2021-2022学年湖北省荆州市八县市高二（上）期末物理试卷（附答案详解）

2021-2022学年湖北省荆州市八县市高二（上）期末物理

试卷

1.某同学对电场和电路的思维方法进行了总结，以下总结正确的是（）

A.一个电子或质子所带电量的绝对值叫做元电荷，元电荷是一个理想化模型

B.库仑扭秤实验中通过观察悬丝扭转的角度可以比较力的大小，采用了放大法

C.平行板电容器的电容C=［今，采用了比值定义法

D.把表头改装成大量程的电流表或电压表时，采用了控制变量法

2.据报道，国产的14mn芯片已经实现量产，芯片制造中

需要用到溅射镀膜技术，如图是某种溅射镀膜的简易原

理图，注入溅射室内的氨气分子被电离成具有一定初速

度向各个方向的带正电氮离子，然后在匀强电场作用下

高速撞向镀膜靶材，使靶材中的原子或分子沉积在半导

体芯片上。忽略离子重力和离子间作用力，以下说法正

确的是（）

A.电极a带正电

B.每个氨离子都是沿电场线运动到靶材上的

C.每个氮离子的加速度都相同

D.每个氮离子的电势能一直变小

3.干燥的秋冬季节容易使物体带电，某同学用绝缘细线将

一个质量为小的锡箔纸球悬挂在铁架台上，铁架台置于

水平桌面并靠近一个放在绝缘支架上的金属球，金属球

与锡箔纸球处于同一高度，如图所示，最终静止时细线

偏离竖直方向的角度为。，不考虑铁架台受到的电场力，

由此不能求出的是（）

A.锡箔纸球所受的电场力B.细线的拉力

C.铁架台所受的摩擦力D.锡箔纸球静止处的电场强度

4.如图，一辆小车与一理想弹簧组成一个弹簧振子在光滑水平面做简谐运动，当小车

以最大速度为通过某点时，一小球恰好以大小为乐的速度竖直落入小车并立即与

2小

小车保持相对静止,已知弹簧振子的周期为7=其中k为弹簧的劲度系数,

以下正确的是（）

A.小球落入小车过程中，小球和小车动量守恒

B.小球落入小车过程中，小球、小车和弹簧组成的系统机械能守恒

C.小球与小车保持相对静止后，整个弹簧振子的振幅变小

D.小球与小车保持相对静止后，整个弹簧振子的周期变小

5.某同学设计了一个测量压力的电子秤，电路图如图所示，压敏电阻R会随秤台上所

受压力的变大而线性变小，G是由理想电流表改装而成的指针式测力显示器，出是

定值电阻，电源电动势为E,内阻r<R°,当压力变大时（）

秤台

A.R。两端的电压变大B.电容器C放电

C.电源的输出功率变小D.电源的效率变大

6.光学具有强大的生命力和不可估量的发展前景，有关光学现象的说法正确的是（）

A.在同一种介质中，波长越短的光传播速度越大

B.光的偏振现象表明光是横波

C.摄像机镜头上的增透膜是利用了膜前后表面的反射光相互干涉并加强的原理

D.做双缝干涉实验时，用红光替代紫光，相邻明条纹间距变小

7.如图甲所示，t=0时，一小船停在海面上的P点，一块浮木漂在纵坐标y=0.5爪的

A.水波的振动向x轴负方向传播B.水波波速为4.8m/s

C.1.2s末，小船运动到Q点D.1.5s末，浮木向下运动

8.关于生活中的各种现象，以下说法正确的是（）

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A.在空房子里讲话，声音特别响，这是声音的共振现象

B.城市交通用红光作为交通警示是红光波长长，易发生衍射，使司机和行人都能

看到红光

C.火车鸣笛离开站台的过程中，站台听到的音调变低，这是多普勒效应

D.把耳朵贴在铁轨上可以听到远处的火车声，属于声波的衍射现象

9.东京奥运会上，中国跳水梦之队共斩获7枚金牌，全红婵勇夺10米跳台冠军，某次

跳水时，全红婵竖直起跳到空中最高点后再向下朝水面运动，忽略空气阻力，以下

对她此次跳水的分析正确的是（）

A.从空中最高点到水中最低点的过程中，她的动量改变量等于零

B.从空中最高点到水中最低点的过程中，重力对她的冲量等于零

C.从空中最高点到接触水面的过程中，她的动量改变量等于重力的冲量

D.从接触水面到水中最低点的过程中，她的动量改变量等于水对她的冲量

10.如图，以边长为21的正方形的中心。点为原点建立直角

A___

坐标系，以平行于正方形边长方向分别建立x、y轴，在：；

P（0,1）、Q（0,T）两点固定两个电荷量相等的场源电荷----—1-

./1O1/x

形成空间电场，一试探电荷从M点静止释放后，将在：：

。_一一,_*"一。

时（一1,0）、/7（，,0）两点之间运动，以下说法正确的是（）°

A.两场源电荷是等量同种电荷

氏两场源电荷形成的电场中，M点电势一定高于。点电势

C.试探电荷在M、N之间做的是简谐运动

D.若在M点给试探电荷一个合适的初速度，可使该试探电荷做圆周运动

11.在“用单摆测定重力加速度”的实验中，摆球自然悬垂的情况下，用毫米刻度尺（如

图1）测量出从悬点量到摆球的最底端的长度L=0.8840m,再用游标卡尺（如图2）测

量出摆球直径。=m,则单摆摆长，=测周期时，当摆球经过

位置时开始计时并计为第1次，测得第N次（约30〜50次）经过该位置的时间为3则

周期为。

12.以下是一些有关高中物理实验的描述，其中不正确的是（）

在“用双缝干涉测光的波长”实验中，其他条

件不变，换一个两缝之间距离较大的双缝，干涉条纹间距将变窄

在“验证动量守恒定律”实验中，斜槽可以不光滑，但必须

保持其末端切线水平

在“用单摆测定重力加速度”实验中如果摆长测量无误，但测得

的g值偏小，其原因可能是将全振动的次数n误计为n-1

在测定玻璃折射率实验中，玻璃砖界面aa'与协'间的距离越

小实验误差越小

13.某中学生课外科技活动小组利用铜片（正极）、锌片（负极）插入一只苹果内，就制成

了一个简单的“水果电池”，他们做了两个这样的水果电池，如图1所示，并依次

进行以下实验：

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图2

(1)用多用电表的直流电压2.5V挡粗测其中一个水果电池的电动势，测量时水果电

池的铜极应与多用电表的表笔相接。如指针位置如图2所示，其示数为

______Vo

(2)将两个水果电池串联起来组成电池组给“1.5队0.34”的小灯泡供电，小灯泡

不能发光，检查电路无故障。再将多用电表串联在电路中测量电流，发现读数不足

3mA.由此可推测小灯泡不发光的原因是此电池组的(选填选项前的字母)。

A.水果电池的电动势太大

B.水果电池的电动势太小

C.水果电池的内阻太大

D小灯泡的电阻太大

(3)为了尽可能准确的测出该水果电池组的电动势和内阻，小组成员在实验室中找

到了电流表力(0〜300/M,内阻为1000),电阻箱R(0〜99990),导线、开关等实

验器材。设计了如图3所示的实验电路，请用笔画线代替导线将实物电路补充完整。

图3

(4)连接电路后，调节电阻箱R的阻值，得到的测量数据如下表所示。

R/kn9876543

120133150170198234286

将实验数据输入电子表格，根据实验数据作出的:-/?图象如图4所示，则从图像中

得出水果电池的电动势E=V,内阻为r=k。(均保留两位有效数字)。

14.如图所示，为一款叫“手摇碰碰球”的儿童玩具，两个相同的V型支架可以绕中间

的轴转动，顶端各自固定一个小球，轻摇手柄，控制好节奏就可以让两个小球转动

时发生碰撞，发出清脆的响声。假设球1和球2大小相同，质量分别为m和2m,保

持转轴竖直，现让球1以速率处逆时针匀速转动，之后与静止的球2发生碰撞，不计

一切阻力。

(1)若碰撞是弹性的，求碰后球1、球2的速度的大小；

(2)若球2表面涂上强力胶(质量不计)，碰后两球一起运动，求碰撞时损失的机械能

大小。

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15.电子束光刻技术以其分辨率高、性能稳定、功能强大而著称,其原理简化如图所示，

电子枪发射的电子经过成型孔后形成电子束，通过束偏移器后对光刻胶进行曝光。

某型号光刻机的束偏移器长L=0.04m,间距也为3极间有扫描电压，其轴线垂直

晶圆上某芯片表面并过中心。点，芯片到束偏移器下端的距离为，。若进入束偏移器

时电子束形成的电流大小为/=2xIO-",单个电子的初动能为a。=lOOkeV,

不计电子重力，忽略其他因素的影响。

(1)若扫描电压为零，。点每秒接收的能量是多少？

(2)若某时刻扫描电压为10kV,电子束到达芯片时的位置离。点的距离是多少？

电子怆!'

成里JL

东偏移番

16.赫哲族是我国古老的少数民族之一，世居东北，赫哲族擅长叉鱼，抛叉取鱼，十拿

九稳。如图，某次捕鱼时，湖水深约1m,湖面。点左侧均被浮萍遮盖，渔民站在。点

右侧的湖水中，眼睛在4点，恰好通过。点看到B点处有一条鱼静止不动，B点离浮

萍距离九=45cm,B点离。点水平距离L=60cm。（已知湖水的折射率n=/小”

2.6）问:

（1）忽略鱼在人眼中成像沿水平方向稍微靠近的因素，鱼在浮萍下方的实际深度是

多少？

（2）若渔民缓慢下蹲观察（眼睛不没入水中），仍没有观察到鱼，则鱼在水平方向至

少游了多远？（计算结果保留两位小数）

17.关于机械振动和机械波的描述，下列说法错误的是（）

A.波长不同的机械波通过宽度一定的狭缝时，波长越小衍射越明显

B.当机械波发生反射时，其频率，波长、波速均不发生变化

C.系统做稳定的受迫振动时，系统振动的频率等于周期性驱动力频率

D.测速雷达向行进中的车辆发射频率已知的超声波，同时测量反射波的频率，根

据反射波的频率变化的多少就能得到车辆的速度，这利用的是多普勒效应

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18.新型冠状病毒主要传播方式为飞沫传播。研究发现打一次喷嚏人受到的平均反冲力

约为0.15N,时间大约0.04s,喷出的物质约为1.2x10-4功。据此知喷出物质的速

度约为（）

A.5m/sB.25m/sC.50m/sD.75m/s

19.如图所示，矩形闭合线圈abed竖直放置，。。'是它的对称轴，

通电直导线48与。0'平行.下列做法不能使线圈中产生感应电

流的是（）

A.4B中电流/逐渐增大

B.4B中电流/先增大后减小

C.线圈与ZB共面，并以AB为轴，线圈绕48顺时针转90。（俯视）

D.线圈绕。。'轴逆时针转动90。（俯视）

20.一个打磨得很精细的小凹镜，其曲率很小可视为接近平面.将镜面水平放置如图所

示.一个小球从镜边缘开始释放，小球在镜面上将会往复运动，以下说法中正确的

是（）

----^

//////////////////////////）/

A.小球质量越大，往复运动的周期越长

B.释放点离最低点距离越大，周期越短

C.凹镜曲率半径越大，周期越长

D.周期应由小球质量、释放点离平衡位置的距离，以及曲率半径共同决定

21.双缝干涉实验装置如图所示，双缝间的距离为d,双缝到

屏的距离为，，用红色激光照射双缝，调整实验装置使得屏光=

上可以见到清晰的干涉条纹，关于干涉条纹，下列说法正挡板M

确的是（）

A.若只将屏向右移动一小段距离，屏上条纹会变得模糊不清

B.若只将屏向右移动一小段距离，屏上相邻两亮纹间的距离变小

C.若只将双缝间的距离减小，屏上相邻两亮纹间的距离变大

D.若只将红色激光变为绿色激光，屏上相邻两亮纹间的距离变大

22.如图所示，光滑水平面上有大小相同的4、B两球在同一直线上运动。两球质量关

系为me=2叫4，规定向右为正方向，4、B两球的动量均为10kg•?n/s,运动中两

球发生碰撞，碰撞后4球的动量为6kg•m/s,贝女）

A.左方是4球，碰撞后4、B两球速度大小之比为2：5

B.左方是4球,碰撞后4、8两球速度大小之比为6：7

C.右方是4球，碰撞后4、B两球速度大小之比为2：5

D.右方是4球，碰撞后4、B两球速度大小之比为6：7

23.如图所示，扇形AOB为透明玻璃砖截面示意图，圆

心角乙4OB=60。，0M为N40B的角平分线，平行

于0M的单色光在空气中。4边射入玻璃砖，经04面

折射后的光线恰平行于。B面。则下列说法正确的是

()

A.该玻璃砖的折射率为百

B.经04面折射后的光线射到面都将发生全反射

C.该入射光在空气中的波长与在玻璃砖中的波长相等

C.质点N的振幅为2cm

D.由图中时刻再经迸周期时，质点M的位移为零

25.如图所示，电动势为E、内阻为r的电池与定值电阻R。、滑动

变阻器R串联，已知R0=r,滑动变阻器的最大阻值是2r•.当

——

滑动变阻器的滑片P由a端向b端滑动时，下列说法中正确的

是()

A.电路中的电流变大

B.电源的输出功率先变大后变小

C.滑动变阻器消耗的功率变大

D.定值电阻岛上消耗的最大功率为?

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一弹簧振子做简谐运动，它所受的回复力尸随时间t变

化的图象为正弦曲线，如图所示，下列说法正确的是

A.在t从0到2s时间内，弹簧振子做加速运动।

B.在口=3s和t2=5s时，弹簧振子的速度大小相等，方向相反

C.在今=5s和13=7s时，弹簧振子的位移大小相等，方向相同

D.在t从0到4s时间内，t=2s时刻弹簧振子所受回复力做功功率最小

27.2021年7月30日,在东京奥运会蹦床项目女子决赛中，中国选手朱雪莹夺得冠军.若

朱雪莹比赛中上升的最高点距地面高为“，朱雪莹质量为小，蹦床平面距地面高为

比朱雪莹下落过程，弹性网最大下陷量为X,空气阻力恒为广,下落过程中的总时间

为t(从最高点落到弹性网的最低点)，则朱雪莹(看作质点)从最高点下落至最低点的

过程，下列说法正确的是()

A.弹性网的弹力对朱雪莹的冲量大小为mgt

B.朱雪莹从与蹦床接触到落至最低点过程中所受合外力的冲量大小为

J2mong_/)("一八)

C.弹性网弹性势能的增量为(mg-f)(H-h+x)

D.朱雪莹的机械能减少+x—

28.如图甲所示为验证动量守恒的实验装置，气垫导轨置于水平桌面上，G］和Gz为两个

光电门，A、B滑块的质量分别为啊、mB,且选择Tn.大于WB，两遮光片沿运动方

向的宽度均为d,实验过程如下：

遮光片%遮光片Gi.2.?cm

IIIIllllllllllll

―I”垫导轨遮光片

777777777)VZ//ZZ

①调节气垫导轨成水平状态；

②轻推滑块4,测得4通过光电门G］的遮光时间为匕；

③A与B相碰后，B和4先后经过光电门G2,遮光时间分别为t2和13。

回答下列问题：

(1)用毫米刻度尺测得遮光片宽度如图乙所示，读数为mm；

(2)碰前4的速度为(用字母表示)；

(3)利用所测物理量的符号表示动量守恒成立的式子为。

29.某同学准备测量一电池的电动势和内阻。

(1)为了较精确测量电池电动势和内阻，除被测电池、开关、导线若干外，还有下

列器材供选用，在现有器材的条件下，要尽可能准确地测量电池的电动势和内阻，

在以下器材中请选择适当的器材：(填写选项前的字母)。

A.电流表(0〜0.64，内阻r=0.30)

B.电流表(0〜0.64内阻约为0.10)

C.电压表(0〜3忆内阻未知)

D电压表(0〜15U,内阻未知)

E.滑动变阻器(0〜10。,24)

反滑动变阻器(0〜1000,14)

(2)在用伏安法测电池电动势和内阻的实验中，由于电流表和电压表内阻的影响，

测量结果存在系统误差，为减小该误差，本实验电路图应选择图中的(填“甲”

或“乙”)。

(3)根据实验中电流表和电压表的示数得到了如图丙所示的U-/图像，则电池的电

动势E=V,内电阻r=0。

30.如图所示边长为/的正方形线框内部有一边长为g的正

方形区域的匀强磁场，磁场的磁感应强度为B,求：

(1)穿过线框的磁通量；

(2)线框从图示位置开始绕着ab边转动60。，则该过程

穿过线框的磁通量的变化量，是否会产生感应电流。

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31.如图所示，实线是一列简谐横波在G=0时刻的波形图，虚线是在t2=0.2s时刻的

波形图。

(1)若波速为55?n/s,求x=57n处的质点M在匕时刻的振动方向;

(2)在匕到巧时间内，x=5ni处的质点M通过的路程为1.8m,求波的传播速度。

32.如图所示，在固定的光滑水平杆(杆足够长)上，套有一个质量为TH=0.5kg的光滑

金属圆环，轻绳一端拴在环上，另一端系着一个质量为M=1.98kg的木块，现有

一质量为m()=20g的子弹以%=100m/s的水平速度射入木块并留在木块中(不计

空气阻力和子弹与木块作用的时间，g取10m/s2),求：

(1)圆环、木块和子弹这个系统损失的机械能；

(2)木块所能达到的最大高度；

(3)铁环的最大速度。

V.

m,c=t>|漏|

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答案和解析

1.【答案】B

【解析】解：4、由元电荷的定义可知，我们将电子或质子所带电量的绝对值称为元电

荷，但元电荷不是物理模型，故4错误；

8、把微弱的库仑力转换放大成可以看到的扭转角度，并通过扭转角度的大小找出力和

距离的关系，是微小量放大法，故3正确；

C、平行板电容器的电容C=磊是平行板电容器电容的决定式，它表示平行板电容器

的电容跟其正对面积成正比，与极板之间的距离成反比，不属于比值定义法，故C错误；

。、把表头改装成大量程的电流表或电压表时，使用了串联电阻的分压原理或并联电路

的分流原理，不是采用了控制变量法，故。错误。

故选：B。

元电荷是最小的电荷量，不是物理模型；库仑扭秤实验中采用了放大法；根据比值定义

法的特点判断；根据电流表或电压表改装原理分析。

该题考查对元电荷的理解以及常用的物理方法，注意掌握好元电荷的含义，它指的是电

子或质子所带的电荷量，而不是指电子或质子本身.

2.【答案】C

【解析】解：4氮气分子被电离而带正电，在匀强电场作用下高速撞向镀膜靶材，电极

a带负电，故A错误；

8.因氨离子的初速度方向向各个方向，在与电场线在同一直线上时，沿电场线运动到靶

上，不与电场线在同一直线上的，不一定沿电场线到靶材上的，所以不都是沿电场线运

动到靶上的，故B错误；

C每个氢离子的带电量相同，受到的电场力相同，质量相同，所以加速度都相同，故C

正确；

D因氨离子的初速度方向向各个方向，电场力对有的瓶离子一直做正功，电势能一直减

小，有的对氢离子先做负功后做正功，所以有的氢离子电势能先增大后减小，故。错误。

故选：C。

根据氨气分子电性及受力判断电极电性：氮离子的初速度方向向各个方向，与电场线在

同一直线上时，沿电场线运动到靶上；每个氮离子的带电量相同，受到的电场力相同,

质量相同，所以加速度都相同，电场力做正功时，电势能减小。

本题考查电势能与电场力做功，解题关键掌握电场力做正功时电势能减小。

3.【答案】D

【解析】解：AB,对锡箔纸球进行受力分析，如图1所示：

由几何关系可得：FT二个,F=mgtan6,所以锡箔纸球所受的电场力和细线的拉力

cost7

均可以求出，故A8错误；

根据平衡状态可知：f=F,根据牛顿第三定律可知，铁架台所受的摩擦力也为F,故C

错误；

D、根据电场力F=qE,又由于电荷量未知，所以电场强度不能够求出，故O正确；

此题需要找不能求出的物理量，

故选：D。

受力分析锡箔纸球和金属球，根据受力情况可以得出力的大小；根据电场力F=qE,又

由于电荷量未知，所以电场强度不能够计算出来。

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本题考查了在库仑力下受力分析，解题的关键是能够画出物体的受力图，并会熟练应用

库仑定律和电场力的计算公式

4.【答案】C

【解析】解：4、小球落入小车过程中，竖直方向上系统所受合外力不为零，即小球和

小车在竖直方向上动量不守恒，应该是水平方向上动量守恒，故A错误；

8、小球落入小车过程中，小球、小车碰撞过程中有热能产生，所以小球、小车和弹簧

组成的系统机械能不守恒，故8错误；

C、一辆小车与一理想弹簧组成一个弹簧振子在光滑水平面做简谐运动时，设其振幅为

A,由系统机械能守恒定律得：车哈=科上炉

小球落入小车过程中，小球和小车组成的系统水平方向上动量守恒，小车以最大速度%»

通过某点时，此时弹簧处于原长状态，由水平方向动量守恒定律得：血原/n=（6球+

mg,

设小球与小车保持相对静止后的振幅为小,由系统机械能守恒定律得：“血球+

m车）户=|fci4,2

代入数据联立解得：4<4故C正确；

。、小球与小车保持相对静止后，根据弹簧振子的周期公式7=2兀器，可知弹簧振子

的质量增加，弹簧劲度系数未变，所以整个弹簧振子的周期变大，故。错误。

故选：C。

根据水平方向动量守恒条件判断；小球、小车碰撞过程中有热能产生，小球、小车和弹

簧组成的系统机械能不守恒；由水平方向动量守恒定律和系统机械能守恒定律求解；根

据弹簧振子的周期公式7=27r第判断。

本题简谐运动与动量能量相结合的问题，解决此题的关键是要求学生明确动量守恒以及

机械能守恒的条件，并能够熟练应用水平方向上动量守恒和系统机械能守恒定律解决问

题。

5.【答案】A

【解析】解：4、当压力变大时，则R的电阻变小，根据闭合电路的欧姆定律可知，电

流表示数变大，Ro两端的电压变大，故A正确；

B、电容器C与&并联，贝！JC两端电压变大，根据Q=CU可知，电容器充电，故B错误；

C、当压力变大时的电阻变小，外电路总电阻减小，又r<R。，则外电阻更接近内阻，

则输出功率变大，故C错误；

D、电源的效率为〃=称xl00%=£xl00%,当压力变大时，则R的电阻变小，总电

流增大、内电压增大、路端电压U减小，则电源的效率减小，故。错误。

故选：4。

当压力变大时，则R的电阻变小，总电阻减小，根据欧姆定律分析R。两端的电压的变化、

电容器两端电压的变化，由此得到充、放电情况；外电阻更接近内阻，输出功率变大；

根据电源的效率为4=号x100%分析效率的变化。

本题考查欧姆定律中的动态分析，解题方法一般是先分析总电阻的变化、再分析总电流

的变化、内电压的变化、路端电压的变化。

6.【答案】B

【解析】解：4同一种介质对波长越短的光折射率越大，再根据九=5可知在同一种介质

中，波长越短的光传播速度越小，故4错误；

反光的偏振现象表明光是横波，故B正确；

C.摄像机镜头上的增透膜是利用了膜前后表面的反射光相互干涉并减弱的原理，故C错

误；

D做双缝干涉实验时，用红光替代紫光，光的波长增大，根据/x=g可知相邻明条纹间

距变大，故。错误。

故选：B。

同一种介质对波长越短的光折射率越大，再根据n=£判断光速；光的偏振现象表明光

是横波；双缝干涉条纹间距与波长成正比。

本题考查物理光学的知识，要掌握光的干涉、偏振等知识，注重对基础知识的积累，加

强对基本概念的深入理解，是学习物理的关键。要注意双缝干涉条纹间距的计算。

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7.【答案】D

【解析】解：4由题图乙可知，t=0时刻小船沿y轴正方向起振，则此时小船应位于波

传播方向波形的下坡上，所以水波的振动向》轴正方向传播，故4错误；

8.由题图甲、乙可知波的波长和周期分别为4=4巾、7=1.2s,所以水波波速为

v=-A=—4m/.s=——10m//s

T1.213/

故B错误；

C小船只会在平衡位置附近振动，不会沿波的传播方向移动，故C错误；

Dt=0时刻浮木正位于波传播方向的上坡上，所以此时浮木沿支轴负方向运动，因为

1.5s=T+J且t=0时刻浮木位于平衡位置上方，所以1.5s末，浮木向下运动，故力

正确。

故选：D。

由t=0时刻质点P的振动方向，确定波的传播方向，由甲图读出波长，由乙图读出波的

周期，再由波速公式求出波速，小船只会在平衡位置附近振动，不会沿波的传播方向移

动。

本题要由质点的振动方向确定波的传播方向，这波的图象中基本问题，方法较多，可以

运用波形平移法，也可以“上下坡法”，即把波形象看成山坡：顺着波的传播方向，上

坡的质点向下，下坡的质点向上。

8.【答案】BC

【解析】解：4、在空房子里讲话，声音特别响，这是声音的反射现象，故4错误；

8、城市交通用红光作为交通警示的原因是红光在可见光范围内波长长，容易发生明显

衍射现象，使司机和行人都能看到红光，故8」E确；

C、根据多普勒效应，火车鸣笛离开站台的过程中，站台听到的音调变低，故C正确；

。、把耳朵贴在铁轨上可以听到远处的火车声，说明声波可以在固体中传播，故。错误。

故选：BC。

在空房子里讲话，声音的反射实现加强的效果；红光在可见光范围内波长长，容易发生

明显衍射现象；根据多普勒效应判断；声波沿固体传播的速度较大。

本题考查了声音的反射、衍射现象、多普勒效应、波在固体中传播等基础知识的应用，

要求学生对这部分知识要强化理解，并熟练应用。

9.【答案】AC

【解析】解：A从空中最高点到水中最低点的过程中，她的速度变化为零，则她的动量

改变量等于零，选项A正确；

从空中最高点到水中最低点的过程中，重力对她的冲量为mgt,选项B错误；

C.从空中最高点到接触水面的过程中，根据动量定理可知，她的动量改变量等于重力的

冲量，选项C正确；

D根据动量定理可知，从接触水面到水中最低点的过程中，她的动量改变量等于水对她

的冲量与重力的冲量之和，选项。错误。

故选:AC.

分析两个过程中运动员速度的变化、受力情况等，由此确定动量的变化是否为零，根据

动量定理判断冲量的大小。

本题主要是考查动量定理，解答本题要知道动量的变化与合外力冲量的关系。

10.【答案】AD

【解析】解：4、试探电荷从M点静止释放后，将在“N两点之间运动，可知两场源电荷

是等量同种电荷，如果是等量异种电荷，则为等势面，电场线方向垂直于等势面，

试探电荷不可能沿MN运动,故A正确；

8、若两场源电荷带正电，根据沿电场线方向电势降低可知，在形成的电场中，M点电

势低于。点电势，故B错误；

C、试探电荷在M、N之间运动时回复力不满足F=-kx关系，则做的不是简谐运动，故

C错误；

。、根据等量同种电荷的电场分布的空间对称性可知，若在M点给试探电荷一个垂直纸

面的的初速度，使它在M点受到的电场力恰好等于向心力，它可以在与两个电荷连线垂

直的平面内做匀速圆周运动，故。正确。

故选：AD.

试探电荷能够在MN两点之间运动，由此分析电性；若两场源电荷带正电，M点电势低

于。点电势；根据受力特点分析试探电荷是否做简谐运动；根据做匀速圆周运动物体的

受力特点进行分析。

第20页，共35页

本题主要是考查等量同种电荷周围的电场，知道等量同种电荷周围电场线的分布情况,

掌握电势高低的判断方法。

11.【答案】0.01860.8933平衡二

n-1

【解析】解：摆球直径为D=18mm+6x0.Imm=18.6mm=0.0186m,故摆球直径

为0.0186m

单摆摆长为/=§+L="普+0.8840m=0.8933m,故单摆摆长为0.8933m

测周期时，当摆球经过平衡位置时速度最快，此位置开始计时相对误差较小，故为平衡

位置。

设单摆周期为T,由题意可知—7=如解得了==，故单摆周期7=卫7。

2n-1n-1

利用刻度尺读数方法，量出从悬点量到摆球的最底端的长度，然后游标卡尺读数测出摆

球的直径，根据题意求出摆长，测周期时，当摆球经过平衡位置时速度最快，以位置开

始计时相对误差较小，最后求出单摆的周期。

本题考查基本，学生容易马虎做错的地方是摆长的测量，其余各填空简单，学生不易出

现错误。

12.【答案】D

【解析】解：A、根据=可知，在“用双缝干涉测光的波长”实验中，其他条件

不变，换一个两缝之间距离较大的双缝，干涉条纹间距将变窄，故4正确；

8、在“验证动量守恒定律”实验中，为了保证小球做平抛运动，斜槽末端切线必须水

平，斜槽是否光滑对实验没有影响，故B正确；

C、在“用单摆测定重力加速度”实验中，如果摆长测量无误，将全振动的次数n误计

为n-1,则计算出的周期偏大，根据7=2兀4可知，测得的g值偏小，故C正确；

D、在测定玻璃折射率实验中，玻璃砖界面aa'与bb'间的距离太小，使得测量角度时产

生较大的误差，所以为了减小实验的相对误差，图中玻璃界面间的距离适当大些，故。

错误。

本题选错误的，故选：D.

根据4x=a分析A选项；在“验证动量守恒定律”实验中，斜槽末端切线必须水平；

根据7=2兀分析C选项；在测定玻璃折射率实验中，玻璃界面间的距离适当大些。

本题主要是考查物理实验中的误差分析，关键是知道不同实验中误差产生的原因和减小

实验误差的方法。

13.【答案】红0.65C1.21.1

【解析】解：(1)水果电池的铜极为正极，应与多用电表的红表笔相接；

直流电压2.5U挡表盘的最小分度为0.05V,需要估读到分度值的下一位，所以示数为：

E褶=13x0.057=0.65V

(2)由题意可知，小灯泡不发光的原因是通过其电流过小，即小灯泡两端电压过小，造

成这一现象的根本原因在于水果电池的内阻太大，从而使内电压过大，路端电压过小,

故C正确，ABO错误：

故选：Co

(3)如图所示为实物连线图：

(4)根据闭合电路欧姆定律有：

E=/(/?+a+r)

整理得：7=?+^

由图可知图像的斜率为：1=2=盘厂-1

E9.85

纵截距为：b=*=1X103/JT

E

解得：E“1.27；rxl.lfc/2

故答案为：(1)红;0.65；(2)C；(3)实物图连线如上图所示；(4)1.2；1.1

(1)掌握电表的连线机电表示数的读数规则；

(2)分析小灯泡不发光的可能原因；

(3)根据电路图画出对应的实物图；

(4)根据闭合电路欧姆定律结合图像得出电动势和内阻。

本题主要考查了电动势和内阻的测量，解题的关键点是根据闭合电路欧姆定律和图像分

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析出电动势和内阻。

14.【答案】解：(1)两球发生弹性碰撞，碰撞过程系统动量守恒、机械能守恒，

以碰撞前球1的速度方向正方向，由动量守恒定律得：mv0=mvj+2mv2,

由机械能守恒定律得：加邛=+之x2m城

v

解得：vx=-v0,v2=|o＞负号表示是方向与球1的初速度方向相反

(2)两球碰撞过程系统动量守恒，以碰撞前球1的速度方向为正方向，

由动量守恒定律得：mv0=(m+2m)v

设碰撞过程系统损失的机械能是4E,

由能量守恒定律得：mvl=|(m+2m)v2+AE

解得：AE=1m诏

答：(1)若碰撞是弹性的，碰后球1、球2的速度的大小分别是|孙；

(2)若球2表面涂上强力胶(质量不计)，碰后两球一起运动，碰撞时损失的机械能大小是

三m唯

【解析】(1)两球发生弹性碰撞，碰撞过程系统动量守恒、机械能守恒，由动量守恒定

律与机械能守恒定律求解。

(2)两球碰撞过程系统动量守恒，应用动量守恒定律求出碰撞后的速度，应用能量守恒

定律求出碰撞时损失的机械能。

弹性碰撞过程系统动量守恒、机械能守恒，分析清楚球的运动过程,应用动量守恒定律、

机械能守恒定律与能量守恒定律可以求解。

15.【答案】解：(1)若扫描电压为零，则电子直接打在。点，根据q=/3且勺="0,解

得每秒打在。点的电子数为：n=-

e

根据单个电子的初动能为ao=100/ceU可得：。点每秒接收的能量E=nEk0

联立解得：E=2x10-3/

(2)电子在成型孔中做加速运动，根据动能定理可得：eUx=Ek0,解得：Ur=lOOkV

进入束偏移器后，做类平抛运动，根据类平抛运动规律可得：y=：at2,L=

根据牛顿第二定律可得：e中=ma

根据动能定理可得：e%=轲4

联立解得：＞=署

出束偏移器后，电子做匀速直线运动，且根据平抛运动中某时刻的速度反向延长线交于

水平位移的重点，运动情况如图所示：

根据几何关系可得：z=走，解得：Ay=0.0026

AyL

答：（1）若扫描电压为零，。点每秒接收的能量是2x10-3人

（2）若某时刻扫描电压为10kIZ,电子束到达芯片时的位置离。点的距离是0.002小。

【解析】（1）根据q=%得到两秒的电荷量，再除以电子电荷量得到每秒打在。点的电子

数，最后根据每个电子的动能得到最终的能量；

（2）电子先在成型孔中做加速运动，根据动能定理列式；然后在束偏移器中做类平抛运

动，根据类平抛运动规律解出偏移量即可。

本题考查了带电粒子在电场中的运动，解题的关键是清楚运动情况，熟练掌握类平抛运

动解题即可。

16.【答案】解：（1）由题意可知，B点为人所观察到的鱼的虚像，即B、。、4三点在一

条直线上，鱼的实际位置应在B点下方，设为C,设鱼发出的光线在。点的入射角为i,

折射角为r,如图所示，根据几何关系可得

.L4

Slnr=7^=5

根据折射定律有

sinr4

n=^7=3

联立解得

st.m.=-3

5

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所以鱼在浮萍下方的实际深度是

H=占

tarn

(2)当鱼发出的光线在。点恰好发生全反射时，鱼在水平方向游的距离最短，此时鱼发出

的光线在。点的入射角的正弦值为

si.ni•，=-1

n

此时鱼到。点的水平距离为

L'=Htani'

鱼在水平方向至少游的距离为

s=L'-L

代入数据解得：s=30.71cm

答：(1)忽略鱼在人眼中成像沿水平方向稍微靠近的因素，鱼在浮萍下方的实际深度是

80cm；

(2)若渔民缓慢下蹲观察(眼睛不没入水中)，仍没有观察到鱼，则鱼在水平方向至少游

了30.71cm。

【解析】(1)根据几何关系结合折射定律可解得鱼在浮萍下方的实际深度；

(2)当鱼发出的光线在。点恰好发生全反射时，鱼在水平方向游的距离最短，根据全反射

临界角结合几何关系解得。

解决本题的关键要理解光路可逆必原理，结合折射定律分析激光照射水面上的位置。也

可以通过作图分析。

17.【答案】A

【解析】解：4、当障碍物和波长的尺寸差不多时或比波长小得多的情况下，能发生明

显的衍射现象，因此波长不同的机械波通过宽度一定的狭缝时，波长越长衍射越明显,

故A错误；

8、当机械波发生反射时，其频率、波长、波速均不发生变化，故B正确：

C、受迫振动时，振动的频率等于驱动力的频率，与固有频率无关，故C正确；

。、利用多普勒效应可以通过测速雷达，根据反射频率的变化测量车速，故。正确；

本题选错误的，故选：4。

当障碍物和波长的尺寸差不多时或比波长小得多的情况下，能发生明显的衍射现象，

波发生反射时，其频率、波长、波速均不发生变化；

受迫振动时，振动的频率等于驱动力的频率；

测速雷达根据反射频率的变化测量车速是应用的多普勒效应。

明确多普勒效应的应用，知道明显衍射的条件，知道受迫振动的特点。

18.【答案】C

【解析】解：设喷出物质的速度为，根据牛顿第三定律可知，打一次喷嚏喷出物质受

到的作用力为0.15N,以喷出物质为研究对象，令喷出的速度方向为正方向，根据动量

定理可得FAt=mv—0

解得v=—=m/s=50m/s,故C正确，ABD错误。

TITLZXlu

故选:Co

由动量定理求解打一次喷嚏喷出物质的速度。

解决该题的关键是知道用动量定理求解喷出物质的速度，明确动量、冲量是矢量，计算

前必须先规定正方向。

19.【答案】C

【解析】解：根据安培定则，图中线圈abed处的磁感应强度的方向垂直于纸面向里；

4、当电流增大时，垂直纸面向里穿过线圈的磁通量增大，能产生感应电流，故A不符

合题意；

8、当电流先增大后减小时，垂直纸面向里穿过线圈的磁通量先增大后减小，能产生感

应电流，故8不符合题意；

C、线圈以为轴，线圈绕48顺时针转90。（俯视）时，穿过线圈的磁场不变，不产生感

应电流，故C不符合题意；

D、当线圈绕。0'轴逆时针转动90。（俯视）时，线圈平面与磁场的方向之间的夹角发生变

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化，垂直纸面向里穿过线圈的磁通量减小，能产生感应电流，故。不符合题意。

本题选择不产生感应电流的，

故选：Co

当通过线圈的磁通量发生变化时，线圈中将会产生感应电流.根据楞次定律判断感应电

流的方向.

解决本题的关键掌握右手螺旋定则判断电流周围的磁场方向，掌握感应电流的产生条件.

20.【答案】C

【解析】解：小球的运动可看成单摆的运动，根据单摆的周期T=2TTJ1,知小球的周

期与质量、释放点的位置无关，与曲率半径有关，曲率半径越大，周期越大.故C正确，

4、B、£>错误.

故选C.

小凹镜的表面接近平面，知所对应的圆心角很小，小球的运动可看成单摆的运动，单摆

的周期7=2兀/，可知周期与哪些因素有关.

解决本题的关键知道小球的运动可看成单摆的运动，知道单摆的周期公式T=2兀

21.【答案】D

【解析】解：AB.在波的干涉中，干涉条纹的间距公式Zx=当可知，条纹间距与波长、

双缝到屏之间的距离成正比，与双缝间的距离d成反比，若只将屏向右移动一小段距离，

则干涉条纹间的间距变大，不会变得模糊不清，故AB错误；

C、若只将双缝间的距离减小，则条纹间距变大，故C错误；

。、若只将红色激光变为绿色激光，则波长变小，因此屏上相邻两亮纹间的距离变小，

故。正确；

故选：D。

根据双缝干涉实验的公式Ax=*逐个选项分析自变量和因变量的关系，以此完成分析。

本题主要考查了双缝干涉实验测量光的波长的相关实验，根据公式/X=勺完成分析即可,

a

属于常规题型。

22.【答案】8

【解析】解：光滑水平面上大小相同小B两球在发生碰撞，规定向右为正方向，由题

知A球动量的增量为

△PA=6kg-m/s—10kg•m/s——4kg-m/s

由于碰后4球的动量增量为负值，所以右边不可能是4球的；由动量守恒定律可得

△P4=-△PB

则B球的动量变化量为

△PB=4kg-m/s

根据△pB=PB-10kg-m/s

解得碰后B球的动量为：PB=14kg-m/s

两球质量关系为：mB—2mA

根据p-mv

可得碰撞后4、B两球速度大小之比6：7,故B正确，AC。错误。

故选：B。

根据动量守恒定律确定碰撞后A、B球的位置，根据动量公式求出速度之比。

本题考查了动量守恒定律的应用，应用动量守恒定律与动量的定义式即可正确解题。

23.【答案】A

【解析】解：4依题意作出光路图

由几何知识得入射角%=60。，折射角力=3（）。，由折射定律”=鬻

sint/2

得n=V3

故A正确；

BD.由

sinC=-

n

可知，光在此介质中发生全反射的临界角C大于30。，经04面折射后照射到AM面这一范

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围的光线可能发生全反射，经。4面折射后照射到MB范围的光线不能发生全反射，故

错误；

C若光在真空中的传播速度为c,则光在玻璃砖中传播速度为

cV3

V=~=—C

n3

由

v=Af

可知，该入射光在空气和在玻璃砖中的波长不同，故C错误。

故选：力。

对于光学问题，作出光路图，由几何知识找出入射角和折射角，根据折射率公式求出折

射率，利用全反射条件，判断能否发生全反射。

几何光学常常用几何知识确定入射角、折射角。光的频率由光源决定，根据及=:以及

"=2/研究波长关系。

24.【答案】BCD

【解析】解：4、质点K为波谷和波谷的相遇点，为振动加强点，故A错误；

B、M点是振动加强点，N点是振动减弱点，此时M点的位移为12cm,N点的位移为2cm；

经过一段时间，质点M、N的位移大小可能相同，故B正确；

C、质点N是振动减弱点，振幅为7cm-5cm=2cm,故C正确；

D、由图中时刻点在波峰，再经过:周期时:质点的位移为零，故。正确；

M4M

故选：BCD。

根据图样上不同点的位置分析出属于振动加强点还是振动减弱点，同时分析出经过一段

时间之后质点的位移大小。

本题主要考查了波的叠加的相关应用，根据图样得出振动加强点和振动减弱点的位置，

根据振幅的大小计算出质点的振幅，同时根据时间和周期的关系分析出质点的所在位置。

25.【答案】AD

【解析】解：4、当滑动变阻器滑片P由a端向b端滑动时，电路中的总电阻变小，电动

势和内电阻不变，得知总电流变大。故A正确。

3、当滑动变阻器的滑片P由a端向b端滑动时，电源的内电阻小于外电阻，随着R的增大，

电源的内外电阻差值增大，所以电源的输出功率一直变小。故8错误。

C、将出等效到内电阻中去，内电阻变为2r,滑动变阻器消耗的功率可看成电源的输出

功率，R外W2r,随着外电阻的减小，输出功率减小。故C错误。

D、当滑动变阻器的滑片滑到b端时，总电流最大，根据P=/2&=(,.「=多故。

正确。

故选：AD.

当滑动变阻器滑片P由a端向b端滑动时，电路中总电阻会发生变化，抓住电动势和内电

阻不变，去分析电路中电流和路端电压如何变化.关于电阻&上的功率变化，因为凡是

定值电阻，只要分析电流如何变化就可得知.分析滑动变阻器上功率的变化，可将品