辽宁省辽南协作校高一物理第一学期期末教学质量检测试题含解析

辽宁省辽南协作校高一物理第一学期期末教学质量检测试题注意事项1．考生要认真填写考场号和座位序号。2．试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3．考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1、甲、乙两辆汽车沿同一平直路面行驶，其v﹣t图象如图，下列对汽车运动状况的描述正确的是（）A.在第10s末，乙车改变运动方向B.在第10s末，甲、乙两车相距150mC.在第20s末，甲、乙两车相遇D.若乙车在前，则可能相遇两次2、—辆汽车在水平公路上转弯，沿曲线由M向N行驶，速度逐渐减小。图中分别画出了汽车转弯时所受合力F的四种方向，你认为其中正确的是（）A. B.C. D.3、如图所示，为了行车方便与安全，高大的桥要造很长的引桥，其主要目的是（）A.减小过桥车辆受到的摩擦力B.减小过桥车辆的重力C.减小过桥车辆对引桥面的压力D.减小过桥车辆的重力平行于引桥面向下的分力4、雨滴在空气中由静止开始沿竖直方向下落，雨滴运动的速度v随时间t的变化关系如图所示，经过时间t1，速度达到vm，此后雨滴以速度vm做匀速直线运动．雨滴的质量为m（保持不变），重力加速度为g．在0～t1时间内，雨滴受到的空气阻力A.不变 B.减小C.增大 D.先增大后减小5、当人站立在体重计上加速下蹲时，体重计的示数会减小，这是因为（）A.人处于超重状态 B.人处于失重状态C.人的重力增加了 D.人的重力减少了6、在某次军事演习中，空降兵从悬停在空中的直升机上跳下，当下落到距离地面适当高度时，打开降落伞，最终安全到达地面，空降兵从跳离飞机到安全到达地面的过程中在竖直方向的v-t图像如图所示，则以下判断正确的是（）A.空降兵在0到t1时间内做自由落体运动B.空降兵在t1到t2时间内加速度方向竖直向上，大小在逐渐减小C.空降兵在0到t1时间内的平均速度是D.空降兵在t1到t2时间内的平均速度小于7、如图所示，乒乓球台长为L，球网高为h，某乒乓球爱好者在球台上方离球台高度为2h处以一定的初速度水平发出一个球，结果球经球台反弹一次后(无能量损失)刚好能贴着球网边缘飞过球网，忽略空气阻力，则球的初速度大小可能为()A. B.C. D.8、如图所示，物块a、b的质量分别为m、2m，水平地面和竖直墙面均光滑，a、b的动摩擦因数为μ，在水平推力F作用下，两物块均处于静止状态，重力加速度为g，则（）A.物块a受4个力作用B.物块b受到的摩擦力大小等于μFC.物块B对地面的压力大小等于3mgD.物块a受到物块b的作用力水平向右9、如图所示，质量为8kg的物体静止在水平桌面上，t=0时刻受到水平推力F=12N的作用．物体与水平面间的动摩擦因数为0.1，g取10m/s2则关于物体的运动情况，下列说法正确的是()A.物体运动的加速度为0.5m/s2B.t=4s时，物体的速度大小为4m/sC.t=4s时撤去推力F，物体之后运动的加速度为-0.5m/s2D.t=4s时撤去推力F，物体经过2s静止10、如图所示，倾角为θ的斜面足够长，小球以大小相等的初速度从同一点向各个方向抛出，不计空气阻力，则关于小球落到斜面上的所用时间的说法错误的是A.小球竖直向下抛出，所用时间最短B.小球垂直斜面向下抛出，所用时间最短C.小球水平向左抛出用时最长D.小球竖直向上抛出用时最长二、实验题11、（4分）某课外科技活动小组学习了平行四边形定则后，利用DIS实验装置研究“力的合成与分解”，如图所示A、B为两个相同的双向力传感器，该型号传感器在受到拉力时读数为正，受到压力时读数为负。A连接质量不计的细绳，可沿固定的板做圆弧形移动。B固定不动，通过光滑铰链连接长0.3m的杆，将细绳连接在杆右端O点构成支架，保持杆在水平方向，按如下步骤操作：①测量绳子与水平杆的夹角∠AOB=θ；②对两个传感器进行调零；③用另一绳在O点悬挂一个钩码，记录两个传感器读数；④取下钩码，移动传感器A改变θ角重复上述实验步骤，得到如下表格。F14.0042.320…4.008…F2－3.472－1.164…3.460…θ……(1)根据表格，A传感器对应的表中力为_____（填“F1”或“F2”），钩码质量为_____kg（结果保留一位有效数字）。(2)本实验中多次对传感器进行调零，对此操作说明正确的是_____。A．因为事先忘记了调零B．何时调零对实验结果没有影响C．为了消除横杆自身重力对结果影响D．可以完全消除实验的误差12、（10分）某实验小组利用如图甲所示的装置进行“探究加速度与合外力的关系”的实验，已知小车质量为M，重力加速度为g。（1）实验中平衡摩擦力后，必须采用控制变量法，保持小车质量不变，若想用钩码的重力作为小车所受合外力，需满足______；（2）某次实验中打出的一条纸带如图乙所示，图中1、2、3、4、5为相邻计数点，且相邻计数点间的时间间隔为，由该纸带可求得小车的加速度______；结果保留3位有效数字（3）改变钩码的个数重复实验，得到加速度a与合外力F的关系如图丙所示，由图象直线部分OA，可得出的结论是______。直线部分OA的斜率______用M表示，图像后面出现弯曲的原因是________。三、计算题：解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位13、（9分）如图所示，一物体以v0＝2m/s的初速度从粗糙斜面顶端下滑到底端用时t＝1s．已知斜面长度L＝1.5m，斜面的倾角θ＝30°，重力加速度取g＝10m/s2．求：(1)物体滑到斜面底端时的速度大小；(2)物体沿斜面下滑的加速度大小和方向；(3)物体与斜面间的动摩擦因数14、（14分）如图所示，光滑水平桌面上的物体A质量为m1，系一细绳，细绳跨过桌沿的定滑轮后悬挂质量为m2的物体B，先用手使B静止（细绳质量及滑轮摩擦均不计）(1)求放手后A、B一起运动中绳上的张力FT(2)若在A上再叠放一个与A质量相等的物体C，绳上张力就增大到，求m1：m215、（13分）民航客机一般都有紧急出口，发生意外情况的飞机紧急着陆后，打开紧急出口，狭长的气囊会自动充气，生成一条连接出口与地面的斜面，人员可沿斜面滑行到地上。若机舱口下沿距地面3.2m，气囊所构成的斜面长度为6.5m，一个质量60kg的人沿气囊滑下时所受到的阻力是240N，人滑至气囊底端时的速度有多大？

参考答案一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1、D【解析】A．由图可知，在第20s内，乙车一直沿正方向的运动，速度方向没有改变，故A错误；BC．由于不知道初始位置甲乙相遇多远，所以无法判断在10s末两车相距多少，也不知道再20s末能否相遇，故BC错误；D．若刚开始乙在前，且距离为150m，则在10s末两车相遇；之后甲在乙的前面，当乙的速度等于甲的速度之后，乙慢慢的追上乙，在某个时刻会相遇，故D正确。故选D。2、C【解析】AD．物体做曲线运动时，合力指向轨迹内侧，故AD错误；BC．汽车沿曲线由M向N行驶，做出速度方向如上图所示，速度逐渐减小，说明合力与速度夹角为钝角，故C正确，B错误。故选C。3、D【解析】ACD．对车受力分析，受重力、支持力和阻力，重力的大小方向均不变，重力产生两个作用效果，使物体沿斜面下滑，使物体紧压斜面，设斜面倾角为，将重力按照作用效果分解如图：由几何关系可得，平行斜面分量为：由于引桥越长，坡角越小，越小；垂直斜面分量为：压力等于重力垂直斜面分量，变小，压力变大，摩擦力变大，故D正确，AC错误；B．物体重力不变，故B错误。4、C【解析】v-t图象切线斜率不断减小，根据速度时间图象的斜率表示加速度，可知雨滴运动的加速度在减小，根据牛顿第二定律得mg-f=ma，可知，阻力在增大，故ABD错误，C正确．故选C5、B【解析】AB．人站立在体重计上加速下蹲，设支持力为N，由牛顿第二定律：可得由牛顿第三定律可知，人对称的压力（视重）小于重力，即：故视重变小是因为人处于失重状态，人具有竖直向下的加速度，A错误，B正确；CD．人的重力由质量和重力加速度决定，与人的状态无关，即人的重力(实重)不变，CD错误。故选B。6、BD【解析】A．在0到t1时间内图像的斜率在减小，加速度在减小，所以空降兵不是做自由落体运动，故A错误；B．在t1到t2时间内的速度为正在减小，所以空降兵做竖直向下的减速运动，因此加速度方向竖直向上，又因为图线的斜率在减小，所以加速度在减小，故B正确；C．从图像可知空降兵在0到t1时间内的位移大于从速度为0做匀变速运动到v2的位移，所以平均速度大于，故C错误；D．空降兵在t1到t2时间内的的位移小于从速度为v2做匀减速运动到v1的位移，所以平均速度小于，故D正确。故选BD。7、AB【解析】若球反弹后在上升过程中刚好能贴着球网飞过，则2h＝，x1＝v0t1，球反弹后从飞过球网到上升至最高点的过程中h＝，x2＝v0t2，2x1－x2＝，解得v0＝；若球反弹后在下降过程中刚好能贴着球网飞过，2h＝，x′1＝v′0t′1，球反弹后从最高点到下降飞过球网的过程中h＝，x′2＝v′0t′2，2x′1＋x′2＝，解得v′0＝；A.与上述计算结论相符，故A正确；B.。与上述计算结论相符，故B正确；C.。与上述计算结论不相符，故C错误；D.。与上述计算结论不相符，故D错误。故选：AB8、AC【解析】按重力、弹力的顺序逐个分析物体的受力，每一个接触面都要分析．再由平衡条件求力的大小【详解】物块a受到：重力、b的弹力和静摩擦力、墙面的支持力，共受4个力，故A正确．以a为研究对象，由平衡条件知，b对a的摩擦力大小等于a的重力，为mg，由牛顿第三定律知a对b的摩擦力大小也等于mg，不可以根据滑动摩擦力进行计算，故B错误．以整体为研究对象，则知地面对b的支持力等于3mg，则物块b对地面的压力大小等于3mg，故C正确．物块a受到物块b两个力作用：水平向右的压力和竖直向上的静摩擦力，它们的合力斜向右上方，则物块a受到物块b的作用力斜向右上方，故D错误．故选AC9、AD【解析】利用牛顿第二定律求出物体运动的加速度，再利用运动学公式求出物体不同时刻的速度【详解】A、物体的最大静摩擦力大小等于，所以当用F=12N的推力作用在物体上时，物体的加速度大小为,故A对；B、t=4s时，物体的速度大小为，故B错；C、撤去推力F，物体的加速度大小为，方向与运动方向相反，故C错；D、t=4s时撤去推力F，物体减速到零所用时间为，故D对；故选AD10、ACD【解析】以抛出点为参考系（该点做自由落体运动），各小球相对于抛出点均做匀速直线运动，经过时间t各小球相对于抛出点距离相等，均为v0t，各小球的位置如图所示：把速度和加速度都沿垂直斜面方向分解，由图可知，得出垂直斜面向下时间最短，垂直斜面向上所用时间最长，故A、C、D错误，B正确；本题选错误的，故选ACD二、实验题11、①.F1②.0.2③.C【解析】(1)[1][2]A传感器中的力均为正值，故A传感器对应的是表中力F1，平衡时mg=F1sinθ当θ=时，F1=4.004N，可求得m≈0.2kg(2)[3]在挂钩码之前，对传感器进行调零，目的是消除横杆自身重力对结果的影响故选C。12、①.小车质量远大于钩码质量②.1.15③.小车质量不变时，加速度与合外力成正比④.⑤.破坏了小车质量远大于钩码质量的条件【解析】（1）[1]．当小车质量远大于钩码质量时可以近似认为小车受到的拉力等于钩码的重力（2）[2]．由匀变速直线运动的推论△x=at2可知，加速度：（3）[3]．由图丙所示图象可知，图象OA部分是直线，由此可知：小车质量不变时，加速度与合外力成正比[4]．由牛顿第二定律得：，则a-F图象直线部分OA的斜率：；[5]．随着力F的增大，即随所挂钩码质量m的增大，不能满足M＞＞m，因此破坏了小车质量远大于钩码质量的条件,从而曲线上部出现弯曲现象。三、计算题：解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位13、(1)1m/s(2)1m/s2方向沿斜面向上(3)【解析】（1）设物体滑到斜面底端时速度为v，则有：L＝t代入数据解得：v＝1m/s（2）因v<v0，即物体做匀减速运动，加速度方向沿斜面向上，加速度的大小为：（3）物体沿斜面下滑时，受力分析如图所示．由牛顿第二定律得：Ff－mgsinθ＝maFN＝mgcosθFf＝μFN联立解得：代入数据解得：μ＝14、（1）；（2）1：2【解析】（1）放手后两物体一起做匀加速直线运动，分别以AB为研究对