辽宁省沈阳市第九中学2024届物理高二上期中综合测试模拟试题含解析

辽宁省沈阳市第九中学2024届物理高二上期中综合测试模拟试题请考生注意：1．请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0．5毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2．答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图甲所示电路中，电压表V1指针指在满刻度的处，电压表V2指针指在满刻度；图乙中，电压表V1指针指在满刻度，电压表V2指针指在满刻度的处，已知V1的内阻为9KΩ，则V2的内阻为（）A．1KΩ B．2KΩ C．3KΩ D．4KΩ2、用实验证实电磁波的存在的著名科学家是A．麦克斯韦B．法拉第C．安培D．赫兹3、质量和电荷量都相等的带电粒子M、N，以不同的速率经小孔S垂直进入匀强磁场，带电粒子仅受洛伦兹力的作用，运行的半圆轨迹如图中虚线所示，下列表述正确的是（）A．M带正电，N带负电B．M的速率小于N的速率C．M的运行时间等于N的运行时间D．M的运行时间大于N的运行时间4、图中箭头表示磁感线的方向，则小磁针静止时N极的指向应()A．向上B．向下C．向左D．向右5、用电流表和电压表测量电阻的电路如图所示，其中为待测电阻。电表内阻对测量结果的影响不能忽略，下列说法中正确的是()A．电流表的示数小于通过Rx的电流B．电流表的示数大于通过Rx的电流C．电压表的示数小于Rx两端的电压D．电压表的示数大于Rx两端的电压6、一束带电粒子以同一速度，并以同一位置进入匀强磁场，在磁场中它们的轨迹如图所示．粒子q1的轨迹半径为r1，粒子q2的轨迹半径为r2，且r2＝2r1，q1、q2分别是它们的带电量，则()A．q1带负电、q2带正电，荷质比之比为＝2∶1B．q1带负电、q2带正电，荷质比之比为＝1∶2C．q1带正电、q2带负电，荷质比之比为＝2∶1D．q1带正电、q2带负电，荷质比之比为＝1∶1二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、下列四幅图中通电导体受力方向表示正确的是()A． B． C． D．8、为了探测X星球，载着登陆舱的探测飞船在以该星球中心为圆心，半径为r1的圆轨道上运动，周期为T1，总质量为m1。随后登陆舱脱离飞船，变轨到离星球很近的半径为r2的圆轨道上运动，此时登陆舱的质量为m2。则（）A．X星球表面的重力加速度为B．X星球的质量为MC．登陆舱在半径为r2轨道上做圆周运动的周期为D．登陆舱在r1与r2轨道上运动的速度大小之比为9、如图所示，A、B为两个相互接触的、用绝缘支柱支持的金属导体，起初它们不带电，在它们的下部贴有金属箔片，C是带正电的小球，下列说法中正确的是A．把C移近导体A时，A、B上的金属箔片都张开B．把C移近导体A，先把A、B分开，然后移去C，A、B上的金属箔片仍然张开C．先把C移走，再把A、B分开，A、B上的金属箔片仍然张开D．先把A、B分开，再把C移去，后重新让A、B接触，A上的箔片张开，而B上的箔片闭合10、一个重为600N的人站在电梯中，此人对电梯地板的压力为700N，则此电梯的运动情况可能是（）A．加速上升 B．减速上升 C．加速下降 D．减速下降三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）图（a）为某简易多用电表的电路图。图中G是表头；E是电池；R1、R2、R3、R4和R5是固定电阻；R6是可变电阻；虚线方框内为换挡开关，A端和B端分别与两表笔相连。该多用电表有5个挡位，分别为：直流电压2.5V挡和5V挡，直流电流2.5mA挡和10mA挡，欧姆×100Ω挡。(1)图（a）中的A端与___________（填“红”或“黑”）色表笔相连接。(2)某次测量时该多用电表指针位置如图（b）中的c位置所示。若此时多用电表使用的是直流电压2.5V挡，则多用电表读数为_____________V；若此时多用电表使用的是欧姆×100Ω挡，则读数为_____________Ω。(3)某次使用欧姆挡时，先将两表笔短接，若多用电表指针位置如图（b）中的d位置，则应应将R6接入电路的电阻调______(填“大”或“小”)，才能使电表指针指在表盘右端电阻“0”位置。(4)当多用电表使用10mA档时，虚线方框内的换挡开关应与________号接线柱连接。12．（12分）小明同学想测量某电阻元件正常工作下的阻值RL，已知该元件电阻约为2Ω，额定电流为1A。在保证器材安全的情况下，尽量准确的测量RL。可供使用的器材有：A．电流表A1：量程0—0.6A(内阻RA1为1Ω)B．电流表A2：量程0—3A(内阻RA2约为0.5Ω)C．电压表V1：量程0—3V(内阻RV1约为3KΩ)D．电压表V2：量程0—15V(内阻RV2约为15KΩ)E.定值电阻R1=1ΩF.定值电阻R3=1KΩG.滑动变阻器R：0—5ΩH.蓄电池E：电动势10V，不计内阻I.导线，电键S(1)电流表应选___________，电压表应选___________(填写器材前面的字母序号)(2)画出电路图，并标上元件对应的符号；(3)正确连接电路后，当电流表示数为___________A，元件正常工作。此时电压表示数如右上图，请读出此时电压表的示数___________V，则此元件的电阻为___________Ω。(计算结果保留2位小数)四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，质量为m、电荷量为e的粒子从A点以v0的速度垂直电场线沿直线AO方向射入匀强电场，由B点飞出电场时速度方向与AO方向成45°角，已知AO的水平距离为d，不计重力，求：(1)从A点到B点所用的时间；(2)粒子在B点的速度大小；(3)匀强电场的电场强度大小．14．（16分）如图所示，点电荷A的电荷量为Q，点电荷B的电荷量为q，相距为r．已知静电力常量为k，求：（1）电荷A与B之间的库仑力大小；（2）电荷A在电荷B所在处产生的电场强度大小；（3）移去电荷B后，电荷A在原电荷B所在处产生的电场强度大小．15．（12分）如图所示，平行金属板长为L，一个带电为＋q、质量为m的粒子以初速度v0紧贴上板垂直射入电场，刚好从下板边缘射出，末速度恰与下板成30°角，粒子重力不计，求：（1）粒子末速度大小；（2）电场强度；（3）两极板间距离．

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解题分析】

根据串联电路电流相等的特点和并联电路电压相等的特点，利用欧姆定律分别列出两电压表满偏时指针的关系，再把V1的内阻代入求解方程即可求出V2的内阻。【题目详解】设V1和V2的内阻分别为R1和R2，量程分别为U1和U2。据题有：两个电压表并联时，有U1=U2；两个电压表串联时，根据电压之比等于电阻之比有：U1：U2=R1：R2，联立解得：R2=2kΩ。所以B正确，ACD错误。2、D【解题分析】

用实验证实电磁波的存在的著名科学家是赫兹，故选D.3、C【解题分析】

A、由左手定则可知：M带负电荷，N带正电荷。故A错误B、带电粒子在磁场中做匀速圆周运动，由洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：qvB=mv2r，解得：r=mvqB，由图可右N的半径小于M的半径，所以CD、粒子在磁场中运动半周，即时间为其周期的一半，而周期为T=2πmqB，与粒子运动的速度无关，所以M的运行时间等于N的运行时间，故C正确。4、B【解题分析】试题分析：由图可知：磁感线的方向是由上向下的；根据磁感线的方向与小磁针静止时北极所指的方向一致；故小磁针静止时N极所指的方向也是向下的；选项ACD错误，B正确．故选B．考点：磁感线【名师点睛】此题考查了磁感线的方向及磁针北极指向的关系．要掌握磁感线的方向与小磁针静止时北极所指的方向是一致的．5、B【解题分析】

电压表测量的是与其并联电路的电压值，电流表测量的是与之串联电路的电流值，据此分析问题同；【题目详解】A、由电路图可知，实验采用电流表外接法，电流表所测电流等于通过电阻的电流与通过电压表的电流之和，电流表的示数大于通过的电流，故A错误，B正确；C、由电路图可知，电压表与待测电阻并联，测量待测电阻两端电压，电压表的示数等于两端的电压，故CD错误。6、C【解题分析】

根据左手定则可判断出q1带正电、q2带负电，由半径，得荷质比之比为，C正确．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解题分析】

试题分析：由左手定则可知AD正确考点：考查左手定则点评：难度较小，左手定则中注意四指和大拇指的指向不要混淆8、BC【解题分析】

A．根据圆周运动知识可得只能表示在半径为r1的圆轨道上的向心加速度，而不等于X星球表面的重力加速度，故A错误；B．研究飞船绕星球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，列出等式解得故B正确；C．研究登陆舱绕星球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，列出等式得所以登陆舱在r1与r2轨道上运动时的周期大小之比为则故C正确；D．研究登陆舱绕星球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，在半径为r的圆轨道上运动得所以登陆舱在r1与r2轨道上运动时的速度大小之比为故D错误。故选BC。9、AB【解题分析】

当导体A、B放在带正电的附近时，由于电荷周围有电场存在，从而导体A、B处于电场中，在电场力的作用下，使导体中的自由电子重新分布，从而使物体带电；【题目详解】A、金属导体处在正电荷的电场中，由于静电感应现象，导体B的右端要感应出正电荷，在导体A的左端会出现负电荷，所以导体两端的验电箔都张开，且左端带负电，右端带正电，把带正电荷的物体C移近导体A后，把A和B分开，A带负电，B带正电，金属箔还是张开，故AB正确；

C、先把C移走，A、B电荷恢复原状，A、B两端都不带电，再把A、B分开，A、B上的金属箔片仍然不会张开，故C错误；

D、先把A、B分开，再把C移走，此时A、B带等量的异种电荷，然后重新让A、B接触，A与B上的电荷重新中和，A上的金属箔片闭合，B上的金属箔片也闭合，故D错误．【题目点拨】该题考查物体静电感应起电的实质，是电荷从导体的一端转移到另一端的过程，不是创造了电荷．10、AD【解题分析】试题分析：由牛顿第二定律知电梯加速度向上，故可能加速上升、也可能减速下降，AD对．考点：牛顿第二定律．【名师点睛】对超重和失重的理解1．实重：物体实际所受的重力．物体所受重力不会因物体运动状态的改变而变化．2．视重：当物体在竖直方向上有加速度时，物体对弹簧测力计的拉力或对台秤的压力将不等于物体的重力，此时弹簧测力计或台秤的示数叫物体的视重．3．判断物体超重与失重的方法(1)从受力的角度判断：超重：物体所受向上的拉力(或支持力)大于重力失重：物体所受向上的拉力(或支持力)小于重力(2)从加速度的角度判断：①当物体的加速度方向向上(或加速度有竖直向上的分量)时，处于超重状态．根据牛顿第二定律有：FN－mg＝ma，此时FN>mg，即处于超重状态．②当物体的加速度方向向下(或加速度有竖直向下的分量)时，处于失重状态．根据牛顿第二定律有：mg－FN＝ma，此时FN<mg，即处于失重状态．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、(1)黑(2)1.48（1.46-1.49）1.1×103(3)小(4)1【解题分析】

（1）欧姆表内置电源的正极与黑表笔相连，红表笔与负极相连，分析图示电路图答题；（2）根据多用电表所测量的量与量程确定其分度值，然后根据指针位置读出其示数；（3）欧姆表的工作原理是闭合电路的欧姆定律，根据欧姆表工作原理分析答题；（4）表头并联的电阻越小，其改装后的量程越大。【题目详解】（1）由图（a）所示电路图可知，A端与欧姆表内置电源的正极相连，所以A为黑表笔；（2）若此时多用电表使用的是直流电压2.5V挡，则用0-250的量程先读数，再除以100，即为最后读数，所以此时的电表读数为：。（1.46-1.49均正确）；若此时多用电表使用的是欧姆×100Ω挡，则此时的电阻读数为：；（3）指针指在d，说明接入电路的电阻偏大，此时电流小于表头满偏电流，所以若将阻值往小调，这时即可达到目的，即可以让欧姆表指针指零；（4）若表头G并联的电阻越小，其量程越大，故当多用电表使用10mA档时，虚线方框内的换挡开关应与1号接线柱连接；故本题答案为：(1)黑(2)1.48（1.46-1.49）；1.1×103(3)小(4)1【题目点拨】会规范使用多用电表，能正确读出多用电表的示数，是解决本题的关键，在平时实验训练过程中要多加注意规范操作和正确使用，多用电表的读数，重点是分清测量的物理量不同，读数方法不同，电压、电流对应量程、电阻是倍率；要特别注意。12、AC0.502.53-2.572.03-2.07【解题分析】

（1）的额定电流为1A，从安全性和精确性两方面考虑，两个电流表均不满足要求，故要进行电表的改装，电流表量程较小，且知道内阻，故把改装能达到要求，电流表和改装成量程为1.2A的电流表，满足要求，电流表选，故选A；由于的额定电流为1A，两端的最大电压约为2V，故电压表选择，故选C；（2）的量程是，小于电源的电动势,从安全性的角度考虑，应采用分压式解法，考虑到知道电流表的内阻，采用电流表内接法可以消除系统误差，电路图如下图所示：（3）当电流表的读数为0.5A时，电阻两端达到额定电流1A，正常工作。估算电流的最大值，，由于只有电流表知道内阻，由图可知电压表的读数为2.53-2.57V，由，代入数据可得：四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)(2)v0(3)【解题分析】

(1)粒子从A点以v0的