2018-2019学年云南省昆明市云大附中一二一校区九年级（上）期中物理试卷

2018-2019学年云南省昆明市云大附中一二一校区九年级（上）期中物理试卷学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________题号一二三四总分得分注意：本试卷包含Ⅰ、Ⅱ两卷。第Ⅰ卷为选择题，所有答案必须用2B铅笔涂在答题卡中相应的位置。第Ⅱ卷为非选择题，所有答案必须填在答题卷的相应位置。答案写在试卷上均无效，不予记分。一、单选题1、热现象在生活中随处可见，下列说法中正确的是()A.擦在皮肤上的酒精很快变干，这是升华现象，需要吸热B.夏天揭开冰棒包装后会看到冰棒冒“白气”，这是升华现象，需要吸热C.秋天的早晨花草上出现小的露珠，这是液化现象，需要放热D.冬天的早上，有时地面上会出现白色的霜，这是凝固现象，需要放热 2、下列关于热现象的几种说法中，正确的是()A.把一瓶柴油倒去一半，则剩下的柴油的比热容和热值均不变B.0℃的冰变成

0℃的水，温度不变，所以内能不变C.在柴油机的压缩冲程中，机械能转化为柴油和空气混合物的内能D.燃料不完全燃烧时的热值比完全燃烧时的热值小 3、下列关于温度、内能、热量的说法中正确的是()A.物体吸热，温度一定升高B.物体的温度为

0℃时，其内能为零C.物体温度越高，含有的热量越多D.热量可以从内能小的物体向内能大的物体传递 4、下列说法正确的是()A.马路两旁的路灯，晚上同时亮，早上同时灭，它们是并联的B.根据公式R=UC.电路中电源外部的自由电子定向移动的方向是：从电源正极经过用电器到负极D.甲轻质小球与丝绸摩擦过的玻璃棒相互吸引，则甲带负电 5、张华同学在“探究通过导体的电流与其两端电压的关系”时，将记录的实验数据通过整理作出了如图所示的图象，根据图象，下列说法错误的是()A.当在导体乙的两端加上1V的电压时，通过导体乙的电流为0.1AB.将甲、乙两导体并联后接到电压为3V的电源上时，干路中的电流为0.9AC.通过导体甲的电流与其两端的电压成正比D.导体甲的电阻大于导体乙的电阻 6、如图所示，当开关S断开和闭合时，电流表示数之比是1：4，则电阻R1和R2之比是(A.1：4 B.4：1 C.1：3 D.2：3 7、如图所示电路中，电源电压不变。闭合开关S，当滑动变阻器的滑片向右移动时，则下列说法正确的是()A.电流表A2的示数增大 B.电压表VC.电流表A1的示数减小 D.电流表A示数减小8、如图所示电路，电源电压保持不变。闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P从a端滑到b端的过程中，两个电阻的U-I关系图象如图所示。则下列判断正确的是：()A.图线甲是电阻R1的“U-IB.电源电压为9VC.滑动变阻器R2的最大阻值为D.变阻器滑片在中点时，电压表V2示数为7.2V二、填空题1、随着科技的发展，过去“呼风唤雨”的神话成为了现实，实施人工降雨时，是飞机在空中喷洒干冰(固态二氧化碳)，干冰在空气中迅速吸热______，使云层气中的水蒸气遇冷______成小冰粒，小冰晶逐渐变大，在下落中又______成水滴落下来。(以上均填物态变化名称)2、小明用相同的酒精灯分别给相同质量的水和煤油加热(如图甲中所示)，以探究水和煤油的吸热能力，根据实验数据，小明作出了水和煤油的温度随加热时间变化的图象(如图乙所示)。加热10min，水吸收的热量______(选填“大于”、“小于”或“等于”)煤油吸收的热量。由图象可知，煤油的比热容是______J/(kg⋅℃)。<水的比热容为4.2×1三、实验探究题1、在图中，将一个底部封闭的薄壁金属管固定在支架上，管中装一些酒精，然后用塞子塞紧管口。把一根橡皮条缠在管子上并迅速来回拉动，很快会观察到塞子被酒精蒸汽顶出。在此实验中，是通过______方式使金属管壁的温度升高，内能______(选填“增大”、“减小”或“不变”)；在塞子被酒精蒸汽顶出的过程中，是将______能转化为______能；这个过程相当于内燃机的______冲程。______2、如图所示是汽油机的______冲程，若此台汽油机飞轮转速为1200r/min，则每秒钟对外做功______次。常用水来给内燃机降温，是因为水的______比较大。3、验电器是根据______原理制成。经验证明，只有______V的电压对人体才是安全的。4、当加在某导体两端的电压为5V时，通过导体的电流为0.1A，则此时该导体的电阻为______Ω；若加在该导体两端的电压为0V时，则此时该导体的电阻为______Ω5、如图甲所示的电路中，R2的阻值为6Ω，闭合开关之后，电压表的示数、电流表的示数如图乙、丙所示，则电源的电压为______V.如果两个电表的示数突然都变为零，则电路可能出现的故障是______(只有R1或R26、如图，电源电压5V，R1=5Ω，R2=10Ω，当闭合开关后，两电表有示数且保持稳定，则甲电表的示数为______7、如图所示的电路图，电源电压不变，当开关S1、S2都闭合，电流表的示数为0.25A，电压表的示数为8V：断开电路后，将电压表、电流表的位置互换，S1断开，S2闭合，电流表的示数为0.2A，则R1=______8、读数与作图。

(1)人们在日常生活中使用的温度计，是根据______规律来测量温度的，如图1所示温度计的示数是______℃。(2)如图2所示电阻箱的示数为______Ω。______9、小明和小华两组同学选用相同的实验装置，完成“探究水沸腾时温度变化特点”的实验，如图甲所示。他们分别绘制的水的温度随时间变化的图象如图乙所示。(1)水沸腾时，继续加热，水的温度______(选填“升高”、“降低”或“不变”)，内能______(选填“增大”、“减小”或“不变”)。由此可知，在同样情况下两次煮鸡蛋，第一次在水开后继续用大火煮，第二次在水开后将火焰调小，但仍保持锅内水沸腾，直到煮熟，两次比较会发现______(第一次/第二次/两次一样)煮得快。(2)由图乙可知，此时实验室的大气压______(选填“高于”，“低于“或“等于”)1个标准大气压。两组同学得到a、b两种不同图象的原因是水的______不同。(3)丙、丁两图中能正确反映水沸腾时现象的是图______(选填“丙“或“丁”)。(4)水沸腾后，撤去酒精灯，发现水停止沸腾，此时用橡皮塞塞住烧瓶口并将其例置，向烧瓶底部浇冷水，如图戊所示，结果发现水又重新沸腾，这是因为烧瓶内水蒸气遇冷______(填物态变化名称)为水珠，瓶内水面上方气压______(选填“变大”、“变小”或“不变”)，水的沸点______(选填“变高”、“变低”或者“不变”)造成的。(5)如图1所示，大试管和小试管里都装有水，将三支大试管中的水加热，使之保持沸腾，则大试管中的水不断沸腾的过程中，小试管中的水会沸腾的是____________10、在探究影响导体电阻大小的因素时，小明作出了如下猜想：导体的电阻可能与①导体的长度有关；②导体的横截面积有关；③导体的材料有关。实验室提供了4根电阻丝，其规格、材料如表所示。编号材料长度/m横截面积A镍铬合金0.50.5B镍铬合金1.00.5C镍铬合金0.51.0D锰铜合金0.50.5(1)按照如图1所示的实验电路，在M、N之间分别接上不同的导体，则通过观察______来比较导体电阻的大小。(2)为了验证上述猜想①，应该选用编号______两根电阻丝分别接入电路进行实验。选用编号A、C两根电阻丝分别接入电路进行实验，可以验证上述猜想______(填序号)(3)分别将A和D两电阻丝接入上图电路中M、N两点间，电流表示数不相同，由此，初步得到的结论是：当长度和横截面积相同时，导体电阻跟导体的______有关。(4)如图2所示是研究导电液体的电阻与横截面积关系的实验装置，有机玻璃容器(该容器是绝缘体)内壁的两端安装了铜片M、N，容器内注入了适量的导电液体，电源电压保持12V不变。①测出导电液体的横截面积S，闭合开关，调节滑动变阻器，记录电表示数，算出电阻R；断开开关，继续向容器注入导电液体，改变导电液体的横截面积，重复上述实验，得到下表实验数据。实验次数1234横截面积S/cm10203040电阻R/Ω1053.32.5②分析表中数据可知，导电液体的横截面积越大，电阻越______；若导电液体横截面积变为前一次的2倍，则其电阻大小变为前次的______。③李明改用一段可拉伸的导体来研究，若均匀拉伸该导体，使其横截面积变为原来的一半，则此时该导体的电阻______(选填“等于”或“不等于”)原来的2倍。______11、在探究“电流与电阻的关系”的实验中有如下实验器材：电源(4.5V)，电流表、电压表各一只，开关一个，三个定值电阻(5Ω、10Ω、15Ω)，滑动变阻器，导线若干。(1)小明连接电路如图所示，请在图中用笔画线代替导线帮他将实验电路连接完整，要求使变阻器滑片向右移动时电流表示数变大。(2)连接电路时开关应______，并将滑动变阻器的滑片P移至最______(选填“左”或“右”)端。连接好电路闭合开关，发现电流表没有示数，移动滑动变阻器的滑片，电压表示数始终接近电源电压，造成这一现象的原因可能是______(只有定值电阻或滑动变阻器有故障)。(3)纠正错误后，小明先将5Ω的电阻连入电路中，闭合开关，移动滑片，使电压表的示数达到某一数值时，记下电流值；再分别改接10Ω、15Ω的电阻，重复上述实验，得到了表中的实验数据：电阻/Ω51015电流/A0.30.150.1在将5Ω电阻换成10Ω电阻后，闭合开关，应将滑动变阻器的滑片向______(选填“左”或“右”)移动，当观察到电压表示数为______V时，才能记录电流表示数；多次实验的目的是______。(4)为完成整个实验，应该选取最大阻值不小于______Ω的滑动变阻器。(5)通过上述实验得出的结论是______。______四、计算题1、2017年5月18日，中国科学家首次在南海试采可燃冰取得圆满成功，实现了我国天然气水合物开发的历史性突破。可燃冰清洁无污染、储量巨大，是一种非常理想的新型能源。假设“可燃冰”的热值q=4.2×108J/kg(1)用“可燃冰”烧水，100g“可燃冰”完全燃烧放出的热量为多少焦耳？(2)若加热效率仅为45%，则被水吸收的热量共有多少焦耳？(3)这么多热量在一个标准大气压下可以使50kg的水从20℃升高多少摄氏度？______2、如图所示，R1=10Ω，R2=20Ω，R3=30Ω，电源电压恒定不变，若开关S(1)电源电压多大？(2)当S1和S2都断开时，(3)当S1、S______3、如图所示电路中，电源电压为24V，滑动变阻器R2标有“60Ω1A”字样，如果电压表采用0～15V的量程，电流表采用0～0.6A量程，当滑片位于中点位置时，电流表示数是0.4A。(1)求定值电阻R1(2)为了电路安全，则滑动变阻器R2______

2018-2019学年云南省昆明市云大附中一二一校区九年级（上）期中物理试卷参考答案一、单选题第1题参考答案:C解：A、擦在皮肤上的酒精变干。是汽化现象，汽化吸热，该选项说法错误；B、夏天揭开冰棒包装后会看到冰棒冒“白气”，是空气中的水蒸气遇到温度较低的冰棒凝结成的小水滴，属于液化现象，该选项说法错误；C、秋天的早晨花草上出现小露珠，是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小水滴，属于液化现象，该选项说法正确；D、初冬的早晨地面上出现白色的霜，是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小冰晶，属于凝华现象，该选项说法错误。故选：C。(1)物质从固态到液态的过程叫做熔化，物质从液态变成固态的过程叫做凝固；物质从液态变为气态叫做做汽化，物质从气态变为液态叫做液化；物质从固态直接变成气态叫升华，物质从气态直接变成固态叫凝华。(2)吸收热量的物态变化过程有：熔化、汽化和升华；放出热量的物体变化过程有：凝固、液化和凝华。本题考查三种物质三种状态之间六种物态变化，都是基础性的，要求学生在今后的学习中加强对所学的基础知识的储备，以便能够灵活应用。---------------------------------------------------------------------第2题参考答案:A解：A、柴油用去了一半，质量和体积均减小一半。而比热容、热值都是物质的一种特性，不随质量和体积的变化而变化，故剩下的柴油热值与比热容都不变；故A正确；B、冰是晶体，0℃的冰熔化成0℃的水，吸收热量、内能增加，但温度不变，故B错；C、因为柴油机吸入气缸的只有空气，在柴油机的压缩冲程中，机械能转化为空气的内能，故C错误；D、热值与质量和是否完全燃烧无关，只与燃料种类有关，燃料不完全燃烧时放出的热量不能称之为热值，故D错。故选：A。(1)单位质量的某种物质温度升高1℃时吸收的热量叫做这种物质的比热容，由此可知同种物质比热容一定，与质量和体积无关；单位质量的某种燃料完全燃烧放出的热量叫做热值，由此可知同种物质热值一定，与质量和体积无关；(2)内能是物体内部所有分子无规则运动的动能和分子势能的和；温度影响物体的内能，温度越高物体内能越大；(3)柴油机的吸气冲程吸入气缸的是空气，在压缩冲程的末端由喷油嘴喷入雾状柴油。解决此类问题的关键是理解物质的比热容、燃料热值的物理意义，以及内燃机的工作原理；知道比热容表示的是物质吸热和放热的本领，只与物质的种类、状态有关；热值是燃料的一种特性，它只与燃料的种类有关。---------------------------------------------------------------------第3题参考答案:D解：A、物体吸热时，内能增大，但温度不一定升高，例如：晶体在熔化过程中虽然继续吸热，但温度是不变的。故A错误。B、一切物体都有内能，物体的温度为0℃时，其内能不为零，故B错误。C、热量是一过程量，描述它的术语是“吸收”和“放出”，不能用含有，故C错误。D、热量总是从温度高的物体传递给温度低的物体，内能小的物体的温度可能比内能大的物体温度高，所以，热量可以从内能小的物体传递给内能的大的物体，故D正确；故选：D。(1)物体的内能发生变化，可能表现在物体的温度变化，也可能是状态的变化。(2)一切物体都具有内能。(3)热量是过程量，只存在于热传递中，只能说吸收或放出热量，不能说含有或者具有热量。(4)热量总是从温度高的物体传递给温度低的物体。本题主要考查了热量、温度和内能的关系以及内能的影响因素，是中招的热点，也是热学的难点。---------------------------------------------------------------------第4题参考答案:A解：A、路灯是并联的，晚上同时亮，早晨同时灭是有一个总开关来控制的。如果各路灯是串联的，各路灯不能正常工作，并且有一盏灯损坏，其它灯将都不能工作。故A正确。B、电阻是导体对电流的阻碍作用，是导体本身的一种特性，其大小与导体的材料、长度、横截面积、温度有关；而与导体两端有无电压、电压高低，导体中有无电流、电流大小无关。故B错误；C、自由电子是负电荷，其定向移动的方向与电流的方向相反，则电路中电源外部的自由电子定向移动的方向是：从电源负极经过用电器到正极，故C错误；D、甲轻质小球与带正电的玻璃棒相互吸引，甲可能带负电荷，也可能不带电，故D错误。故选：A。(1)并联电路中，各个用电器是互不影响的，串联电路中，各用电器互相影响；(2)电阻是导体对电流的阻碍作用。影响电阻大小的因素有：材料、长度、横截面积、温度，与通过导体的电流和导体两端的电压无关；(3)直流电路中电源外部电流的方向从正极流向负极，则自由电子定向移动的方向与此相反，应该是：从电源负极经用电器到正极；(4)带电体能够吸引轻小物体。该题考查了并联电路的特点应用、电流的方向和带电体的基本性质，是一道综合题。---------------------------------------------------------------------第5题参考答案:D解：(1)由图象可知，当U=1V时，I=0.1A，故A正确；(2)当甲、乙两导体并联后接到电压为3V的电源上，由图知I_{甲}=0.6A，I_{乙}=0.3A，I=0.9A，故B正确；(3)由图象可知，通过导体的电流随电压的增大而增大，并且成倍数的增大，即成正比，故C正确；(4)加同样电压时(3V)，I_{甲}=0.6A，I_{乙}=0.3A，I_{甲}>I_{乙}，所以R_{甲}<R_{乙}，故D错误；故选：D。从U-I图象可以得出的信息：①在一定电压下通过导体的电流；②求电阻值；③通过比较相同电压下的电流大小，比较电阻大小关系；④通过导体的电流与其两端的电压成正比。从U-I图象可以得出的信息：一是知道一定电压下的通过导体电流求导体电阻，二是比较两个电阻的大小---------------------------------------------------------------------第6题参考答案:C解：当S断开时，电流表测量通过R_{2}的电流；开关S闭合时，R_{1}与R_{2}并联；因R_{2}两端电压不变，故通过R_{2}的电流不变，而电流表示数之比为1：4，故通过R_{1}的电流与通过R_{2}的电流之比为3：1；由欧姆定律得，电流与电阻成反比，故R_{1}与R_{2}的电阻之比为1：3。故选：C。当开关S闭合时，两电阻并联，电流表A测干路电流；当开关断开时，只有R_{2}接入电路；则由欧姆定律可求得电阻之比；由并联电路的特点可求得R_{1}中的电流。本题考查欧姆定律及并联电路的电流规律，因是选择题，故可直接利用比例关系求解。---------------------------------------------------------------------第7题参考答案:D解：(1)两电阻并联，电压表测电源电压，则电压表的示数不变，B错误；由图知，电流表A_{1}测R_{2}的电流，电流表A_{2}测R_{1}的电流，电流表A测总电流，当滑动变阻器的滑片向右移动时，变阻器连入电路中的电阻变大，因电源电压不变，根据并联电路各支路电压等于电源电压，由欧姆定律可知，电流表A_{2}的示数减小；A错误；根据并联电路各支路工作时互不影响可知，电流表A_{1}的示数不变，C错误；(2)根据并联电路总电流等于各支路电流之和，故A的示数减小，D正确。故选：D。(1)两电阻并联，电压表测电源电压，示数不变；电流表A_{1}测R_{2}的电流，电流表A_{2}测R_{1}的电流，电流表A测总电流，当滑动变阻器的滑片向右移动时分析变阻器连入电路中的电阻变化，根据并联电路各支路电压等于电源电压，由欧姆定律确定电流表A_{2}变化；根据并联电路各支路工作互不影响，电流表A_{1}示数不变；(2)根据并联电路总电流等于各支路电流之和，判断A的示数变化情况。本题考查并联电路的规律及欧姆定律的运用，关键是电路的分析及并联电路各支路互不影响。---------------------------------------------------------------------第8题参考答案:D解：A、由图象可知，图象甲电压随电流的增大而减小，甲是滑动变阻器的图象，图象乙电压随电流的增大而变大，因此图象乙是电阻R_{1}的图象，故A错误；B、由图象可知，电流I=0.3A时，滑动变阻器电压U_{甲}=9V，电阻R_{1}的电压U_{乙}=3V，电源电压U=U_{甲}+U_{乙}=9V+3V=12V，故B错误；C、当电路电流最小为I=0.3A时，滑动变阻器接入电路的阻值最大，此时滑动变阻器电压U_{甲}=9V，滑动变阻器最大阻值R_{滑}=\dfrac{U_{{甲}}}{I}=\dfrac{9V}{0.3A}=30Ω，故C错误；D、由图象可知，电阻R_{1}的阻值R_{1}=\dfrac{U_{{乙}}}{I}=\dfrac{3V}{0.3A}=10Ω，当滑片在中点时，滑动变阻器两端电压U_{滑}=IR_{滑}′=\dfrac{U}{R_{1}+R_{{滑}}{{'}}}R_{滑}′=\dfrac{12V}{10Ω+\dfrac{30Ω}{2}}×\dfrac{30Ω}{2}=7.2V，故D正确；故选：D。A、由电路图可知，电阻R_{1}与滑动变阻器串联，电压表V_{1}测定值电阻R_{1}的电压，电压表V_{2}测滑动变阻器两端的电压，随滑动变阻器接入电路的阻值变小，滑动变阻器的分压变小，随电路电流增大，定值电阻两端电压变大，据此判断甲乙图线是哪个电阻的图象；B、由图象求出两个电压表的示数，然后由串联电路特点求出电源电压；C、当电路电流最小时，滑动变阻器接入电路的阻值最大，由图象找出此时滑动变阻器两端电压与流过它的电流，然后由欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值；D、由串联电路特点及欧姆定律求出变阻器滑片在中点时，电压表V_{2}的示数。本题考查串联电路电流和电压的规律以及滑动变阻器的使用，关键是欧姆定律的应用，要明白电路各个用电器的连接情况，还要会看“U-I”关系图象。二、填空题---------------------------------------------------------------------第1题参考答案:升华

凝华

熔化

;解：干冰即固态的二氧化碳，在常温下，干冰很易升华为气态，此过程中吸热，从而起到降温作用；水蒸气遇冷会凝华为小冰晶；小冰晶下落后熔化为水即形成雨。故答案为：升华；凝华；熔化。(1)在一定条件下，物体的三种状态--固态、液态、气态之间会发生相互转化，这就是物态变化；(2)物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。(3)六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。---------------------------------------------------------------------第2题参考答案:等于

2.1×103

;解：(1)加热10min，时间相同，酒精灯放出的热量相同，则水吸收的热量等于煤油吸收的热量；(2)由图乙知，升高相同的温度，水用的时间是煤油的2倍，即吸收的热量是煤油的2倍，根据c=\dfrac{Q}{m\trianglet}，在质量、升温相同的情况下，比热容与Q成正比，故煤油的比热容是：\dfrac{1}{2}×4.2×10^{3}J/(kg⋅℃=2.1×10^{3}J/(kg⋅℃)。故答案为：(1)等于；(2)2.1×10^{3}。(1)我们使用相同的酒精灯通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法。(2)由图乙知，升高相同的温度，水用的时间是煤油的2倍，即吸收的热量是煤油的2倍，根据c=\dfrac{Q}{m\trianglet}在质量、升温相同的情况下，比热容与Q成正比，求出煤油的比热容。本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比热容公式的应用，为热学中的重要实验。三、实验探究题---------------------------------------------------------------------第1题参考答案:做功

增大

内

机械

做功

解：实验中，用一根绳子在管外绕几圈，并迅速地来回拉动绳子，此时机械能转化为内能，内能增大，酒精的温度升高，属于做功改变物体的内能，使金属管壁的温度升高；塞子被酒精蒸气顶出的过程中，内能转化为机械能，该过程与内燃机中的做功冲程原理相同。故答案为：做功；增大；内；机械；做功。拉动绳子对金属管做功，属于对物体做功，机械能转化为内能；看到塞子被弹起，属于物体对外做功，内能减小，温度降低，此时水蒸气遇冷会发生液化现象。此题考查做功改变内能的两个过程，体现了机械能和内能的相互转化过程。---------------------------------------------------------------------第2题参考答案:做功

10

比热容

;解：由图知，两个气门都关闭，活塞向下运动，此冲程为做功冲程；由题目知，飞轮转速是1200r/min，因为一个工作循环中转动2转才做功1次，所以汽油机每秒转过20次，即每秒钟做功10次；内燃机工作过程中会产生大量的热，需要及时散去；与其它液体相比较，水的比热容最大，在质量和升高的温度相同时，水吸收的热量最多，制冷效果最好。故答案为：做功；10；比热容。(1)内燃机的四冲程：吸气、压缩、做功、排气冲程；根据气门的关闭情况和活塞的运行方向判断是哪一个冲程；(2)知道汽油机的转速，而汽油机在一个工作循环中做功1次，飞轮转动2圈，据此求每秒钟做功次数；(3)水的比热容最大，与其它物质相比，在质量和升高的温度相同时，水吸收的热量最多。解决此题要结合内燃机的四个冲程工作特点进行分析解答，记住相关的数据大小，会根据题中信息计算转速。---------------------------------------------------------------------第3题参考答案:同种电荷相互排斥

不高于36

;解：据课本可知，验电器的原理是：同种电荷相互排斥；对于人体的安全电压是：不高于36V的电压；故答案为：同种电荷相互排斥；不高于36；(1)验电器的原理是：同种电荷相互排斥；(2)对于人体的安全电压是：不高于36V的电压；知道验电器的原理和安全电压是解决该题的关键。---------------------------------------------------------------------第4题参考答案:50

50

;解：根据欧姆定律可得，该导体的电阻：R=\dfrac{U}{I}=\dfrac{5V}{0.1A}=50Ω，∵电阻是导体本身的一种性质，与两端的电压和通过的电流无关，∴加在该导体两端的电压为0V时，该导体的电阻仍为50Ω不变。故答案为：50；50。(1)已知导体两端的电压和通过的电流，根据欧姆定律求出导体的电阻；(2)电阻是导体本身的一种性质，只与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，与两端的电压和通过的电流无关。本题考查了欧姆定律的简单应用，关键是知道导体的电阻与两端的电压和通过的电流无关，是一道基础题目。---------------------------------------------------------------------第5题参考答案:9

电阻R2断路

;解：(1)由图甲可知，当开关闭合后，两电阻串联，电压表测量电阻R_{1}两端的电压，电流表测量电路中的电流；图乙中，电压表的量程为0-15V，分度值为0.5V，示数为6V，即R_{1}两端的电压U_{1}=6V；图丙中，电流表的量程为0-0.6A，分度值为0.02A，电流表的示数为0.5A，即串联电路中电流为0.5A；由欧姆定律可得R_{2}两端的电压：U_{2}=IR_{2}=0.5A×6Ω=3V，根据串联电路中电压的规律可得电源电压：U=U_{1}+U_{2}=6V+3V=9V；(2)两灯串联，电流表示数为零说明电路存在断路，电压表示数为零说明电压表与电源的两端不相连，所以电阻R_{2}断路。故答案为：9；电阻R_{2}断路。当开关闭合后，两电阻串联，电压表测量电阻R_{1}两端的电压，电流表测量电路中的电流，已知电路电流和电阻R_{2}的电阻，根据欧姆定律算出R_{2}两端的电压，电源电压等于电阻R_{1}两端的电压和R_{2}两端的电压之和；由题知，两电表的示数突然都变为零。电压表示数为0的原因：①电压表的正负接线柱与电源正负极之间有开路，②电阻R_{1}被短路，③电压表被短路；电流表示数为0的原因：①电路某处有开路，②电流表被短路；因电流表、电压表都为0，找相同的原因。本题考查电压的计算，以及电压表的使用和串联电路中电压的规律，关键是明白开关断开与闭合时电路的连接情况，还要学会灵活运用欧姆定律。---------------------------------------------------------------------第6题参考答案:1A

5V

;解：由于电压表内阻很大，在电路中可看作断路；电流表内阻很小，在电路中可看作一根导线；若两电阻串联，根据电流的流向可知，乙应为电流表，甲应为电压表，则闭合开关后，则R_{1}短路，电流表无示数，不符合题意；则两电阻只能是并联，乙只能为电压表，乙测电源电压，示数为5V；甲只能为电流表，甲测通过R_{1}的电流，根据并联电路电压的规律和欧姆定律，甲电流表的示数I=\dfrac{U}{R_{1}}=\dfrac{5V}{5\Omega}=1A。故答案为：1A；5V。假设两电阻是串联，分析出现的现象，确定是否符合题意，从而确定电路的连接；分析电路的连接，根据并联电路的规律和欧姆定律求电流大小。本题考串联、并联电路的特点及欧姆定律的运用，关键是正确判断电路的连接。---------------------------------------------------------------------第7题参考答案:32

8

;解：(1)当开关S_{1}、S_{2}都闭合，两电阻并联，电压表测电源的电压，电流表测通过R_{1}的电流；电压表的示数为8V，所以电源电压U=8V，由I=\dfrac{U}{R}可得：R_{1}=\dfrac{U}{I_{1}}=\dfrac{8V}{0.25A}=32Ω；(2)将电压表、电流表的位置互换，S_{1}断开，S_{2}闭合时，两电阻串联，电流表测电路中的电流，由I=\dfrac{U}{R}可得电路中的总电阻：R=\dfrac{U}{I}=\dfrac{8V}{0.2A}=40Ω，根据串联电路的总电阻等于各电阻之和可知：R_{2}=R-R_{1}=40Ω-32Ω=8Ω。故答案为：32；8。(1)当开关S_{1}、S_{2}都闭合，两电阻并联，电压表测电源的电压，电流表测通过R_{1}的电流；根据欧姆定律求出R_{1}的阻值。(2)将电压表、电流表的位置互换，S_{1}断开，S_{2}闭合时，两电阻串联，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律求出电路的总电阻，再根据电阻的串联求出R_{2}的阻值。本题考查了串联电路和并联电路的特点以及欧姆定律的应用，分清开关闭合、断开时和电表互换时电路的串并联以及电表所测的电路元件是关键。---------------------------------------------------------------------第8题参考答案:液体热胀冷缩

-14

4658

解：(1)日常生活中使用的温度计是液体温度计，液体受热以后，体积膨胀，液柱会沿着细玻璃管上升；液体遇冷以后，体积缩小，液柱会沿着细玻璃管下降，液柱的高低变化与温度有关，我们就是以此来测量温度的，所以液体温度计是根据液体热胀冷缩的规律来测量温度的。图1中温度计上10℃之间有10个小格，一个小格代表的温度为1℃，即此温度计的分度值为1℃，且液柱在零刻度线的下方，因此该温度计的示数是-41℃。(2)该电阻箱的示数为：4×1000Ω+6×100Ω+5×10Ω+8×1Ω=4658Ω。故答案为：(1)液体热胀冷缩；-14；(2)4658。(1)常用液体温度计是根据液体热胀冷缩的原理工作的；温度计在使用前要先观察其量程和分度值；读数时视线与液柱的液面相平，注意液柱是在零刻度线的上方还是下方；(2)用各指针所指的示数乘以下面的倍数，然后将所有的数值相加，即为该电阻箱的读数。此题考查的是温度计、电阻箱的读数方法，在物理实验和日常生活中经常使用温度计，我们要熟练掌握其使用和读数方法。---------------------------------------------------------------------第9题参考答案:不变

增大

两次一样

低于

质量

丙

液化

变小

变低

C

解：(1)水在沸腾过程中，需要吸热，但温度保持不变，内能增大；不论是大火还是小火，只要水沸腾，温度就是相同的，都等于水的沸点，所以两种方法煮的一样快；(2)乙图所示水在97℃时，吸收热量，但温度不变，水的沸点是97℃，低于100℃，说明实验时大气压低于标准气压；如图乙，两组得到a、b两种不同图象，两个小组水初温相同，开始沸腾的时间不同，根据Q=cm\trianglet知，可能是水的质量不同；(3)丁图中气泡在上升过程中体积逐渐减小，所以丁图是沸腾前的现象；丙图中气泡在上升过程中体积逐渐变大，是沸腾时现象；(4)在瓶底浇冷水后，瓶内温度降低，水蒸气液化，气体压强减小，因为水的沸点会随气压的减小而降低，因此，水会重新沸腾起来；(5)A图中：当大试管中的水沸腾后，温度不再升高，小试管中的水虽能达到沸点，却不能继续通过大试管中的水吸热，所以不能沸腾；B图中：大、小试管都处于密封的环境下，其沸点都会升高，但当大、小试管的水温相同时，小试管无法通过大试管吸收热量，故不能沸腾。C图中：大试管密封，内部气压高，沸点高，水的温度高于一标准大气压下的沸点，因此，可以继续向小试管传递热量，故小试管中的水可以沸腾；故选C。故答案为：(1)不变；增大；两次一样；(2)低于；质量；(3)丙；(4)液化；变小；变低；(5)C。(1)掌握水在沸腾过程中的特点：吸热，但温度保持不变，内能增大；(2)液体沸点与气压有关，气压越大，液体的沸点越高；从给水开始加热到水沸腾需要的时间长短不同，根据Q=cm\trianglet知，可能是水的质量不同，可能是水的初温不同；(3)沸腾时有大量的气泡产生，并且气泡在上升过程中体积逐渐增大，最后破裂；沸腾前气泡在上升过程中，体积逐渐减小；(4)(5)液体沸点与气压有关，气压越大，液体的沸点越高；此题是探究“水的沸腾”的实验，考查了水沸腾过程中的特点，同时考查沸腾图象的分析，气压与沸点的关系，是一道综合题目。---------------------------------------------------------------------第10题参考答案:电流表示数

A、B

②

材料

小

不等于

解：(1)实验中采用了转换法比较电阻大小，即通过比较电流表示数来比较导体电阻的大小；(2)要验证猜想①：导体的电阻可能与导体的长度有关，应控制导体材料与横截面积均相同，而长度不同，由表中数据可知，应选编号为A、B的两根电阻丝进行实验；A、C的长度和材料均相同，横截面积不同，所以是探究电阻与横截面积的关系，即验证猜想②；(3)由表中数据可知，A、D两电阻丝的长度、横截面积均相同，而材料不同，将A和D两电阻丝接入图1电路中M、N两点间，电流表示数不相同，由此可知：当长度和横截面积相同时，导体电阻跟材料有关；(4)②分析表中数据可知，导电液体的横截面积越大，电阻越小；且导电液体的横截面积变为前一次的2倍，则其电阻大小变为前一次的\dfrac{1}{2}；②当材料和长度一定时，导体的电阻与其横截面积成反比，若均匀拉伸导体，使其横截面积变为原来的一半，但长度变为原来的2倍，所以此时该导体的电阻不等于原来的2倍。故答案为：(1)电流表示数；(2)A、B；

②；(3)材料；(4)②小；\dfrac{1}{2}；③不等于。(1)电流表串联在电路中，电源电压一定，导体电阻越大，电路电流越小，导体电阻越小，电路电流越大，可以通过电流表示数大小判断导体电阻大小；(2)(3)导体的电阻与导体的材料、长度、横截面积有关，实验探究时应采用控制变量法；在研究导体的电阻与导体的材料是否有关时，应控制导体的长度和横截面积不变；在研究导体的电阻与导体的长度的关系，应控制导体的材料和横截面积不变；在研究导体的电阻与导体的横截面积是否有关时，应控制导体的材料和长度不变；(4)②在其他条件都一定时，电阻与导体的长度长正比，与横截面积成反比；③由于电阻的大小与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，故从导体电阻大小的影响因素来考虑即可。探究影响电阻大小的因素采用了控制变量法的思想，电阻大小的变化是通过电流表的示数变化体现的，这里采用了转换法的思想。---------------------------------------------------------------------第11题参考答案:断开

左

定值电阻断路

左

1.5

得出普遍性的规律

30

电压一定时，电流与电阻成反比

解：(1)探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变，由欧姆定律，电压表示数：U=IR=0.3A×5Ω=1.5V，故电压表选用小量程与电阻并联，要求使变阻器滑片向右移动时电流表示数变大，即电阻变小，故变阻器右下接线柱连入电路中，如下所示：(2)连接电路时开关应断开，并将滑动变阻器的滑片P移至阻值最大处，即最左端；连接好电路闭合开关，发现电流表没有示数，移动滑动变阻器的滑片，电压表示数始终接近电源电压，造成这一现象的原因可能是定值电阻断路；(3)电压表示数U=1.5V；根据串联分压原理可知，将定值电阻由5Ω改接成10Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向左端移动，使电压表的示数为1.5V，才能记录电流表示数；实验中，多次实验的目的是得出普遍性的规律；(4)电阻两端的电压始终保持U=1.5V，根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：U_{滑}=4.5V-1.5V=3V，变阻器分得的电压为电压表示数的\dfrac{3V}{1.5V}=2倍，根据分压原理，当接入15Ω电阻时，变阻器连入电路中的电阻为：R_{滑}=2×15Ω=30Ω，故为了完成整个实验，应该选取最大阻值不小于30Ω的滑动变阻器；(5)由表中数据知，U=IR=0.3A×5Ω=----=0.1A×15Ω=1.5V，电流与电阻之积为一定值，故得出的结论是：电压一定时，电流与电阻成反比，故答案为：(1)如上所示；(2)断开；左；定值电阻断路；(3)左；1.5；得出普遍性的规律；(4)30；(5)电压一定时，电流与电阻成反比。(1)根据欧姆定律求出电压表示数确定电压表选用的量程与电阻并联；根据使变阻器滑片向右移动时电流表示数变大确定变阻器右下接线柱连入电路中；(2)连接电路时开关应断开；若电流表示数为0，灯不亮，说明电路可能断路；电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了；(3)由表中数据，根据欧姆定律求出电压表示数；根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；为得出普遍性的规律要多次实验；

(4)探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变；根据串联电路电压的规律求出变阻器分得的电压，根据分压原理，求出当接入15Ω电阻时变阻器连入电路中的电阻；(5)根据电流与电阻之积为一定值分析得出结论。本题探究“电流与电阻的关系”，考查电路连接、注意事项、故障和数据分析、操作过程、控制变量法、归纳法和对器材的要求。四、计算题---------------------------------------------------------------------第1题参考答案:解：（1）完全燃烧100g“可燃冰”放出的热量：Q放=m可燃冰q可燃冰=0.1kg×4.2×108J/kg=4.2×107J；（2）已知，η=45%，Q放=4.2×107J；由η=可得：Q吸=η×Q放=45%×4.2×107J=1.89×107J；（3）由Q吸=cm△t可得：△t===90℃，则t=t0+△t=20℃+90℃=110℃，在一个标准大气压下水沸腾的温度是100℃，故