2024届四川省宜宾县第二中学校物理高二上期中质量检测试题含解析

2024届四川省宜宾县第二中学校物理高二上期中质量检测试题注意事项1．考生要认真填写考场号和座位序号。2．试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3．考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、一平行板电容器充电后与电源断开，正极板接地．两板间有一个负试探电荷固定在P点，如图所示，以C表示电容器的电容、E表示两板间的场强、φ表示P点的电势，Ep表示负电荷在P点的电势能，若正极板保持不动，将负极板缓慢向右平移一小段距离x0的过程中，各物理量与负极板移动距离x0的关系图象中正确的是（）A． B．C． D．2、如图所示，A、B、C三点在同一直线上，且，在A处固定一电荷量为Q的点电荷，当在B处放一电荷量为q的试探电荷时，它所受到的电场力为F；移去B处电荷，在C处放电荷量为4q的试探电荷，其所受电场力大小为A．F B．2F C．4F D．8F3、下列叙述正确的是（）A．电荷不能够创造，但可以消灭B．一个物体带1.6×10-9C的负电荷，这是它得到了1.0×1010个电子的缘故C．只有体积很小的球形带电体才叫做点电荷D．元电荷就是单位电荷4、如图，匀强电场中的点A、B、C、D、E、F、G、H为立方体的8个顶点．已知G、F、B、D点的电势分别为8V、3V、2V、4V，则A点的电势为()A．1V B．－1VC．2V D．3V5、如图所示，在风力推动下，风叶带动发电机发电，M、N为同一个叶片上的两点，下列说法中正确的是A．M点的线速度等于N点的线速度B．M点的角速度小于N点的角速度C．M点的向心加速度小于N点的向心加速度D．M点的周期大于N点的周期6、一根较容易形变的弹性导线，将上下两端固定，当没有磁场时，导线呈直线状态．现使导线通过电流，方向自下而上（如图中箭头所示），分别加上方向竖直向上、垂直于纸面向里、垂直于纸面向外的匀强磁场时，下列描述导线发生形变的四个图示中正确的是（）A．B．C．D．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图，在正电荷Q的电场中有M、N、P和F四点，M、N、P为直角三角形的三个顶点，F为MN的中点，，M、N、P、F四点处的电势分别用、、、表示，已知，，点电荷Q在M、N、P三点所在平面内，则（）A．点电荷Q一定在MP连线上B．连线PF一定在同一个等势面上C．将正试探电荷从P点搬运到N点，电场力做负功D．大于8、如图所示的电路，闭合开关S，当滑动变阻器滑片P向右移动时，下列说法正确的是（）A．电流表读数变小，电压表读数变大B．小灯泡L变暗C．电源的总功率变大D．电容器C上电荷量减小9、如图所示，一平行板电容器的电容为C，两极板M、N间距离为d，所接电源的电动势为E，两板间a、b、c三点的连线构成一等腰直角三角形．三角形的两直角边长均为L，其中ab边与两板平行，以下说法正确的是A．电容器所带电荷量为CEB．两极板间匀强电场的电场强度大小为C．a、c两点间的电势差为D．若增大两板间距离时，a、c两点间电势差不变10、如图，把塑料匙在干燥的布上摩擦几下，然后去舀爆米花，爆米花就会到处乱蹦．发生这种情况的原因是（）A．爆米花与带电的勺子接触，带同种电荷B．爆米花与带电的勺子接触，带异种电荷C．爆米花受到塑料匙的作用力而到处乱跳D．爆米花是因为静电感应的带电，到外乱跳三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）在用电压表和电流表测电池的电动势和内阻的实验中，所用电压表和电流表的内阻分别为1kΩ和0.1Ω，图1为实验原理图及所需器件图．（1）在图2中画出连线，将器件按原理图1连接成实物电路________．（2）一位同学记录的6组数据见表，试根据这些数据在图3中画出U﹣I图象______，根据图象读出电池的电动势E=_____V，求出电池的内阻r=_____Ω．I（A）

0.12

0.20

0.31

0.32

0.50

0.57

U（V）

1.37

1.32

1.24

1.18

1.10

1.05

12．（12分）图（甲）是用一主尺最小分度为1mm，游标上有20个分度的卡尺测量一工件的长度，结果如图所示．可以读出此工件的长度为____________cm．图（乙）是用螺旋测微器测量某一圆筒内径时的示数，此读数应为______mm

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，abcd为一正方形边界的匀强磁场区域，磁场边界边长为L，两个粒子以相同的速度从a点沿ac方向射入，粒子1从b点射出，粒子2从cd边垂直于磁场边界射出，不考虑粒子的重力和粒子间的相互作用。求：（1）粒子1带正电还是负电（2）粒子1和粒子2的比荷之比（比荷：电荷量与质量的比值）（3）粒子1和粒子2在磁场中运动时间之比14．（16分）质量为的小球从距水平地面高为h的位置以的速度水平抛出，小球抛出点与落地点之间的水平距离为，不计空气阻力，取求：小球在空中飞行的时间t；小球抛出时的高度h；小球下落过程中重力做的功W．15．（12分）光滑的平行金属导轨长x=2m，两导轨间距L=0.5m，轨道平面与水平面的夹角θ=30°，导轨上端接一阻值为R=0.6Ω的电阻，轨道所在空间有垂直轨道平面向上的匀强磁场，磁场的磁感应强度B=1T，如图所示，有一质量m=0.5kg、电阻r=0.4Ω的金属棒ab，放在导轨最上端，其余部分电阻不计．己知棒ab从轨道最上端由静止开始下滑到最底端脱离轨道的过程中，电阻R上产生的热量Q1=0.6J，取g=10m/s2，试求：(l)当棒的速度v1=2m/s时，电阻R两端的电压；(2)棒下滑到轨道最底端时速度的大小；(3)棒下滑到轨道最底端时加速度a的大小．

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解题分析】试题分析：当负极板右移时，d减小，由可知，C与x图象不能为一次函数图象，故A错误；由可知，，则，故E与d无关，故B错误；因正极板接地，设P点原来距正极板为l，则P点的电势φ=El，不变；故C错误；电势能E=φq=Eqx，为水平线，故D正确；故选D.考点：电容器；电场强度.【名师点睛】本题考查电容器的动态分析；首先要知道这里涉及到的三个基本公式、和；由于结合了图象内容，对学生的要求更高了一步，要求能根据公式得出正确的表达式，再由数学规律进行分析求解．2、A【解题分析】

根据“点电荷”、“所受电场力大小”可知，本题考查库仑定律，根据库仑定律得到F与AB的关系，即可求出4q的点电荷在C点所受电场力．【题目详解】设AB=r，则有BC=r.根据库仑定律，则有：F=故电荷量为4q的点电荷在C处所受电场力为：FC==F，故A正确、BCD错误．故选A.3、B【解题分析】

电荷不会凭空产生，也不会凭空消失，即电荷不能够创造，也不能被消灭，故A错误；一个物体带1.6×10-9C的负电荷，这是它得到了1.0×1010个电子的缘故，故B正确；当带电体的形状对它们间相互作用力的影响可忽略时，这个带电体可看作点电荷，与电荷的大小无关，故C错误；元电荷是指质子或电子的带电量，不是质子、电子，更不是单位电荷，故D错误。所以B正确，ACD错误。4、B【解题分析】

在匀强电场中，由公式U=Ed知，沿着任意方向前进相同距离，电势差必定相等。由于GF平行CB，且GF等于CB，有：φG-φF=φC-φB，代入数据解得：φC=φG-φF+φB=8V-3V+2V=7V同理有：φA-φB=φD-φC，解得：φA=φB+φD-φC=2V+4V-7V=-1VA．1V。故A不符合题意。B．－1V。故B符合题意。C．2V。故C不符合题意。D．3V。故D不符合题意。5、C【解题分析】

ABD．由于M、N两点的转动的角速度相等，则周期相等，M点转动的半径小，根据v=rω知，M点的线速度小于N点的线速度，故ABD错误．

C．M、N的角速度相等，M点的转动半径小，根据a=rω2知，M点的向心加速度小于N点的加速度，故C正确．6、D【解题分析】A图示电流与磁场平行，导线不受力的作用，故A错误；B图由左手定则可知，安培力的方向水平向左，故B错误；C图由左手定则可知，安培力的方向水平向右，故C错误；D图由左手定则可知，安培力的方向水平向右，故D正确。所以D正确，ABC错误。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解题分析】试题分析：点电荷电场的等势面是以点电荷为圆心的一族同心圆，所以任意两个等势点连线的垂直平分线都指向点电荷，如下图所示，MN的垂直平分线和PF的垂直平分线相交于一点E，E点即点电荷所在的位置，根据几何关系可得E点在MP边．即点电荷一定在MP连线上，选项A对．点电荷的等势面是以点电荷为圆心的同心圆，所以等势面不是直线而是球面，选项B错．正试探电荷从P点移动到N点，远离场源正电荷，电场力做正功，选项C错．根据几何关系可得，距离场源正电荷越远电势越低，所以P点电势大于M点电势，选项D对．考点：点电荷的电场分布，等势面8、CD【解题分析】

AB．当变阻器的滑片向右滑动时，滑动变阻器接入电路的电阻减小，则电路的总电阻减小，根据闭合电路的欧姆定律可知，总电流的电流增大，即电流表示数增大，灯泡变亮，内阻所占电压增大，路端电压变小，即电压表示数减小，则电容器C上的电荷量减小，故D正确，AB错误；CD．电源的总功率，E不变，而电流变大，所以总功率变大，故C正确．故选CD。9、AB【解题分析】

根据电容器的电压、电荷量和电容的关系可知，电荷量，所以选项A正确；根据匀强电场中电势差与电场强度的关系可知，极板间的电场强度为，所以选项B正确；同理可知ac间的电势差，所以选项C错误；增大两板间距离时，两极板间的电势差不变，故电场强度变小，所以可知ac两点间的电势差变小，故选项D错误；10、AC【解题分析】

AB．因为塑料与布摩擦后产生静电，而爆米花与勺子接触带电，故带同种电荷；所以A正确，B错误;

C．爆米花之所以运动是因为受到塑料匙的作用力；所以C正确;

D．爆米花与带电的勺子接触，带同种电荷,不是因为感应带电;故D错误;三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、1.450.1【解题分析】

（1）根据原理图明确电路原理，根据实物图作图方法连接各元件即可；（2）由表中数据作出伏安特性曲线，由图象的纵坐标可求得电源的电动势；由斜率求得电阻．（1）按照实验原理图将实物图连接起来，如图甲所示．（2）根据U、I数据，在方格纸UI坐标系上找点描迹．如图乙所示，然后将直线延长，交U轴于U1≈1.45V，此即为电源电动势；交I轴于I≈0.65A，注意此时U2=1.00V，则r=Ω≈0.1Ω．故答案为（1）如图所示；（2）1.45；0.1．【题目点拨】解决本题的关键掌握伏安法测量电源电动势和内阻的原理，即E=U+Ir，会根据U﹣I图线求电源的电动势内阻．12、10.240cm

5.543-5.547mm

【解题分析】分析：游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．解答：解：游标卡尺的主尺读数为102mm，游标读数为0.05×7mm=0.35mm，所以最终读数为102.35mm=10.235cm．螺旋测微器的固定刻度为5.5mm，可动刻度为0.01×4.6mm=0.046mm，所以最终读数为5.546mm=0.5546cm．故本题答案为：10.235，0.5546点评：解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法，固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）正电；（2）2:1；（3）1:1【解题分析】

（1）根据左手定则可得：粒子1带正电，粒子2带负电．

（2）做出粒子运动的轨迹如图，则粒子1运动的半径：，粒子2运动的半径：r2＝L，由可得可得：（3）粒子1在磁场中偏转角度为90°，则粒子2在磁场中偏转角度为45°，则所以14、（1）3s（2）（3）450J【解题分析】（1）水平方向：x=vt，可求飞行的时间（2）竖直方向：（3）重力做功：W=mgh=450J15、