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文档简介
海南省三亚物理高一第一学期期末监测模拟试题注意事项1.考生要认真填写考场号和座位序号。2.试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上,在试卷上作答无效。第一部分必须用2B铅笔作答;第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3.考试结束后,考生须将试卷和答题卡放在桌面上,待监考员收回。一、选择题:(1-6题为单选题7-12为多选,每题4分,漏选得2分,错选和不选得零分)1、物体从静止开始做直线运动,其s-t图像如图所示,下列说法正确的是()A.0~t1内物体做匀加速直线运动 B.t1~t2内物体做匀速直线运动C.0~t1内物体的速度比t2~t3内的小 D.0~t1内物体的速度比t2~t3内的大2、突出问题的主要方面,忽略次要因素,建立理想化的物理模型是经常采用的一种科学方法.质点就是这种物理模型之一.下列研究或观察对象的物体,能作为质点处理的有:()A.研究自转中的地球的表面温度B.欣赏芭蕾舞演员优美的舞姿C.研究从北京开往广州的一列高速列车的运动状态D.观察地面上蚂蚁的觅食行为3、下列几个做匀变速直线运动的物体,t秒内位移最大的是()A.平均速度最大的物体 B.初速度最大的物体C.末速度最大的物体 D.加速度最大的物体4、下列关于力的叙述正确的是A.放在桌面上的书对桌面的压力就是书受到的重力B.摩擦力的方向总是与物体的运动方向相反C.放在水平桌面上的书受到一个向上的支持力,这是由于桌面发生微小弹性形变而产生的D.由磁铁间有相互作用可知:力可以离开物体而单独存在5、关于物理量的说法,下列正确的是()A.加速度是描述物体速度变化快慢的B.速度是描述物体位置变化的C.位移和路程都能描述运动物体位置的变化D.平均速度可以用来精确描述变速运动的快慢6、以下可以看成质点的运动物体是()A.从朱泾开往石化的公交车 B.原地旋转的芭蕾舞演员C.研究跳高过杆技术时的运动员 D.通过小型铁路桥的火车7、如右图,木箱内有一竖直放置的弹簧,弹簧上方有一物块;木箱静止时弹簧处于压缩状态且物块压在箱顶上.若在某一段时间内,物块对箱顶刚好无压力,则在此段时间内,木箱的运动状态可能为A.加速下降 B.加速上升C减速上升 D.减速下降8、如图所示,水平地面上的小车上固定有一硬质弯杆,质量均为m的小球A、B由细线相连,小球A固定在杆的水平段末端,小球向右做匀加速直线运动,稳定时细线与竖直方向的夹角为θ,重力加速度为g,下列说法中正确的是A.小车的加速度大小等于B.细线对小球B的拉力大小等于C.杆对小球A的作用力大小等于mgD.杆对小球A的作用力大小等于9、小船静止在平静湖面上,抓住通过固定在岸边滑轮且系在船头的轻绳把小船拉向岸边,开始时轻绳与湖面夹角不为零,假设小船受水的阻力大小不变,小船在匀速缓慢靠近岸边的过程中A.轻绳的拉力不断增大B.轻绳的拉力大小不变C.船受的浮力减小D.船受的浮力增大10、在电梯的地板上放置一个压力传感器,在传感器上放一个重量为20N的物块,如图甲所示,计算机显示出传感器所受物块的压力大小随时间变化的关系,如图乙,根据图象分析得出的结论中正确的是()A.从时刻t1到t2,物块处于失重状态B.从时刻t3到t4,物块处于失重状态C.电梯可能开始停在低楼层,先加速向上,接着匀速向上,再减速向上,最后停在高楼层D.电梯可能开始停在高楼层,先加速向下,接着匀速向下,再减速向下,最后停在低楼层11、如图一个铁球从竖立在地面的轻弹簧正上方某处自由下落,接触弹簧并将弹簧压缩,弹簧均为弹性形变,在压缩弹簧的全过程中,以下说法正确的是()A.铁球始终做减速运动B.铁球的加速度为0时速度最大C.铁球的加速度先减小后增大D.弹簧最短时铁球静止12、如图所示,不计质量的光滑小滑轮悬挂于墙上0点,跨过滑轮的细绳连接物块A、B,物块A悬于空中,物块B位于水平面上,且物块A、B均处于静止状态.已知物块A的质量mA=0.1kg、物块B的质量mB=0.4kg,θ=600,g=10m/s2,下列说法中正确的是A.物块A对细绳的拉力FT=1NB.地面对B的弹力FN=3NC.B于水平面间的摩擦力Ft=ND.B与水平面间的动摩擦因数μ=二、实验题(本题共16分,答案写在题中横线上)13、(6分)某同学用图a的装置完成“探究弹力和弹簧伸长的关系”的实验,部分实验步骤如下:A.以弹簧伸长量为横坐标,以弹力为纵坐标,描出各组数据(x,F)对应的点,作出F—x图线B.记下弹簧不挂钩码时,其下端在刻度尺上的刻度L0C.依次在弹簧下端挂上1个、2个、3个、4个……钩码,并分别记下钩码静止时,弹簧下端所对应的刻度并记录在表格内,然后取下钩码D.将铁架台固定于桌子上,并将弹簧的一端系于横梁上,在弹簧附近竖直固定一刻度尺(1)实验步骤的正确顺序为:____________________________(2)若他通过实验得到如图(b)所示的弹力大小F与弹簧长度x的关系图线.由此图线可得该弹簧的原长x0=____________cm,劲度系数k=________N/m(3)他又利用本实验原理把该弹簧做成一把弹簧秤,当弹簧秤上的示数如图(c)所示时,该弹簧的伸长量x=________________cm14、(10分)某课外兴趣小组做“探究求合力的方法”实验。如图所示,贴有白纸的木板竖直放置,三个细线套L1、L2、L3的一端共系于一个结点,另一端分别系于轻质弹簧测力计A、B和重物M上,A挂于固定点P,手持弹簧测力B的一端拉动细线,使结点静止于O点。(1)某次实验中A的指针位置如图所示,其读数为______N;(2)下列实验操作正确的是______A.实验前对弹簧测力计不需要进行调零B.本实验中的细线越短越好C.实验过程中弹簧测力计和细线与木板平行D.本实验不需要测量重物M的重力(3)在图示情况下,手持弹簧测力B使L2绕节点逆时针缓慢转动,则结点O的位置会不会变动?______(选填“会”或“不会”)三、计算题要求解题步骤,和必要的文字说明(本题共36分)15、(12分)如图所示,质量为M=2kg的长木板静止在光滑水平面上,现有一质量m=1kg的小滑块(可视为质点)以v0=3.6m/s的初速度从左端沿木板上表面冲上木板,带动木板一起向前滑动.已知滑块与木板间的动摩擦因数μ=0.1,重力加速度g取10m/s2.求:(1)滑块在木板上滑动过程中,长木板受到的摩擦力大小f和方向;(2)滑块在木板上滑动过程中,滑块加速度大小;(3)若长木板长L0=4.5m,试判断滑块与长木板能达到的共同速度v,若能,请求出共同速度大小和小滑块相对长木板上滑行的距离L;若不能,请求出滑块滑离木板的速度和需要的时间16、(12分)总质量为的人和滑雪板沿着倾角为的斜坡向下滑动,如图甲所示,所受的空气阻力与速度成正比.今测得滑雪板运动的图象如图乙所示,图中是曲线中点的切线,点坐标为,是曲线的渐近线.(,取)根据以上信息,计算下列物理量:(1)滑雪板沿斜波下滑的最大速度;(2)空气的阻力系数;(3)滑雪板与斜坡间的动摩擦因数17、(12分)如图所示,直角三角形支架OXY在竖直平面内,XY为光滑的轻直细杆高h=l.25m的OY杆垂直于地面,XY杆与水平面夹角为30°.一个质量为m=2kg的小球A(可视为质点)穿在XY杆上,下悬一个质量为m2=1kg的小球B,对杆上小球施加一个水平向左的恒力F使其从XY杆的中点由静止开始沿杆向上运动,运动过程悬挂小球的悬线与竖直方向夹角为30°,g取10m/s2,求:(1)小球B运动的加速度大小;(2)小球A到达y点时的速度大小(3)恒力F的大小;
参考答案一、选择题:(1-6题为单选题7-12为多选,每题4分,漏选得2分,错选和不选得零分)1、C【解析】AB.位移时间图像的斜率表示该时刻的速度,根据图像可知,0~t1内物体做匀速直线运动,t1~t2内物体的速度保持为零,处于静止状态。故AB错误;CD.图线的斜率绝对值表示速度的大小,斜率绝对值越大,速度越大,则0~t1内物体的速度大小比t2~t3内的小,故C正确,D错误;故选C。2、C【解析】当物体的形状、大小对所研究的问题没有影响时,我们就可以把它看成质点,根据把物体看成质点的条件来判断即可【详解】研究地球自转时,地球的大小形状不能忽略,不能看成质点,故A错误;研究芭蕾舞演员优美的舞姿时,演员的大小以及肢体的形状不能忽略,不能看成质点,故B错误;研究火车从北京开往广州的运动状态,火车的形状能忽略,能看成质点,故C正确;研究地面上蚂蚁的觅食行为,蚂蚁的大小不能忽略,不能看成质点,故D错误.所以C正确,ABD错误【点睛】解决本题的关键掌握物体能否看成质点的条件,关键看物体的大小和形状在所研究的问题中能否忽略3、A【解析】ABC.由运动学公式可知,相同时间内平均速度最大的物体,位移最大,A正确,BC错误;D.由运动学公式可知,初速度未知,加速度最大的物体,位移不一定最大,D错误。故选A。4、C【解析】放在桌面上书对桌面的压力大小等于书的重力,不能说就是书受到的重力,选项A错误;摩擦力的方向总是与物体的相对运动方向相反,不一定与运动方向相反,选项B错误;放在水平桌面上的书受到一个向上的支持力,这是由于桌面发生微小弹性形变而产生的,选项C正确;力是物体对物体的作用,不能离开物体单独存在,选项D错误.5、A【解析】A.加速度是描述物体速度变化快慢的物理量,选项A正确;B.速度是描述物体位置变化快慢的物理量,选项B错误;C.位移能描述运动物体位置的变化,但是路程不能描述物体的位置变化,选项C错误;D.平均速度可以用来粗略描述变速运动的快慢,选项D错误;故选A.6、A【解析】A.公交车的形状大小与朱泾石化间的距离比较,可以忽略,能看成质点,故A符合题意;B.研究表演原地旋转动作的芭蕾舞演员,主要看其动作和形状,所以不能看成质点,故B不符合题意;C.分析跳高运动员的过杆技术时,要看运动员的动作,所以不能看成质点,故C不符合题意;D.火车的长度相对于小型铁路桥不能忽略,所以火车不能看成质点,故D不符合题意。故选A。7、BD【解析】木箱静止时物块对箱顶有压力,则物块受到箱顶向下的压力,当物块对箱顶刚好无压力时,物体受到的合力向上,所以系统应该有向上的加速度,是超重,物体可能是向上加速,也可能是向下减速,所以B正确【点睛】当物体对接触面的压力大于物体的真实重力时,就说物体处于超重状态,此时有向上的加速度;当物体对接触面的压力小于物体的真实重力时,就说物体处于失重状态,此时有向下的加速度;8、BD【解析】A.对小球B受力分析可知,B受重力、拉力的作用而做加速度为g的匀加速直线运动,受力分析如图所示;则B的加速度a=gtanθ故A错误;B.细线对小球的拉力大小故B正确;CD.对AB整体分析可知,整体水平方向合力为2mgtanθ,竖直方向重力等于2mg;则杆对A球的作用力故C错误,D正确;故选BD。第II卷(非选择题9、AC【解析】对小船进行受力分析,受重力、浮力、绳子的拉力,阻力做匀速直线运动,根据共点力平衡判断绳子的拉力和浮力的变化【详解】小船的受力情况如图所示.据平衡条件知:F浮+Fsinθ=G,Fcosθ=f,则拉力F=,小船向岸边运动时,角θ增大,F增大,故A正确,B错误;浮力F=G-Fsinθ,因为F增大,sinθ增大,所以浮力F减小,故C正确,D错误.故选AC【点睛】解决本题的关键掌握共点力平衡,知道小船在做匀速直线运动时,所受合力为0,根据θ角的变化,判断力的变化10、BC【解析】A.从时该t1到t2,物体受到的压力大于重力时,物体处于超重状态,加速度向上,故A错误;B.从时刻t3到t4,物体受到的压力小于重力,物块处于失重状态,加速度向下,故B正确;C.如果电梯开始停在低楼层,先加速向上,接着匀速向上,再减速向上,最后停在高楼层,那么应该从图象可以得到,压力先等于重力、再大于重力、然后等于重力、小于重力、最后等于重力,故C正确;D.如果电梯开始停在高楼层,先加速向下,接着匀速向下,再减速向下,最后停在低楼层,那么应该是压力先等于重力、再小于重力、然后等于重力、大于重力、最后等于重力,故D错误;故选BC。11、BC【解析】小球与弹簧接触后,根据弹簧对小球的弹力和小球重力的合力的关系,分析小球的运动情况以及加速度情况【详解】球在接触弹簧到弹簧被压缩的整个过程中,受到竖直向下的重力和竖直向上的弹力,弹力先小于重力,后大于重力,合力方向先向下后向上,所以加速度先减小后增加,小球先加速后减速,当铁球受到的弹簧弹力等于自身重力时,加速度为零,速度最大.故A错误,故BC正确.弹簧最短时,铁球所受的合力向上,虽然速度为零,但不是静止状态,选项D错误;故选BC.【点睛】本题关键是分析小球与弹簧接触后弹力的变化,从而分析合力的变化得到加速度的变化;注意速度为零不一定是静止状态12、AC【解析】对A和B分别受力分析,然后运用共点力平衡条件结合正交分解法进行求解【详解】对物体A受力分析,受到重力和细线的拉力,根据平衡条件,拉力等于物体A的重力,即FT=mAg=1N,故A正确;对物体B受力分析,受重力、支持力、拉力和向后的静摩擦力,如图所示:根据共点力平衡条件,有FTsin600=Ff,FN+FTcos600=mBg,代入数据解得:,,故B错误,C正确;因为B受到的是静摩擦力,所以无法求B与水平面间的动摩擦因数,故D错误.所以AC正确,BD错误【点睛】本题关键是分别对物体A、物体B受力分析,然后根据共点力平衡条件结合正交分解法求解二、实验题(本题共16分,答案写在题中横线上)13、①.DBCA②.4③.25④.12【解析】实验步骤要本着先安装设备,再进行实验,后进行数据处理的思路进行;弹簧处于原长时,弹力为零;根据胡克定律求解劲度系数;直接从弹簧秤得到弹力,再从图象b弹簧弹簧长度(1)本着安装设备,进行实验,数据处理的思路进行安排实验步骤,故答案为DBCA(2)当外力为零时,弹簧的长度即为弹簧的原长,即图中的纵截距表示弹簧的原长,,图像的斜率表示弹簧的劲度系数,故(3)由图c得到弹簧的弹力为3N,根据图b得到弹簧的长度为16cm,故伸长量为14、①.150N②.C③.会【解析】(1)[1]由图中可的读数为1.50N,注意往下估读一位。(2)[2]A.实验前对弹簧测力计需要进行调零,A错误;B.本实验中的细线不能太短,太短不方便画出力的方向,B错误;C.实验过程中弹簧测力计和细线与木板平行,保证力都在同一平面内,C正确;D.由于需要作出合力,故需要测量重物的重力,D错误;故选C。(3)[3]弹簧测力B使L2绕节点逆时针缓慢转动时,合力大小没变,两分力夹角发生了变化,故两分力大小会发生变化,故结点O的位置会发生变化。三、计算题要求解题步骤,和必要的文字说明(本题共36分)15、(1)f=1N,方向向右;(2)a=1m/s2;(3)能,v=1.2m/s【解析】(1)木板所受摩擦力为滑动摩擦力:f=μmg=1N方向向右;(2)由牛顿第二定律得:μmg=ma得出:a=μg=1m/s2
;(3)以木板为研究对象,根据牛顿第二定律:μmg=Ma′可得出木板的加速度为:a′=0.5m/s2设经过
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