接时，电压表示数为44.0U

C.当单刀双掷开关由a拨到b时，副线圈输出电压的频率变为100Hz

D.当单刀双掷开关由a拨到b时，原线圈的输入功率变为原来的4倍

15.以下说法中正确的是（）

A,如甲图是a粒子散射实验示意图，当显微镜在4B,C,D中的4位置时荧光屏

上接收到的a粒子数最多.

B.如乙图是氢原子的能级示意图，氢原子从鹿=3能级跃迁到n=1能级时吸收了

一定频率的光子能量.

C.如丙图是光电效应实验示意图，当光照射锌板时验电器的指针发生了偏转，则

此时验电器的金属杆带的是正电荷.

D.如丁图是电子束穿过铝箔后的衍射图样，该实验现象说明实物粒子也具有波动

性.

16.两列简谐横波在同种介质中沿x轴相向传播，如图所示是两列波在t=0时的各自波

形图，实线波4向右传播，周期为匕.虚线波B向左传播.已知实线波的振幅为10cm,

虚线波的振幅为5cm,则下列说法正确的是（）

A.虚线波B遇到障碍物时更容易发生明显的衍射现象

B.实线波和虚线波的频率之比为2：3

C.两列波在相遇区域内会发生干涉现象

D.t=7^时，x=5m处的质点的位移为10cm

三、实验题(本大题共2小题，共15.0分)

17.为了测量木块与木板间动摩擦因数出某小组使用位移传感器设计了如图甲所示实

验装置，让木块从倾斜木板上一点4由静止释放，位移传感器可以测出木块到传感

器的距离。位移传感器连接计算机，描绘出滑块相对传感器的位移s随时间t变化规

律，如图乙所示。

(1)根据上述图线，计算0.4s时木块的速度"=m/s,木块加速度

a=m/s2；

(2)现测得斜面倾角为37°，g取10m/s2,则四=；

(3)为了提高木块与木板间动摩擦因数”的测量精度，下列措施可行的是。

A.4点与传感器距离适当大些

A木板的倾角越大越好

C.选择体积较大的空心木块

。.传感器开始计时的时刻必须是木块从4点释放的时刻

18.小阳同学要测量一圆柱体导体材料的电阻率(阻值约为1500),他进行了如下实验:

(1)利用多用电表测该导体材料的电阻，小阳同学先用多用电表电阻挡“xlOO”测

量时发现指针偏转角度过大，为了减小测量误差，下列选项中正确的操作及步骤顺

序为(填写选项前的字母)

A.将选择开关旋转到“x1k”的位置

B.将选择开关旋转到“X10”的位置

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C.用两表笔与导体材料连接好并读数

D将两表笔短接，进行欧姆调零

(2)他按正确的实验操作，用多用电表电阻挡测量时指针停在图所示的位置，则此

材料电阻的测量值为n.

(3)若该材料的长度为L,直径为。，电阻为R,则该材料电阻率的表达式P=

(4)小阳同学发现该多用电表“直流50口,挡损坏了，但“直流10片'挡能正常使

用.查阅资料知道，电压挡内部原理如图所示，表头A的满偏电流为1巾4打开多用

电表外壳发现电路板上的电阻/?2被烧坏了，则应用阻值为kO的电阻替换

R2,就可以修好“直流50广'挡.

+10+50

四、计算题(本大题共4小题，共40.0分)

19.成都欢乐谷的“跳楼机”游戏，既新奇又刺激，很受同学们欢迎，其原理是将巨型

娱乐器械由升降机送到离地面60m的高处，然后让座舱自由下落，落到离地面20m

高时，制动系统开始启动，座舱均匀减速，到地面时刚好停下，若座舱中的小李体

重为500N,试求：

(1)此过程中的最大速度是多少？当座舱落到离地面307n的位置时，水平支持面对

小李的支持力是多少？

(2)当座舱落到离地面157n的位置时，小李对水平支持面的压力是多少？(取g=

10m/s2)

20.如图所示，一弹射游戏装置由安装在水平台面上的固定弹射器、竖直圆轨道(在最

低点E分别与水平轨道EO和E4相连)、高度九可调的斜轨道4B组成。游戏时滑块从。

点弹出，经过圆轨道并滑上斜轨道。全程不脱离轨道且恰好停在B端则视为游戏成

功。已知圆轨道半径r=0.1m,OE长A】=0.2m,AC^zL2=0.4m,圆轨道和4E光

滑，滑块与48、0E之间的动摩擦因数〃=0.5。滑块质量m=2g且可视为质点，

弹射时从静止释放且弹簧的弹性势能完全转化为滑块动能。忽略空气阻力，各部分

平滑连接。求

(1)滑块恰好能过圆轨道最高点F时的速度昨大小;

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(2)当九=0.1m且游戏成功时，滑块经过E点对圆轨道的压力FN大小及弹簧弹性势

能Epo；

(3)要使游戏成功，弹簧的弹性势能Ep与高度h之间满足的关系。

21.如图甲所示，足够长的光滑平行金属导轨MN、PQ竖直放置，其宽度Z,=lm,一

匀强磁场垂直穿过导轨平面，导轨的上端M与P之间连接一阻值为R=0.40。的电阻,

质量为巾=0.01kg、电阻为r=0.300的金属棒ab紧贴在导轨上.现使金属棒ab由

静止开始下滑，下滑过程中ab始终保持水平，且与导轨接触良好，其下滑距离x与

时间t的关系如图乙所示，图象中的段为曲线，4B段为直线，导轨电阻不计，g

取10m/s2(忽略ab棒运动过程中对原磁场的影响).

(2)求磁感应强度B的大小;

(3)在金属棒ab从开始运动的1.5s内，电阻R上产生的热量。

22.现代科学仪器常利用电场、磁场控制带电粒子的运动，真空中存在着如图所示的多

层紧密相邻的匀强电场和匀强磁场，电场与磁场的宽度均为d,电场强度为E,方

向水平向右；磁感应强度为8,方向垂直纸面向里.电场、磁场的边界互相平行且

与电场方向垂直.一个质量为m、电荷量为q的带正电粒子在第1层电场左侧边界某

处由静止释放,粒子始终在电场、磁场中运动，不计粒子重力及运动时的电磁辐射.

第1层第混第限

_X人.___人--__人

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A；

1•

(1)求粒子在第2层磁场中运动时速度方的大小与轨迹半径「2；

(2)粒子从第n层磁场右侧边界穿出时，速度的方向与水平方向的夹角为。小试求

sin8n；

(3)若粒子恰好不能从第n层磁场右侧边界穿出，试问在其他条件不变的情况下，也

进入第n层磁场，但比荷较该粒子大的粒子能否穿出该层磁场右侧边界，请简要推

理说明之.

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答案和解析

1.【答案】

D

【解析】

【分析】

本题考查对基本单位的掌握情况，要注意明确物理公式同时对应了单位的换算关系。

【解答】

根据E=5以及F=ma>q=〃可知，电场强度的单位1N/C=kg-m/(A-s3),由于N、

了不是国际单位制中的基本单位，故ABC错误，。正确。

故选D。

2.【答案】

C

【解析】

【分析】

既有大小、又有方向，合成与分解遵循平行四边形定则的物理量是矢量；而只有大小的

物理量是标量；国际单位制中将长度、质量和时间三个物理量作为基本物理量。

本题关键是明确矢量和标量的区别，还要知道力学单位制的基本物理量和基本单位，基

础题目。

【解答】

解：4加速度、力为矢量，而时间是标量，故A错误；

质量为标量，而位移、速度为矢量，故8错误；

C.长度、质量、时间为国际单位制的三个基本物理量，故C正确；

D后人为了纪念牛顿，规定1牛顿=1千克•米/秘、2,故“牛顿”是导出单位，故。错误;

故选C。

3.【答案】

C

【解析】

【分析】

本题主要考查匀变速直线运动的图像，牛顿第二定律。抓住着陆器在空中悬停，受力平

衡求出发动机的推力作用；根据下降的高度和时间求出平均速度的大小，根据加速度,

结合自由落体运动的公式求出着陆时的速度大小。

【解答】

A.着陆器在空中悬停时，受力平衡，根据F=mg得，F=m\g=2x1。3乂故A错误；

BC.着陆器从高100nl下降至47n过程中，先自由落体，当速度为。时，再匀减速，则有

=96m,v=Ct=at2,+t2=12s,解得：v—16m/s；=9.6s；t2=

2.4s；a=|g,则减速的加速度大小为月球表面重力加速度的4倍，最大速度为16m/s,

故B错误，C正确；

D.着陆器着陆时的速度v==j2xl0xix4=3.65m/s.故力错误；

故选：C.

4.【答案】

C

【解析】

【分析】

本题考查库仑定律与矢量的合成法则，掌握几何关系，与三角形相似比的运用，注意小

球c的合力方向可能向左，不影响解题的结果。

对小球c受力分析，根据库仑定律，与矢量的合成法则，结合几何关系，及三角知识，

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即可求解。

【解答】

根据同种电荷相斥，异种电荷相吸，且小球c所受库仑力的合力的方向平行于a,b的连

线，可知，a,b的电荷异号，

对小球C受力分析，如下图所示：

因ab=5cm,be=3cm,ca=4cm,因此ac_Lbe,那么两力的合成构成矩形,

依据相似三角形之比，则有：个=,=£

Fbbe3

而根据库仑定律，弓=k"，而及=卜智

QC<be"

综上所得，K=麴=：x"=W，故4BD错误，C正确。

qb33427

故选Co

5.【答案】

A

【解析】

【分析】

蜡块参与了水平方向向右初速度为%的匀加速直线运动和竖直方向上的匀速直线运动，

根据合速度与合加速度的方向关系确定蜡块的运动轨迹。

解决本题的关键知道当合速度的方向与合力（合加速度）的方向不在同一条直线上，物体

将做曲线运动，且轨迹夹在速度与合力方向之间，轨迹的凹向大致指向合力的方向。

【解答】

当合速度的方向与合力（合加速度）的方向不在同一条直线上，物体将做曲线运动，且轨

迹夹在速度与合力方向之间，轨迹的凹向大致指向合力的方向。蜡块向右做匀减速运动，

合外力向左，故A正确，8C£>错误。

故选A。

6.【答案】

B

【解析】

【分析】

根据重力等于万有引力列式，求金星表面的重力加速度。根据卫星的速度公式〃=栏

求金星的“第一宇宙速度”。根据a=写*分析加速度的关系，根据开普勒第三定律分析

周期关系。

解决本题的关键是要掌握万有引力提供向心力，知道卫星的线速度、加速度等公式，并

能用来比较两个天体各个量之间的大小。

【解答】

解：4、根据mg=G等得g=察，可知金星与火星表面重力加速度之比葛=上故A错

误。

B、根据"=后可知，金星与火星第一宇宙速度之比晟=与故B正确；

C、根据a=,可知，距离太阳越远，加速度越小，金星距离地球近，则金星绕太阳运

动的加速度比火星大，故C错误。

。、根据开普勒第三定律弓=匕可知距离太阳越远，周期越长，金星距离太阳近，所

以金星绕太阳运动的周期比火星短，故。错误。

故选：B。

7.【答案】

C

【解析】

解：当弹簧压缩到最短时，两球的速度相同。对甲图取4的初速度方向为正方向，由动

量守恒定律得：

mv=(m+M)v'

由机械能守恒定律得:

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=|mv2—|(m4-M)v，2。

联立解得弹簧压缩到最短时有：与=喋喘

同理：对乙图取B的初速度方向为正方向，当弹簧压缩到最短时有：晦

“2(m+M)

故弹性势能相等，则有：加=G,故A3。错误C正确。

故选：C。

当弹簧压缩到最短时，两球的速度相同。4、B两球组成的系统动量守恒，根据动量守

恒定律和能量守恒定律结合判断。

本题考查动量守恒定律及机械能守恒定律，要注意明确能量的转化情况，并掌握动量守

恒的条件。

8.【答案】

A

【解析】

【分析】

根据动量守恒定律求出4、B碰撞后共同速度。碰撞后，起压缩弹簧，当AB的速度

减至零时弹簧的弹性势能最大，由能量守恒定律求最大弹性势能。对4B及弹簧整体，

由动量定理求墙对弹簧的冲量大小/。

分析清楚物体的运动过程、正确选择研究对象是正确解题的关键，应用动量守恒定律、

机械能守恒定律即可正确解题。在运用动量定理和动量守恒定律时都要选择正方向，用

符号表示速度的方向。

【解答】

A、B碰撞过程，取向左为正方向，由动量守恒定律得：mv0=2mv；碰撞后，4B—•起

压缩弹簧，当4B的速度减至零时弹簧的弹性势能最大，由能量守恒定律得最大弹性势

能：E=1-2mv2,联立解得：2从球被碰后开始到回到原静止位置的过程

F=imv0;4

中，取向右为正方向，对48及弹簧整体，由动量定理得：/=2mv-(-2mv)=4mv=

故正确，BCD

2mv0oA错误。

故选A。

9.【答案】

A

【解析】

【分析】

明确电磁波的性质，电磁波在真空中传播速度均为光速，并且电磁波为横波；

根据波的干涉条件分析；

根据麦克斯韦电磁场理论分析，均匀变化的磁场产生恒定的电场。

本题考查电磁波的特性和传播规律，注意麦克斯韦的电磁场理论是变化的磁场产生电场,

变化的电场产生磁场。其中的变化有均匀变化与周期性变化之分。

【解答】

A.5G和4G信号都是电磁波，电磁波都是横波，故A正确；

B.任何电磁波在真空中的传播速度均为光速，故传播速度相同，故8错误；

C.波的干涉条件是两列波的频率相同，振动情况相同，5G和4G信号的频率不同，相遇

不能产生干涉现象，故C错误；

D根据麦克斯韦电磁场理论可知，均匀变化的电（磁）场只能产生恒定不变的磁（电）场，

不能形成电磁波，故5G和4G电磁波信号的磁感应强度随时间不是均匀变化的，故力错

误。

故选

10.【答案】

A

【解析】

【分析】

本题考查了光的折射，对于光学问题关键是能够正确做出光路图，根据几何关系结合折

射定律求解.

根据折射定律计算折射角，再由几何关系表示折射角，进而可以确定直径。

【解答】

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根据折射定律“=墨=百，由题意可知i=60。，siny=根据几何知识可知siny=

方修，可得L=^d，即圆柱形孔的直径L至少&d，故A正确，88错误。

vL2+d233

故选A。

11.【答案】

D

【解析】

【分析】

当待测压力增大时，电容器板间距离减小，根据电容的决定式分析电容的变化，再由电

容的定义式分析电容器所带电量的变化，判断电阻R中的电流方向。

本题考查对传感器基本原理的理解，实质是电容器动态变化分析问题，电容的决定式C=

盘和定义式C=满合进行分析。

47tKaU

【解答】

A.当待测压力增大时，电容器板间距离减小，根据电容的决定式。=抵得知，电容C增

4nka

大，故A错误；

BCD.电容板间电压U不变，电容器所带电量为Q=CU,C增大，则Q增大，电容器处于

充电状态，而4板带正电，则电路中形成逆时针方向的充电电流，电阻R中有从b流向a的

电流，故BC错误，。正确。

故选£>«

12.【答案】

D

【解析】

【分析】

本题考查变压器原理，要注意明确变压器的规律，能用线圈匝数之比求解电压及电流；

同时注意注意明确对于非纯电阻电路欧姆定律不能使用，在解题时要注意正确选择功率

公式。

根据原线圈输入电压的瞬时值表达式即可知角速度3,结合3=2兀/得交变电源的频率；

当选择3档位后，根据变压比规律求出副线圈两端电压的有效值，最大值为有效值的我

倍；当档位由3变为2后，根据变压比规律判断副线圈的电压，分析输出功率的变化，根

据输入功率等于输出功率，由2=U/判断原线圈电流的变化；当选择档位4后，根据变

压比规律求出副线圈电压，根据能量守恒求电动机的输出功率。

【解答】

A根据原线圈输入电压的瞬时值表达式知3=100兀，交变电源的频率/=/=嘤=

50Hz,故A错误；

A当选择3档位后，副线圈的匝数为1200匝，根据电压与匝数成正比得”="，即宁=

u2n2出

鬻，解得4=1107,所以电动机两端电压的最大值为110口故B错误；

12004

C.当档位由3变为2后，根据电压与匝数成正比知，副线圈两端的电压减小，输出功率变

小，输入功率变小，根据&=Ui4知原线圈电流变小，故C错误；

D当选择档位4,副线圈匝数等于2400匝，根据电压比规律得副线圈两端的电压为220V,

电动机正常工作，流过电动机的电流/=《=^-A=0.54电动机的发热功率P执=

l2r=0.52x8V/=2W,电动机的输出功率为P出=110-2=108W,故。正确。

故选Do

13.【答案】

A

【解析】

【分析】

对整个过程运用动能定理求解木板对木块做的功。在木板从水平位置开始转动到与水平

面的夹角为a的过程中，摩擦力不做功，物块沿木板下滑过程中，摩擦力对物块做功。

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根据摩擦力与重力分力大小的关系，求解摩擦力做功。根据动能定理求解支持力和滑动

摩擦力做功。

本题运用动能定理求解力做功，首先要选择研究的过程，本题中有两个过程，第一个过

程中摩擦力不做功，支持力做功，第二过程中，支持力不做功，摩擦力做功。

【解答】

A、在木板从水平位置开始转动到与水平面的夹角为a的过程中，摩擦力不做功，物块

沿木板下滑过程中，摩擦力对物块做功。摩擦力为“mgcosa,则摩擦力对物块做功叼=

—HmgLcosa.iAA错误。

8、在木板从水平位置开始转动到与水平面的夹角为a的过程中，支持力对物块做功，

物块下滑的过程中，支持力不做功，设前者做功为恤，根据动能定理得：以-

mgLsina=0,得以=mgLsina.故B正确。

C、根据重力做功的特点可知，整个过程中，重力做功为0,故C正确；

D、设在整个过程中，木板对物块做功为W,则W=mgLsina-〃?ngLcosa.故。正确。

本题选错误的。故选：4。

14.【答案】

BD

【解析】

【分析】

根据图象可以求得输出电压的有效值、周期和频率等，再根据电压与匝数成正比即可求

得结论。

掌握住理想变压器的电压、电流之间的关系，最大值和有效值之间的关系即可解决本题。

【解答】

由图象可知，电压的最大值为311V,交流电的周期为2x10-25,所以交流电的频率为

f=50Hz,

4B.当单刀双掷开关与a连接时，根据电压与匝数成正比可知，由于原线圈两端的电压为

220V,则副线圈的电压为44V,电压表的示数为44.01/,电流表示数为/=4.44故A

错误，B正确;

C.变压器不会改变电流的频率，所以副线圈输出电压的频率为/"=50Hz,故C错误；

D当单刀双掷开关由a拨向b时，原线圈的匝数变小，所以副线圈的输出的电压外=2x

220K=881Z=2U,电阻R上消耗的功率P，=或=4"，原线圈的输入功率也要变为

2RR

原来的4倍，故。正确。

故选8£＞。

15.【答案】

ACD

【解析】

【分析】

放射源放出一束射线轰击金箔，运用显微镜前荧光屏去观察射线的位置，了解a粒子散

射实验的实验现象即可正确解答；根据数学组合公式鬣求出一群氢原子处于量子数n=

3的激发态，可能发出的光谱线条数；当光子的频率大于极限频率时，发生光电效应，

金属板将带正电；衍射是波特有的性质。

由a粒子的散射实验可知，原子内部的结构：中心有一个很小的核，全部正电荷及儿乎

全部的质量都集中在里面,外面自由电子绕核高速旋转，知道a粒子的散射实验的结果；

解决本题的关键知道发生光电效应时有光电子从金属中飞出，理解光电效应的产生；理

解光电效应产生的条件，以及光电流大小的决定因素，并能在具体问题中正确应用。

【解答】

4图甲是a粒子散射实验示意图，当显微镜在4、B、C、D中的4位置时荧光屏上接收到

的a粒子数最多，故A正确；

8图示是氢原子的能级示意图，结合氢光谱可知，氢原子从鹿=3能级跃迁到n=1能级

时辐射了一定频率的光子能量，故8错误；

C.当光照射锌板时，金属板失去电子，将带正电，所以与之相连的验电器的指针将发生

偏转，此时验电器的金属杆带的是正电荷，故C正确；

D图丁是电子束穿过铝箔后的衍射图样，由于衍射是波特有的性质，所以该实验现象说

明实物粒子也具有波动性，故。正确。

故选ACD.

16.【答案】

AD

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【解析】

解：4、实线波的波长为;I】=4m,虚线波的波长为;I?=6m,依据波长越长的越容易发

生明显衍射现象，故A正确；

BC、实线波的波长为;I】=4m,虚线波的波长为;I?=6m,它们的波速相等，由波速公

式"=4/'得：实线波和虚线波的频率之比为月：f2-A2：=3：2,两列波的频率不

同，不能发生干涉现象。故8c错误。

D、依据4=97,在t时间内，实线波4向右传4m,而虚线波B向左传播4m,结合

波的叠加原理可知t=图时，x=5m处的质点位移|y|=y1+%=I。"71，故。正确。

故选：AD»

本题关键要掌握干涉产生的条件和波的叠加原理，运用波形的平移法分析波形，确定质

点的位移.

17.【答案】

(1)0.4；1；(2)0.625；(3)4。

【解析】

【分析】

(1)由于滑块在斜面上做匀加速直线运动，所以某段时间内的平均速度等于这段时间内

中点时刻的瞬时速度；根据加速度的定义式即可求出加速度；

(2)根据牛顿第二定律列式求解摩擦因数；

(3)为了提高木块与木板间摩擦力因数〃的测量精度，可行的措施是4点与传感器位移适

当大些或减小斜面的倾角。

解决本题的关键知道匀变速直线运动的推论，在某段时间内的平均速度等于中间时刻的

瞬时速度，以及会通过实验的原理得出动摩擦因数的表达式，从而确定所需测量的物理

量以及误差分析。

【解答】

(1)根据某段时间内的平均速度等于这段时间内中点时刻的瞬时速度，得0.4s末的速度

不(30-14)x10-2_.,

79：v=--------m/sm/s=0.4m/s,

0.2s末的速度为：v'='32二2曹12一mfs=o.2m/s,

则木块的加速度为：a=宁=—^―m/s2=lm/s2o

ZltU.4—U.N

(2)选取木块为研究的对象，木块沿斜面方向是受力：ma=mgsind-fimgcosd

得：gsind-a若。=37。,则〃=0.625

mcosO

(3)在实验中，为了减少实验误差，应使木块的运动时间长一些，可以减小斜面的倾角、

增加木块在斜面上滑行的位移等，传感器开始的计时时刻不一定必须是木块从4点释放

的时刻。故A正确，8CD错误。

故选：A

故答案为:(1)0.4；1；(2)0.625；(3)4。

18.【答案】

(l)BDC(2)140(3)哼(4)40

【解析】

解：(1)指针的偏转角过大，表明选用的倍率过大，应当减小倍率，更换档位之后，应

重新进行欧姆调零，再进行测量读出数据，故合理的操作顺序为BDC。

(2)指针指示的示数与倍率的乘积即为白炽灯电阻的测量值，欧姆表的读数为：14x

10=1400。

(3)根据电阻定律可得：R=p5

圆柱体导体材料的横截面积：S=兀《)2

联立可得金属电阻率：0=磬

(4)多用电表“直流10V”挡能正常使用，表头和电阻治的总阻值为10kO,要想修好“直

流50V”挡，电阻灯应由一个4倍表头和电阻％的总阻值替换，即乙同学应用阻值为

40k0。

故答案为：(l)BDC;(2)140；(3)嘤；(4)40.

(1)应用欧姆表测电阻时要选择合适的档位，使指针指针中央刻度线附近，欧姆表换挡

后要重新进行欧姆调零，然后再测电阻阻值；

(2)图1所示位置为欧姆x100档，欧姆表指针示数与挡位的乘积是欧姆表示数；

(3)根据电阻定律结合欧姆定律，联立即可求出电阻率；

(4)依据表头的满偏电流不变，结合直流电压挡的倍数关系，即可求解。

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考查电阻率的测量实验，要知道欧姆表的倍率的选取，掌握欧姆表的刻度读数，注意欧

姆表的使用要求，并理解第(4)问，表头的满偏电流不变是解题的突破口。

19.【答案】

解：

(1)

由题意可知：座舱先自由下落40m,在207n高处时制动系统开始启动后做匀减速运动,

所以下落407n时速度最大，设为，

2

由：v=2ghlt解得：v—-V2X10x40m/s=20V2m/s,

离地面30nl时，座舱自由下落，处于完全失重状态，所以水平支持面对小李的支持力为

0.

(2)

22

设匀减速运动的加速度大小为a2,由：v=2a2h2＞解得：a2=^-=-20m/s；

2九2ZXZO

对小李，由牛顿第二定律有：N-mg=ma2,

解得：N=m(g+a2)=50x(10+20)N=1500/V.

根据牛顿第三定律，小李对水平支持面的压力是1500N.

答：

(1)此过程中的最大速度是20心m/s，当座舱落到离地面307n的位置时，水平支持面对

小李的支持力是0.

(2)当座舱落到离地面15nl的位置时，小李对水平支持面的压力是1500N.

【解析】

本题是两个过程的问题,采用力学基本的处理方法：牛顿运动定律和运动学公式结合.同

时要抓住两个过程之间的关系，比如位移和速度关系进行分析.

(1)座舱自由落下时加速度为g,下落40m时速度最大，由运动学位移公式求出最大速

度.当座舱落到离地面307n的位置时,座舱自由下落，水平支持面对小李的支持力为零.

(2)由速度-位移公式求出匀减速运动的加速度大小，再牛顿第二定律求解水平支持面对

小李的支持力，由牛顿第三定律求小李对水平支持面的压力.

20.【答案】

解：(1)滑块恰好过户的条件为mg=小步，

解得"F=lm/So

(2)滑块从E到8,根据动能定理有-mgh-"ngLz=0-1mvj,

在E点有心-mg-my.

代入数据解得FN=0.14N,

由牛顿第三定律可知滑块经过E点对对圆轨道的压力“大小也为0」4N；

从。到B点，

Epo-mgh-+L2)=0,

解得E”=8.0xIO"人

(3)滑块恰能过F点的弹性势能为Epi=2mgr+fimg^+如用=7.0x10-37

从。点到B点有：Epi-mgM-卬ng(k+L2)=0

代入数据解得九1=0.05m

能停在B点，则“mgcos。=mgsind

得tan。=0.5

此时九2