苏科版九年级上期中物理常考试题60题解析版

【文库独家】苏科版九年级（上）期中物理常考试题60题参考答案与试题解析一、选择题（共20小题）1．（常考指数：51）跳远运动的几个阶段如图所示，则运动员（）A．助跑阶段机械能不变B．起跳时机械能为零C．经过最高点时动能最大D．经过最高点时重力势能最大考点：动能的影响因素；动能和势能的大小变化；机械能．专题：应用题；压轴题；信息给予题．分析：（1）动能与物体的质量和速度有关，质量越大，速度越大，物体的动能也就越大；（2）重力势能与物体的质量和高度有关，质量越大，高度越大，物体的重力势能越大；（3）弹性势能与物体发生弹性形变的程度有关，发生弹性形变的程度越大，物体的弹性势能越大；（4）机械能等于动能和势能的和．解答：解：A、助跑阶段，运动员的质量不变，速度逐渐增大，因此动能增大；运动员的高度不变，因此重力势能不变．机械能等于动能和势能的和，动能增大，重力势能不变，因此机械能增大．B、起跳时，运动员的速度达到最大值，动能达到最大值，重力势能不变，机械能达到最大值．C、经过最高点时，竖直方向速度为零，只有水平方向的速度，故动能最小，高度最大，重力势能最大．D、最高点时，高度达到最大值，因此重力势能也达到最大值．故选：D．点评：影响动能大小的因素有质量和速度，分析动能的变化就是分析质量和速度的变化；影响重力势能的因素是质量和高度，分析重力势能的变化就是分析质量和高度的变化．解题时注意抓住表示物体运动状态变化的关键字词，从中找出表示“质量、速度、高度、弹性形变”变化的字眼，从而分析机械能的变化情况．2．（常考指数：50）掉在水平地面上的弹性小球会跳起，而且弹跳的高度会越来越低．图示是小球弹跳的频闪照片，小球在1、2位置的高度一样．下面说法正确的是（）A．小球在1、2位置的势能相同，机械能也相同B．小球在1、2位置的动能相同，2位置的机械能较小C．小球在1、2位置的机械能相同，2位置的动能较小D．小球在2位置的动能较小，机械能也较小考点：动能和势能的大小变化；机械能．专题：应用题；信息给予题．分析：对于重力势能，其大小由地球和地面上物体的相对位置决定，物体质量越大、位置越高、物体具有的重力势能就越大，机械能包括物体的动能和势能，小球弹跳的高度会越来越低隐含的信息是机械能逐渐减小．解答：解：A、小球在1、2位置的高度相同，所以重力势能相同；由于与空气摩擦等，小球机械能逐渐减小，所以在1处的机械能大，不符合题意；B、小球在1、2位置的高度相同，所以重力势能相同，但在2处的机械能小，所以2位置的动能小，不符合题意；C、由于与空气的摩擦等，小球机械能逐渐减小，小球在2位置的机械能小，不符合题意；D、由于小球在1、2位置的高度相同，所以重力势能相同，又小球在2位置的机械能小，故小球在2位置的动能较小，符合题意；故选：D．点评：对于这类题目要抓住题目的隐含信息，小球弹跳的高度会越来越低，就是明显告诉小球的机械能越来越小，由于高度相同，所以重力势能相同，所以动能在同样的高度时，动能会越来越小．3．（常考指数：52）一个人先后用同样大小的力F将不同质量的物体分别在光滑水平面、粗糙水平面和粗糙斜面上沿力的方向移动相同的距离S（如图所示），该力在这三个过程中所做的功分别为W1、W2、W3，关于它们之间的大小关系说法正确的是（）A．W1＜W2＜W3B．W1＜W2=W3C．W1=W2=W3D．W1=W2＜W3考点：功的计算．专题：应用题；压轴题．分析：物理上，功的大小等于力与在力的方向上通过的距离的乘积；即W=Fs．解答：解：一个人先后用同样大小的力F使物体沿力的方向移动相同的距离S；该力在这三个过程中所做的功分别为W1、W2、W3，三个功的大小都等于W=Fs；即W1=W2=W3；故C正确；ABD错误；故选：C．点评：深入理解功的大小的计算方法，是解答此题的关键．4．（常考指数：51）一个人先后用同样大小的力沿水平方向拉木箱，使木箱分别在光滑和粗糙两种不同的水平地面上前进相同的距离．关于拉力所做的功，下列说法中正确的是（）A．在粗糙地面上做功较多B．在光滑地面上做功较多C．两次做功一样多D．条件不够，无法比较两次做功的多少考点：功的计算．专题：推理法．分析：知道用力大小相同，木箱在力的方向上移动的距离相同，利用功的公式W=Fs分析判断．解答：解：已知W=Fs，在光滑和粗糙两种不同的水平地面上F相同、s相同，所以两次做功一样多．故选：C．点评：不要受接触面粗糙程度的影响，利用W=Fs分析判断．5．（常考指数：51）如图所示的是运动员在铅球比赛中的场景．铅球离手后，在空中飞行过程中动能EK随时间t变化的曲线最接近的是（）A．B．C．D．考点：动能的影响因素；动能大小的比较．专题：压轴题；控制变量法．分析：动能大小的影响因素：质量和速度．质量一定时，速度增大，动能增大；速度一定时，质量增大，动能增大．解答：解：如图，铅球在整个飞行过程中，质量不变，铅球一直在运动，动能不为零．从出手到最高点过程中速度减小，此过程动能减小；在下落的过程中，速度不断增大，到达地面最大，此过程动能增大．整个过程动能先减小再增大，故排除BD，处于最高点时竖直方向速度为0，但水平方向仍然有速度，因此动能不为0，故排除C．故选：A．点评：掌握动能大小的影响因素，能通过图象判断动能的大小变化．6．（常考指数：52）某人骑着一辆普通自行车，在平直公路上以某一速度匀速行驶，若人和车所受的阻力为20N，则通常情况下，骑车人消耗的功率最接近（）A．1WB．10WC．100WD．1000W考点：功率的计算．专题：应用题；估算法．分析：人骑车的功率可以利用功率的变形公式P=Fv进行求解，因为题目已经知道了阻力的大小，此题关键是结合生活常识估测自行车前进的速度．解答：解：当车子匀速前进时，动力等于阻力，即F=f=20N，结合生活常识可知，人骑车的速度大约v=5m/s，由功率公式P=Fv=20N×5m/s=100W；故选：C．点评：对于这类联系生活紧密的题目，要利用常识估测出车的速度．7．（常考指数：55）如图所示，小明分别用甲、乙两个滑轮把同一袋沙子从地面提到二楼，用甲滑轮所做的总功为W1，机械效率为η1；用乙滑轮所做的总功为W2，机械效率为η2．若不计绳重与摩擦，则（）A．W1=W2，η1=η2B．W1=W2，η1＜η2C．W1＜W2，η1＞η2D．W1＞W2，η1＜η2考点：机械效率的大小比较；功的计算．分析：根据总功等于有用功加上额外功，因乙滑轮是动滑轮，所以利用乙滑轮做的额外功多，可以比较出两种情况的总功大小；再根据两种情况的有用功相同，利用η=×100%即可比较出二者机械效率的大小．解答：解：因为小明分别用甲、乙两个滑轮把同一袋沙子从地面提到二楼，所以两种情况的有用功相同；当有用功一定时，利用机械时做的额外功越少，则总功越少，机械效率越高．又因乙滑轮是动滑轮，所以利用乙滑轮做的额外功多，则总功越多，机械效率越低．即W1＜W2，η1＞η2，所以C选项正确．故选：C．点评：此题主要考查功的计算和机械效率的大小比较这一知识点，比较简单，主要是学生明确哪些是有用功，额外功，总功，然后才能正确比较出两种情况下机械效率的大小．8．（常考指数：55）四个同学在石峰公园进行登山比赛．如果规定功率最大者获胜，那么最后胜出者一定是（）A．体重最大的一个B．时间最短的一个C．速度最大的一个D．做功最快的一个考点：功率的概念．专题：比较思想．分析：解答本题可根据功率的物理意义进行分析选择．解答：解：功率的物理意义：功率是反映物体做功快慢的物理量，功率大的物体，做功快；功率小的物体，做功慢．所以做功最快的那一个人，他的功率最大．故选D．点评：解答本题关键是要理解功率的物理意义．9．（常考指数：58）由于水的比热容比沙石或干泥土的比热容大，所以在沿海地区陆地表面的气温比海面的气温昼夜变化显著．因此（）A．白天的海风多是从陆地吹向海面，夜晚的海风多是从海面吹向陆地B．白天的海风多是从海面吹向陆地，夜晚的海风多是从陆地吹向海面C．白天和夜晚的海风多是从陆地吹向海面D．白天和夜晚的海风多是从海面吹向陆地考点：水的比热容的特点及应用；比热容解释简单的自然现象．专题：压轴题．分析：要解答本题需掌握：水的比热容比泥土沙石的大，导致海陆风的形成．解答：解：水的比热容比泥土沙石的大，白天太阳照射时，水面温度上升得慢，陆地温度上升得快，热空气上升，冷空气补充，风从海面吹向陆地；晚上，气温下降，水面温度下降得慢，温度高一些，热空气上升，风从陆地吹向海面．因此，在海岸附近形成的一种有日变化的风系．在基本气流微弱时，白天风从海上吹向陆地，夜晚风从陆地吹向海洋．前者称为海风，后者称为陆风，合称为海陆风．故选：B．点评：本题主要考查学生对：海陆风形成原理的了解，是一道基础题．10．（常考指数：57）下列所示工具中，使用时不能省力但能省距离的是（）A．动滑轮B．订书机C．羊角锤D．镊子考点：杠杆的分类．专题：应用题；压轴题．分析：使用时不能省力但能省距离的是费力杠杆．该题考查了学生对物理模型的抽象、分析能力．判断杠杆的类型可根据生活经验或动力臂与阻力臂的大小关系来判断．解答：解：动滑轮实质是动力臂是阻力臂二倍的杠杆，它可以省力一半，省力但费距离，所以A不符合题意；订书机和羊角锤在使用时，动力臂大于阻力臂，所以它们都是省力杠杆，所以B不符合题意；镊子在使用时动力臂小于阻力臂，所以它是费力杠杆，费力但能省距离，所以D符合题意．故选：D．点评：联系生活经验，要判断杠杆的类型，可依据杠杆的动力臂和阻力臂大小关系：若动力臂大于阻力臂，则是省力杠杆；若动力臂小于阻力臂，则是费力杠杆；若动力臂等于阻力臂，则为等臂杠杆．11．（常考指数：58）如图，一块厚度、密度均匀的长方形水泥板放在水平地面上，用一竖直向上的力，欲使其一端抬离地面．则（）A．F甲＞F乙，因为甲方法的动力臂长B．F甲＜F乙，因为乙方法的阻力臂长C．F甲＞F乙，因为乙方法时阻力臂短D．F甲=F乙，因为动力臂都是阻力臂的2倍考点：杠杆的平衡条件；力臂的画法．专题：压轴题；图析法．分析：把水泥板看做一个杠杆，抬起一端，则另一端为支点．由于水泥板是一个厚度、密度都均匀的物体，所以，其重力的作用点在其中心上，此时动力F克服的是水泥板的重力，即此时的阻力臂等于动力臂的一半．在此基础上，利用杠杆的平衡条件，即可确定F甲与F乙的大小关系．解答：解：两次抬起水泥板时的情况如图所示：在上述两种情况下，动力克服的都是水泥板的重力，对于形状规则质地均匀的物体，其重心都在其几何中心上，所以阻力臂都等于动力臂的二分之一．根据杠杆的平衡条件F==G．所以前后两次所用的力相同．综上分析，故选D．点评：通过杠杆的平衡条件，将抬起物体所用的力与物体的重力两者联系在一起．对于均匀的物体，抬起一端所用的力等于其重力的一半．对于一端粗一端细的物体，由于其重心不在其中点上，所以，所用的力不等于重力的一半：抬起粗端所用的力大于重力的一半；抬起细端所用的力小于重力的一半，但两者之和仍等于物体的重力．12．（常考指数：63）关于温度、内能、热量三者的关系，下列说法正确的是（）A．温度高的物体，内能一定大B．物体温度升高，一定吸收了热量C．物体吸收了热量，温度一定升高D．物体温度升高，内能一定增加考点：温度、热量与内能的关系．分析：要解答本题需掌握温度、内能与热量三者之间的关系以及晶体在熔化过程中，虽然吸热，但温度保持不变．解答：解：A、温度是影响内能大小的一个因素，但不是唯一因素，所以温度高的物体内能不一定大．故A不正确；B、改变物体内能的方法有两种：做功和热传递，且二者是等效的，所以物体温度升高不一定是吸收了热量．故B不正确；C、物体吸收热量内能增加，但温度不一定升高，比如：晶体在熔化过程中虽然吸热，但温度保持不变．故C不正确；D、物体温度升高，分子运动加剧，分子动能增加，分子动能和分子势能总和为物体内能．故D正确．故选：D．点评：本题考查的是学生对影响物体内能大小的因素的理解以及内能、温度与热量三者之间的关系的掌握，是中考的热点．13．（常考指数：63）工厂为了搬运一个笨重的机器进车间，某工人设计了图示的四种方案（机器下方的小圆表示并排放置的圆形钢管的截面），其中最省力的方案是（）A．B．C．D．考点：增大或减小摩擦的方法；动滑轮及其工作特点．专题：比较思想．分析：此题中，动力F克服的是机器与地面之间的摩擦力，要使动力最小．就要从减小摩擦力，使用省力的简单机械入手进行分析解决．比较四个图，看哪个方案考虑到了减小摩擦力．哪个方案用了省力的设备．最省力的当然是两者都用到的．解答：解：A、动力F直接作用在机器上，既没有减小摩擦力，也没有使用省力的机械．故A错误．B、机器下面有并排放置的圆形钢管，使机器运动时，变滑动摩擦为滚动摩擦，从而减小了摩擦力，能省一部分力．使用的滑轮是定滑轮，不省力，只是改变了力的方向．C、机器下面有并排放置的圆形钢管，变滑动摩擦为滚动摩擦，从而减小了摩擦力，能省一部分力；使用的是动滑轮，又能省一半的力．从两个方面都考虑到了．D、机器下面有并排放置的圆形钢管，变滑动摩擦为滚动摩擦减小了摩擦力，能省一部分力．没有使用省力的简单机械，也只考虑到了一方面．比较B、C、D三种方案，都省了力．但C方案是从两方面都省力．所以C最省力．故选：C点评：在三种都省力的方案中，要选择效果最好的，这就要求考虑问题要全面．14．（常考指数：64）在进行如图所示的实验或有关装置工作时，能量转化由机械能转化为内能的是（）A．B．C．D．考点：做功改变物体内能；内燃机的四个冲程．分析：解决此题要知道功改变物体内能的过程是机械能与内能相互转化的过程．解答：解：A、下压活塞时，活塞对封闭气体做功，机械能转化为内能，故A符合题意；B、由图可知，这是内燃机的做功冲程，在该冲程中，燃气的内能转化为活塞的机械能，故B不符合题意；C、电暖器工作时，电能转化为内能，故C不符合题意；D、水蒸气对活塞做功，水蒸气的内能转化为活塞的机械能，故D不符合题意；故选：A．点评：此类题目是考查对做功过程中能量转化的原理即机械能转化为内能．15．（常考指数：71）用两个相同的电热器给质量相同的物质甲和水加热，它们的温度随加热时间的变化关系如图所示，据此判断物质甲的比热容为（）A．2.1×103J/（kg•℃）B．4.2×103J/（kg•℃）C．1.2×103J/（kg•℃）D．条件不足，不能确定考点：比热容的概念；热量的计算．专题：计算题；信息给予题．分析：图象问题要结合物理公式进行分析．由图象知物质甲和水质量相同，升高的温度相同时水吸收的热量是物质甲吸收热量的2倍．解答：解：由图象可知：用两个相同的电热器给质量相同的物质甲和水加热，水温度升高60℃需要20min，物质甲温度升高60℃需要10min．所以质量相同的物质甲和水升高相同的温度需要吸收的热量关系为：Q水吸=2Q甲吸．由热量计算公式Q=cm△t，得：c=．∴c水=2c甲．又∵c水=4.2×103J/（kg•℃）．∴c甲=2.1×103J/（kg•℃）．故选：A．点评：比较两个量的大小一定要根据公式来分析，这样思维严谨些．有图象的要合理利用图象．16．（常考指数：74）由c=，关于同一种物质的比热容c，下列说法正确的是（）A．若吸收的热量增大一倍，则比热容增大一倍B．若质量增大一倍，则比热容减至一半C．若加热前后的温度差增大一倍，则比热容增大一倍D．无论质量多大，比热容都一样考点：比热容的概念．分析：比热容是物质的本质特性，它不会随物质吸收的热量，质量，温度的改变而改变．解答：解：比热容是物质的本质特性，它不会改变，所以A，B，C错误，D正确．故选：D．点评：本题考查学生对比热容概念的理解．17．（常考指数：76）下列四幅图中，属于利用热传递改变物体内能的是（）A．双手摩擦能发热B．烧水时水温升高C．锯木材锯子发烫D．钻木取火考点：热传递改变物体内能．专题：应用题．分析：（1）热传递是能的转移过程，即内能从高温物体向低温物体转移的过程，在此过程中能的形式不发生变化；（2）做功实质是能的转化过程，做功的过程中能量的形式变了，是机械能和内能的转化过程．解答：解：A、搓手取暖时两手相互摩擦做功，机械能转化为内能，是通过做功改变物体的内能，故A不符合题意；B、用煤气烧水，属于热传递改变物体内能，故B符合题意；C、锯木头时锯和木头相互摩擦做功，机械能转化为内能，锯条温度升高，所以锯条发热，此过程是通过做功改变物体的内能，故C不符合题意；D、古代的人钻木取火是通过做功，摩擦生热，改变物体的内能，故D不符合题意；故选：B．点评：解决此类问题要知道改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，它们在改变物体内能上是等效的．热传递过程是能量的转移过程，做功过程是能量的转化过程．18．（常考指数：86）水具有比热容大的特点，下列现象中与此特点无关的是（）A．海边昼夜温差小B．空调房间放盆水增加湿度C．冬天暖气设备用热水供暖D．用水冷却汽车发动机考点：水的比热容的特点及应用．分析：本题抓住水具有较大的比热，在质量相同的情况下，吸收相同的热量，水的温度升高得小，放出同样的热量，温度降低得也少．解答：解：A、海边昼夜温差小，是因为水具有较大的比热，故A不符合题意．B、空调房间放盆水增加湿度，是利用水的蒸发，增加水蒸气．故B符合题意．C、冬天暖气设备用热水供暖，是因为水具有较大的比热，故C不符合题意．D、用水冷却汽车发动机，是因为水具有较大的比热，故D不符合题意．故选：B．点评：本题考查了水具有较大的比热的应用．19．（常考指数：89）下列说法中正确的是（）A．机械效率越高，机械做功一定越快B．做功越多的机械，机械效率一定越高C．功率越大的机械做功一定越多D．做功越快的机械，功率一定越大考点：功率的概念；机械效率．分析：功率表示物体做功的快慢程度，而机械效率指有用功占总功的比值，二者之间没有什么关系．解答：解：A、机械效率高，说明有用功占总功的比值大，但不一定做功就快，故A错误；B、做功多，效率不一定高，这要看有用功、额外功的比例大小，故B错误；C、功率大表明机械做功快，但做功不一定多，这要看做功时间的长短，故C错误；D、做功快，说明机械的功率大，能够在较短的时间内做更多的功，故D正确．故选：D．点评：该题考查学生对功率和机械效率的理解情况，关键是把握二者之间没有什么关系．20．（常考指数：115）如图所示，使用中属于费力杠杆的工具是（）A．剪子B．起子C．镊子D．钢丝钳考点：杠杆的分类．专题：应用题．分析：该题考查了学生对物理模型的抽象、分析能力．判断杠杆的类型可结合生活经验和动力臂与阻力臂的大小关系来判断．解答：解：A、题目中的剪刀在使用时动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，不符合题意；B、起子在使用时动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，不符合题意；C、镊子在使用时动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，符合题意；D、钢丝钳在使用时动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，不符合题意；故选：C．点评：此类型题目的解决主要是依据生活经验及动力臂和阻力臂的大小关系进行判断．二、填空题（共40小题）21．（常考指数：30）小明沿水平方向用力推静止在水平地面上的桌子，但没有推动，此时他对桌子的推力等于桌子所受到的阻力（填“大于”、“小于”或“等于”），此过程中小明没有（填“有”或“没有”）做功．考点：二力平衡条件的应用；力是否做功的判断．分析：（1）当物体处于静止状态或匀速直线运动状态时，物体受到的力平衡，利用二力平衡条件即可判定阻力和推力大小的关系；（2）根据功的概念，看一下物体在力的作用下移动了多少距离，利用W=Fs求推力做的功即可．解答：解：桌子始终处于静止状态，所以桌子在水平方向上处于平衡状态，则在水平方向上受的力是平衡力，即阻力和推力是一对平衡力；根据二力平衡的条件：阻力和推力的大小相等，方向相反而且作用在同一条直线上；所以他对桌子的推力等于桌子所受到的阻力．由于桌子始终没动，即在力的方向上移动的距离为0，所以此过程中小明没有做功．故答案为：等于；没有．点评：本题考查了二力平衡条件的应用以及学生对功的公式W=Fs的掌握和运用．关键知道物体在静止时推力等于阻力．22．（常考指数：32）分别用两个完全相同的“热得快”，同时给质量和温度都相同的A、B两种液体加热，它们的温度随时间变化的图象如图所示．由图象可以看出：B液体的温度升的较慢，B液体的比热容较大．考点：比热容的概念．专题：图析法．分析：从图象中可以看出，两种液体的温度都升高80℃，B的加热时间长，升温慢；加热时间的长短表示了物体吸收热量的多少，B的加热时间长，说明B液体吸收的热量多；A、B两种液体在质量、升高的温度一定时，B吸收的热量多，根据公式可知，B的比热容大．解答：解：由图象知：两种液体升高相同的温度80℃时，A液体用时10分钟，B液体用时20分钟，B液体升温慢，B液体吸收的热量多，由公式c=知，B液体的比热容大．故答案为：B；B．点评：此题考查了我们对于图象的分析能力，很多知识都是可以从图象中找出来，我们一定要学会分析图象，图象分析题也是今年中考的一个重点．23．（常考指数：33）用如图所示的滑轮组，将重为10N的物体以0.1m/s的速度匀速提升，拉力F=6N，拉力的功率为1.2W，滑轮组的机械效率83.3%，若不计绳重及摩擦，动滑轮的重力为2N．考点：滑轮（组）的机械效率；功率的计算．专题：计算题；压轴题．分析：由图可知，承担物重的绳子股数n=2，则s=2h．（1）知道物体提升的速度，求出绳子自由端移动的速度，知道拉力大小，利用P=Fv求拉力的功率；（2）利用W总=Fs求出总功，知道提升物体的高度和物重大小，利用W有用=Gh求出他做的有用功；再利用η=求出该滑轮组的机械效率．（3）不计绳重和摩擦，知道物重和拉力大小，根据F=（G物+G动）求动滑轮重．解答：解：由图知，n=2，s=2h，（1）绳子自由端移动的速度：v=2×0.1m/s=0.2m/s，拉力的功率：P=Fv=6N×0.2m/s=1.2W；（2）使用滑轮组做的有用功：W有用=Gh，使用滑轮组做的总功：W总=Fs，滑轮组的机械效率：η=×100%=×100%=×100%=×100%=×100%≈83.3%；（3）∵不计绳重和摩擦，∴拉力F=（G物+G轮），即：6N=（10N+G轮），∴G动=2N．故答案为：1.2；83.3%；2．点评：本题主要考查了学生对速度公式、功率公式、机械效率公式的理解和掌握，本题关键：①用好“不计绳重和摩擦，拉力F=（G物+G轮）”，②用好推导公式P=Fv，③用好推导公式η====．24．（常考指数：34）在体育考试中，小明投出的实心球在空中的运动轨迹如图所示．若实心球重20N，从最高点到落地点的过程中，球下降的高度为2.7m，用时约0.75s．则球下降过程中重力做功为54J，功率为72W．考点：功的计算；功率的计算．专题：计算题；压轴题．分析：（1）知道实心球受到的重力和在重力方向上移动的距离，利用W=Gh求重力做功大小；（2）知道做功时间，利用公式P=求重力做功功率．解答：解：（1）重力对实心球做功：W=Gh=20N×2.7m=54J，（2）重力做功功率：P===72W．故答案为：54；72．点评：本题考查了学生对功的公式、功率公式的掌握和运用，确定实心球在重力方向上移动的距离h是本题的关键．25．（常考指数：34）星期天，小明同学在父母的协助下，从早上七点开始每隔半小时对他家附近的气温和一个深水池里的水温进行测量，并根据记录的数据绘成温度﹣时间图象，如图所示．从图线可以看出乙的温度变化幅度小，是水温（选填“气温”或“水温”）的图线，温度变化幅度小的原因是水的比热容大．考点：水的比热容的特点及应用．分析：解答本题需掌握：水的比热容大，在同样吸放热条件下，水的温度变化小．解答：解：水池的水和陆地在同样吸放热条件下，水的比热容大，温度变化小，所以温度变化较小的乙是水温的图线，原因就在于水的比热容大．故答案为：水温；水的比热容大．点评：本题主要考查学生对：水的比热容大的特点在生活中的应用的了解和掌握，是一道基础题．26．（常考指数：35）如图所示是玩弹弓的情景．经验表明，橡皮筋拉得越长，同样的“子弹”射得越远，这说明橡皮筋的弹性势能与橡皮筋伸长的长度有关；若橡皮筋被拉的长度相同，而所用“子弹”的质量不同，则质量大的“子弹”射出的距离较小，原因是质量大的“子弹”射出时的速度小．考点：势能的影响因素；能量的相互转化．专题：应用题；信息给予题．分析：要分析橡皮筋的弹性势能与什么有关，从影响弹性势能的因素入手来回答即可；要分析质量大的“子弹”射出时哪个物理量减小，应从能量转化的角度分析，思考“子弹”的能量是如何转化的，从而得出正确的结论．解答：解：橡皮筋弹性势能的影响因素是橡皮筋发生形变的程度，橡皮筋形变的程度越大，橡皮筋的弹性势能就越大；“子弹”射得越远，说明橡皮筋的弹性势能越大，转化成的动能就越多，因此橡皮筋拉得越长，“子弹”射得越远，这说明橡皮筋的弹性势能与橡皮筋伸长的长度有关；当“子弹”射出时，“子弹”具有的动能是橡皮筋的弹性势能转化来的，橡皮筋被拉的长度相同，说明橡皮筋的弹性势能相同，在理想的情况下，转化成的动能也相同，根据动能的影响因素是质量和速度，在动能相同时，“子弹”的速度与质量成反比，因此“子弹”的质量越大，“子弹”的运动速度就越小．故答案为：橡皮筋伸长的长度；速度．点评：本题考查弹性势能的影响因素、弹性势能和动能的相互转化，解题时要熟记相关的知识点，加深对弹性势能的理解，会应用相关知识分析解决问题．27．（常考指数：36）城市中到处可见的违章“小广告”，严重影响着城市市容市貌，被称为“城市牛皮癣”，已成为城市管理中的一大“顽症”．在创建“宜居港城”活动中，小敏和同学们一起到街头巷尾用砂纸清除哪些违章“小广告”；砂纸表面很粗糙，是为了增大摩擦力（填“增大”或“减小”），过了一会儿，小敏感觉砂纸发热，是因为机械能转化为内能，这是通过做功方式改变的．考点：增大或减小摩擦的方法；能量转化的现象；做功改变物体内能．专题：应用题．分析：用砂纸去掉小广告纸，采用的是砂纸与广告纸摩擦的方法完成的．因此要增大两者之间的摩擦以达到快速去掉广告纸的目的．摩擦过程中，砂纸发热，说明砂纸的内能增大，从能量转化的角度来解决此题．解答：解：通过砂纸与广告纸之间的摩擦，使广告纸破损，从而达到清除的目的．砂纸越粗糙，砂纸与广告纸之间的摩擦力就越大，广告纸就越容易被清除．砂纸在摩擦的过程中发热，这是一个摩擦生热的现象，此过程是将机械能转化为内能．是通过做功的方式使物体内能增加的．故答案为：增大；内；做功．点评：改变物体内能的方法有两个：做功和热传递．两者的实质不同，做功是内能与机械能的转化；热传递是内能的转移．但两者的效果是相同的，具有等效性．28．（常考指数：39）如图示的起瓶器，它属于省力杠杆（填“省力”或“费力”），它的支点是A（填A、B、C或D）；若沿竖直方向用力开启瓶盖，在图中D点用力最小（填A、B、C或D）．考点：杠杆的分类；杠杆中最小力的问题．分析：本题主要考查三个方面的知识：（1）支点的定义：杠杆绕着转动的固定点叫支点；（2）杠杆的分类方法：动力臂大于阻力臂的杠杆为省力杠杆；动力臂小于阻力臂的杠杆为费力杠杆．（3）利用杠杆的平衡条件（F1l1=F2l2）分析动力的变化．解答：解：由图可知起子绕A点转动，所以起子的支点是：A．由于起子的动力臂大于阻力臂，所以起子属于省力杠杆．由杠杆的平衡条件（F1l1=F2l2）可知，沿竖直方向用力开启瓶盖，在图中D点用力最小．故答案为：省力；A；D．点评：本题的解题关键是熟悉支点、力臂的概念，会分析力臂的长度变化．29．（常考指数：39）如图所示，用定滑轮和动滑轮分别将质量相同的甲、乙两物体匀速提升相同的高度，不计绳重与摩擦，且动滑轮重G动小于乙物体的物重G，则所用的拉力F甲＞F乙（选填“＞”、“＜”或“=”，下同），其机械效率η甲＞η乙．考点：定滑轮及其工作特点；动滑轮及其工作特点；机械效率的大小比较．专题：压轴题．分析：本题主要考查两个方面的知识：（1）动滑轮和定滑轮的使用特点：使用定滑轮不能省力，但能改变动力的方向；使用动滑轮不能改变动力的方向，但能省力．（2）对滑轮组机械效率公式η=的理解．解答：解：由定滑轮的使用特点可知：F甲=G；F乙=，所以F甲＞F乙．如图所示，用定滑轮和动滑轮分别将质量相同的甲、乙两物体匀速提升相同的高度，不计绳重与摩擦，则所做的有用功一样大，由于要克服动滑轮重力的作用，所以使用动滑轮做的总功多，由η=可知定滑轮的机械效率高，所以η甲＞η乙．故答案为：＞；＞．点评：本题的解题关键是知道使用动滑轮要克服动滑轮重力做功，在有用功相同的情况下，使用动滑轮所做的总功多．30．（常考指数：39）水稻是喜温植物，春季育秧时，通常傍晚向秧田灌水，早晨将水放出，以防霜冻．隐含的物理知识是，水的比热容较大．气温降低时，水能放出（选填“放出”或“吸收”）较多的热量（选填“温度”、“内能”或“热量”）．考点：水的比热容的特点及应用．专题：应用题；压轴题．分析：水的比热容是比较大，根据Q放=Cm（t﹣t0）得出水降低温度时放热的多少．解答：解：水的比热容是常见物体中最大的；根据Q放=Cm（t﹣t0），气温降低时，由于水的比热容比较大，在质量一定时，水可以放出更多的热量．故答案为：比热容；放出；热量．点评：此题考查了水的比热容较大的一个应用，是一道应用题．31．（常考指数：39）如图所示，运动员射箭时用力将弓拉开，在放开箭的瞬间，弓的弹性势能转化为箭的动能，箭在空中向上飞行的过程中，箭的重力势能增大．考点：能量转化的现象；势能的影响因素．分析：通过分析弓弹性形变程度的变化来判断弓弹性势能的变化，通过分析箭的运动情况得出箭的能量变化，从而得出能量的转化情况；从向上飞行的箭的高度变化判断出箭重力势能的变化．解答：解：放开箭时，弓的弹性形变程度变小，弹性势能变小，箭由静止变为运动，弓的弹性势能转化为箭的动能；箭在空中飞行的过程中，箭的高度增加，重力势能增大．故答案为：弹性势；动；重力势．点评：在做能量的转化这种题时，我们要注意分析哪种能量增加了，哪种能量减少，因为总是减少的这种能量转化为增加的那种能量．32．（常考指数：42）如图所示的游戏情境，小孩将毽子向上踢出，表明力可以改变物体的运动状态；毽子被踢出后，由于惯性会继续向上运动；在重力的作用下，毽子最终会落向地面．考点：力的作用效果；惯性；重力．专题：应用题．分析：（1）力的作用效果：力可以改变物体的运动状态，力可以改变物体的形状．物体由静到动、由动到静，以及运动快慢和方向的改变都叫做运动状态发生了改变．（2）一切物体都有惯性．（3）地面附近的一切物体都受重力．解答：解：小孩将落下的毽子向上踢出，改变了毽子运动的方向，说明力可以改变物体的运动状态．由于惯性，毽子被踢出后还要保持原来的运动状态向上运动，但最终还是因为受到重力的作用要落回地面．故答案为：运动状态，惯性，重．点评：本题从一个实例考查了学生力学方面的知识，体现了物理来源于生活又应用于生活的物理意识．33．（常考指数：44）小强推着小车，30s内在水平地面上匀速前进了15m，则小车的速度为0.5m/s．如果水平推力为10N，在此过程中小强对小车做的功为150J，功率为5W．考点：速度的计算；功的计算；功率的计算．专题：计算题；压轴题．分析：已知路程和时间，根据速度公式即可求出小车的速度；已知推力和路程，根据功的公式即可求出小强所做的功；已知功和时间，根据功率公式即可求出小强做功的功率．解答：解：小车的速度：v===0.5m/s；小强所做的功：W=Fs=10N×15m=150J；小强做功的功率：P===5W．故答案为0.5，150，5．点评：本题考查了速度、功和功率的计算，比较简单．另外在计算功率时也可以根据P=Fv来进行计算．34．（常考指数：45）各式各样的剪刀都是一对对的杠杆．如图所示，要剪开铁皮，应该用b最合适；剪纸或布时，应该用a最合适．（选填标号）考点：杠杆的分类．分析：省力杠杆的动力臂大于阻力臂，费力杠杆的动力臂小于阻力臂，省力杠杆特点是省力费距离，费力杠杆特点是费力省距离．解答：解：要用剪刀剪开铁皮，需要省力，因此需选用动力臂大于阻力臂的剪刀，符合条件的有b、c两把剪刀；但b剪刀的动力臂与阻力臂的比值更大，所以b剪刀更省力，所以选b最合适；剪纸或布时，主要是为了省距离，所以应选动力臂小于阻力臂的，所以a最合适；故答案为：b，a．点评：剪刀是一种特殊杠杆，有时需要省力时，把柄就较长，有时需要省距离，刀口就很长．35．（常考指数：45）“歼20”是我国自主研制的新一代隐身重型歼击机，具有卓越的机动性能，当它在空中加速向下俯冲时，动能增大，重力势能减小．（选填“增大”、“不变”或“减小”）考点：动能和势能的大小变化．专题：压轴题；控制变量法．分析：判断“歼20”在空中加速向下俯冲时动能和重力势能的变化，从动能和重力势能大小的影响因素考虑．（1）动能大小的影响因素：质量、速度．质量越大，速度越大，动能越大．（2）重力势能大小的影响因素：质量、被举的高度．质量越大，高度越高，重力势能越大．解答：解：“歼20”在空中加速向下俯冲时，质量不变，速度不断增大，动能增大．高度不断减小，重力势能不断减小．故答案为：增大；减小．点评：掌握动能、重力势能影响因素，利用控制变量法，判断动能、重力势能变化．36．（常考指数：47）如图所示为生活中常用的热水瓶，其外壁采用镀银的双层玻璃，并将中间抽成真空，这是为了减少热量散失（或热传递）．注入一定量的热水后，立即盖上软木塞，软木塞会跳起来．这一过程中瓶内气体的内能转化为软木塞的机械能．汽油机的做功冲程也发生同样的能量转化．考点：热传递改变物体内能；做功改变物体内能；内燃机的四个冲程．专题：应用题；简答题．分析：（1）热水瓶中间为双层玻璃瓶，两层之间抽成真空，并镀银或铝，真空状态可以避免热对流，玻璃本身是热的不良导体，镀银的玻璃则可以将容器内部向外辐射的热能反射回去；（2）瓶内热水蒸发产生大量水蒸气，水蒸气膨胀对瓶塞做功，内能转化为机械能；（3）汽油机的四个冲程中，压缩冲程机械能转化为内能，做功冲程内能转化为机械能．解答：解：（1）真空可以避免空气的对流，放置热传递的产生，减少热量散失，起到保温作用；（2）瓶塞跳起来，机械能增大，这是由于暖瓶内气体膨胀做功造成的，水蒸气的内能转化成瓶塞的机械能；（3）汽油机在做功冲程中，气缸内高温气体膨胀推动活塞做功，内能转化为机械能．故答案为：热量散失（或热传递）；内；做功．点评：本题从生活中的物品入手，考查热传递的两种方式，注重了物理知识与生活的联系．37．（常考指数：61）（a）图中肩受到的压力小于（b）图中受到的压力；（a）图中手施加的动力小于（b）图中手施加的动力（选填“大于”、“等于”或“小于”）．考点：杠杆的平衡条件．专题：控制变量法．分析：肩膀可以看成支点，根据杠杆平衡条件，找出不变量，找出变化量，判断动力大小变化．肩膀承担动力和阻力，阻力不变，动力减小，肩膀承担的压力越小．解答：解：肩膀看成支点，根据动力×动力臂=阻力×阻力臂，阻力不变，动力臂不变，阻力臂减小，动力减小．所以甲图施力减小．肩膀承担动力和阻力，阻力不变，甲图，动力减小，肩膀承担的力减小，受到的压力减小．故答案为：小于；小于．点评：根据杠杆平衡条件，确定不变量，确定改变量的大小变化，比较动力大小变化情况．38．（常考指数：61）如图是一种拉杆式旅行箱的示意图，使用时相当于一个省力（填“省力”或“费力”）杠杆，若箱和物品共重100N，设此时动力臂是阻力臂的5倍，则抬起拉杆的力F为20N．考点：杠杆的分类；杠杆中最小力的问题．分析：由示意图分析动力和阻力，然后看动力臂和阻力臂的大小，根据杠杆的平衡条件进行计算求出抬起拉杆的力．解答：解：抬起拉杆的力F为动力，物品的重力为阻力，支点在下面，故动力臂大于阻力臂，所以是省力杠杆；由杠杆的平衡条件：F动×L动=F阻×L阻，可求得F动=20N；故答案为：省力，20．点评：这类题目要确定动力和阻力，分析动力臂和阻力臂，根据杠杆的平衡条件求解．39．（常考指数：90）如图所示，轻质杠杆OA中点悬挂重为60N的物体，在A端施加一竖直向上的力F，杠杆在水平位置平衡，则力F的大小是30N，保持F的方向不变，将杠杆从A位置匀速提升到B位置的过程中，力F将不变（选填“变大”、“变小”或“不变”）．考点：杠杆的平衡条件．专题：计算题；几何法．分析：（1）在A位置如图，OA、OC为动力F和阻力G的力臂，知道C是OA的中点，也就知道两力臂的大小关系，知道阻力G的大小，利用杠杆的平衡条件求动力F的大小；（2）在B位置，画出动力和阻力的作用线，找出动力臂、阻力臂，利用三角形的相似关系，确定动力臂和阻力臂的大小关系，再利用杠杆平衡条件分析拉力F的大小变化情况．解答：解：（1）如图，杠杆在A位置，LOA=2LOC，由杠杆平衡得，FLOA=GLOC，则F==G=×60N=30N．（2）杠杆在B位置，OA′为动力臂，OC′为阻力臂，阻力不变为G，由△OC′D∽△OA′B得，==，由杠杆平衡得，F′LOA′=GLOC′，则F′==G=×60N=30N．由此可知当杠杆从A位置匀速提到B位置的过程中，力F的大小不变．故答案为：30N；不变．点评：本题考查了学生对杠杆平衡条件的了解和掌握，能画出杠杆在B位置的力臂并借助三角形相似确定其关系是本题的关键．40．（常考指数：17）如图所示，小明正在做俯卧撑，把他的身体看作一个杠杆，O为支点，A为重心，他的体重为550N．地面对手的支持力F的力臂是1.5m，大小为330N．考点：杠杆的平衡条件．专题：简单机械．分析：（1）力臂是指从支点到力的作用线的垂直距离，根据图示确定动力臂和阻力臂的长度；（2）已知重力、动力臂和阻力臂，根据杠杆平衡的条件进行计算．解答：解：（1）根据图示可知，支点到重力作用线的垂线段和支持力作用线的垂线段分别为动力臂和阻力臂，即动力臂L1=0.9m+0.6m=1.5m，L2=0.9m；（2）根据杠杆平衡的条件可得：FL1=GL2F×1.5m=550N×0.9mF=330N故答案为：1.5；330．点评：本题考查了学生对杠杆的平衡条件的掌握和运用，关键是从图中找出动力臂和阻力臂．三、作图题（共4小题）41．（常考指数：22）如图，杠杆OA在力F1、F2的作用下处于静止，L2是力F2的力臂，在图中画出F1的力臂L1和力F2．考点：力臂的画法；力的示意图．专题：作图题．分析：（1）力臂是支点到力的作用线的距离，作图时要把握住力和力臂的垂直关系；（2）支点在动力和阻力的中间时，动力和阻力的方向相同，支点在动力和阻力的一侧时，动力和阻力的方向相反．解答：解：（1）做力F1的延长线，过支点O做力F1作用线的垂线段L1，则线段L1为力F1的力臂；（2）过力臂L2的右端，作垂直于L2的直线，与杠杆OA的交点为力F2的作用点，方向斜向右上方，如图所示：点评：（1）本题考查了力和力臂的作法，力臂是支点到力的作用线的距离，是一条垂线段；（2）当杠杆平衡时，动力和阻力使杠杆的运动趋势是相反的．42．（常考指数：23）如图所示，曲杆AOBC自重不计，O为支点，AO=60cm，OB=40cm，BC=30cm，要使曲杆在图示位置平衡，请作出最小的力F的示意图及其力臂L．考点：力的示意图；杠杆的平衡条件；力臂的画法．专题：作图题；压轴题．分析：根据杠杆平衡的条件可知，力臂越长越省力，因为OB=40cm，BC=30cm，所以OC=50cm，而OA=60cm，故OA的力臂最长，所以过A点作OA的垂线．解答：解：如图所示：点评：注意力臂最长，就最省力，并且熟练力臂的画法．43．（常考指数：23）如图：这是用螺丝刀撬起图钉的示意图，O为支点，A为动力作用点，F2为阻力．请在图中画出阻力F2的力臂l2及作用在A点的最小动力F1的示意图．考点：力臂的画法；杠杆中最小力的问题．专题：作图题；压轴题．分析：（1）力臂即点到线的距离．先找点（支点），再作线（F2的作用线），最后作点到线的距离．（2）由杠杆的平衡条件F1L1=F2L2可知，当动力臂最大时，动力最小，即最省力．连接支点和力的作用点A即是最大动力臂，当作用力与之垂直时，作用力最小．解答：解：（1）作出力F2所在的直线，由支点O向这条线作垂线标出力臂l2．（2）力臂越长越省力，最长的力臂即支点与作用点的连线，根据力臂的画法作出垂直于OA的作用力即可．故答案为：点评：求最小的力是常见的题型，关键是要找到离支点最远的点从而做出最长的力臂．44．（常考指数：59）在图中用线代表绳子，将两个滑轮连成省力的滑轮组，要求人用力往下拉绳使重物升起．考点：滑轮组的设计与组装．专题：作图题；压轴题．分析：人用力往下拉绳使重物升起，因此人的动力方向向下，重物运动方向向上，故由两根绳子承担物重，绳子固定在定滑轮上．解答：解：人用力往下拉绳使重物升起，说明最后绕过的是定滑轮，按此反向绕线，绳子的起始端系在定滑轮上，如下图所示：点评：（1）用绳子连接滑轮组时，可以从定滑轮的下端挂钩绕滑轮引线，也可以从动滑轮的上端挂勾绕滑轮引线，找出符合题意的即可．（2）也可以采用逆绕法连线，人用力往下拉绳使重物升起，可以从人的手向上绕定滑轮引线、连接即可．四、实验探究题（共8小题）45．（常考指数：27）小明猜想：动能的大小可能与物体的质量与物体的速度有关．因此．他设计了如下两种实验方案：A．让同一辆小车分别从同一斜面的不同高度由静止开始下滑．与放在水平面上的木块相碰，比较木块在水平面上移动的距离（如图1所示）．B．让不同质量的小车分别从同一斜面的不同高度由静止开始下滑，与放在水平面上的木块相碰．比较木块在水平面上移动的距离（如图2所示）．上述两种实验方案中：（1）A方案是为了探究动能大小与速度关系，若木块被撞后移动的距离越远．说明小车对木块的推力做功越多，小车撞击木块时的动能越大．（2）小明想用B方案探究动能大小与质量的关系．该方案是否合理？不合理．理由是没有控制速度相同．考点：探究影响物体动能大小的因素．专题：实验探究题；控制变量法；转换法．分析：（1）同一小车保证了质量相同，从斜面的不同高度滑下，到达水平面时的速度不同，木块被撞后移动的距离越远，推力做功越多，就可以说明木块的动能越大，从而得出质量相同时，速度越大的物体动能越大．（2）该实验利用了控制变量法，如果探究动能大小与质量的关系，必须保证运动速度相同，应该使小车从斜面的相同高度滑下．解答：解（1）让小车从斜面的不同高度滑下，那么小车到达水平面时的速度就不同，小车推动木块做功，运动距离越远，做功越多，动能越大．（2）要探究动能大小与质量的关系，应该控制小车的速度相同，让小车从斜面的同一高度滑下．故答案是：（1）速度；做功；越大．（2）不合理；没有控制速度相同．点评：该实验采用的物理研究方法有转换法和控制变量法，尤其是控制变量法，因为影响动能大小的因素有质量和速度，所以在探究一个因素时，必须保证另一个影响因素不变．46．（常考指数：29）小刚小组探究了影响滑轮组机械效率的因素后，联想斜面也是一种机械，那么斜面的机械效率与斜面的哪些因素有关呢？小刚猜想斜面的机械效率可能跟斜面的粗糙程度有关，小萌猜想可能跟斜面的倾斜程度有关．于是他们将一块长木板的一端垫高，构成长度一定、高度可调的斜面，用弹簧测力计拉着同一木块沿不同的斜面匀速向上运动，如图所示．下表是他们实验记录得有关数据．实验次数斜面倾角斜面材料物重G/N斜面高度h/m沿斜面拉力F/N斜面长s/m有用功W有/J总功W总/J机械效率η130°玻璃70.54.913.54.971.4%230°木板70.56.013.5330°毛巾70.56.513.56.553.8%420°木板70.344.912.384.948.6%515°毛巾70.265.111.825.135.7%（1）在第1、2、3次实验中，选用玻璃、木板、毛巾作为斜面表面的材料，是为了改变斜面的粗糙程度．（2）在第2次实验中，拉力做的总功是6J，斜面的机械效率是58.3%．（3）分析第1、2、3次实验数据，可以得出：当其他条件一定时，斜面越粗糙，斜面的机械效率越小．（4）若通过分析第1、4、5次实验数据，得出斜面倾斜程度越大，斜面的机械效率越大．你认为存在的问题是：没有保证斜面的粗糙程度一定．（5）实验中还发现，斜面材料相同时，斜面倾角越小，越省力（选填“省力”或“费力”）．考点：斜面机械效率的测量实验．专题：压轴题；实验探究题；控制变量法；实验分析法．分析：（1）选用玻璃、木板、毛巾作为斜面表面的材料，接触面的粗糙程度不同；（2）拉力做的功为总功，有用功与总功的比值为机械效率；（3）分析1、2、3知，斜面粗糙程度不同，斜面的机械效率不同；（4）要研究斜面倾斜程度与斜面的机械效率的关系，必须保证其它条件一样；（5）比较2与4或3与5可探究斜面省力的情况．解答：解：（1）选用不同的接触面材料，目的是研究机械效率与接触面的粗糙程度的关系；（2）W总=Fs=6N×1m=6Jη=×100%=×100%=58.3%；（3）分析第1、2、3次实验数据，可以得出：当斜面倾角、斜面高、斜面长、物重等条件一定时，发现斜面越粗糙，斜面的机械效率越小；（4）第1、4、5次实验数据，目的是研究斜面倾斜程度与斜面的机械效率的关系，但是其中变量太多，没有控制变量；（5）分析2与4或3与6次实验发现，斜面材料相同时，斜面倾角越小，越省力．故答案为：（1）改变斜面的粗糙程度；（2）58.3%；（3）斜面越粗糙，斜面的机械效率越小；（4）没有保证斜面的粗糙程度一定；（5）省力．点评：实验探究题考查内容细致，数据多，需要细心读题，考虑全面，回答准确．47．（常考指数：41）如图所示，单摆在竖直平面内左右摆动，滚摆在竖直平面内上下往复运动．请回答：（1）这两个实验可以说明的同一个物理问题是：动能和势能可以相互转化；（2）在单摆左右摆动和滚摆上下往复运动的过程中，你将会看到它们上升的高度逐渐降低．产生此现象的原因是：存在摩擦阻力，机械能减小．考点：动能和势能的转化与守恒；机械能和其他形式能的转化．分析：根据动能与重力势能的转化和能量的转化知识分析填写．解答：解：可以观察到，物体向下运动时，高度下降，速度增大，是重力势能转化为动能，从下向上运动时，高度上升，速度减小，是动能转化为重力势能，物体最终停下来是由于与空气的摩擦，使机械能转化为了内能．故在这个过程中，机械能的总量是减小的．故本题答案为：（1）动能和势能可以相互转化．（2）存在摩擦阻力，机械能减小点评：本题考查了动能与重力势能的转化及能量的转化的知识，注意最后物体静止了，不是机械能消失了，而是转化为了内能．48．（常考指数：46）在“探究动滑轮的机械效率”时，某小组利用自重不同的两个动滑轮进行了如图所示的三次测量，数据记录如下：实验序号钩码重/N动滑轮重/N拉力/N钩码上升的高度/m测力计移动的距离/m有用功/J总功/J机械效率/%①40.52.30.20.40.80.9287.0②40.92.50.20.40.81.080.0③60.53.30.20.4（a）（b）（c）（1）完成表格中第3次数据（a）（b）（c）处的计算，填在下面的横线上：（a）1.2；（b）1.32；（c）90.9（或90.91、91）．（2）通过比较①②两次实验数据（选填实验序号），可知动滑轮的机械效率与动滑轮的自重有关（选填“有关”或“无关”）．（3）小明认为“同一个机械，它的机械效率是一个定值”，通过比较①③两次实验数据（选填实验序号），可知他的观点是错误的（选填“正确”或“错误”）．考点：滑轮（组）机械效率的测量实验；机械效率的计算．专题：计算题；压轴题；信息给予题；实验探究题；控制变量法．分析：（1）有用功等于钩码重力和钩码上升高度的乘积，即W有用=Gh；总功等于拉力和测力计移动距离的乘积，即W总=FS；机械效率等于有用功和总功的比值，即η=×100%．（2）研究动滑轮机械效率与动滑轮自身重力是否有关时，应控制提升钩码的重力相同，改变动滑轮重力．（3）同一个机械，额外功基本上不变，当提升的物体重力变化时，有用功在总功中占得比值就变化，机械效率也就变化．解答：解：（1）第3次数据中，有用功W有用=Gh=6N×0.2m=1.2J，总功W总=Fs=3.3N×0.4m=1.32J，机械效率η=×100%=×100%≈90.9%；（2）①②两次实验中，钩码的重力相同，动滑轮的重力不同，机械效率也不同，因此探究的是机械效率与动滑轮自重的关系；（3）比较①③，同一个机械，动滑轮重力不变，提升的物体重力不同时，机械效率也不同，提的物体越重，机械效率越大．故答案为：（1）1.2、1.32、90.9（或90.91或91）；（2）①与②、有关；（3）①与③、错误．点评：（1）滑轮组的机械效率与提升物体的重力、动滑轮重力、绳子段数及摩擦有关；（2）同一滑轮组，提升物体重力越大，机械效率越大．49．（常考指数：50）为了比较水和沙子吸热本领的大小，小明做了如图所示的实验：在两个相同的烧杯中分别装有质量、初温都相同的水和沙子，用两个相同的酒精灯对其加热，实验数据记录如下：质量/g温度升高10℃所需要的时同/s温度升高20℃所需要的时间/s温度升高30℃所需要的时间/s沙子306489124水3096163220（1）在此实验中，用加热时间的长短来表示物质吸收热量的多少；（2）分析下表中的实验数据可知：质量相同的水和沙子，升高相同的温度时，水吸收的热量大于（大于/小于）沙子吸收的热量；（3）如果加热相同的时间，质量相同的水和沙子，沙子（填“沙子”或“水”）升高的温度更高；（4）实验中有些同学发现：刚开始加热时，情况与（3）的结论不符，你认为可能的原因是：沙子受热不均匀．考点：比热容的概念；热量的计算．专题：实验题；转换法．分析：由于物质的比热容无法直接测量，所以在比较不同物质的吸热能力大小时通常采用转化法，即通过比较加热时间的长短或物体温度的变化量大小来间接判断物质比热容的大小．解答：解：（1）吸收的热量无法直接观察，在加热条件相同时，加热时间越长，吸收的热量越多；（2）分析表中数据可知：相同质量的沙子和水，在温度每升高10℃的过程中，沙子所用的时间要小于水所用的时间；在加热条件相同时，用的时间多，说明吸收的热量多．（3）由图表可知：升高相同的温度，水用的时间要多；换而言之，如果加热相同的时间，那么水升高的温度要小于沙子的温度．（4）刚开始加热时，沙子受热不均匀（底部受热多，上面受热少），可能导致左边温度计的示数比右边的小．故答案为：（1）吸收热量的多少．（2）大于．（3）沙子．（4）沙子受热不均匀．点评：能否正确回忆实验探究过程迁移应用所学物理学方法是本题的解题关键．50．（常考指数：74）用如图所示的实验装置测量杠杆的机械效率．实验时，竖直向上匀速拉动弹簧测力计，使挂在较长杠杆下面的钩码缓缓上升．（1）实验中，将杠杆拉至图中虚线位置，测力计的示数F为0.5N，钩码总重G为1.0N，钩码上升高度h为0.1m，测力计移动距离s为0.3m，则杠杆的机械效率为66.7%．请写出使用该杠杆做额外功的一个原因：由于使用杠杆时需要克服摩擦做功．（2）为了进一步研究杠杆的机械效率与哪些因素有关，一位同学用该实验装置，先后将钩码挂在A、B两点，测量并计算得到下表所示的两组数据：次数钩码悬挂点钩码总重G/N钩码移动距离h/m拉力F/N测力计移动距离s/m机械效率η/%1A点1.50.100.70.3071.42B点2.00.151.20.3083.3根据表中数据，能否得出“杠杆的机械效率与所挂钩码的重有关，钩码越重其效率越高”的结论？答：不能；请简要说明两条理由：①两次实验时钩码没有挂在同一位置；②仅根据一次对比实验所得结论是不可靠的．考点：杠杆机械效率的测量实验．专题：简答题；压轴题；实验探究题；控制变量法．分析：（1）弹簧测力计每一个大格代表1N，每一个小格代表0.1N，正确读数．（2）根据公式进行计算：W有=Gh，W总=Fs，η=×100%．（3）额外功产生的原因：克服机械的重做功、克服摩擦做功．（4）通过探究实验时，应进行多次实验，分析多组数据，才能得出正确结论．（5）分析机械效率的影响因素采取控制变量法．解答：解：（1）弹簧测力计每一个大格代表1N，每一个小格代表0.1N，指针超过5个小格，示数为0.5N．（2）用杠杆提起货物，对货物做的功是有用功，W有=Gh=1N×0.1m=0.1J．用杠杆提起货物，对整个杠杆做的功是总功，W总=Fs=0.5N×0.3m=0.15J．则杠杆的机械效率：η=×100%=×100%≈66.7%（3）额外功产生的原因：克服机械的重做功、克服摩擦做功．答案不唯一．（4）分析机械效率的影响因素采取控制变量法，研究提起的物重和机械效率的关系时，应保持位置不变．（5）应进行多次实验，分析多组数据，才能得出正确结论．只凭一次实验数据做出结论是不科学的．故答案为：（1）0.5；66.7；由于使用杠杆时需要克服摩擦做功．（2）不能；①两次实验时钩码没有挂在同一位置；②仅根据一次对比实验所得结论是不可靠的．点评：（1）能正确使用弹簧测力计．（2）能计算有用功、总功、额外功、机械效率．（3）正确分析额外功的原因，如何提高机械效率．（4）用控制变量法研究机械效率的影响因素．51．（常考指数：22）同学们共同研究滑轮的特点：（1）他们研究定滑轮特点时，做的实验如甲图所示，据此可证明：使用定滑轮能改变动力方向，但不能省力．（2）他们研究动滑轮特点时，用动滑轮匀速竖直提升重物，如乙图所示．据此可知，使用动滑轮能省力，但不能改变力的方向．（3）他们组装了滑轮组，发现使用滑轮组提升重物时能省力，于是他们想：利用滑轮组提升重物能否省功呢？为此，他们进行的实验如丙图所示．请根据丙图信息．写出分析数据的具体过程，并回答他们的问题．考点：定滑轮及其工作特点；动滑轮及其工作特点；滑轮组及其工作特点．专题：实验题；实验分析法．分析：（1）观察甲图三次弹簧测力计示数与物重，可得出拉力与物重相等，但改变了用力的方向，给做功带来了方便；（2）观察乙图弹簧测力计示数与物重，可得出拉力小于物重，即使用动滑轮时省力；（3）已知物重G、拉力F、物体升高的距离h，绳子移动的距离S，绳子段数n，根据有用功公式和总功公式可求出所做的功进行比较．解答：解：（1）从甲图中可看出，三种拉力情况，每次拉力的方向都不相同．在实验过程中不断改变拉力的方向，观察测力计的示数都为1N，等于物重，可得出结论：定滑轮可以改变力的方向，但不省力．故答案为：能改变动力方向，但不能省力；（2）在图乙中，拉力F=0.6N＜G=1N，故使用动滑轮时省力．故答案为：能省力，但不能改变力的方向；（3）提升物体所做的有用功W有用=Gh=2N×0.1m=0.2J，使用滑轮组时所用拉力F=0.8N，弹簧测力计移动距离S=30cm=0.3m，所做的总功W总=FS=0.8N×0.3m=0.24J．经比较W有用＜W总，所以使用轮组不能省功．点评：此题考查了定滑轮和动滑轮的特点、以及使用滑轮组不省功的原理，是一道较简单的实验题．52．（常考指数：23）物理实验小组的同学，利用如图所示的装置，在杠杆支点的两边分别挂上钩码来探究杠杆的平衡条件．（1）如图甲所示，为使杠杆在水平位置平衡，应将右端的平衡螺母向右（选填“左”或“右”）移动，将杠杆调在水平位置的目的是为了方便测量力臂．（2）实验中测得的数据如表所示，表格中漏填的数据为1N．测量序号动力F1/N动力臂l1/cm阻力F2/N阻力臂l2/cm①120210②2151.520③35115（3）有的同学按现有方案得出如下结论：“动力×支点到动力作用点的距离=阻力×支点到阻力作用点的距离”．这个结论与杠杆平衡条件不符，原因是实验过程中B（填字母）．A．没有改变力的大小B．没有改变力的方向C．没有改变力的作用点D．实验次数较少，结论具有偶然性．考点：探究杠杆的平衡条件实验．专题：实验题．分析：（1）由图知，杠杆左端下倾，说明杠杆的重心在支点左侧，调节平衡螺母应使杠杆重心右移，这一调节过程的目的是为了直接从杠杆上读出力臂；（2）由前两组可以得到杠杆的平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂．第三组已知动力和动力臂、阻力臂，所以可以得到阻力；（3）从支点到动力作用线的垂直距离叫动力臂；从支点到阻力作用线的垂直距离叫阻力臂．解答：解：（1）杠杆重心左移应将平衡螺母向右调节，直至重心移到支点处；由于力臂是支点到力的作用线的垂直距离，调节杠杆在水平位置平衡时，可以方便的读出力臂；（2）第三组的阻力为F2===1N；（3）“动力×支点到动力作用点的距离=阻力×支点到阻力作用点的距离”是在杠杆在水平位置平衡且动力和阻力的方向都是竖直向下的条件下得出的，也就是实验过程中没有改变动力或阻力的方向．故选项A、C、D错误，选项B正确．故答案为：（1）右；力臂；（2）1；（3）B．点评：探究杠杆平衡条件时，使杠杆在水平位置平衡，此时力与杠杆垂直，力臂的长度可以直接从杠杆上读出来．五、计算题（共8小题）53．（常考指数：73）用燃气灶烧水，燃烧0.5千克的煤气，使50千克的水从20℃升高到70℃．已知水的比热容为4.2×103J/（kg•℃），煤气的热值为4.2×107J/kg．求：（1）0.5千克煤气完全燃烧放出的热量．（2）水吸收的热量．（3）燃气灶烧水的效率．考点：燃料的热值；热量的计算；热机的效率．专题：计算题；压轴题．分析：（1）求煤气完全燃烧放出的热量Q放，可由Q放=qm代入数值求出．（2）水吸收的热量和燃气灶烧水的效率，根据Q吸=cm（t﹣t0），η=×100%求出．解答：解：（1）煤气完全燃烧放出的热量Q放=qm=4.2×107J/kg×0.5kg=2.1×107J；（2）水吸收的热量Q吸=cm（t﹣t0）=4.2×103J/（kg•℃）×50kg×（70℃﹣20℃）=1.05×107J；（3）效率：η=×100%=×100%=50%；答：（1）0.5千克煤气完全燃烧放出的热量是2.1×107J．（2）水吸收的热量是1.05×107J．（3）燃气灶烧水的效率是50%．点评：（1）学生对燃料完全燃烧放出的热量和吸收热量的公式应该牢固掌握．（2）对效率的知识点，要注意是有用热量和总热量的比的百分数．54．（常考指数：46）太阳能热水器是把太阳能转化为内能的设备之一．某品牌太阳能热水器每小时平均接受4.2×106J的太阳能，在5小时的有效照射时间内，将热水器中质量为100kg、初温为20℃的水温升高到40℃．求：（1）热水器中的水吸收的热量Q；【水的比热容C=4.2×103J/（kg•℃）】（2）热水器5小时内接收到的太阳能E；（3）热水器的效率η；（4）若改用煤气来加热这些水，需要完全燃烧多少千克煤气？（煤气的热值q=4.2×107J/kg，假设煤气燃烧放出的热量全部被水吸收）考点：太阳能热水器中的热量计算；热平衡方程的应用．专题：能源的利用与发展．分析：（1）根据Q=Cm（t﹣t0）求出水吸收的热量；（2）太阳能热水器每小时平均接受4.2×106J的太阳能，求出在5小时的有效照射时间内热水器接收到的太阳能；（3）根据η=求出热水器的效率；（4）煤气放出的热量等于水吸收的热量，根据Q=mq求出完全燃烧煤气的质量．解答：解：（1）热水器中的水吸收的热量：Q=Cm（t﹣t0）=4.2×103J/（kg•℃）×100kg×（40℃﹣20℃）=8.4×106J；（2）热水器5小时内接收到的太阳能：E=4.2×106J/h×5h=2.1×107J；（3）热水器的效率：η=×100%=×100%=40%；（4）煤气燃烧放出的热量全部被水吸收，即Q放=Q=8.4×106J，由Q=mq可知完全燃烧煤气的质量：m′===0.2kg．答：（1）热水器中的水吸收的热量为8.4×106J；（2）热水器5小时内接收到的太阳能为2.1×107J；（3）热水器的效率为40%；（4）完全燃烧煤气的质量为0.2kg．点评：此题主要考查的是学生对热量计算公式、热值计算公式、效率计算公式的理解和掌握，基础性题目．55．（常考指数：46）今年小明家种植柑橘获得了丰收．小明想：柑橘的密度是多少呢？于是，他将柑橘带到学校实验室，用天平、溢水杯来测量柑橘的密度．他用天平测出一个柑橘的质量是114g，测得装满水的溢水杯的总质量是360g；然后借助牙签使这个柑橘浸没在溢水杯中，当溢水杯停止排水后再取出柑橘，接着测得溢水杯的总质量是240g．请根据上述实验过程解答下列问题：（1）溢水杯中排出水的质量是多大？（2）这个柑橘的体积和密度各是多大？（3）小明用这种方法测出的这个柑橘的密度与它的实际密度比较，是偏大还是偏小？考点：密度公式的应用；密度的计算．专题：计算题；误差分析和数据处理．分析：（1）根据题意可知，装满水的溢水杯的总质量减掉当溢水杯停止排水后取出柑橘后溢水杯的总质量；（2）根据密度公式求出排开水的体积，即为柑橘的体积，再根据密度公式求出柑橘的密度；（3）评估实验结果时，重点分析体积和质量在测量过程中，哪些环节容易产生误差，对实验结果的影响会怎样．解答：解：（1）柑橘排水质量：m排=m总﹣m剩=360g﹣240g=120g；（2）柑橘的体积：V橘=V排===120cm3；柑橘的密度：ρ橘===0.95g/cm3；（3）实验中，测柑橘的体积，即排开水的体积时，柑橘会带出一部分水，使排开水的质量变大、测得柑橘的体积变大，因此影响到最终的密度测量值偏小．答：（1）溢水杯中排出水的质量是120g；（2）这个柑橘的体积为=120cm3，密度为0.95g/cm3；（3）小明用这种方法测出的这个柑橘的密度与它的实际密度比较是偏小的．点评：本题考查了密度公式的应用和实验误差的分析，关键是知道当物体完全浸没时排开水的体积和本身的体积相等．56．（常考指数：37）小红家里原来用液化石油气烧水，每天用60℃的热水100kg．她参加“探究性学习”活动后，在老师和同学的帮助下，制造了一台简易的太阳能热水器．（1）若用这台热水器每天可将100kg的水从20℃加热到60℃，这些水吸收的热量是多少？（2）若液化石油气燃烧放出的热量有70%被水吸收，她家改用太阳能热水器后平均每天可节约液化石油气多少kg？（液化石油气的热值是8.0×107J/kg）（3）请你说出太阳能热水器的优点．（至少说出一条）考点：热量的计算；燃料的热值；太阳能的利用；太阳能热水器中的热量计算．专题：计算题；简答题；压轴题．分析：（1）知道水的质量、水的比热容、水的初