2024届河源市重点中学物理高二上期中学业质量监测模拟试题含解析

2024届河源市重点中学物理高二上期中学业质量监测模拟试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角"条形码粘贴处"。2．作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3．非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、在真空中的两个等量同种电荷，电荷量均为Q，它们相距为r，在它们的连线的中点放置一个点电荷q，则q所受电场力的大小为（）A．0 B． C． D．2、如图所示，将带电棒移近两个不带电的导体球，两个导体球开始时互相接触且对地绝缘，下列说法正确的是（

）A．先移走棒，再把两球分开，两球带等量异种电荷B．先移走棒，再把两球分开，甲球带电量比乙球多C．先把两球分开，再移走棒，两球带等量异种电荷D．先把两球分开，再移走棒，两球不能带电3、两个点电荷，相距为r，相互作用力的大小为F，现将它们放到相距为3r处，则它们之间的相互作用力变为：（）A． B．9F C．3F D．4、如图所示，两端封闭、且长度相等，粗细均匀的U形管，两边封有理想气体，U形管处于竖直平面内，且左管置于容器A中，右管置于容器B中，A、B两边封有温度相等的理想气体，此时右管水银面比左管水银面高h，若同时将A、B温度升高，则（）（1）h一定增加（2）右管气体压强一定增大（3）左管气体压强不一定增大（4）右管气体压强和左管气体压强增加的一样多A．只有（1）（2）是对的 B．只有（1）（4）是对的C．只有（3）（4）是对的 D．只有（1）（2）和（4）是对的5、如图所示为汽车中用于改变车速的排挡。保持发动机功率一定，手推变速杆到达不同挡位，可获得不同的运动速度，从1～5逐挡速度增大，R是倒车挡，若要以最大牵引力上坡，变速杆应推至哪一挡A．1挡 B．2挡C．4挡 D．5挡6、在如图所示的电路中，电源的电动势为E，内电阻为r，L1、L2是两个小灯泡．闭合S后，两灯均能发光．当滑动变阻器的滑片向右滑动时，会出现（）A．L1变暗，L2变暗B．L1变亮，L2变暗C．L1变亮，L2变亮D．L1变暗，L2变亮二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、“示波器”是电工学中的重要仪器，如图所示为示波器的原理图，有一电子在电势差为U1的电场中加速后，垂直射入电势差为U2的偏转电场，在满足电子能射出偏转电场的条件下，下列四种情况中，一定能使电子的偏转角变小的是（）A．U1不变，U2变小B．U1变大，U2变小C．U1变小，U2变大D．U1不变，U2变大8、已知一质量为m的带电液滴，经电压U加速后，水平进入互相垂直的匀强电场E和匀强磁场B中，液滴在此空间的竖直平面内做匀速圆周运动，如图，则()A．液滴在空间可能受4个力作用B．液滴一定带负电C．液滴做圆周运动的半径D．液滴在场中运动时总能量不变9、如图所示，真空中有一匀强电场（图中未画出），电场方向与圆周在同一平面内，△ABC是圆的内接直角三角形，∠BAC=63.5°，O为圆心，半径R=5cm．位于A处的粒子源向平面内各个方向发射初动能均为1eV、电荷量+e的粒子，有些粒子会经过圆周上不同的点，其中到达B点的粒子动能为12eV，达到C点的粒子电势能为﹣4eV（取O点电势为零）．忽略粒子的重力和粒子间的相互作用，sin53°=0.1．下列说法正确的是A．圆周上A、C两点的电势差为16VB．圆周上B、C两点的电势差为-4VC．匀强电场的场强大小为100V/mD．当某个粒子经过圆周上某一位置时，可以具有6eV的电势能，且同时具有6eV的动能10、质量为m的通电细杆ab置于倾角为θ的平行导轨上，导轨宽度为d，杆ab与导轨间的摩擦因数为μ．有电流时ab恰好在导轨上静止，如图所示．下面是沿b向a方向观察时的四个平面图，标出了四种不同的匀强磁场方向，其中杆与导轨间摩擦力可能为零的是（）A． B． C． D．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）如图甲所示，为某同学测绘额定电压为2.5V的小灯泡的I—U特性曲线的实验电路图．①根据电路图甲，用笔画线代替导线，将图乙中的实验电路连接完整_______．②开关S闭合之前，图甲中滑动变阻器的滑片应该置于_____端（选填“A”、“B”或“AB中间”）③实验中测得有关数据如下表：根据表中的实验数据，在图丙中画出小灯泡的I—U特性曲线_________．12．（12分）在测定一节干电池的电动势和内电阻的实验中，备有下列器材：A．待测的干电池（电动势约为，内电阻小于）B．电流表A1（量程0-3mA，内阻Rg1=10Ω）

C．电流表A2（量程0-0.6A，内阻Rg2=0.1Ω）D．滑动变阻器（，）E.滑动变阻器（，）F.定值电阻（）G.开关和导线若干（1）某同学发现上述器材中虽然没有电压表，但给出了两个电流表，于是他设计了如图甲所示的a、b两个参考实验电路。其中合理的是图________所示的电路；在该电路中，为了操作方便且能较准确的进行测量，滑动变阻器应选________（填写器材的字母序号）。（2）图乙为该同学根据（1）中选出的合理的实验电路，利用测出的数据绘出的图线（为电流表G的示数，为电流表A的示数），则由图线可得被测电池的电动势E=______V，内阻r=______Ω.（结果保留到小数点后两位）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，两平行金属板A、B长L=8cm，两板间距离d=8cm，A板比B板电势高300V，即．一带正电的粒子电量，质量，从R点沿电场中心线垂直电场线飞入电场，初速度，粒子飞出平行板电场后经过界面MN、PS间的无电场区域后，进入固定在中心线上的O点的点电荷Q形成的电场区域（设界面PS右边点电荷的电场分布不受界面的影响）.已知两界面MN、PS相距为L=12cm，粒子穿过界面PS后被点电荷Q施加的电场力俘获从而以O点为圆心做匀速圆周运动，最后垂直打在放置于中心线上的荧光屏EF上.（静电力常数,不计粒子重力,,)，求：（1）粒子从偏转电场中飞出时的偏转位移和速度；（2）粒子穿过界面PS时偏离中心线RO的距离多远；（3）点电荷的电量(该小题结果保留一位有效数字)．14．（16分）如图所示，A、B两极板竖直放置，两极板之间的电压U1=2.0×102V，MN两相同极板水平正对放置，两极板之间电压U2=4.0×102V，板间距d=8cm，板间电场可视为匀强电场.一质量为m=1.0×10-20kg、带电量为q=+1.0×10-10C的带电粒子，从靠近A板处由静止释放，经电场加速后从B板的小孔穿出，沿M、N极板间中轴线以速度v0射入电场，刚好从M板右边缘飞出.（不计粒子重力）.（1）求带电粒子刚射入M、N极板间时的初速度v0；（2）求M、N极板的长度L.15．（12分）如图，在y>0的区域存在方向沿y轴负方向的匀强电场，场强大小为E；在y<0的区域存在方向垂直于xOy平面向外的匀强磁场。一个氕核从y轴上y=h点以某一速度射出，速度方向沿x轴正方向。已知进入磁场时，速度方向与x轴正方向的夹角为，并从坐标原点O处第一次射出磁场。的质量为m，电荷量为q，不计重力。求：（1）第一次进入磁场的位置到原点O的距离；（2）氕核在磁场中运动的轨道半径；（3）磁场的磁感应强度大小。

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解题分析】

由库仑定律知，两个等量同种电荷在连线中点处产生的库仑力都为方向相反，合力为零，故A正确，BCD错误。故选A。2、C【解题分析】先移走棒，此时甲乙两球中的电荷又发生中和，不再带电，再把球分开，同样不再带电，故AB错误；开始时由于静电感应两棒带上异种电荷，先把两球分开，再移走棒，两球由于感应起电带上异种电荷，故C正确，D错误．所以C正确，ABD错误．3、D【解题分析】

由库仑定律可得，相距为r时，相距为3r时，A．与分析不符，故A错误；B．9F与分析不符，故B错误；C．3F与分析不符，故C错误；D．与分析相符，故D正确。4、A【解题分析】

设U形管竖直管中水银柱的高度为h，则有：假设温度升高时水银柱不移动，则由查理定律得：压强的变化量△T、T相同，但，所以左边液柱降低，右边升高，故（1）（2）正确，（3）（4）错误，综上分析可知，故A正确，BCD错误。故选A5、A【解题分析】

由P=Fv可知功率P一定时，v越小，F越大，所以车以最大动力上坡时，应推至1挡；A．1挡，与结论相符，选项A正确；B．2挡，与结论不相符，选项B错误；C．4挡，与结论不相符，选项C错误；D．5挡，与结论不相符，选项D错误；6、D【解题分析】试题分析：当滑动变阻器的滑片向右滑动时，滑动变阻器电阻增大，回路中总电阻增大，干路电流减小，L1变暗，路端电压U=E-Ir可知路端电压增大，灯泡L1两端电压减小，所以灯泡L2两端电压增大，L2变亮，D对；考点：考查闭合电路欧姆定律点评：在求解闭合电路动态变化问题时，明确电路中的串并联关系，根据部分-整体-部分的顺序进行判断二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AB【解题分析】根据动能定理：，得：，在偏转电场中：，，，，若使偏转角变小即使变小，故A、B正确．点晴：本题是带电粒子先加速后偏转问题，电场中加速根据动能定理求解获得的速度、偏转电场中类平抛运动的研究方法是运动的分解和合成，常规问题．8、BCD【解题分析】

AB．液滴在竖直平面内做匀速圆周运动，故重力等于电场力，即洛伦兹力提供向心力，所以mg=qE由于电场力的方向与场强的方向相反，故液滴带负电，液滴在空间受到三个力作用，故A错误，B正确；C．洛伦兹力提供向心力，即解得：在加速电场中根据动能定理联立解得：故C正确；D．因电场力与重力相平衡，由洛伦兹力提供向心力，而洛伦兹力总是垂直速度的方向，所以不做功，则在场中运动时总能量不变，故D正确。9、CD【解题分析】C点的电势：则UOC=φO-φC=0-（-4）=4V

根据匀强电场的特点可知：UAO=UOC=4V

则：φA=O+UAC=4V

粒子在A点的动能是1eV，在B点的动能是12eV，根据动能定理得：WAB=EKB-EKA=12-1=4eV

所以：，选项A错误；φB=φA-UAB=4-4=0V，则UBC=φB-φC=0-（-4）=4V．故B正确；由于B点的电势等于O点的电势等于0，所以O与B是等势点，连接OB，则OB为匀强电场的等势面，过A点做OB的垂线交OB与D点，则AD的方向就是该电场的场强方向，如图：

O点是圆心，由几何关系可知：∠ABO=∠BAC=63.5°

所以：∠AOB=110°-∠ABO-∠BAC=110°-63.5°-63.5°=53°

所以：＝Rsin53°＝0.05×0.1＝0.04m

由于OBD是等势面，所以：．故C正确．A点的电势为4V，所以粒子在A点的电势能：EPA=e•φA=4eV，粒子的总能量：E=EKA+EPA=1+4=12eV，所以当某个粒子经过圆周上某一位置时，若具有6eV的电势能，则同时具有6eV的动能．故D正确；故选BCD.点睛：该题考查粒子在匀强电场中的运动问题，解答本题关键是先求出C点的电势，然后正确判断出AB的电势，判断出B点的电势与O点的电势相等．然后从电场力做功公式W=qEd，判断出电场线的方向，并运用这个公式求解电场力做功，要理解这个公式中d是两点沿电场线方向的距离．10、AC【解题分析】A.杆受到向下的重力，水平向右的安培力，和垂直于斜面的支持力的作用，在这三个力的作用下，可以处于平衡状态，摩擦力可以为零，所以A正确；B.杆受到的重力竖直向下，安培力水平向左，杆要静止的话，必定要受到沿斜面向上的摩擦力的作用，摩擦力不可能为零，所以B错误；C.杆受到的重力竖直向下，安培力也是竖直向下的，支持力垂直于斜面向上，杆要静止的话，必定要受到沿斜面向上的摩擦力的作用，摩擦力不可能为零，所以C错误；D.杆受到的重力竖直向下，安培力竖直向上，当这两个力等大反向的时候，杆就处于平衡状态，此时的摩擦力就是零，所以D正确．故选AD.三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、A；【解题分析】试题解析：①连接时，先连接变阻器的主电路，后连接灯泡部分的电路，电压表最后接入；②开关S闭合之前，图甲中滑动变阻器的滑片应该置于阻值最小的那一端，使得灯泡两端电压最小，以有利于保护电路，故应该置于A端；③在图像上描点、连线即可，但在选择坐标时，由于电压的2.80V，故电压轴的最大值选择3.0V即可，电流轴的最大值选择0.3A即可，这样的图像正好能够充满整个坐标．考点：用伏安法测小灯泡的U-I曲线．12、bD1.46V0.84Ω【解题分析】

（1）[1][2]．没有电压表，可以将电流表串联一个电阻，可以改装成电压表，根据欧姆定律若将电流表与定值电阻串联有U=I1R0=0.003×（990+10）=3V，可以准确测出电源电动势，故应将电流表A1与定值电阻串联使用，故合理的是b图；电源电动势约为1.5V，内阻约为1欧姆，为方便实验操作，滑动变阻器应选D。（2）[3][4]．由电路图可知，在闭合电路中，电源电动势：则：由图象可知，图象的截距：则电源电动势为：E=1.46V；图象斜率：电源内阻为：r=0.84Ω；四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)0.03m,,方向与成角;(2)0.12m;(3).【解题分析】试题分析：（1）粒子在电场中做类平抛运动，应用类平抛运动规律可以求出粒子的偏移量．由牛顿第二定律求出加速度，由速度公式求出粒子的竖直分速度，然后求出粒子的速度．（2）粒子离开电场后做匀速直线运动，应用几何知识可以求出偏移量．（3）由库仑力提供粒子做圆周运动的向心力，由牛顿第二定律可以求出电荷的电荷量．（1）设粒子从电场中飞出时的侧向位移为h，粒子在电场中做类平抛运动在水平方向上：在竖直方向上：由牛顿第二定律得：代入数据解得：h=0.03m设粒子从电场中飞出时沿电场方向的速度为则有：代入数据解得：所以粒子从电场中飞出时的速度为：代入数据解得：设粒子从电场中飞出时的速度方向与水平方向的夹角为则有：（2）设穿过界面PS时偏离中心线RO的距离为Y，带电粒子在离开电场后将做匀速直线运动，由相似三角形知识得：代入数据解得：Y=0.12m（3