福建省泉州第十六中学2024届物理高二上期中检测模拟试题含解析

福建省泉州第十六中学2024届物理高二上期中检测模拟试题考生须知：1．全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2．请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、示波器水平方向加的扫描电压是（）A． B．C． D．2、下列说法中正确的是()A．磁场中某点B的方向，跟该点处试探电流元所受磁场力的方向一致B．在磁场中某点试探电流元不受磁场力作用时，该点磁感应强度大小为零C．磁感线都是从磁体的N极出发，到磁体的S极终止D．磁感应强度的方向由磁场本身决定，与是否在磁场中放入通电导线无关3、如图所示的电路中，电源电阻不能忽略，已知R1=10Ω，R2=8Ω，当开关置于位置1时，电流表读数为0.20A，则当开关置于位置2时，电流表的读数可能是()A．0.28AB．0.25AC．0.22AD．0.19A4、如图所示是真空中两个带等量异种电荷的点电荷A、B周围的电场分布情况（电场线方向未标出）．图中O点为两点电荷连线的中点，MN为两点电荷连线的中垂线，OM=ON．下列说法中正确的是（）A．O、M、N三点的电场强度大小关系是EM=EN＞EOB．O、M、N三点的电势相同，在一个等势面上C．O、M、N三点的电场强度方向不相同D．把另一电荷从M点静止释放，将沿MON做直线运动5、如图所示,虚线为静电场中的等势面1、2、3、4,相邻的等势面之间的电势差相等,其中等势面3的电势为0.—带正电的点电荷在静电力的作用下运动,经过a、b点时的动能分别为26eV和2eV.当这一点电荷运动到某一位置,其电势能变为-8eV,它的动能应为(

)A．8eV B．18eV C．24eV D．20eV6、对电阻率及其公式，的理解，正确的是（)A．金属铂电阻的电阻率随温度升高而减小B．电阻率的大小与温度有关，温度越高电阻率越大C．同一温度下，电阻率跟导体电阻与横截面积的乘积成正比，跟导体的长度成反比D．同一温度下，电阻率由所用导体材料的本身特性决定二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图甲所示，线圈与电压传感器连接，一条形磁铁N极向下从线圈上方某一高度无初速释放并穿过线圈。图乙是此过程中电压传感器采集到的线圈中感应电动势e随时间t变化的图象。下列选项中根据图象信息能得出的结论是A．磁铁的磁性越强，线圈中产生的感应电动势越大B．线圈的匝数越多，线圈中产生的感应电动势越大C．在进出线圈时磁铁运动速度越大，线圈中产生的感应电动势越大D．感应电流的方向与磁铁是靠近还是远离线圈有关8、一带正电的小球向右水平抛入范围足够大的匀强电场，电场方向水平向左，不计空气阻力，则小球（）A．一定做曲线运动B．可能做直线运动C．速率先减小后增大D．速率先增大后减小9、如图所示，一个光滑凹槽半径为R，弧长为L（己知R>>L）。现将一质量为m的小球从凹槽边缘由静止释放，小球以最低点为平衡位置做简谐运动。己知重力加速度大小为g，下列说法正确的是A．小球做简谐运动的回复力为重力和支持力的合力B．小球做简谐运动的回复力为重力沿凹槽圆弧切线方向的分力C．小球做简谐运动的周期为D．小球做简谐运动的周期为10、如图所示，A、B两点固定两个等量异种点电荷，O为AB中点，M、N为AB中垂线上的两点，且ON＞OM，下列说法不正确的是（）A．M、N两点的场强大小相等 B．M、N两点的场强方向相同C．M点的电势比N点的电势高 D．M点的电势比N点的电势低三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）一学习小组要用伏安法尽量准确地描绘一个标有“6V,1．5W”的小灯泡的I-U图线,现有下列器材供选用：A．学生电源（直流9V）B．开关一个、导线若干C．电压表（2~3V,内阻约12KΩ）D．电压表（2~6V,内阻约12KΩ）E．电压表（2~15V,内阻约32KΩ）F．电流表（2~2．3A,内阻约2．3Ω）G．电流表（2~2．6A,内阻约2．4Ω）H．电流表（2~3A,内阻约2．6Ω）I．滑动变阻器（12Ω,2A）J．滑动变阻器（222Ω,1A）（1）实验中需要用到的仪器有：A、B、（用字母序号表示）；（2）在下面方框内画出实验电路图：（3）对应实验电路图将实物连线补充完整；（4）闭合开关前，滑动变阻器滑片的位置应在（选填“a”或“b”）端．12．（12分）一兴趣小组在一次实验中，为了测量某新型材料制成的电阻Rx的阻值(约为25Ω)，有以下一些器材可供选择：电流表A1(量程0～50mA，内阻约为5Ω)；电流表A2(量程0～3A，内阻约为0.1Ω)；电压表V1(量程0～3V，内阻很大)；电压表V2(量程0～15V，内阻很大)；电源E(电动势约为2.5V，内阻约为0.2Ω)；定值电阻R(25Ω，允许最大电流0.5A)；滑动变阻器R1(0～10Ω，允许最大电流1.0A)；滑动变阻器R2(0～1kΩ，允许最大电流0.5A)；单刀单掷开关S一个，导线若干。(1)电流表应选________，电压表应选________，滑动变阻器应选________。(填字母代号)(2)请在下面的虚线框内画出测量电阻Rx的实验电路图________。(要求所测量范围尽可能大)(3)某次测量中，电压表示数为U时，电流表示数为I，则计算待测电阻阻值的表达式为Rx＝____________。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，足够长的长木板AB质量M＝1kg在水平地面上，可视为质点的木块质量m＝1kg在长木板的左端A处，木块与长木板保持相对静止一起向右运动，当右端B经过地面上O点时速度为v0＝5m/s，长木板与P点处的挡板瞬间碰撞后立即以原速率反向弹回，而木块在此瞬间速度不变．已知O点与P点间距离x0＝4.5m，木板与地面间动摩擦因数μ1＝0.1，木块与长木板间动摩擦因数μ1＝0.4，g取10m/s1．（1）求长木板碰挡板时的速度v1的大小；（1）当木块与挡板的距离最小时，木块与长木板左端A之间的距离．14．（16分）如图为近代物理实验室中研究带电粒子的一种装置．带正电的粒子从容器A下方小孔S不断飘入电势差为U的加速电场．进过S正下方小孔O后，沿SO方向垂直进入磁感应强度为B的匀强磁场中，最后打在照相底片D上并被吸收，D与O在同一水平面上，粒子在D上的落点距O为x，已知粒子经过小孔S时的速度可视为零，不考虑粒子重力．

（1）求粒子的比荷q/m；

（2）由于粒子间存在相互作用，从O进入磁场的粒子在纸面内将发生不同程度的微小偏转．其方向与竖直方向的最大夹角为α，若假设粒子速度大小相同，求粒子在D上的落点与O的距离范围；

（3）加速电压在（U±△U）范围内的微小变化会导致进入磁场的粒子速度大小也有所不同．现从容器A中飘入的粒子电荷最相同但质量分别为m1、m2（m1＞m2），在纸面内经电场和磁场后都打在照相底片上．若要使两种离子的落点区域不重叠，则应满足什么条件？（粒子进入磁场时的速度方向与竖直方向的最大夹角仍为α）15．（12分）如图所示，在某竖直平面内有一水平向右的匀强电场，电场强度大小E=1.0×10−4𝑁/𝐶.场内有一半径R=2.0m的光滑竖直绝缘环形轨道，轨道的内侧有一质量为m=0.40kg,带电量为q=+3.0×10−4C的小球，它恰好能沿圆环作圆周运动，取圆环的最低点为重力势能和电势能的零势能点，g取10m/𝑠2,求：（1）小球速度的最小值vmin（2）小球机械能的最小值Emin（3）重力势能和电势能的和的最小值Epmin

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解题分析】光点沿X轴正向的匀速运动及反跳的周期过程，称为扫描．获得扫描的方法，是在X轴偏转板上加一个周期与时间成正比的电压，称扫描电压或锯齿波电压，由示波器内的扫描电路产生，锯齿波的周期（或频率）可以由电路连续调节．选项中B为锯齿波．故选B．2、D【解题分析】

A．根据左手定则，磁场中某点B的方向，跟该点处试探电流元所受磁场力方向垂直，故A错误；B．B大小与F、IL无关，B由磁场本身决定，故B错误；C．磁感线都是从磁体的外部N极出发，回到磁体的S极，在磁体内，从S回到N极，形成闭合的磁场，故C错误；D．磁感应强度的方向由磁场本身决定，与是否在磁场中放入通电导线无关，故D正确。3、C【解题分析】

根据欧姆定律求出电键S接位置1时路端电压．当电键S接位置2时，外电阻减小，路端电压减小，总电流增大，根据欧姆定律进行分析．【题目详解】当电键S接位置1时，电流表的示数为0.20A，则根据欧姆定律得知：路端电压U1=I1R1=10×0.2V=2V。A、当电键S接位置2时，若电流表的示数为I2=0.28A，根据欧姆定律得到，路端电压U2=I2R1=0.28×8V=2.24V．但是由于R2＜R1，路端电压减小，不可能增大，所以U2＜2V，则电流表的示数不可能是0.28A．故A错误。B、当电键S接位置2时，若电流表的示数为I2=0.25A，根据欧姆定律得到，路端电压U2=I2R1=0.25×8V=2V．但U2＜2V，所以电流表的示数不可能是0.25A．故B错误。C、当电键S接位置2时，若电流表的示数为I2=0.22A，根据欧姆定律得到，路端电压U2=I2R1=0.22×8V=1.76，可见U2＜2V，而且外电路减小，电路中电流大于0.2A，则电流表的示数可能是0.22A．故C正确。D、由于R2＜R1，当电键S接位置2时，电流表的示数大于0.20A．故D错误。故选：C。【题目点拨】本题要根据闭合电路欧姆定律分析路端电压与外电阻的关系，同时分析总电流与外电路总电阻的关系，可确定出电流表示数的范围进行选择．4、B【解题分析】

A.等量异种电荷连线的中垂线上中点的场强最大，从中点沿着中垂线向两边逐渐减小，并且是对称的，所以EO＞EM=EN，所以A错误；B.等量异种电荷连线的中垂线是一条等势线，所以O、M、N三点的电势相同，在一个等势面上，所以B正确；C.等量异种电荷的中垂线上的电场强度的方向都是水平指向负电荷一侧的，所以O、M、N三点的电场强度方向相同，所以C错误；D.把电荷从M点静止释放，电荷受到的电场力是在水平方向的，电荷将向左或向右运动，不会沿MON做直线运动，所以D错误．5、B【解题分析】

由题，电荷经过a、b点时的动能分别为26eV和2eV，动能减小为24eV，而相邻的等势面之间的电势差相等，电荷在相邻等势面间运动时电场力做功相等，电势能变化量相等，则电荷从3等势面到4等势面时，动能减小8eV，电势能增大，等势面3的电势为0，电荷经过b时电势能为8eV，又由题，电荷经b点时的动能为2eV，所以电荷的总能量为：8eV+2eV=10eV其电势能变为-8eV时，根据能量守恒定律得到，动能应为18eV，故选B。6、D【解题分析】

A．金属的电阻率是随温度升高而增大的。故A错误。

B．金属的电阻率与温度的关系是温度越高电阻率越大，但是半导体的电阻率是随温度的升高而减小的。故B错误。

CD．同一温度下，电阻率是由导体的材料决定的，与横截面积和导线的长度无关。故C错误，D正确。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、ACD【解题分析】

由感应电动势与时间的变化关系图，可得感应电动势的方向与磁铁相对线圈运动的方向有关，以及磁铁运动速度越大，线圈中产生的感应电动势越大，磁铁的磁性越强，线圈中产生的感应电动势越大。B选项是不可以得到的结论。A．磁铁的磁性越强，线圈中产生的感应电动势越大，与结论相符，选项A正确；B．线圈的匝数越多，线圈中产生的感应电动势越大，与结论不相符，选项B错误；C．在进出线圈时磁铁运动速度越大，线圈中产生的感应电动势越大，与结论相符，选项C正确；D．感应电流的方向与磁铁是靠近还是远离线圈有关，与结论相符，选项D正确；8、AC【解题分析】

A、小球受重力和电场力两个力作用，如图：合力的方向与速度方向不在同一条直线上，小球做曲线运动．故A正确，B错误；C、小球所受的合力与速度方向先成钝角，然后成锐角，可知合力先做负功然后做正功，则速度先减小后增大．故C正确，D错误．故选AC．9、BD【解题分析】

AB．小球做简谐运动的回复力为重力沿凹槽圆弧切线方向的分力，选项B正确，A错误；CD．小球做简谐运动时，圆弧的半径相当于摆长，则其周期为，选项C错误，D正确。10、ACD【解题分析】

AB．根据等量异种电荷的电场线分布特点可知：M、O、N三点的场强方向都水平向右，O点的场强最大，N点的场强最小，故A错误，符合题意，B正确,不符合题意；CD．中垂线MN是一条等势线，故M、O、N三点的电势相等，故CD错误，符合题意。故选ACD。【题目点拨】该题考查常见电场的电场线特点，等量异种电荷的电场线具有对称性，上下对称，左右对称，中垂线MN是一条等势线，结合其电场线的图即可作答。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、（1）D、F、I（2）外接法+分压式，如下图所示（3）如下图所示（4）a【解题分析】试题分析：（1）灯泡额定电压是6V，电压表选量程为6V的D；灯泡额定电流I=P/U=1．5/6=2．25A，则电流表选量程为2．3A的F；为方便实验操作，滑动变阻器应选择小电阻I．（2）由于小灯泡的电阻值比较小，则电流表采用外接法，由表中实验数据可知，电压与电流从零开始变化，则滑动变阻器应采用分压接法，电路图如图所示；（3）实物连线如图所示．（4）为了安全和保护电表，开关闭合前将滑片置于接入电路的电阻值最大，故滑片在a端．考点：考查描绘小电珠的伏安特性曲线．【名师点睛】本题考查测量灯泡的伏安特性曲线的原理；要掌握实验器材的选取原则、确定滑动变阻器与电流表的接法是正确作出实验电路图的关键．12、A1R1V1电路图见解析【解题分析】

（1）[1][2][3]．电源的电动势E=3V，电压表选V1．待测电阻中最大电流约为，故电流表选A1．为方便实验操作，滑动变阻器必须分压式接法，则应选较小阻值的，即选R1．（2）[2]．根据题意得，所以选择电流表外接法，由于待测电阻的电压从零开始可以连续调节，变阻器采用分压式接法．电路图如图所示：（3）[3]．电压表示数为U时，电流表示数为I，则计算待测电阻阻值的表达式为四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）4m/s（1）4.15m【解题分析】

（1）对木板和木块组成的系统运用牛顿第二定律，求出整体的加速度，结合匀变速直线运动的速度位移公式求出木板碰挡板时的速度大小．

（1）分别对m和M分析，根据牛顿第二定律求出m和M的加速度，结合m和M的运动规律，当木块速度为零时木块与挡板的距离最小，结合运动学公式求出当木块与挡板的距离最小时，木块与长木板左端A之间的距离．【题目详解】（1）设木块与长木板一起向右运动运动过程中加速度大小为a，则μ1(m＋M)g＝(m＋M)a解得a=1m/s1．v1＝4m/s（1）设碰撞后木块在长木板上滑动过程中长木板加速度大小为a1，木块加速度大小为a1，则μ1(m＋M)g+μ1mg=Ma1μ1mg＝ma1解得a1=3.5m/s1，a1＝4m/s1当木块速度为零时木块与挡板的距离最小，设从与挡板碰撞到木块速度为零经过的时间为t1，长木板通过的距离为x1，木块通过的距离为x1，木块与长木板左端A之间的距离为x3，则v1＝a1t1解得t1＝1s，x1=1.15m，x1＝1m．x3＝4.15m【题目点拨】解决本题的关键理清木板和木块在整个过程中的运动规律，结合牛顿第二定律和运动学公式进行求解．本题也可以通过动能定理、功能关系进行求解．14、（1）（2）最大值最小值（3）【解题分析】

（1）沿SO方向垂直进入磁场的粒子，最后打在照相底片D的粒子；

粒子经过加速电场：