2024届山东省平度市物理高二第一学期期中复习检测试题含解析

2024届山东省平度市物理高二第一学期期中复习检测试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角"条形码粘贴处"。2．作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3．非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、原来都是静止的质子和α粒子，经过同一电场加速后，它们的动能大小之比为（）A．1：2B．1：1C．2：1D．2：32、电场中有A、B、C三点，电量为2×10-8C的负电荷从A移到B，电场力做功为4×10-6J的负功，电量为3×10-8C的正电荷从A移到C，电场力做功为9×10-6J的负功。如果这三点在同一条电场线上，顺着电场线方向这三点位置的排列次序是（）A．A、B、C B．C、A、B C．B、A、C D．A、C、B3、如图所示，铁芯右边绕有一个线圈，线圈两端与滑动变阻器、电池组连成回路．左边的铁芯上套有一个环面积为0.02m2、电阻为0.1Ω的金属环．铁芯的横截面积为0.01m2，且假设磁场全部集中在铁芯中，金属环与铁芯截面垂直．调节滑动变阻器的滑动头，使铁芯中的磁感应强度每秒均匀增加0.2T，则从上向下看()A．金属环中感应电流方向是逆时针方向，感应电动势大小为4.0×10－3VB．金属环中感应电流方向是顺时针方向，感应电动势大小为4.0×10－3VC．金属环中感应电流方向是逆时针方向，感应电动势大小为2.0×10－3VD．金属环中感应电流方向是顺时针方向，感应电动势大小为2.0×10－3V4、首先发现电流磁效应的科学家是A．牛顿 B．爱因斯坦C．居里夫人 D．奥斯特5、下列物理量中，均属于矢量的是A．质量、位移、功 B．质量、加速度、时间 C．位移、速度、时间 D．力、位移、速度6、一个做匀速直线运动的质点，突然受到一个与运动方向垂直的恒力作用时，且原来作用在质点上的力不发生改变，关于质点的运动说法正确的是（）A．一定做直线运动 B．可能做直线运动，也可能做曲线运动C．可能做匀速圆周运动 D．一定做匀变速运动二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、用起重机把重量为2.0×104N的物体匀速提高5m，则下列判断正确的A．钢绳拉力做功为1.0×105JB．重力做功为-2.0×105JC．克服重力做的功为-2.0×105JD．物体所受的合力所做的总功为08、如图所示的甲、乙两个电路，都是由一个灵敏电流计G和一个变阻器R组成，它们之中一个是测电压的电压表，另一个是测电流的电流表，那么以下结论中正确的是（）A．甲表是电流表，R增大时量程增大B．甲表是电流表，R增大时量程减小C．乙表是电压表，R增大时量程增大D．乙表是电压表，R增大时量程减小9、平行板电容器的两板A、B接于电池两极，一个带正电小球用绝缘细线悬挂在电容器内部，闭合开关S，电容器充电，这时悬线偏离竖直方向的夹角为θ，如图所示，那么()A．保持开关S闭合，将A板稍向B板靠近，则θ增大B．保持开关S闭合，将A板稍向上移，则θ减小C．开关S断开，将A板稍向B板靠近，则θ不变D．开关S断开，将A板稍向上移，则θ减小10、如图所示，实线表示一簇关于x轴对称的等势面，在轴上有等间距的A、B、C三点，下列正确的是（  ）A．A点场强大于B点场强B．A点场强小于B点场强C．A点场强方向指向x轴正方向D．AB的电势差等于BC间的电势差三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）如图，有一根细长且均匀的空心金属管线，长约30cm，电阻约为5Ω，已知这种金属的电阻率为ρ，现在要尽可能精确测定它的内径d.(1)用螺旋测微器测量金属管线外径D时刻度的位置如下图所示，从图中读出外径为________mm，应用毫米刻度尺测金属管线的长度L；(2)测量金属管线的电阻R，为此取来两节新的干电池、开关和若干导线及下列器材：A．电压表0～3V，内阻约10kΩB．电压表0～15V，内阻约50kΩC．电流表0～0.6A，内阻约0.05ΩD．电流表0～3A，内阻约0.01ΩE．滑动变阻器，0～10ΩF．滑动变阻器，0～100Ω要求较准确地测出其阻值，电流表应选_______，滑动变阻器应选_______；(填仪器前面字母)(3)按照电路图连接实物图后，某次测量电表的读数如上图所示，则电压表读数为_______V；(4)用已知的物理常数和应直接测量的物理量(均用符号D，L，ρ，U，I)表示，推导出计算金属管线内径的表达式d＝______________12．（12分）有一灯泡上标有“6V0.1A”字样，现要测绘该灯泡的伏安特性曲线，有下列器材可供选用：A．电压表(0～5V，内阻2.0kΩ)B．电压表(0～10V，内阻3.0kΩ)C．电流表(0～0.3A，内阻2.0Ω)D．电流表(0～6A，内阻1.5Ω)E．滑动变阻器(30Ω，2A)F．滑动变阻器(100Ω，0.5A)G．学生电源(直流9V)及开关、导线等（1）实验中所用的电压表应选________，电流表应选________，滑动变阻器应选________．（2）画出实验电路图，要求电压从零开始测量．（______）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，坐标平面第Ⅰ象限内存在大小为E＝4×105N/C方向水平向左的匀强电场，在第Ⅱ象限内存在方向垂直纸面向里的匀强磁场。质荷比为mq＝4×10﹣10kg/C的带正电粒子从x轴上的A点以初速度v0＝2×107m/s垂直x轴射入电场，OA＝0.2m（1）粒子经过y轴时的位置到原点O的距离；（2）若要求粒子不能进入第三象限，求磁感应强度B的取值范围（不考虑粒子第二次进入电场后的运动情况）。14．（16分）一个重力不计的带电粒子,以大小为v的速度从坐标（0,L）的a点,平行于x轴射入磁感应强度大小为B、方向垂直纸面向外的圆形匀强磁场区域,并从x轴上b点射出磁场,射出速度方向与x轴正方向夹角为60°,如图。求：（1）带电粒子在磁场中运动的轨道半径；（2）带电粒子的比荷及粒子从a点运动到b点的时间；（3）其他条件不变,要使该粒子恰从O点射出磁场,求粒子入射速度大小。15．（12分）如图所示，一质量为m、带电量为q的小球，用绝缘细线悬挂在水平向右的匀强电场中，静止时悬线向左与竖直方向成θ角，重力加速度为g。(1)判断小球带何种电荷。(2)求电场强度E。(3)若在某时刻将细线突然剪断，求经过t时间小球的速度v。

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解题分析】设任一带电粒子的质量为m，电量为q，加速电场的电压为U，根据动能定理得：qU=Ek

质子和α粒子的电量之比为1：2，故动能之比为1：2；故选A．2、B【解题分析】

ABCD．根据电场力做功与电势能的关系、电势与电势能的关系，电量为2×10-8C的负电荷从A移到B，电场力做功为4×10-6J的负功，即即电量为3×10-8C的正电荷从A移到C，电场力做功为9×10-6J的负功，即即综上，ACD错误，B正确。故选B。3、C【解题分析】根据右手螺旋定则知，螺线管中的磁场方向竖直向上，所以通过金属环的磁场方向竖直向下，当磁场均匀增大时，根据楞次定律知，感应电流的方向是逆时针方向．

根据．故C正确，ABD错误．故选C.4、D【解题分析】

首先发现电流磁效应的科学家是奥斯特，故选D.5、D【解题分析】

A.速度、位移既有大小，又有方向，是矢量，功只有大小，没有方向，是标量，故A错误；B.质量、时间都只有大小，没有方向，是标量，加速度既有大小，又有方向，是矢量，故B错误；C.位移、速度既有大小，又有方向，是矢量，时间只有大小，没有方向，是标量，故C错误；D.力、位移、速度都既有大小，又有方向，是矢量，故D正确；6、D【解题分析】

AB．质点受到一个与运动方向垂直的力，速度和合力成90°夹角，由曲线运动的条件，当力和速度不在同一直线上时，质点做曲线运动，AB错误；C．匀速圆周运动受到的合外力的方向始终指向圆心，是变力。所以物体在恒力的作用下不可能做匀速圆周运动，C错误；D．物体受与初速度方向垂直的恒力作用时，根据牛顿第二定律F=ma可知，加速度的大小与方向都不变。将运动分解为：初速度方向物体做匀速直线运动，垂直初速度方向做初速度为零的匀加速直线运动，合运动为匀变速曲线运动，D正确。故选D。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解题分析】

A．物体匀速上升，则拉力等于重力，即F=mg=2.0×104N则钢绳拉力做功为WF=Fh=2.0×104×5J=1.0×105J选项A正确；B．重力做功为WG=-Gh=-2.0×104×5J=-1.0×105J选项B错误；C．克服重力做的功为1.0×105J，选项C错误；D．物体动能变化为零，根据动能定理可知，所受的合力所做的总功为0，选项D正确。8、BC【解题分析】

AB．由图甲所示可知，G与电阻R并联，甲表是电流表，R增大时，电阻R的分流减小，电流表量程减小，故A错误，B正确；CD．由图乙所示可知，G与电阻串联，乙是电压表，R增大时，电阻分压增大，电压表量程增大，故C正确，D错误．故选BC.9、AC【解题分析】

A．保持电键S闭合，电容器两端间的电势差不变，带正电的A板向B板靠近，极板间距离减小，电场强度E增大，小球所受的电场力变大，θ增大，A正确；B．保持电键S闭合，电容器两端间的电势差不变，将A板稍向上移，极板间距离不变，电场强度E不变，小球所受的电场力不变，则θ不变,B错误；C．断开电键S，电容器所带的电量不变，由，，可知d变化，E不变，电场力不变，θ不变，C正确；D．断开电键S，电容器所带的电量不变，由，，将A板稍向上移，s减小，E增大，小球所受的电场力变大，θ增大，D错误.故选AC．【考点】电容器的动态分析10、BC【解题分析】

AB.等差等势面的疏密程度表示电场强度的大小，可知A点的场强小于B点的场强。故A错误，B正确；C.由图可知，左侧电势高右侧电势低，等势面关于x轴对称，所以电场线沿着x轴正方向，故C正确；D.等差等势面的疏密程度表示电场强度的大小，则AB之间的电场强度小于BC之间的电场强度，由于AB之间的距离等于BC之间的距离，所以AB间的电势差小于BC之间的电势差，故D错误。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、5.200CE1.90D2【解题分析】

(1)螺旋测微器的固定刻度为5.0mm，可动刻度为20.0×0.01mm=0.200mm，所以最终读数为5.0mm+0.200mm=5.200mm；(2)两节新的干电池电动势为3V，因为电量中最大电流大约为Im=滑动变阻器采用限流式接法，因为待测电阻较小，所以滑动变阻器选择E；(3)如图所示，电压表的量程为3V，所以电压表的读数为1.90V；(4)该实验需要测量空心金属管的内径，通过欧姆定律测出电阻的大小，结合电阻定律测出横截面积，从而根据外径求出内径的大小．故所需测量的物理量为金属管的长度L、金属管的外径D、加在管两端的电压U、通过管的电流强度I．根据欧姆定律得，R=U又R=ρL因为S=π(解得：d=【题目点拨】解决本题的关键知道实验的原理，操作步骤，以及知道实验误差形成的原因．掌握滑动变阻器分压、限流式接法的区别，以及电流表内外接的区别。12、BCE【解题分析】

由题中“现要测绘该灯泡的伏安特性曲线”可知，本题考查利用伏安法测小灯泡伏安特性曲线，根据闭合电路欧姆定律和分压法连接可解答本题。【题目详解】（1）[1]灯泡的额定电压为6V,电压表选B；[2]灯泡额定电流为0.1A，电流表选C；[3]为方便实验操作应选择滑动变阻器E；（2）[4]秒回灯泡伏安特性曲线，电压电流应该从零开始变化，滑动变阻器应该采用分压法，故连接如图四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。