2021年西南名校联盟高考物理诊断试卷(5月份)(含答案解析)

2021年西南名校联盟高考物理诊断试卷（5月份）

一、单选题（本大题共6小题，共36.0分）

1.下列说法中正确的是（）

A.比结合能越大，原子核越稳定

B.电子通过双缝干涉后的图样体现了光的波动性

C.一定光照条件下，单位时间内，阴极K发射的光电子数目随电压增大而增大

D.原子的结合能随原子核核子数的增大先增大后减小

2.如图所示，两物体4、B的质量分别为M和m,用跨过定滑轮的轻绳二3r

相连，物体4静止在粗糙水平面上，细线与水平方向的夹角为氏B悬/

停于空中.若不计细线与滑轮间的摩擦，重力加速度为。.则（）|pT______

A.地面对物体4的支持力大小等于Mg-mgsind

B.物体4对地面的压力大小等于Mg

C.物体4与地面之间的动摩擦因数等于需寝而

Mg-mgsinG

D.物体4所受摩擦力大小等于0

3.如图所示，R是滑动变阻器，理想变压器原、副线圈的匝数比为10：1,TdSKip-r-®-1

电压表和电流表均为理想交流电表，从某时刻开始在原线圈两端加上s司~

交变电压，其瞬时值表达式为%=220V2sinl007Tt（V），贝女）

A.电压表的示数为22/

B.理想变压器副线圈交变电压的频率变为5Hz

C.当滑动变阻器的滑片P向b端滑动时，电流表4的示数变大

D.当滑动变阻器的滑片P向匕端滑动时，理想变压器的输入功率变小

4.如图所示.小车沿水平方向向右行驶.在车厢内，挂着小球的悬线与竖直方向成。角.放在车厢

中桌面上的质量为m的物体4相对桌面静止不动.物体与桌面间的滑动摩擦系数为乩那么物体4

受到的摩擦力大小和方向为（）

A.0B.nmg方向水平向左

C.谓方向水平向右D.mgtand方向水平向右

5.据天文学观测，某行星在距离其表面高度等于该行星半径3倍处有一颗同步卫星。已知该行星的

平均密度与地球的平均密度相等，地球表面附近绕地球做匀速圆周运动的卫星周期为T,则该行

星的自转周期为（）

A.3TB.4TC.家信7D.8T

6.下列说法正确的是（）

A.如果物体（或系统）所受到的合外力为零，则机械能一定守恒

B.如果合外力对物体（或系统）做功为零，则机械能一定守恒

C.物体沿光滑曲面自由下滑过程中，机械能一定守恒

D.做匀加速运动的物体，其机械能一定不守恒

二、多选题（本大题共4小题，共21.0分）

7.在离地20nl高度的同一位置上，分另I」以%=10m/s和％=20m/s的水平速度同时向左右抛出4、

B两个小球，不计一切阻力，g=10m/s2.下列说法正确的是（）

A.B球在空中的运动时间长

B.4球从抛出到落地的位移是20V^n

C.从抛出经B两球速度方向相互垂直

D.从抛出到落地两球速度变化相同

8.如图所示，直线a、b分别表示一个电池组和一只电阻的伏安特性曲

线.用该电源和电阻组成的闭合电路，以下说法正确的是（）

A.该电池组的内阻是10

B.该电阻的阻值为30

C.将该电阻接在该电池组两端，电池组的输出功率将是3W

D.改变外电阻的阻值时，该电池组的最大输出功率为4小

9.下列说法正确的是（）

A.当分子间作用力表现为斥力时.，分子势能随分子间距离的增大而增大

B.昆虫可以停在水面上，主要是液体表面张力的作用

C.气体压强的大小跟气体分子的平均动能、分子的密集程度有关

D.温度高的物体分子平均动能一定大，内能也一定大

10.一列简谐横波沿x轴正方向传播，t=0时刻波形如图中的实线所示，此时波刚好传到P点；t=

0.6s时刻的波形如图中的虚线所示，a、b、P、Q是介质中的质点，它们的平衡位置横坐标分别

为70cm,50cm,60cm,90cm,设波的周期为7,则以下说法正确的是（）

A.波源以及每个质点均沿y轴正方向开始振动

B.若T=0.8s,则在t=0.5s时刻，质点b、P的位移相同

C.从t=0.6s时刻开始，经过0.5T,质点b沿%轴正方向运动2（hn

D.从t=0时刻开始，质点a在0.6s时间内通过的路程可能为60cm

E.若7=0.8s,从t=0.4s时刻开始计时，则质点a的振动方程为y=0.1sin（|7rt）（m）

三、实验题（本大题共2小题，共18.0分）

11.如图1所示为“探究加速度与力、质量的关系”的实验装置示意图。砂和砂桶的质量为小和

祛码的总质量为M.实验中用砂和砂桶总重力的大小作为细线对小车拉力的大小。

（1）实验开始时需平衡摩擦，某同学的操作如下：将长木板的一端垫起适当的高度，小车后端连着已

经穿过打点计时器的纸带，前端连着挂有砂和砂桶并跨过滑轮的细线，轻推小车，观察小车是

否做匀速直线运动。此平摩擦的方法（填''对"或“错”）。

（2）实验中打点计时器需采用（直流或交流）电源，还需满足6M（填“远小于”或“远大

于”）。

(3)如图2所示，某同学在做实验中，由打点计时器得到表示小车运动过程的一条清晰纸带，纸带上

两相邻计数点的时间间隔为7=0.1s,其中Si=7.05cm,S2=7.68cm,S3=8.33cm,S4=

8.95cm,S5=9.61cm,S6=10.26cm,则4点处的瞬时速度大小是m/s,加速度的大小

是m/s2.(保留两位有效数字)

12.如图1所示是某同学为测量金属丝电阻率连接的实物图.图中ab间接的是待测金属丝，P为可移

动的线夹，&为定值电阻.

(1)在图2方框中画七实物连接对应的电路图；

(2)电路中的电阻扁的作用是；

(3)闭合开关后，调节P的位置，记录段的长度x及对应的电压表的示数U和电流表的示数/,记录在

表格内，并求出£的值.以肯为纵轴为横轴，在坐标纸上对测得的数据进行描点，作出图象，如

图3所示.由图象可以得到图线与纵轴交点的截距为,图线与纵轴的交点表示,图

线的斜率为；如果测得金属丝的直径为0.40mm,则该金属丝的电阻率为.(保留2位

有效数字，兀取3.1)

四、简答题(本大题共1小题，共3.0分)

13.如图所示，半径为R=3m的光滑半圆轨道4BC与倾角。=37。的粗糙斜面轨道DC相切于C,圆轨

道的直径4C与斜面垂直。4点左侧有一光滑平台，平台与4点的高度差h=0.9m,平台上一弹簧

水平放置，左端固定，右端与质量为m=0.5kg的小滑块P接触但不连接。推动P压缩弹簧至某

一位置后释放，P刚好从半圆轨道的4点切入半圆轨道内侧，之后经半圆轨道沿斜面刚好滑到与

4点等高的斜面轨道上。点，重力加速度9=10m/s2,sin37。=0.6,cos37°=0.8,不计空气

阻力。求：

(1)弹簧的最大弹性势能；

(2)小滑块与斜面间的摩擦因数；

(3)小滑块经过半圆轨道最低点B时，对轨道的压力的最小值。

五、计算题(本大题共3小题，共30.0分)

14.如图所示，水平传送带的左端与一倾角。=37。的粗糙斜面平滑连接，一个小滑块(可视为质点)

从斜面上的4点由静止释放，沿斜面滑下并冲上传送带，传送带以恒定速率u=2m/s逆时针转

动。已知小滑块的质量m=2kg,斜面上4点到斜面底端的长度s=16m,传送带的长度为L=

l(hn,小滑块与斜面的动摩擦因数%=0.50,小滑块与传送带间动摩擦因数〃2=0.40,g=

10m/s2,求：

(1)小滑块到达斜面底端P的速度大小；

(2)a.判断冲上传送带的小滑块是否可以运动到传送带的右端Q；

员若小滑块可以运动到Q，试求小滑块从P点运动到Q点的过程中摩擦力分别对小滑块和传送带做的

功；若小滑块不能达到Q，试求小滑块从P点开始再次运动到P点过程中摩擦力分别对小滑块和

传送带做的功；

(3)若(2)问中a或b成立，小滑块在传送带上从P点开始运动到Q点或者从P点开始到再次运动到P点的

过程中，小滑块与传送带之间所产生的热量。

15.一定质量的理想气体的体积V与热力学温度7的关系图象如图所示，气体在

状态B时的压强PB=PO，己知线段4B与V轴平行，BC的延长线过原点。

①求气体在状态4时的压强以；

②若气体从状态4到状态B的过程中，对外界做的功为小，则该过程中气体是吸收热量还是释放热量,

其热量值为多少？

③求气体在状态C时的压强外和温度

16.如图，一潜水员在距海岸4点427n的B点竖直下潜，B点和灯塔之间停着一条长3m的皮划艇。皮

划艇右端距B点3nI,灯塔顶端的指示灯与皮划艇两端的连线与竖直方向的夹角分别为a和

0(s讥a=g,sin0=水的折射率为£皮划艇高度可忽略。

♦滞水员

(1)潜水员在水下看到水面上的所有景物都出现在一个倒立的圆锥里。若海岸上4点恰好处在倒立圆

锥的边缘上，求潜水员下潜的深度(可含根号作答)；

(2)求潜水员竖直下潜过程中看不到灯塔指示灯的深度范围。

参考答案及解析

1.答案：A

解析：解：4、比结合能越大，原子核越稳定。故A正确；

8、电子通过双缝干涉后的图样体现了电子等实物粒子也具有波动性。故B错误；

C、光电流达到饱和后，光电子数目不会随电压增大而增大。故C错误；

。、原子的结合能随原子核核子数的增大而增大。故。错误；

故选：Ao

比结合能越大，原子核越稳定；电子通过双缝干涉后的图样体现了电子等实物粒子也具有波动性；

光电流达到饱和后，光电子数目不在增加；原子的结合能随原子核核子数的增大而增大。

本题考查了原子核的结合能、爱因斯坦光电效应方程、光的波粒二象性等知识点。这种题型属于基

础题，只要善于积累，难度不大。

2.答案：A

解析：解：A、先以B为研究对象，受重力和拉力，根据平衡条件，有：At[

T=mg,/

再对物体4受力分析，受重力、支持力、拉力和向左的静摩擦力，如图所f<-------卜石二——

示：

根据平衡条件，有：

vMR

水平方向：Teos。=f

竖直方向：N+Tsind=Mg

将7=小。代入，有：

N-Mg-mgsind,压力与支持力等大反向，故压力也为Mg-mgsin。，故A正确，8错误；

C、由以上分析可知，摩擦力不为零，但此时4受到的是静摩擦力，不能根据滑动摩擦力公式求解动

摩擦因数，故CQ错误.

故选：A

先以B为研究对象根据平衡条件求出绳子的拉力；然后以4为研究对象受力分析，根据共点力平衡条

件求出支持力和摩擦力的大小.

本题为连接体问题，解决本题的关键能正确选择研究对象能够正确地进行受力分析，再运用共点力

平衡进行求解.

3.答案：D

解析：

根据瞬时值表达式可以求得输出电压的有效值、周期和频率等，再根据电压与匝数成正比即可求得

结论。

电路的动态变化的分析，总的原则就是由部分电路的变化确定总电路的变化的情况，再确定其他的

电路的变化的情况，即先部分后整体再部分的方法。

人由瞬时值表达式为%=220V^sinl00?rt(y)可知：原线圈的电压的最大值为220eI/,根据电压与

匝数成正比可知，副线圈的电压的最大值为U21n=?%n=^x220V^=22V^,电压表的示数

为电压的有效值，所以示数为(；2=赞=警1/=22l故A错误；

-.1=1=310071..__.

B.由瞬时值表达式为为=220鱼sinlOOTrt(V)可知3=IOOTT,f=T=~Hz=S0Hz>故

0)

8错误；

C.在滑动变阻器触头P向b端移动的过程中，滑动变阻器的阻值变大，电路的总电阻变大，由于电压

是由变压器决定的，输出的电压不变，所以电流变小，电流表4的示数变小，又因为£=荒，匝数

不变，所以电流表4的示数也变小，故C错误；

D由于变压器的输入和输出的功率是相等的，副线圈的电流减小，电压不变，所以输出的功率要减

小，所以输入的功率也要减小，故。正确。

故选£)o

4.答案：D

解析：解：小球所受的合力水平向右，则加速度为：。=鼻=嘿"="加。，«]

4与小球具有相同的加速度，对4,由牛顿第二定律得：f=ma=mgtane,方向：水’

平向右.

故选：D.

小球和a物体具有相同的加速度，隔离对小球分析，根据牛顿第二定律求出加速度的大小和方向，再

隔离对4分析，通过牛顿第二定律求出摩擦力的大小和方向.

本题考查了牛顿第二定律的应用，解决本题的关键知道球、物体4与车厢具有相同的加速度，通过牛

顿第二定律进行求解.

5.答案：。

解析：令地球半径为R,密度为p,则地球对卫星的万有引力提供卫星圆周运动的向心力有：

魂/,可得：窗=骂令某行星的半径为r,则其同步卫星的半径为4r,周期

铲.铲速

为T'据万有引力提供圆周运动向心力有：把二=怫理,.鼻联立解得：r=8T,故选。

好辨物

考点：万有引力定律的应用

6.答案：C

解析：试题分析：机械能守恒的条件是物体（或系统）只有重力（或弹力）做功，所以如果物体（或系统）

所受到的合外力为零，则机械能不一定守恒；如果合外力对物体（或系统）做功为零，则物体的动能

不变，机械能不一定守恒；物体沿光滑曲面自由下滑过程中，只有重力做功，所以机械能一定守恒；

做匀加速运动的物体，其机械能也可能守恒，例如自由落体运动的物体，选项C正确。

考点：机械能守恒定律的条件。

7.答案：BCD

解析：解：4、平抛运动的竖直分运动是自由落体运动，根据h=》t2,两个球运动的时间均为：t=

第=J^s=2s,故4错误；

B、球4的水平分位移为：=10x2=20m,

故球4的合位移：J好+九2=、2。2+202m=20V2m»故5正确；

C、从抛出经鱼S4球的速度偏转角的正切值为：tan/=管=喑=几

从抛出经四sB球的速度偏转角的正切值为：=曾=誓=?，

由于1加%=焉，故％+“=90。，故从抛出经&sA、B两球速度方向相互垂直，故C正确；

Lan<72

D、平抛运动是匀变速运动，从抛出到落地两球速度变化△u=gt=10x2=20m/s,方向竖直向

下，相同，故。正确；

故选：BCD。

小球4、B均做平抛运动，竖直分运动时自由落体运动，根据分位移公式列式求解时间和位移，根据

分速度公式列式分析速度偏转角情况。

本题考查平抛运动，关键是明确平抛运动的运动性质是匀变速运动，同时要结合分运动公式列式分

析，基础题目。

8.答案：AD

解析：解：4、电池组的内阻等于a图线的斜率大小，为r=|詈|=；12故A正确。

B、电阻的阻值等于b图线的斜率大小，为R。，故B错误。

C、两图线的交点表示将该电阻接在该电池组两端的工作状态，则电阻两端的电压为U=1心电流

为/=34,则电池组的输出功率P=UI=31V.故C错误。

D,当外电阻的阻值等于电源的内阻时，其电源的输出功率最大。由图知电源的电动势为E=4V,

则电源的最大输出功率为之=丝=f=4W,故。正确。

m4r4X1

故选：AD.

由a图线的斜率大小读出电源的内阻，b图线的斜率大小得到该电阻的阻值.两图线的交点表示该电

阻接在该电源上时的工作状态，由交点坐标读出电阻的电压和电流，当内、外电阻相等时电源的输

出功率最大，并求出电源的最大输出功率.

本题考查学生对图象的认识，要由U=E-/r去理解图象的性质，明确图象与纵坐标的交点表示电

源的电动势，图象的斜率表示电源的内电阻.

9.答案：BC

解析：解：力、当分子间作用力表现为斥力时，增大分子间的距离，分子力做正功，分子势能减小，

所以分子势能随分子间距离的增大而减小。故A错误；

8、昆虫可以停在水面上，主要是液体表面张力的作用。故8正确；

C、根据气体压强的微观意义，气体压强的大小跟气体分子的平均动能、分子的密集程度有关。故C

正确；

。、温度高的物体分子平均动能一定大，但物体分子物质的量不明确，内能也不一定大。故。错误；

故选：BC.

分子力做正功，分子势能减小，分子力做负功，分子势能增大；昆虫可以停在水面上，主要是液体

表面张力的作用；气体压强由于气体分子无规则的热运动，大量的分子频繁地碰撞器壁而产生的，

跟气体分子的平均动能、分子的密集程度有关；温度高的物体分子平均动能一定大，内能也不一定

大。

本题考查了分子势能、温度是分子平均动能的标志、液体的表面张力、气体压强的微观意义等知识

点。这种题型属于基础题，只要善于积累，难度不大。

10.答案:ABD

解析：解：2、因为所有质点的起振方向相同，而P点此时起振方向沿y轴正方向，所以波源以及每

个质点均沿y轴正方向开始振动，故A正确；

B、若7=0.8s,当t+0.5s时刻，质点b从最低点向上运动:个周期、P从平衡位置向下振动5个周期，

OO

故两者位移相同，故B正确；

C、质点只能上下振动，不能随波迁移，所以质点b不能沿x轴正方向运动，故C错误；

。、由图可知，波的波长为40m；两列波相距0.6s=(n+：)7,故周期『=磊；波速"=(=m(4«+

3)m/s,(n=0,1,2,

a的路程为60cm说明a振动了1.5个周期，则可有：-+1.57=0.6,-Z不+芸=。6解得，n=1

V5(4n+3)4n+3

时满足条件，故D正确；

E、若T=0.8s,从t+0.4s时刻开始计时，那么，在零时刻质点a在最高点，位移取得最大值，质点

a的振幅为10cm,周期为0.8s,故振动方程为y=0.1sin(17rt+])m,故E错误；

故选：ABD.

由图可知波的波长，而由两列波的波形图可得两波形相距的时间与周期的关系，则可得出波速的表

达式；由波速可知周期的表达式，则可得出质点的路程及位移及质点的振动方程

本题的关键要明确波在同一均匀介质中匀速传播，能根据质点的位置和运动方向写出质点的振动方

程，要知道质点在一个周期内通过的路程是四倍的振幅，知道两个时刻的波形时，往往应用波形的

平移法来理解。

11.答案：错交流远小于0.860.64

解析：解：(1)平衡摩擦力时，将不带滑轮的木板一端适当垫高，在不挂钩码的情况下使小车恰好做

匀速运动，以使小车的重力沿斜面分力和摩擦力抵消，那么小车的合力就是绳子的拉力，可以根据

纸带上打的点迹是否均匀来判断是否做匀速运动，故该同学平衡摩擦力的方法是错误的；

(2)实验中打点计时器需采用交流电源，

根据牛顿第二定律得，抵。

M+m

绳子的拉力为滑块的合力为7==舞=罩。

M

当m<<M时，砂和砂桶的重力等于滑块所受合外力。

(3)解：利用匀变速直线运动的推论得：

S3+S48.33+8.95y八一?,八c//

%==2x0.1*I。M/S=0.86m/s»

由于相邻的计数点间的位移之差不等，故采用逐差法求解加速度。

根据匀变速直线运动的推论公式△》=aX可以求出加速度的大小，

2

得：s4_S]=3arT

2

s5-s2=3a2T

2

s6-s3=3a3T

为了更加准确的求解加速度，我们对三个加速度取平均值，得：a="ai+a2+a3)

代入数据解得：a=0.64m/s2

故答案为：(1)错；(2)交流,远小于；(2)0.86,0.64o

(1、2)小车在水平方向上受绳的拉力和摩擦力，想用让砂和砂桶总质量重力表示小车受到的合外力，

首先需要平衡摩擦力；其次：设小车加速度为a,则：绳上的力为F=Ma,对让砂和砂桶总质量来

说：mg-Ma=ma,即：mg=+m)a,如果用让砂和砂桶总质量的重力表示小车受到的合外

力,则Ma=(M+m)a,必须要满足让砂和砂桶总质量远小于小车的总质量；

(3)纸带实验中，若纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，利用匀变速直线运动的推论，可计

算出打出某点时纸带运动的瞬时速度和加速度。

实验问题需要结合物理规律去解决。本实验只有在满足平衡摩擦力和小车质量远大于钩码质量的双

重条件下，才能用砂和砂桶重力代替小车所受的合力，要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答

实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用。

12.答案：起保护电路的作用，能防止电路中出现短路2.0电流表的内电阻101.2xICT".加

解析：解：(1)根据实物的连接图，画出电路图如图；

——

-

—~~(=3—

(2)电路中的电阻&的连接是与电源串联，起保护电路的作用，能防止电路中出现短路；

(3)由图可知，图线与纵坐标的交点的截距是2.0,由欧姆定律得：R=y-RA

又：R=?

所以：'=

所以：苫-x的图象的斜率为k=£

图线与纵坐标的交点表示电流表的内电阻;

8.0-2.0

由图可知,图线的斜率：k==10

0.60

即：k=^=io

所以：p=IOS=10兀•(乎

代入数据得：p=1.2x10-4。.m

故答案为：(1)如图；(2)起保护电路的作用，能防止电路中出现短路；(3)2.0,电流表的内电阻，10,

1.2xKF，。.m

(1)根据实物的连接图，画出电路图即可；

(2)结合电路的结构，分析电路中的电阻岛的作用即可；

(3)由实验原理图可列出关系式R2/2=(4>+%)/「将电阻定律公式代入，结合(3)中的图线计算出

斜率，代入求出电阻丝的电阻率p；

本题考查电阻率的测量，解题关键是掌握连接实物图，会根据描出的点作出关系图线，明确本实验

的原理，结合电阻定律和图线，求出要测量的金属丝电阻率.

13.答案:解：(1)小滑块离开平台做平抛运动，设此时速度为孙，则弹簧的最大弹性势能为:埒=:加诏

小滑块到达4点时，速度与水平方向的夹角为9

设竖直方向的速度为3,则有为=y[2^h

由几何关系得处=修

rant7

联立解得Ep=8/；

(2)小滑块从释放至到达。点，由能量守恒定律得：

Ep+mgh=nmgcosd-xCD

7D

根据几何关系可得：tan。=卢

XCD

解得：〃=2=039；

64

(3)经判断可知滑块最终将在C点及与C点等高点之间的圆轨道上往复运动，这种情况下滑块经过B点

的速度最小，对B点压力最小；设滑块经过B点的最小速度为外，由机械能守恒定律得：

1

mgR(l—cos。)=-mv^7

在B点，由牛顿第二定律得心2-=mJ

解得产a=7N

由牛顿第三定律知，小滑块在B点对轨道压力的最小值为7N。

答：(1)弹簧的最大弹性势能为8/；

(2)小滑块与斜面间的摩擦因数为0.39；

(3)小滑块经过半圆轨道最低点B时，对轨道的压力的最小值为7N。

解析：(1)小滑块离开平台做平抛运动，根据运动的合成与分解结合能量关系求解：

(2)小滑块从释放至到达。点，由能量守恒定律求解动摩擦因数；

(3)分析小滑块最后的运动情况，由机械能守恒定律、牛顿第二定律联立求解。

本题主要是考查功能关系、平抛运动、运动的合成与分解以及牛顿第二定律的应用，关键是能清楚

物体的受力情况和运动过程中能量的转化情况，根据能量关系进行分析。

14.答案：解：(1)小滑块沿斜面下滑过程，由动能定理得：

mgs-sind—^mgcosd-s=|mvp—0,

代入数据解得小滑块到达斜面底端P的速度大小为：vP=12m/s

(2)a、滑块到达传送带上后做匀减速直线运动，在滑块速度减为零过程中，由动能定理得：

,1,

~H2Tmgs=

代入数据解得：s'=18m>L=10m,小滑块可以达到Q端

b、根据牛顿第二定律得：42mg=ma

代入数据解得滑块在传送带上运动时的加速度为：a=4m/s2

滑块向右减速运动的时间为：L=Vpty

解得：tx=1s,(其中〃=5s不合题意，舍去)

在此时间内，传送带向左运动的位移为：%!==2xIm=2m

小滑块从P点运动到Q点的过程中摩擦力对小滑块做的功为：

监——〃27ng乙——0.4x2x10x10/——80J

摩擦力对传送带做的功为：W2=-n2mgx1=-0.4x2x10x2/=-16/

(3)第(2)问中b成立，小滑块在传送带上从P点开始运动到Q点过程中，

小滑块与传送带之间所产生的热量为：Q="mg(L+/)

代入数据解得：Q=96J

答：(1)小滑块到达斜面底端P的速度大小为12m/s；

(2)a.冲上传送带的小滑块可以运动到传送带的右端Q；

b.若小滑块可以运动到Q，求小滑块从P点运动到Q点的过程中摩擦力对小滑块做的功为-80/,摩擦

力对传送带做的功为-16/；

(3)第(2)问中b成立，小滑块在传送带上从P点开始运动到Q点的过程中，小滑块与传送带之间所产生

的热量为96人

解析：(1)对小滑块下滑过程应用动能定理求出滑块到达P端的速度；

(2)a、滑块滑上水平传送带后向右做匀减速直线运动，如果滑块速度减为零时的位移大于等于传送

带的长度，则滑块可以到达Q端，否则不能达到Q端：

b、分析清楚滑块的运动过程，知道小滑块可以达到Q端，应用牛顿第二定律和运动学公式求得传送

带运动的位移，应用功的计算公式可以求功；

(3)第(2)问中b成立，根据公式Q=如小+/)求得小滑块在传送带上从P点开始运动到Q点过程中，

小滑块与传