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文档简介
2024届浙江省杭十四中物理高二上期末考试试题注意事项:1.答题前,考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚,将条形码准确粘贴在条形码区域内。2.答题时请按要求用笔。3.请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答,超出答题区域书写的答案无效;在草稿纸、试卷上答题无效。4.作图可先使用铅笔画出,确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5.保持卡面清洁,不要折暴、不要弄破、弄皱,不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1、一个初动能为Ek的带电粒子以速度v垂直电场线方向飞入两块平行金属板间,飞出时动能为3Ek.如果这个带电粒子的初速度增加到原来的2倍,不计重力,那么该粒子飞出时动能为()A.4EkB.4.5EkC6EkD.9.5Ek2、有关电压与电动势的说法中正确的是()A.电压与电动势的单位都是伏特,所以电动势与电压是同一物理量的不同叫法B.电动势是电源两极间的电压C.电动势公式E=中W与电压公式U=中的W是一样的,都是电场力做的功D.电动势是反映电源把其他形式的能转化为电能本领强弱的物理量3、如图所示,直线a为某电源的路端电压随电流的变化图线,曲线b为小灯泡R两端的电压随电流强度的变化图线,用该电源和该小灯泡R组成的闭合电路,电源的输出功率和电源的内电阻分别是()A.0.6W,5Ω B.0.6W,ΩC.0.8W,5Ω D.0.8W,Ω4、下列关于科学家和其主要贡献的说法,错误的是A.库仑通过扭秤实验总结出了电学中的基本定律——库仑定律B.法拉第提出了场的概念,并用电场线和磁感线形象地描述电场和磁场C.奥斯特提出了分子电流假说,成功解释了铁棒的磁化与高温去磁现象D.法拉第发现磁能生电,将历史上认为各自独立的学科“电学”与“磁学”联系起来5、如图电路,C为电容器的电容,D为理想二极管(具有单向导通作用),电流表、电压表均为理想电表.闭合开关S至电路稳定后,调节滑动变阻器滑片P向左移动一小段距离,结果发现电压表V1的示数改变量大小为,电压表V2的示数改变量大小为,电流表A的示数改变量大小为,则下列判断正确的有()A.电压表V1的示数变大,电压表V2的示数变小,电流表A的示数变小B.滑片向左移动的过程中,电容器所带的电荷量不变C.滑片向左移动的过程中,电容器所带的电荷量要不断减少D.的值变大,的值不变6、如图所示,一线圈放在通电螺线管的正中间A处,现向右移动到B处,则在移动过程中通过线圈的磁通量如何变化()A.变大B.变小C.不变D.无法确定二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。7、指纹传感器为在一块半导体基板上阵列了10万金属颗粒,每一颗粒充当电容器的一个极,外表面绝缘,手指在其上构成电容器的另外一个极.当手指的指纹一面与绝缘表面接触时,由于指纹深浅不同,对应的峪(本义:山谷)和嵴(本义:山脊)与半导体基板上的金属颗粒间形成一个个电容值不同的电容器,若金属颗粒与手指间组成的每个电容电压保持不变,则:()A.指纹的嵴处与半导体上对应的金属颗粒距离近时,电容小B.指纹的嵴处与半导体上对应的金属颗粒距离远时,电容小C.在手指挤压绝缘表面时,电容电极间的距离减小,金属颗粒电极电量增大D.在手指挤压绝缘表面时,电容电极间的距离减小,金属颗粒电极电量减小8、如图所示,图线AB是某电源的路端电压随电流变化的关系图线,OM是固定电阻R两端的电压随电流变化的图线,由图可知A.该电源电动势为6V,内阻是2ΩB.固定电阻R的阻值为1ΩC.该电源的最大输出功率为9WD.当该电源只向电阻R供电时,其效率约为66.7%9、如图甲所示,电阻为5Ω、匝数为100匝的线圈(图中只画了2匝)两端A、B与电阻R相连,R=95Ω.线圈内有方向垂直于纸面向里的磁场,线圈中的磁通量在按图乙所示规律变化.则A.A点的电势小于B点的电势B.在线圈位置上感应电场沿逆时针方向C.0.1s时间内通过电阻R的电荷量为0.05CD.0.1s时间内非静电力所做的功为2.5J10、纸面内有U形金属导轨,AB部分是直导线。虚线范围内有垂直纸面向里匀强磁场。AB右侧有圆线圈C。为了使C中产生顺时针方向的感应电流,贴着导轨的金属棒MN在磁场里的运动情况是()A.向右加速运动 B.向右减速运动C.向左加速运动 D.向左减速运动三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。11.(6分)(1)在练习使用多用电表时,指针偏转如图所示,如果此时选择的是“×10”的欧姆挡,则读数为_________Ω;如果此时选择的是“100mA”的电流挡,则读数为________mA;如果此时选择的是“50V”的直流电压挡,则读数为________V。(2)把一量程5mA、内阻100Ω的电流表改装成欧姆表,线路如图所示,现备有如下器材:A.电源E=3V(内阻不计);B.变阻器0~800Ω;C.变阻器0~100Ω;①变阻器选用________,红表笔接______端。(填“M”或“N”)②电流表2mA刻度处换成电阻刻度,其电阻值应为________Ω。12.(12分)一个量程为0~300μA的电流表,内阻为1000Ω,再给它串联一个99000Ω的电阻,将它改装成电压表,改装后电压表的量程为_______V,用它来测量一段电路两端的电压时,表盘指针如图,这段电路两端的电压是_______V四、计算题:本题共3小题,共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处,要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13.(10分)如图,两根间距为L=0.5m的平行光滑金属导轨间接有电动势E=3V、内阻r=1Ω的电源,导轨平面与水平面间的夹角θ=37°.金属杆ab垂直导轨放置,质量m=0.2kg.导轨与金属杆接触良好且金属杆与导轨电阻均不计,整个装置处于竖直向上的匀强磁场中.当R0=1Ω时,金属杆ab刚好处于静止状态,取g=10m/s2,sin37°=0.6,cos37°=0.8(1)求磁感应强度B的大小;(2)若保持B的大小不变而将方向改为垂直于斜面向上,求金属杆的加速度14.(16分)如图所示,水平放置的两块长直平行金属板a、b相距d=0.10m,a、b间的电场强度为E=5.0×105N/C,b板下方整个空间存在着磁感应强度大小为B=6.0T、方向垂直纸面向里的匀强磁场.今有一质量为m=4.8×10-25kg、电荷量为q=1.6×10-18C的带正电的粒子(不计重力),从贴近a板的左端以v0=1.0×106m/s的初速度水平射入匀强电场,刚好从狭缝P处穿过b板而垂直进入匀强磁场,最后粒子回到b板的Q处(图中未画出).求P、Q之间的距离L15.(12分)ABC表示竖直放在电场强度为E=104V/m的水平匀强电场中的绝缘光滑轨道,其中轨道的BC部分是半径为R的圆环,轨道的水平部分与半圆环相切.A为水平轨道上的一点,而且AB=R=0.2m,把一质量m=0.1kg,带电量为q=+C的小球,放在A点由静止释放后,求:(g=10m/s2)(1)小球到达C点的速度大小(2)小球在C点时,轨道受到的压力大小
参考答案一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】试题分析:设平行金属板的长度为L,板间距离为d,场强为E当初速度为v时,则有根据动能定理得得当初速度为2v时,同理可得电场力做功为则有根据动能定理得得故选B。2、D【解析】电压与电动势是两个不同的概念,电动势是反映电源把其他形式的能转化为电能本领大小的物理量,电动势定义式公式中E=W是非静电力做功电压定义的公式U=W是静电力做功,电动势等于电源没有接入电路时两极间的电压。故选D。3、A【解析】电源U-I图象表达式为:U=E-Ir,则图象的斜率表示内阻,根据图象可知,电动势E=4V,内电阻为,两个图象的交点坐标表示路端电压和对应的电流,即路段电压为3V,电流为0.2A,故电源的输出功率为:P出=UI=3×0.2=0.6W,故选A【点睛】本题关键是推导出电源的U-I图象的表达式,明确横轴截距表示短路电流,纵轴截距表示电动势,斜率绝对值表示内电阻;同时明确两个图象交点的含义4、C【解析】A项:库仑通过扭秤实验总结出了电学中的基本定律——库仑定律,故A正确;B项:最早提出了场的概念,并用电场线和磁感线形象地描述电场和磁场的是法拉第,故B正确;C项:安培提出了分子电流假说,成功解释了铁棒的磁化与高温去磁现象,故C错误;D项:法拉第发现磁能生电,将历史上认为各自独立的学科“电学”与“磁学”联系起来,故D正确本题选错误的,故选C5、B【解析】由电路图先明确电路的结构,再根据滑动变阻器的移动明确电阻的变化,由闭合电路欧姆定律可知电路中电流的变化,可分析电容器的电压,再分析电容器所带电量的变化【详解】由图可知,R1与R串联,V1测R两端的电压,V2测路端的电压A项:若滑片P向左端移动时,滑动变阻器接入电阻增大,由闭合电路欧姆定律可知,电路中总电流减小,由公式可知,路端电压增大,即电压表V2的示数变大,R1的电压减小,所以R两端电压增大,即电压表V1的示数变大,,故A错误;B、C项:若滑片P向左端移动时,滑动变阻器接入电阻增大,由闭合电路欧姆定律可知,电路中总电流减小,R1电压减小,由于理想二极管具有单向导通作用,只能充电,不能放电,所以电容器所带的电荷量不变,故B正确,C错误;D项:根据闭合电路欧姆定律得:由U2=E-Ir,则不变,根据闭合电路欧姆定律得:U1=E-I(R1+r),则,不变,故D错误故选B【点睛】对于闭合电路欧姆定律的动态分析类题目,一般可按外电路-内电路-外电路的分析思路进行分析,在分析时应注意结合闭合电路欧姆定律及串并联电路的性质6、B【解析】螺线管内部磁场向左穿过线圈,设向左穿过线圈的磁通量为Φ1,螺线管外部磁场向右穿过线圈,设穿过的磁通量为Φ2,则净磁通量为Φ=Φ1﹣Φ2.线圈从正中间A处,现向右移动到B处Φ2增大,Φ1不变.则Φ减小A.变大,与结论不相符,选项A错误;B.变小,与结论相符,选项B正确;C.不变,与结论不相符,选项C错误;D.无法确定,与结论不相符,选项A错误;故选B二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。7、BC【解析】手指的嵴和峪与金属电极的距离不同,根据电容的决定式分析电容的大小.由电容的定义式分析电容的电压一定时,电量的变化.【详解】A、指纹的嵴处与半导体基板上对应的金属颗粒距离近时,根据电容的决定式得知,电容大.故A错误B、指纹的峪处与半导体基板上对应的金属颗粒距离远时,根据电容的决定式得知,电容小.故B正确C、在手指挤压绝缘表面时,手指与对应的金属颗粒距离靠近,电容增大,而电压一定,则由Q=CU可知,各金属颗粒电极电量增大,故C正确,D错误.故选:B、C.8、CD【解析】根据U-I图象AB正确读出电源的电动势和短路电流,根据OM图象正确读出外电路两端的电压和流过电阻的电流,是解决此类问题的出发点【详解】电源的U-I图像的纵截距表示电源电动势,故,电源U-I图像的斜率表示电源内阻,故,A错误;线性电阻U-I图像的斜率表示电阻大小,故,B错误;当外电阻与电源内阻相等时,电源的输出功率最大,即当外电阻时,电源输出功率为,C正确;当该电源只向电阻R供电时,,D正确9、BCD【解析】线圈相当于电源,由楞次定律可知A相当于电源的正极,B相当于电源的负极.A点的电势高于B点的电势,在线圈位置上感应电场沿逆时针方向,选项A错误,B正确;由法拉第电磁感应定律得:,由闭合电路的欧姆定律得:,则0.1s时间内通过电阻R的电荷量为q=It=0.05C,选项C正确;0.1s时间内非静电力所做的功为W=Eq=50×0.05J=2.5J,选项D正确;故选BCD.10、AD【解析】AB.导体棒向右加速运动,根据右手定则可知回路中电流为,根据安培定则可知在圆线圈内产生的磁场为垂直于纸面向外,根据楞次定律可知线圈中为了阻碍垂直于纸面向外的磁场增大,感应电流产生垂直于纸面向内的磁场,根据安培定则可知线圈中的感应电流为顺时针方向;同理导体棒向右减速运动则不满足题意,A正确,B错误;CD.导体棒向左减速运动,根据右手定则可知回路中的电流为,根据安培定则可知圆线圈内产生的磁场垂直于纸面向内且减小,根据楞次定律可知线圈中产生的感应电流为顺时针方向;同理导体棒向左加速运动则不满足题意,C错误,D正确。故选AD。三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。11、①.70②.68③.34.0④.B⑤.N⑥.900【解析】(1)[1]欧姆表盘读数乘以倍率即为电阻阻值:[2]“100mA”的量程选择表盘中“0~10”刻度读数,每小格为2mA,所以读数为68mA;[3]“50V”的量程选择表盘中“0~50”刻度读数,每小格为1V,所以读数为34.0V;(2)[4]电流表的满偏电流为5mA,电动势为3V,计算回路中电流满偏时的电阻:所以滑动变阻器选择B;[5]红表笔接欧姆挡内部电源的负极,即N端;[6]先欧姆调零,可知:电流为2mA时:联立方程解得:。12、①.30②.23.0【解析】根据题意可知,电压表量程:;因为量程是
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