2024届辽宁省凌源市第二中学物理高二上期中质量检测模拟试题含解析

2024届辽宁省凌源市第二中学物理高二上期中质量检测模拟试题考生须知：1．全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2．请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，A、B、C三个相同的灯泡连成如图电路，当滑动变阻器的滑动触头向上滑动时，三个灯泡的亮暗变化情况是（）A．同时变亮B．同时变暗C．A、C两灯变暗，B灯变亮D．A、C灯变亮，B灯变暗2、如图所示，实线表示电场线，虚线表示带电粒子运动的轨迹，带电粒子只受电场力的作用，运动过程中电势能逐渐减少，它运动到b处时的运动方向与受力方向可能是()A．B．C．D．3、扫地机器人是智能家用电器的一种，它利用自身携带的小型吸尘部件进行吸尘清扫，如图所示为科沃斯新款DF45智能扫地机器人及其铭牌，若已知扫地机器人从电能耗尽开始充电，需要充满电的时间约4.5h，电池容量为2600mAh，电能全部用完算一次工作时间。则下列说法正确的是（）A．电池容量是指电池储存电能的大小B．扫地机器人正常工作电流0.6AC．扫地机器人充满电后一次工作时间约为1.7小时D．扫地机器人充满电后一次工作时间约为2.3小时4、如图所示是示波管的原理示意图，XX′和YY′上不加电压时，在荧光屏的正中央出现一亮斑，现将XX′和YY′分别连接如图甲乙所示电压，从荧光屏正前方观察，你应该看到的是图中哪一个图形？A． B．C． D．5、用如图所示的实验装置研究电磁感应现象．当有电流从电流表的正极流入时，指针向右偏转．下列说法正确的是A．当把磁铁N极向下插入线圈时，电流表指针向左偏转B．保持磁铁在线圈中静止，电流表指针会偏转且保持偏转角不变C．当把磁铁N极从线圈中拔出时，电流表指针向左偏转D．磁铁插入线圈后，将磁铁和线圈一起以同一速度向上运动，电流表指针向左偏6、下列说法错误的是()A．奥斯特首先发现了电流的磁效应B．安培发现了电流产生的磁场方向的判定方法C．安培首先提出了磁场对运动电荷有力作用D．安培首先提出了分子电流假说二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、质量为m的带正电小球由空中A点无初速度自由下落，在t秒末加上竖直向上、范围足够大的匀强电场，再经过t秒小球又回到A点，不计空气阻力且小球从末落地。则A．整个过程中小球电势能变化了B．整个过程中电场力对小球做功为2mg2t2C．从加电场开始到小球运动到最低点时小球动能变化了mg2t2D．从A点到最低点小球重力势能变化了8、下列关于速度、速度变化量和加速度的说法中正确的是()A．速度变化量越大，加速度一定越大B．速度变化量很小，加速度可能很大C．加速度越来越小，速度一定越来越小D．速度方向为正，加速度方向可能为负9、一负电荷仅受电场力的作用,从电场中的A点运动到B点,在此过程中该电荷做初速度为零的匀加速直线运动,则A、B两点电场强度EA，EB及该电荷在A、B两点的电势能εA、εB之间的关系为()A．EA＝EBB．EA＜EBC．εA＝εBD．εA＞εB10、一个矩形线圈在匀强磁场中匀速转动，产生的交变电动势e＝220sin(100πt)V，那么()A．该交变电流的频率是50Hz B．当t＝0时，线圈平面恰好位于中性面C．当t＝s时，e有最大值 D．该交变电流电动势的有效值为220V三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）图甲所示为某同学测绘额定电压为2.5V的小电珠的I－U图线的实验电路图.（1）根据电路图，用笔画线代替导线，将图右中的实物图连接成完整的实验电路_______.（2）开关S闭合之前，滑动变阻器的滑片应该置于___（选填“A端”、“B端”或“AB正中间”）.（3）实验中发现移动滑动变阻器的滑片时，电流表的示数变化而电压表的指针不动，下列原因可能的是____A．灯泡中灯丝已烧断B．滑片接触不良C．灯泡内部短路D．滑动变阻器A端接触不良（4）图中电流表的读数是多少_____A（5）某同学在实验中还测出a、b、c三种元件的伏安特性曲线分别如下图的（a）、（b）、（c），下列说法正确的是____A．a可以作为标准电阻使用B．b能作为标准电阻使用C．b的阻值随电压升高而增大D．c的阻值随电压升高而增大12．（12分）写出如图所示的游标卡尺和螺旋测微器的读数：（1）游标卡尺的读数_________mm；（2）螺旋测微器的读数_______mm。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）行星绕恒星环绕半径为r,周期为T，则恒星的质量M等于？（用r,T表示）14．（16分）如图所示，粒子发射器发射出一束质量为m，电荷量为q的粒子(不计重力)，从静止经加速电压加速后，沿垂直于电场方向射入两平行板中央，受偏转电压作用后，以某一速度离开电场。已知平行板长为L，两板间距离为d，求：(1)粒子进入偏转电场速度v0(2)粒子在偏转电场中运动的时间t；(3)粒子在离开偏转电场时的纵向偏移量y。15．（12分）如图所示，在匀强电场中，将一电荷量为2×10-4的负电荷由A点移到B点，克服电场力做功0.2J，已知A、B两点间距离为2cm，两点连线与电场方向成60°角．求：（1）A、B两点间的电势差UAB（2）该匀强电场的电场强度E

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解题分析】

滑动变阻器滑动触头向上滑动时，接入电阻减小，则总电阻减小，由闭合电路欧姆定律可知，总电流增大，故流过A灯电流增大，故A灯变亮；由于电流增大，则可知内电压和灯泡A两端的电压增大，故并联部分电压减小，所以B灯两端电压减小，B灯变暗；因干路电流增大，B灯电流减小，则由分流原理可知，C中电流增大，故C灯变亮，故AC变亮，B变暗，故D正确，ABC错误。故选：D.【题目点拨】根据滑片的移动方向判断滑动变阻器接入电路的阻值如何变化，由闭合电路欧姆定律判断电路电流如何变化，再根据功率公式可分析灯泡亮度的变化．2、D【解题分析】试题分析：根据曲线运动力与轨迹的关系，力需指向轨迹弯曲的内侧，所以A错误；带电粒子只受电场力作用，故力与电场线共线，所以C错误；由题意知，运动过程中粒子的电势能逐渐较小，故电场力做正功，即力与速度方向的夹角应为锐角，故B错误，D正确．考点：本题考查带电粒子的运动．3、C【解题分析】

A、电池容量是指电池的存储电量(电流与时间的乘积)多少，单位是“Ah”，不是储存电能的大小，故选项A错误；B、机器人正常工作时的电流，故选项B错误；CD、扫地机器人充满电后一次工作时间约为，故选项C正确，D错误。4、D【解题分析】

示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象。【题目详解】设加速电场的电压为U1，偏转电场的电压为U2，偏转电极的长度为L，板间距离为d，根据推论得知，偏转距离为，可见，偏转距离与偏转电压U2成正比，由几何知识得知，电子在荧光屏偏转的距离也与偏转电压成正比，则偏转电极XX′上加上随时间作线性变化的电压时，电子在荧光屏偏转的距离与时间也是线性关系，形成一条亮线，若电压是周期性变化，就可以使电子在水平方向不断扫描。在偏转电极YY′上加按正弦规律变化的电压，电子在荧光屏偏转的距离按正弦规律变化，而在偏转电极XX′上加适当频率的扫描电压，水平方向电子不断从右向左匀速扫描，在荧光屏上出现一条正弦曲线；由于X方向的电压变化的周期为T0，而Y方向变化的周期为2T0，所以在2T0时间内X方向变化2次，Y方向变化一次。在荧光屏上将出现由两条线组成的图象；由于开始时X方向与Y方向的电压都是0，所以两条线在坐标原点交叉。故D正确，ABC错误，故选D。【题目点拨】本题关键要清楚示波管的工作原理，要用运动的合成与分解的正交分解思想进行思考，注意两极所加电势差的正负。5、A【解题分析】

A.当把磁铁N极向下插入线圈时，穿过线圈的磁场方向向下，磁通量增加，由楞次定律和安培定则可知，感应电流从负极流入，电流表指针向左偏，故A正确；B.保持磁铁在线圈中静止，穿过线圈的磁通量不变，不产生感应电流，电流表指针不发生偏转，故B错误；C.当把磁铁N极从线圈中拔出时，穿过线圈的磁场方向向下，磁通量减小，由楞次定律和安培定则可知，感应电流从正极流入，电流表指针向右偏转，故C错误；D.磁铁插入线圈后，将磁铁和线圈一起以同一速度向上运动，穿过线圈的磁通量不变，不产生感应电流，电流表指针不偏转，故D错误。6、C【解题分析】

A、奥斯特首先发现了电流的磁效应，故A正确；B、安培发现了电流产生的磁场的方向的判定方法，即右手定则，故B正确；C、洛伦兹首先提出了磁场对运动电荷有力作用，故C错误；D、安培首先提出了分子电子假说，解释了软铁被磁化的现象，故D正确；错误的故选C。【题目点拨】关键是记住相关物理学家的科学成就，进行解答。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解题分析】

AB．小球先做自由落体运动，后做匀减速运动，两个过程的位移大小相等、方向相反，设电场强度大小为E，加电场后小球的加速度大小为a，取竖直向下方向为正方向，则由又，解得：则小球回到A点时的速度为整个过程中小球速度增量的大小为速度增量的大小为，由牛顿第二定律得联立解得：所以电势能减小量为由功能关系可知，电场力做功等于电势能的变化量即为，故A错误，B正确；C．从加电场开始到小球运动到最低点时小球动能减少了故C错误；D．设从A点到最低点的高度为h，根据动能定理得：解得：从A点到最低点小球重力势能减少了故D正确。8、BD【解题分析】

速度变化量越大，加速度不一定越大，还要看时间，选项A错误；速度变化量很小，如果时间较短，则加速度可能很大，选项B正确；当加速度和速度同向时，加速度越来越小，速度越来越大，选项C错误；加速度的方向和速度方向无直接的关系，速度方向为正，加速度方向可能为负，选项D正确；故选BD.【题目点拨】物体的加速度等于物体的速度的变化率，加速度的方向就是物体速度变化量的方向，与物体速度无关，即物体的速度变化越快物体的加速度越大．加速度是表示速度变化快慢的物理量.9、AD【解题分析】C、D、电荷做初速度为零的匀加速直线运动，且只受电场力，因此电场力做正功，电势能减小，所以B点的电势能较小．所以εA＞εB，则C错误，D正确；A、B、电荷做匀加速直线运动，所以根据Eq=ma可知，电场强度不变，即EA=EB，故A正确，B错误．故选AD．【题目点拨】本题比较简单，基础性强；要加强理解电场力和电场强度关系，电势能和电场力做功关系．10、AB【解题分析】

交变电流的ω=100π=2πf，所以频率为50Hz，故A正确；t=0时，电动势为零，线圈平面处于中性面，故B正确；当t=s时，e=220sinπ=0，故C错误；由表达式知最大值为220V，所以该电动势的有效值为220V，故D错误；故选AB．【题目点拨】对于交流电的产生和描述要正确理解，要会推导交流电的表达式，明确交流电表达式中各个物理量的含义．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、A端C0.46AC【解题分析】（1）根据原理图可得出对应的实物图（2）由图可知采用分压式接法，故开始时应让测量电路中电压为零，故滑片应置于A端．（3）电流表的示数变化，说明与电流表串联的部分没有发生断路现象，而电压表的指针不动，说明电压表测量的电路电阻为零，电压表的电阻非常大，在电路中相当于开路，所以应是灯泡断路，故选C．

（4）丙图中量程为0.6A，最小分度为0.02A，则指针的示数为：0.46A．（5）a图中电阻不随电压的变化而变化，故可以做为标准电阻使用；b的阻值随电压升高而增大，c的阻值随电压升高而降低，故AC正确，BD错误．12、52.353.853【解题分析】

（1）[1]据游标卡尺的读数方法，主尺部分读数为：52mm，该游标卡尺是20分度的，游标尺上每一刻度为0.05mm，现在是第7刻度与主尺刻度对齐，则游标尺读数为0.05×7mm=0.35mm所以总的读数为52.35mm。（2）[2]据螺旋测微器的读数方法，固定部分读数为：