2021年辽宁省高考物理预测试卷（一）(含答案详解)

2021年辽宁省高考物理预测试卷（一）

一、单选题（本大题共7小题，共28.0分）

1.电子的发现是人类对物质结构认识上的一次飞跃，开创了探索物质微观结构的新时代，下列关

于电子的说法正确的是（）

A.6射线是高速电子流，它的穿透能力比a射线和y射线都弱

B.夕衰变时原子核会释放电子，说明电子也是原子核的组成部分

C.汤姆孙发现不同物质发出的阴极射线的粒子比荷相同，这种粒子即电子

D.电子穿过晶体时会产生衍射图样，这证明了电子具有粒子性

2.如图所示露-齿图象和渺-窗图象中，给出四条曲线1、2、3、4代表四个不同物体的运动情况，

关于它们的物理意义，下列描述正确的是（）

A.图线1表示物体做曲线运动

B.扁,一窗图象中％时刻打=为

C.甯-畲图象中0至&时间内4的平均速度大于3的平均速度

D.两图象中，鼻.用时刻分别表示2.4开始反向运动

3.下列说法中正确的是（）

A.速率小的分子温度低

B.一定质量的理想气体经历一缓慢的绝热膨胀过程，则外界对气体做功，气体分子的平均动能

增大

C.热传导、摩擦生热等热现象是不可逆的

D.热机中燃气的内能可以全部转化为机械能

4.如图所示，在4点的东、西、南、北方向相同距离处，各有一无限长直线9北

I

I

电流，电流大小相同，方向如图，则4点的磁场方向为（）西;A东

6南

A.正北方

B.东南方

C.正东方

D.正南方

5.某人在一只静止的小船上练习射击，船、人连同枪（不包括子弹）及靶的总质量为M,枪内装有n

颗子弹，每颗子弹的质量均为m,枪口到靶的距离为3子弹水平射出枪口相对于地的速度为外

在发射后一颗子弹时，前一颗子弹己射人靶中，在发射完n颗子弹并击中靶时，不计船受到的阻

力，小船后退的距离等于（）

BCnmtD(n+l)mL

A.0

•M+nm•M+nm•m+nm

6.如图所示，在x轴上的4、B两点分别固定有点电荷，A、B、C的位置坐标分别为当CL>XR—2Q,

即Xc=0。以无穷远处的电势为零，已知C点的场强为零，且距离点电荷Q为r处的电势解=霰窿,

则一:・

Bx

A.A、B两处点电荷的电性相同

B.A、B两处点电荷的电荷量之比为1：2

C.C点的电势*c=0

D.若4点固定的是正电荷，C点的电势pc—"定小于零

7.如图所示，半径为R的半球形陶罐，固定在可以绕竖直轴旋转的水平转

台上，转台转轴与过陶罐球心。的对称轴00'重合。转台以一定角速度

3匀速转动，一质量为m的小物块落入陶罐内，经过一段时间后小物块

随陶罐一起转动且相对罐壁静止，此时小物块受到的摩擦力恰好为零,

它和0点的连线与。0'之间的夹角。为60。，重力加速度大小为g,下列说法正确的是（）

A.物块做圆周运动的加速度樗g

B.转台的角速度为摄

C.转台的转速叼

D.陶罐对物块的弹力大小为雪山9

二、多选题（本大题共3小题，共18.0分）

8.如图所示，一倾角为。的倾斜传送带以速度“顺时针匀速运转，t=0时刻，一质量为m的小滑块

（可视为质点）以初速度又从传送带的底部冲上传送带并沿传送带向上运动，其运动的"-t图象

如图乙，在t时刻离开传送带。g=10m/s2,则下列判断正确的是（）

A.物块所受摩擦力的方向一直与物块运动的方向相反

B.物块离开传送带的速度名为8&m/s

C.物块与传送带间动摩擦因数为0.5

D.传送带的速度大小为4m/s

9.2015年在俄罗斯喀山举行的世届游泳锦标赛，中国跳水梦之队独揽十个项目的金牌。某跳水运

动员自10米高的跳台自由跳下，进入水中深度约3米处速度减为零，设运动员在空中做自由落体

运动，进入水中后为匀减速直线运动，用h表示下落高度、t表示下落的时间、u表示人下落的速

度、a表示人的加速度、Ep表示人的重力势能、E表示人的机械能。则在整个过程中，下列图象

可能符合事实的是

10.如图所示，MN和PQ为两个光滑的电阻不计的水平金属导轨，变压器为理想变压器，今在水平

导轨部分加一竖直向上的匀强磁场，则以下说法不正确的是（）

MBbN

A.若ab棒匀速运动，贝IJ/RRO,IL^0,IC=0

B.若ab棒匀速运动，则/R=0,/L=0,/c=0

C.若ab棒固定，磁场按B=Bmsin3t.的规律变化，则/R芋0,〃#0,/c0

D.若ab棒做匀加速运动，/R声0,〃#0,心声0

三、实验题（本大题共2小题，共18.0分）

11.（1）某物理学习小组在“验证机械能守恒定律”的实验中（g取9.8m/s2）：

①他们拿到了所需的打点计时器（带导线）、纸带、复写纸、铁架台、纸带夹和重物，此外还需

要（填字母代号）

4.直流电源

B.交流电源

C.游标卡尺

D毫米刻度尺

£天平及祛码

E秒表

②先接通打点计时器的电源，再释放重物，打出的某条纸带如下图所示，。是纸带静止时打出

的点，4、B、C是标出的3个计数点，测出它们到。点的距离分别为%=12.16cm、x2=19.1cm

和%=27.36cm,其中有一个数值在记录时有误，代表它的符号是(选填"/”、“刀2”

或'飞”)。

------------------------------X3.

③已知电源频率是50Hz,利用②中给出的数据求出打B点时重物的速度%=m/So

④重物在计数点。、B对应的运动过程中，减小的重力势能为mgx2,增加的动能为若，通过

计算发现，mgx2诏(选填“>”、或"="),其原因是o

(2)另一个物理学习小组利用图甲所示的装置和频闪相机来探究碰撞中的不变量。其实验步骤如

下：

【步骤1】用天平测出4、B两个小球的质量小4、mB('mA>mB')\

【步骤2】安装好实验装置，使斜槽末端保持水平，调整好频闪相机的位置并固定;

【步骤3】让入射小球从斜槽上某一位置P由静止释放，小球离开斜槽后，用频闪相机记录下小

球相邻两次闪光时的位置，照片如图乙所示；

【步骤4】将被碰小球放在斜槽末端，让入射小球从位置P由静止开始释放，使它们碰撞。两小

球离开斜槽后，用频闪相机记录两小球相邻两次闪光时的位置，照片如图丙所示。经多次实验，

他们猜想碰撞前后物体的质量和速度的乘积之和不变。

①实验中放在斜槽末端的小球是(选填“4”或"B”)；

②若要验证他们的猜想，需要在照片中直接测量的物理量有(选填“X”、

“y”、“与”、“力”、“血”、“，2”)。写出该实验小组猜想结果的表达式

_________________________(用测量量表示)。

③他们在课外书中看到“两物体碰撞中有弹性碰撞和非弹性碰撞之分，碰撞中的恢复系数定义

为6=产吗，其中打0和丹0分别是碰撞前两物体的速度，%和女分别是碰撞后两物体的速度，

lv20-v10l

弹性碰撞恢复系数e=l,非弹性碰撞恢复系数e<l。”于是他们根据照片中的信息求出本次

实验中恢复系数的值e=。(结果保留到小数点后两位数字)

12.利用电流表和电压表测定一节干电池的电动势和内阻，要求尽量减小实验误差。

(1)应该选择的实验电路是图中的(选填“甲”或"乙”)；

(2)现有电流表(0〜0.6A)、电压表(0〜3U)、开关和导线若干，以及以下器材.：4滑动变阻器

(0〜500)B.滑动变阻器(0〜5000)实验中滑动变阻器应选用；

(3)某位同学记录的6组数据如表所示，其中5组数据的对应点已经标在图丙中，请标出余下一组数据

的对应点，并画出U-/图线；

序号123456

电压U。)1.451.401.301.251.201.10

电流/(月)0.060.120.240.260.360.48

(4)根据(3)中所画图线可得出干电池的电动势E=V,内电阻r=12(结果保留两位

小数)；

(5)实验中，随着滑动变阻器滑片的移动，电压表的示数U及干电池的输出功率P都会发生变化。

图丁中正确反映P-U关系的是

|t//V

6

IXCTPqn

5SEFEHF

|±tttttti

4444L14W

sseBS

3hmt-orr

15pRA

2■S5K*63^^953595S^^K^^C5Ent-QB-

立L口口

I-f-p-7*i■T-r-fi应计行£J

=EEEH：133HEEI士ttqttn//A

0*rrrr

00.10.20.30.40.50.6

内

四、计算题(本大题共3小题，共30.()分)

13.如图所示，光滑绝缘半球槽的半径为R，半径04水平，同时空间存在水平向右的匀强电场。一

质量为加、电量为q的带正电小球从槽的右端4处无初速沿轨道滑下，滑到最低位置B时，球对

轨道的压力为2mg。求：

(1)滑到B时的速度大小

(2)匀强电场场强的大小

(3)小球在光滑绝缘半球槽运动的最大速度。

14.如图，一质量不计,可上下自由移动的活塞将圆筒分为上下两室,两室中分别封闭有理想气体.筒

的侧壁为绝缘体，上底N、下底M及活塞。均为导体并按图连接，活塞面积S=2cm?,在电键K

断开时，两室中气体压强均为p=240Pa,ND间距［i=1〃m；DM间距/2=3nm,将变阻器

的滑片P滑到左端B,闭合电键后，活塞。与下底M分别带有等量异种电荷，并各自产生匀强电

场，在电场力作用下活塞。发生移动.稳定后，ND间距J'=3Nm,DM间距，2'=活塞。

所带电量的绝对值q=£SE(式中E为。与“所带电荷产生的合场强，常量£=8.85x10-12C2/N-

m2).求：

C

PA

(1)两室中气体的压强(设活塞移动前后气体温度保持不变);

(2)活塞受到的电场力大小F；

(3)M所带电荷产生的场强大小EM和电源电压U;

(4)使滑片P缓慢地由B向4滑动，活塞如何运动，并说明理由.

15.如图所示，在一倾角为的光滑斜面上有一粗细均匀的单匝“L”型线圈，质量为ni,相邻两边均

垂直，S.fe=ed=dc=l0,fa=ab=2卜线圈下方一矩形区域内有匀强磁场，磁感应强度为B,

宽度d>2M方向垂直于斜面向下，且磁场上下边界与线圈ab边平行•"”型线圈从离磁场

上边界2"处静止释放，当帅边刚进入磁场上边界时线圈做匀速运动，当拄边出磁场下边界前线

圈又已开始匀速，线圈在通过整个磁场区域的过程中产生的焦耳热为Q。已知重力加速度为g,

求：

(1)型线圈的电阻；

(2)/e边出磁场下边界前匀速运动的速度大小是ab边刚进入磁场上边界时的几倍；

(3)磁场宽度d；

(4)ab边刚进入磁场上边界到fe边出磁场下边界整个过程经历的时间。

参考答案及解析

1.答案：c

解析：解：4、0射线是高速电子流，它的穿透能力比y射线弱，比a射线强，故A错误；

8、0衰变现象是原子核内部的中子转化为质子同时失去一个电子，不能说明电子是组成原子核的部

分，故B错误；

C、//汤姆孙发现不同物质发出的阴极射线的粒子比荷相同，这种粒子即电子，故C正确；

。、电子穿过晶体时会产生衍射图样，这证明了电子具有波动性，故。错误。

故选：Co

a射线是核原子核，0射线是电子流，y射线是电阻跃迁产生的光子流，y射线的穿透能力最强，a射

线的穿透能力最弱：电子穿过晶体时会产生衍射图样，这证明了电子具有粒波动性；

本题考查了光的基本性质以及三种射线的本质，要了解三种射线的基本性质和产生机理，明确光的

波动性和粒子性的宏观表现有哪些。

2.答案：C

解析：试题分析：图线1表示物体做匀加速直线运动，则4选项错误；从图线可知，在ti时刻，1图线

的斜率大于2图线的斜率，故此时%＞玲，选项8错误；0-t3时间内图线4的位移较大，故4的平均

速度较大，选项C正确；两图线中，图线2在t2时刻运动开始反向，而图线4表示正方向开始减速运

动，故选项。错误；故选C.

考点：u—t图线和x—t图线

【名师点睛】此题考查了图线和x-t图线；关键是理解两种图线的物理意义，在u-t图线中，

斜率反映物体的加速度，“面积”等于物体的位移，图线在t轴上方表示物体运动方向为正；而x-t

图线，斜率表示物体的速度，斜率符号表示速度的方向.

3.答案：C

解析：

温度是分子热运动平均动能的标志；

热力学第一定律公式：AU=W+Q；

热力学第二定律：不可能把热从低温物体传到高温物体而不产生其他影响，或不可能从单一热源取

热使之完全转换为有用的功而不产生其他影响，或不可逆热力过程中嫡的微增量总是大于零。

本题考查了温度的微观意义、热力学第一定律和热力学第二定律等，要明确一切宏观过程都是有方

向的，基础题目。

人温度是分子热运动平均动能的标志，温度是大量分子热运动的平均动能的宏观体现，单个分子速

率是随机的，故A错误；

2、一定质量的理想气体经历一缓慢的绝热膨胀过程，则气体对外界做功，内能减小，温度降低，气

体分子的平均动能减小，故8错误；

C、根据热力学第二定律，宏观热现象具有方向性，故热传导、摩擦生热等热现象是不可逆的，故C

正确；

D,根据热力学第二定律，宏观热现象具有方向性，故热机中燃气的内能不可能全部转化为机械能，

故。错误；

故选：Co

4.答案:D

解析：解：由右手螺旋定则可判定通电导线磁场的方向。如图所示，0北

I

I

表示电流方向垂直纸面向外，“隹”表示电流方向垂直纸面向里。

西；A«

0-y—--©

根据矢量的合成，可知，四根直导线电流在4点的磁场方向正南，故。正确，

ABC错误；

6南

故选：。。

通电螺线管周围有磁场存在，根据右手螺旋定则可判定电流方向与磁场方向的关系.

考查右手螺旋定则的应用，掌握磁场的矢量叠加原理.

5.答案：C

解析：解：以船、人连同枪（不包括子弹）、靶以及枪内有n颗子弹组成的系统为研究的对象，取子弹

的速度方向为正方向。由系统的动量守恒得：

mv-[M+（n-l）m]vz=0

设每颗子弹经过时间t打到靶上，则有：vt+v't=L

联立以上两式得：，t=

射完n颗子弹的过程中，每一次发射子弹船后推的距离都相同，所以船后退的总距离为：S=n-v't=

野，故C正确，错误。

M+nm

故选：Co

以船、人连同枪（不包括子弹）、靶以及枪内有n颗子弹组成的系统为研究的对象，则系统在水平方向

上动量守恒，子弹前进的过程中船后退；子弹打到靶上后，和船又一起静止；在射n颗子弹的过程中，

每一次都相同，可根据动量守恒定律解题。

本题中船与子弹的总动量始终等于0,二者相对运动，每一次子弹从开始射出到打到靶上的过程中二

者的位移之和都等于3这是解题的关键。

6.答案：D

解析：考查电场叠加、点电荷形成的电场、电势。

由C点的场强为零可知，4、B两处点电荷的电性一定相反，选项A错；

根据班驾=第7^知，4、B两处点电荷的电荷量之比为1：4,选项B错；

/(鼬•尸

由于点电荷的电势辆=朵匿，因此C点的电势一定不为零，选项C错；

C点的电势为4、B两处电荷分别在C处产生电势的代数和，4点固定的是正电荷，根据尊尊=.量窿可

知C点的电势瞿^一定小于零，选项。正确。

故选。。

根据点电荷形成的电场大小方向，可求AB选项，根据电势定义式颦=能箜，确定C点电势。

7.答案：C

解析：解：4、当摩擦力为零，对小物块受力分析，如图所示:

由支持力和重力的合力提供向心力，由牛顿第二定律得：mgtand-ma

代入数据解得：物块做圆周运动的加速度为：aWg,故4错误；

B、设此时的角速度为3,对小物体由牛顿第二定律得：mgtand=ma)2Rsin6

代入数据解得：3=杼故B错误；

C、根据公式3=2?m,解得转台的转速为：n=工叵，故C正确；

。、陶罐对物体的弹力大小为：N=^-=2mg,故。错误。

cost7

故选：Co

小物块受到的摩擦力恰好为零，靠重力和支持力的合力提供向心力，根据牛顿第二定律求出角速度

的大小。

解决本题的关键搞清物块做圆周运动向心力的来源，结合牛顿第二定律，抓住竖直方向上合力为零，

水平方向上的合力提供向心力进行求解。

8.答案：BCD

解析：解：力、由v-t图象可知，在t=2s时滑块速度大小和传送带的速度相等，

t>2s时滑块速度小于传送带速度，此时滑块相对传送带向下运动，即摩擦力方向沿斜面向上，与

滑块运动方向相同；故A错误；

B、设滑块向上的总位移为X,则由图象可知

(24+4)4x2

x=-------x2mH——--m=32m

22

由图象可知，下滑过程的加速度大小

4

a=-m/s2=2mls2

根据运动学公式，有

vj=2ax

代入数据，得

v3=8v2m/s

故8正确；

C、根据图象知上升阶段加速度大小分别为由、a2,利用牛顿第二定律，有

mgsind+(xmgcosd=maA

mgsind-nmgcosO=ma2

由图象知

24-4,,

ar——--m/s—10m/s

4

22

a2—-m/s—2m/s

联立各式，代入数据，得

0.5

故C正确;

。、由图象结合受力分析可知，在t=2s时滑块速度大小和传送带的速度相等，即传送带的速度大小

为4m/s；

故。正确；

故选：BCD。

A、根据相对运动方向，判断摩擦力的方向；

8、先求出上升阶段的位移，再结合图象，运用运动学公式求出到达底端时的速度大小；

C、根据图象求出上升阶段的加速度，结合受力分析，利用牛顿第二定律求出动摩擦因数；

根据图象分析，求出传送带速度大小。

本题考查传送带问题，要注意受力分析时摩擦力的方向会发生变化，另外要数据摩擦力方向与相对

运动方向的关系。

9.答案：BD

解析：考查功能关系和机械能守恒的应用。

滓

由般=一博可知加速时间应约是减速时间的3倍，故A错；

2

由/=£磷可知，减速时的加速度约是加速时的加速度的3倍，故B正确；

重力势能，躁,=，窈琮-蹄磷，图象应为斜率不变的直线，故C错；

如选下落最低点为零势能面，空中机械能不变，进入水中有密=，维:-,勰金，其中产是水的阻力，故

D正确。

故选BD.

知道各个物理量的决定因素，才可以写出函数关系，根据数学基本函数得出相应的图像。

10.答案：AD

解析：解：4、B、若ab棒匀速运动，则ab棒切割磁场产生的电流时恒定，线圈产生的磁场也是恒定

的，不会引起副线圈的磁通量的变化，所以副线圈不会有感应电流产生，所以副线圈的电流全为零，

即/R=0,〃=0,/c=0,故A错误，8正确.

C、若ab棒固定，磁场按B=BmS讥3t的规律变化，原线圈中产生的是正弦式交变电流，通过变压器，

副线圈输出也为正弦式交流电，则/R不0,L丰Q，1c手0,故C正确.

£>、若必棒做匀加速运动，在原线圈中会产生不断增大的电动势，原线圈的磁通量在增加，所以副

线圈能够产生感应电流，但是，由于原线圈的电流是均匀增加的，在副线圈中产生的感应电流是恒

定的，所以器。0,九k0,由于电容器有通交流阻直流的特点，所以电容器中不会有电流即，〃=0,

故。错误

本题选错误的，故选：AD

变压器是根据磁通量的变化来工作的，当原线圈的磁通量恒定时，副线圈是没有感应电流的，根据

变压器的工作的原理分析原线圈中的电流的变化情况即可的出结论.

变压器只能在交流电路中工作，变压器是根据磁通量的变化来工作的，知道变压器的工作的原理就

可以解决本题.

11.答案：⑴①BD

②x2

③1.90

(4)>纸带与限位孔间有摩擦或空气阻力

⑵①B

②与、/、x2mAx0=mAxx+mBx2

③0.88

解析：

(1)题的关键是弄清打点计时器的使用方法以及通过纸带求出重物减少的重力势能与增加的动能，从

而验证机械能是否守恒，由于重物下落过程受到空气阻力以及纸带下落过程受到限位孔阻力，导致

减少的重力势能大于增加的动能；

(2)的关键是根据碰撞时的动量守恒定律表达式，结合平抛规律推导出平均动量守恒的表达式，从而

将难以测量的速度转化为容易测量的落地水平位移。

明确实验原理是解决实验问题的关键。

(1)①“验证机械能守恒定律”的实验中除所需的打点计时器(带导线)、纸带、复写纸、铁架台、纸

带夹和重物，此外还需要交流电源和毫米刻度尺，

故还需要

②毫米刻度尺应估读到0.01cm，所以小的读数有误；

③由为=；,得，打B点时的速度为%=手，代入数据解得%=1.9(hn/s；

④下落过程中重物减少的重力势能大于增加的动能，即7ngx2＞：m%2,其原因是纸带和限位孔之

间有摩擦力以及重物受到空气阻力。

故答案为：①BD;@x2;@1.90；(4)＞；纸带与限位孔间有摩擦或空气阻力

(2)①由碰撞理论可知，为使碰撞小球不被碰回应使碰撞小球的质量大于被碰小球的质量，所以放在

斜槽末端的小球是8；

mvmv

②碰撞时应有7nA%=Ai+B2^由平抛规律有％=vt；代入上式可得啊%o=mAxx+mBx2;

所以需要在照片中直接测量的物理量有右、/、X2,该实验小组猜想结果的表达式为小芯0=mAx.+

mBx2o

③根据碰撞中的恢复系数定义为e=器篙，可变形为e=赛券=等=088，

故答案为：①B；②£O、Xi、x2；mAx0=mAxx+mBx2.③0.88

12.答案：甲A1.500.86C

解析：解：(1)如果选择图乙所示电路图，电源内阻测量值等于电源内阻真实值与电流表内阻之后，

由于干电池内阻很小，导致电源内阻测量值误差很大，为减小实验误差应选择图甲所示电路图。

(2)一节干电池电动势约为1.5V,内阻较小，为方便实验操作，滑动变阻器应选总阻值较小的人

(3)根据表中实验数据在坐标系内描出对应点，让尽可能多的点过直线，不能过直线的点对称分布在

直线两侧，根据坐标系内描出的点作出电源的U-/图象如图所示；

1UN

6

口工I：口口qpS

5BitHH

目MM目H目^W诙T近TF目M]

3ptrqrrirSw

2・■•・・

母取旗舞壁屋

・■■■・WY，・■■・■・♦・♦■■V<<■■■I■

//A

0

(4)由图甲所示电路图，根据闭合电路的欧姆定律可知，路端电压〃=七-6,

由图示U-/图象可知，电源电动势：E=1.50K,

电源内阻：r=*=0.860

△/0.58

(5)电源输出功率P=U/=U-T=-1U2+&U,P-U图象为开口向下的二次函数，故C正确，

AB。错误。

故选C。

故答案为：(1)甲；(2)4；(3)。-/图象如图所示;(4)1.50；0.86；(5)C»

(1)一节干电池的内阻很小，从减小实验误差的角度选择实验电路图。

(2)为方便实验操作应选最大阻值较小的滑动变阻器。

(3)根据表中实验数据应用描点法作出图象。

(4)根据电源的U-/图象求出电源电动势与内阻；

(5)根据电功率公式求出图象的函数表达式，然后分析图示图象答题。

本题考查了实验电路选择、实验器材选择、作图象、求电源电动势与内阻等问题，要知道实验原理，

要掌握应用图象法处理实验数据的方法；电源的U-/图象与纵轴交点坐标值是电源电动势，图象斜

率的绝对值是电源内阻.

13.答案：解：(1)设小球运动到B点时速度为V，在B点，对小球进行受力分析，重力和支持力的合

力提供向心力，根据向心力公式得：

mv2

N-mg=――

K

由于球对轨道的压力为2mg,

所以球受到的支持力N=2mg

解得：v=y[gR

(2)从4到B根据动能定理：

解得:E=翳①

(3)速度最大时，合力与速度方向垂直，设此时重力和电场力的合力与竖直方向的夹角为巴

则：mgRcosd-qER(l—sin。)=1—0②

由几何关系可知：tcm。=：

sind=蠢cos0=亲③

①②③联立解得％1ax=y/gR(.2cosd-1+sine)=JgR(后-1)

答：(1)滑到B时的速度大小为病；

(2)匀强电场场强的大小为器；

(3)小球在光滑绝缘半球槽运动的最大速度为=JgR(科一1)。

解析：(1)在B点，对小球进行受力分析，重力和支持力的合力提供向心力，根据向心力公式