湖南省凤凰皇仓中学2024届九年级物理第一学期期中教学质量检测试题含解析

湖南省凤凰皇仓中学2024届九年级物理第一学期期中教学质量检测试题注意事项1．考生要认真填写考场号和座位序号。2．试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3．考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、选择题1．小明做实验时，将电路连接成如图所示的情景．若要将导线M、N与A、B、C、D四个接线柱中任意两个连接，使两灯构成并联，且开关闭合后电压表指针正常偏转，共有几种接法A．两种B．四种C．六种D．八种2．如图所示电路，电源电压恒定，开关闭合后两灯均发光，电压表V1的示数为6V，电流表A1的示数为0.2A，以下说法正确的是A．电压表V的示数可能为6VB．电压表V的示数一定等于12VC．电流表A的示数可能为0.4AD．电流表A的示数一定等于0.2A3．一滴红墨水在清水中一段时间后,整杯水变红了则正确的是A．0℃的水就不会有这种现象 B．这叫扩散只发生在液体中C．这叫扩散,它说明分子在永不停地运动 D．温度越低扩散进行得越快．4．如图所示．盛有液体甲的薄壁圆柱形容器和均匀圆柱体乙放置在水平地面上．现从容器中抽出一定高度的液体并沿水平方向切去相同高度的部分圆柱体乙，此吋甲对容器底部的压强与乙对地面的压强相等．若薄壁圆柱形容器和圆柱体乙原来对地面的压力分別为F甲和F乙，则A．F甲一定等于F乙 B．F甲一定大于F乙C．F甲一定小于F乙 D．不能确定5．三个轻质小球可以两两吸引，则这三个小球A．一定都带电B．只有一个小球带电C．只有两个小球带电，且带同种电荷D．只有两个小球带电，且带异种电荷6．如图所示的电路中，三个灯泡始终完好，当开关S断开时，三个灯泡都发光。当开关S闭合时A．L1、L2、L3都不亮 B．L1、L2、L3都发光C．L2不亮，L1、L3亮 D．L1、L2不亮，L3亮7．如图所示，一个密闭的容器用隔板MN分隔了两种气体，分别用●和○表示这两种气体的分子，其中●表示的气体比○表示的气体密度小，当抽出隔板静置一段时间后，能够表示容器内气体分布情况的选项是A． B． C． D．8．甲、乙两种物质的比热容之比是2:1，当甲物体的温度升高10℃，乙物体温度升高20℃，它们吸收的热量之比是2:3，则甲、乙两物体的质量之比是()A．3:2 B．2:3 C．4:3 D．3:49．用两只相同的电加热器,分别给相同体积的水和某种油加热,在开始和加热3min时各记录一次温度,如下表所示．已知ρ水=1.0×103kg/m3，ｃ水=4.2×103J/(kg·℃),ρ油=0.8×103kg/m3,加热的效率都为90%,油的末温没有达到它的沸点．下列说法正确的是加热时间（min）03水的温度（℃）1828油的温度（℃）1843A．这种油的比热容为1.68×103J/(kg·℃)B．这种油的比热容为2.1×103J/(kg·℃)C．因为这种油的密度比水小，所以它的比热容比水小D．加热效率没有达到100%，是因为电加热器没有把电能全部转化为内能10．两个相同的容器中分别装有质量相同的甲、乙两种液体，用同一热源分别加热。液体温度与加热时间关系如图所示，根据图象分析可知（）A．甲液体的比热容小于乙液体的比热容 B．如果升高相同的温度，两液体吸收的热量相同C．如果都加热1min，甲比乙吸收的热量多 D．加热时间越长，液体分子运动越慢11．下表是一些物质的比热容[J/（kg•℃）]，根据表中数据下列判断正确的是A．因为水的吸热能力强，所以水吸收的热量比铝多B．因为水的比热容大，所以晚上海水温度比沙滩高C．因为水的比热容大，所以夏天在地面上洒水会感到凉快D．2L的煤油温度升高50℃，吸收的热量是2.1×105J（已知ρ煤油=0.8×103kg/m3）12．用分子的知识对下列现象的揭示，不正确的是（）A．变瘪的乒乓球放在热水中鼓起来，是由于分子间的间隔变大B．一块金属很难被压缩，说明分子间存在斥力C．做饭时炊烟袅袅，是由于分子做无规则的运动D．房间放一箱苹果，满屋飘香，是由于分子做无规则的运动二、填空题13．水稻是喜温植物，春季育秧时，通常傍晚向秧田灌水，早晨将水放出，以防霜冻．隐含的物理知识是，水的_____较大．气温降低时，水能放出较多的____(选填“温度”、“内能”或“热量”)．14．如图所示，图甲中电流表的读数为_____A,图乙中电压表的读数为_____V.15．在图甲所示的电路中，闭合开关S后，两个电流表的指针指在图乙所示的同一位置．则通过电灯L1中的电流I1＝___A，通过电灯L2中的电流I2＝___A．16．如图所示，将边长为0.1米的正方体物块A用细线悬挂着浸没于水着后，容器内水深变为0.3米，此时物块A受到的浮力大小为________________牛，方向_______________。己知物块A上下两个表面中，一个表面受到水的压力为24.5牛，则另一个表面受到水的压力____________是14.7牛（选填“可能”或“一定”）。三、实验题17．（8分）小利和小明探究“并联电路中电流的关系”，电路图如图所示：（提出问题）并联电路干路电流与各支路电流有什么关系？（设计实验）(1)实验器材有：电源、开关一个、若干导线、__________的小灯泡若干、一个电流表；(2)小利按图中所示的电路图连接电路时，开关应处于_________状态；(3)电路连接好后，闭合开关进行试触，发现电流表指针反偏。导致这一现象发生的错误操作可能是：_____________________________；小利检查后重新连接电路，闭合开关，用电流表分别测出A、B、C三处的电流，井将数据记录在表格中，下一步的操作应该是______________；A．改变电流表的量程或换电流表再测几次B．换用不同规格的小灯泡，再测出几组电流值C．整理器材，结束实验D．分析数据，得出结论(4)通过对下面数据的分析，可以得出结论：并联电路干路中的电流等于___________；A处的电流IA/AB处的电流IB/AC处的电流IC/A第一次测量0.100.120.22第二次测量0.150.180.33第三次测量0.200.240.44(5)小明同学通过实验，得到了如下数据，他由此得出结论：并联电路中各个支路的电流相等。其不足之处是：________________________。A处的电流IA/AB处的电流IB/AC处的电流IC/A0.40.40.818．（8分）某实验探究小组利用图甲所示的电路做“探究通过导体的电流与导体两端的电压、导体电阻的关系”的实验，使用的器材有：两节新干电池，四个阻值分别为5Ω、10Ω、20Ω、25Ω的定值电阻，一个标有“10Ω1A”字样的滑动变阻器，电流表、电压表、开关和导线。(1)请根据图13甲的电路图将图乙的实物图连接完整；（______）(2)连接电路时，开关应断开，滑动变阻器的滑片P应放在阻值_____处；(3)探究流过定值电阻的电流与其两端电压的关系时，应控制_____不变，通过调节滑动变阻器滑片，改变_____；(4)探究电流与电阻的关系时：①依次接入5Ω、10Ω、20Ω三个定值电阻，调节滑动变阻器的滑片，使电压表示数_____（选填“不变”或“改变”），记下电流表的示数，利用描点法得到如图丙所示的图像；②上述实验中，当把5Ω的电阻换为10Ω接入电路中时，闭合开关，应向_____（选填“左”或“右”）端移动滑片，使电压表示数为_____V时，读出电流表的示数；③当把定值电阻R换为25Ω时，无论怎样移动滑动变阻器的滑片，都无法使电压表的示数达到指定值，为了完成实验目的，可更换一个最大阻值不小于_____Ω的滑动变阻器；④由图像可得电流与电阻的关系是：_____。19．（8分）某科技活动小组自制出探究电阻大小与哪些因素有关的装置，如图所示，图中AB、BC、CD、DA分别是不同材料制成的金属线，四段金属线彼此之间是断开的，T形金属插头（共四只）可以插入金属线彼此之间的金属小孔中，使相邻的金属线相连通，M、N是鳄鱼夹，四段金属线的参数见下表：金属线材料长度（m）直径（mm）表面绝缘层AB段镍铬合金0.40.35有BC段铜0.40.35有CD段锰铜合金0.40.35无DA段镍铬合金0.40.5有(1)为了探究电阻大小与材料有关，应选取_______段与_______段金属线进行研究。(2)为了探究电阻大小与横截面积有关，应选取________段与______段金属线进行研究。(3)要探究电阻大小与长度有关，应利用该装置如何进行操作__________？(4)M、N能不能直接接在B、C两点上_________？为什么________？四、作图题20．（8分）请根据图甲电路图，在图乙中连接实物电路．21．（8分）物体M在杠杆AOBC作用下如图位置静止，试在C点作出使杠杆在如图位置平衡时的最小力F1（O为支点）（_______）五、计算题22．（10分）小强同学在烧杯中装入0.5kg水，先测得水的温度为10℃，然后用酒精灯给水加热，直至水温上升到60℃．在上述过程中：（1）烧杯中水吸收的热量是多少？[已知水的比热容为4.2×103J/（kg•℃）]（2）如果燃烧酒精放出的热量全部被水吸收，请你帮他算一下加热所用的酒精是多少？（已知酒精的热值为3×107J/kg）23．（12分）如图所示，质量为30kg，底面积为103cm2的正方体物体放在水平地面上，利用轻质滑轮组在60N的水平拉力F的作用下，物体以0.2m/s的速度沿水平地面向左匀速直线运动了10s，水平地面对物体的摩擦力大小为96N，g取l0N/kg，求：（1）物体对水平地面的压强；（2）拉力所做的总功；（3）拉力F的功率；（4）滑轮组的机械效率。

参考答案一、选择题1、B【解题分析】电压表与灯泡并联且遵循“正进负出”，故将M接B或D能保证电流从电压表的正接线柱流进，将N接A或C保证两灯并联、且电流从电压表的正接线柱流出，故有AB两接线柱、AD两接线柱、CB两接线柱、CD两接线柱这四种接法。故选B.点睛：根据电路的连接和电压表的使用规则进行分析．2、D【解题分析】

由图可知，两灯串联，两电流表测电路中的电流，根据串联电路的电流特点可知两电流表示数相等，故D正确，C错误，电压表V1测L1示数V测电源电压，由于不知道L2的规格，所以无法判断L2的电压和电源电压，故AB错误．3、C【解题分析】试题分析：扩散是指不同物质在互相接触时，彼此进入对方的现象．气体、液体、固体之间都可以发生扩散，扩散现象产生的实质是分子的热运动．解：A、墨水在0℃的水中照样要不停地做无规则的运动，只是比在常温的水中慢一些而已，所以不合题意；B、扩散在气体、液体、固体间都可以进行，所以不合题意；C、扩散是由分子不停地做无规则的运动产生的，所以符合题意；D、分子无规则的运动会随温度的升高而变快，温度越低，扩散会越慢，所以不合题意．故选C．点评：扩散现象是分子热运动的结果，所以跟温度有关，而且会在各种状态的物质间进行．4、C【解题分析】

由图可知，甲、乙的横截面积关系为：S甲＜S乙，已知甲对容器底部的压强与乙对地面的压强相等，根据F=pS=G=mg可知，甲、乙的剩余部分质量大小关系为：m甲剩＜m乙剩；由图可知，甲、乙原来的高度是：h甲＞h乙，从甲容器中抽出一定高度的液体并沿水平方向切去相同高度的部分圆柱体乙（设减小的高度为△h），由h′=h-△h可得，甲、乙剩余的部分高度：h甲′＞h乙′，由题可知剩余的甲对地面的压强等于剩余的乙对容器底部的压强，根据p=ρgh可得：ρ甲＜ρ乙，由于抽出甲的高度与切去乙的高度相同，且S甲＜S乙，根据V=Sh可知，抽出甲的体积与切去乙的体积关系是：V甲抽＜V乙切，根据m=ρV可知，抽出甲的质量与切去乙的质量关系是：m甲抽＜m乙切，由于物体原来的质量m=m剩+m切，所以，m甲＜m乙，根据F=G=mg可知F甲＜F乙．5、D【解题分析】解：由电荷间的相互作用规律可知，三个小球不可能都带电，只能是两个小球带电，并且带异种电荷，一个小球不带电．这样才可能出现三个轻质小球可以两两吸引的情况．故选D．点睛：电荷间的相互作用规律是：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引．带电体可以吸引轻小物体．6、D【解题分析】

当S断开时，灯L1与L2并联后又与L3串联，L3在干路，L1L2各在一条支路，所以三灯都发光，当S闭合时，导线与L1L2并联，即L1与L2被短路，电路中只剩L3，所以L1L2不亮，L3亮。故D正确。7、A【解题分析】密度大的物体在隔板下面，密度小的物体在隔板上面，但因为分子在不停地做无规则运动，所以两种分子会扩散彼此进入对方，最终形成A图像．故选A．8、B【解题分析】

由于甲、乙比热容之比为2：1，吸收热量之比为2：3，则可设甲、乙比热容和吸收热量分别为：由变形可得，故甲、乙质量之比为：故B符合题意．9、B【解题分析】

AB．因为用两只相同的电加热器，因此吸收的热量相同为：油的比热容为：；C．物质的密度与比热容无直接关系；D．加热器加热过程中，电能全部转化为内能，加热效率没有达到100%，是因为部分能量以热量的形式散失掉了，变成了加热器和空气的内能．10、A【解题分析】

用相同的热源加热时，时间相同，吸收热量相同，温度变化越大，说明吸收能力小。【题目详解】A．已知两种液体质量相等，相同热源加热说明相同时间提供的热量相等，由图象可以看出：在吸收热量相同时，甲液体升高的温度更大，由公式c=知，甲液体比热较小，A符合题意；B．由图象可以看出：升高相同温度时，甲需要的时间较短，也就是甲需要的热量少，B不符合题意；C．用同一热源分别都加热1min，甲和乙吸收的热量是相同的，C不符合题意；D．加热时间越长，内能越大，液体分子运动越快，D不符合题意；故选A。11、B【解题分析】

（1）水的吸热能力强，说明水的比热容较大，吸收热量多少与物体的比热、质量和升高的温度有关；（2）比热容是物质的特性，与物质的种类和状态有关，水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多；吸收或放出相同的热量，水升高或降低的温度少；（3）汽化有两种方式，蒸发和沸腾，汽化过程吸热；（4）根据求出煤油的质量，根据求出吸收的热量．【题目详解】A、在不知道水和铝的质量、升高温度大小的情况下，无法比较吸收热量得多少，故A错误；B、海水的比热容大，所以在晚上放出相同的热量情况下，海水降温较慢，则海水温度比沙滩高，故B正确；C、夏天在地上洒水感到凉快是利用了水的蒸发吸热，而不是利用水的比热容大的特点，故C错误；D、由得，煤油的质量，煤油吸收的热量，故D错误．故选B．【题目点拨】本题考查了蒸发吸热、水的比热容大的特点的应用，应用所学知识，解释了实际问题，体现了新课标的要求．12、C【解题分析】

A．变瘪的乒乓球放在热水中，里面的气体会升温膨胀，分子间的间隔也变大了，A项不合题意；B．金属是固体，分子间存在斥力，不容易被压缩，B项不合题意；C．做饭时炊烟袅袅，这些烟能被眼睛看到，这就不是分子了，选项C符合题意；D．房间放一箱苹果，满屋飘香，闻到的各种气味都属于扩散现象，也就是分子做无规则的运动，D项不合题意。二、填空题13、比热容热量【解题分析】

夜晚气温降低时，水温随之降低，同时由于水的比热容较大，所以改变相同温度时，水可以出较多的热量，使水稻不易被冻伤．14、0.52.4【解题分析】

[1]电流表使用的0∼0.6A量程，每一个大格代表0.2A，每一个小格代表0.02A，所以电流为0.5A.[2]电压表使用的0∼3V量程，每一个大格代表1V，每一个小格代表0.1V，所以电压为2.4V。15、0.2；0.8【解题分析】

两个灯泡并联，一个电流表测量干路中的电流，另一个电流表测量通过L1的电流；第一空．两电流表所处位置不同，一个在干路，一个在支路；由题两电流表指针指在同一位置，根据并联电路的电流关系，则干路电流表所选量程为0～3A，对应的分度值为0.1A；支路电流表所选量程为0～0.6A，对应的分度值为0.02A；故示数分别是1A和0.2A；即I=1A，通过电灯L1中的电流I1=0.2A；第二空．根据并联电流的电流规律可得通过L2的电流I2=I-I1=1A-0.2A=0.8A．16、9.8竖直向上一定【解题分析】

由浮力公式直接求解物体浸没所受浮力大小，压力需要考虑水深是否可以达到其大小。【题目详解】[1]A体积为：由于A浸没，则，故A所受浮力为：[2]浮力方向为竖直向上；[3]根据浮力概念可知，浮力大小为物体上下表面所受压力差，一个表面压力为24.5N，浮力为9.8N，故可得另一面压力可能为14.7N或34.3N，但由题意得放入物体后水深0.3m，则下表面所受压力最大值为物体正好沉底，为：故另一面压力不肯能为34.3N，则一定为14.7N。三、实验题17、规格不同断开电流表正负接线柱接反了B各支路电流之和选用的灯泡规格相同【解题分析】

(1)[1]为得出普遍性的规律，要选用规格不同的灯泡若干。(2)[2]小利按图中所示的电路图连接电路时，为保护电路，开关应处于断开状态。(3)[3]电路连接好后，闭合开关进行试触，发现电流表指针反偏，导致这一现象发生的错误操作可能是电流表的正负接线柱接反了。[4]小利检查后重新连接电路，闭合开关，用电流表分别测出A、B、C三处的电流，并将数据记录在表格中，为得出普遍性的结论，下一步的操作应该是换用不同规格的小灯泡，再测出几组电流值。故选B。(4)[5]由表中数据知0.22A=0.10A+0.12A0.33A=0.15A+0.18A0.44A=0.20A+0.24A故可以得出结论：并联电路干路中的电流等于各支路电流之和。(5)[6]小明同学通过实验，得到了表中的数据，他由此得出结论：并联电路中各个支路的电流相等，根据并联电路各支路电压相等和欧姆定律可知，这是选用的灯泡规格相同造成的，器材太特殊，没有普遍性。18、最大电阻定值电阻两端的电压不变右212.5导体两端的电压一定时，流过导体的电流与导体的电阻成反比【解题分析】

(1)[1]开关与滑动变阻器串联，电路图中滑动变阻器下端接左，则实物图下端接左，故作图如下(2)[2]开关闭合前，为保证电路安全，滑动变阻器应滑到最大阻值处。(3)[3][4]探究流过定值电阻的电流与其两端电压的关系时，根据控制变量法可知，应控制电阻大小不变，根据串联分压可知，通过改变滑动变阻器接入电路电阻大小，从而改变定值电阻两端电压。(4)①[5]探究电流与电阻的关系时，根据控制变量法可知，应调节滑动变阻器，使定值电阻两端电压保持不变。②[6][7]当把电阻从5Ω换为10Ω，由串联分压可知，定值电阻两端电压将变大，为保证电压不变，应增大滑动变阻器接入电路阻值，故滑片应向右移动。由乙图可求定值电阻两端电压始终保持为则应调节滑动变阻器使电压表示数为2V。③[8]两节新干电池作为电源，电压为3V，则保证定值电阻两端电压为2V时，滑动变阻器所分电压为1V，故当定值电阻为25Ω时，由串联电路电压之比等于电阻之比可求滑动变阻器阻值为故滑动变阻器最大阻值不应小于12.5Ω。④[9]观察图丙数据可知，当电压一定时，电阻扩大倍数与电流缩小倍数相同，则可得导体两端的电压一定时，流过导体的电流与导体的电阻成反比。19、ABCDABDA见详解不能见详解【解题分析】

(1)[1][2]为研究电阻与导体材料是否