北京市朝阳区第八十中学高一物理第一学期期末教学质量检测试题含解析

北京市朝阳区第八十中学高一物理第一学期期末教学质量检测试题注意事项:1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2．答题时请按要求用笔。3．请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4．作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5．保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）1、一个物体从45m高处开始做自由落体运动（g＝10m/s2）。则（）A.物体下落的总时间为4.5s B.前2s的平均速度是15m/sC.2s末的速度是20m/s D.最后1s内的位移为20m2、做匀加速直线运动的物体，速度由v增加到2v的过程中位移为S，则当速度由2v增加到4v的过程中位移是A.4S B.3SC.2S D.S3、若在某行星和地球上相对于各自的水平地面附近相同的高度处、以相同的速率平抛一物体，它们在水平方向运动的距离之比为2：，已知该行星质量约为地球的7倍，地球的半径为R。由此可知，该行星的半径约为（）A. B.C. D.4、甲、乙两辆游戏赛车在两条平行的直车道上行驶，时两车在同一位置，此后两车运动的图像如图所示，哪些图像对应的比赛中，5秒内乙车追上了甲车A.①③ B.②③C.②④ D.②③④5、如图，轻弹簧上端与一质量为m的木块1相连，下端与另一质量为M的木块2相连，整个系统用细线悬挂于天花上，并处于静止状态．现将细绳剪断，设细绳剪断瞬间，木块1的加速度大小为，木块2的加速度大小为。重力加速度大小为g。则有A.， B.，C.， D.，6、下列的计时数据，指时间间隔的是（

）A.第5秒末 B.每节课45minC.物理考试9：40结束 D.周末文艺晚会18：40开始7、某人站在力传感器上先“下蹲”后“站起”，力传感器的示数随时间的变化情况如图所示，由图象可知A.“下蹲”时先超重后失重B.“下蹲”时先失重后超重C.“站起”时先超重后失重D.“站起”时先失重后超重8、如图所示，一细线的一端固定于倾角为45°的光滑楔形滑块A的顶端P处,细线的另一端拴一质量为m的小球，重力加速度为g．当滑块以加速度a在水平面上做匀加速运动时，小球的受力情况和滑块A的加速度a的大小关系正确的是()A.若绳对小球恰好没有拉力，则滑块A一定有向右的加速度，且a=gB.若绳对小球恰好没有拉力，则滑块A一定有向左的加速度，且a=gC.若滑块A向左以a=g做匀加速运动时，绳对小球的拉力为D.若滑块A向左以a=g做匀加速运动时，绳对小球的拉力为9、如图所示，一轻质弹簧竖直放置在水平地面上，下端固定．弹簧原长为20cm，劲度系数k＝200N/m.现用竖直向下的力将弹簧压缩到10cm后用细线拴住，此时在弹簧上端放置质量为0.5kg的物块．在烧断细线的瞬间A.物块的速度为零B.物块加速度为零C.物块的加速度为10m/s2，方向竖直向下D.物块的加速度为30m/s2，方向竖直向上10、如图甲所示，在倾角为37°的粗糙且足够长的斜面底端，一质量m=2kg可视为质点的滑块压缩一轻弹簧并锁定，滑块与弹簧不相连．t=0s时解除锁定，计算机通过传感器描绘出滑块的速度一时间图象如图乙所示，其中Ob段为曲线，be段为直线，sin37°=0.6，cos37°=0.8．g取10m/s2，则下列说法正确的是（）A.在0.15s末滑块的加速度大小为8m/s2B.滑块在0.1﹣0.2s时间间隔内沿斜面向下运动C.滑块与斜面间的动摩擦因数μ=0.25D.在滑块与弹簧脱离之前，滑块一直在做加速运动11、如图所示，传送带倾角，从A到B的长度为,传送带以的速度逆时针转动，在传送带上端无初速度放一个质量为m＝0．5kg的物体，它与传送带之间的动摩擦因数＝0.5，则物体从A运动到B()（sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，g取10m／s2）A.一直做匀加速直线运动 B.先加速后匀速C.运动1s后与传送带速度相同 D.A运动到B的时间为2s12、如图所示，用大小相等、方向相反且在同一水平面上的两个力FN挤压同样的木板，木板中间夹着两块同样的砖，砖和木板均保持静止．下述结论正确的是（）A两砖间有弹力B.两砖间没有摩擦力C.FN越大，板和与之相接触的砖之间的摩擦力越大D.FN越大，每块砖所受各力的合力越大二．填空题(每小题6分，共18分)13、在《互成角度的两个共点力的合成》实验中，做好实验准备后，先用两个弹簧秤平行于板面把橡皮条的结点拉到某一位置O，此时学生需要记录的是______和______；接着用一个弹簧秤平行于板面拉橡皮条，要特别注意的是______14、某同学欲运用牛顿第二定律测量滑块的质量M，其实验装置如图甲所示，设计的实验步骤为：（1）调整长木板倾角，当钩码质量为m0时滑块恰好沿木板向下做匀速运动；（2）保持木板倾角不变，撤去钩码m0，将滑块移近打点计时器，然后释放滑块，滑块沿木板向下做匀加速直线运动，并打出点迹清晰的纸带如图乙所示(打点计时器的工作频率为50Hz)请回答下列问题：①打点计时器在打下D点时滑块速度vD=__________m/s；(结果保留3位有效数字)②滑块做匀加速直线运动的加速度a=_____m/s2；(结果保留3位有效数字)③滑块质量M=___________(用字母a、m0和当地重力加速度g表示)（3）保持木板倾角不变，挂上质量为m(均小于m0)的钩码，滑块沿木板向下匀加速运动，测出滑块的加速度；多次改变钩码的质量，分别求出相应的加速度（4）若绳的拉力与所挂钩码的重力大小相等，作出a—mg图象如图丙所示，则由图丙可求得滑块的质量M=______kg．(取g=10m/s2，结果保留3位有效数字)15、为了探究“加速度与力、质量的关系”，现提供如图所示实验装置。请思考探究思路并回答下列问题：(1)为了补偿打点计时器对小车的阻力及其他阻力，应采取做法是________A.将不带滑轮的木板一端适当垫高，使小车在钩码拉动下恰好做匀速运动B.将不带滑轮的木板一端适当垫高，使小车在钩码拉动下恰好做匀加速运动C.将不带滑轮的木板一端适当垫高，在不挂钩码的情况下使小车恰好做匀速运动D.将不带滑轮的木板一端适当垫高，在不挂钩码的情况下使小车恰好做匀加速运动(2)某学生在补偿阻力时，使得长木板倾角偏大。他所得到的a－F关系是上图中的哪根图线________？(图中a是小车的加速度，F是细线作用于小车的拉力)(3)补偿打点计时器对小车的阻力及其他阻力后，要用钩码总重力代替小车所受的拉力，此时钩码质量m与小车总质量M之间应满足的关系为_______________(4)某次实验中得到一条纸带，如图所示，从比较清晰的点起，每5个计时点取一个计数点，分别标明0、l、2、3、4……，量得0与1两点间距离x1=30mm，1与2两点间距离x2=36mm，2与3两点间距离x3=42mm，3与4两点间的距离x4=48mm，则小车在打计数点2时的瞬时速度为_____m/s，小车的加速度为_____m/s2。(结果保留二位有效数字)三．计算题(22分)16、（12分）如图甲，质量m=1kg的物体静止在水平地面上，t=0时刻开始，水平拉力F1=9N作用于物体上，t1时刻水平拉力大小变为F2、方向不变．物体的运动速度v随时间t变化关系图象如图乙所示，其中t1~3s时间内图线与横轴围成的面积（图乙中阴影部分）是0~t1时间内的6倍．已知物块与地面之间的动摩擦因数μ＝0.5，重力加速度g=10m/s2．求：（1）力F1的作用时间t1；（2）力F2的大小17、（10分）如图所示，可看成质点的物体A放在长L＝2m的木板B的右端木板B静止于水平面上，已知A的质量mA和B的质量mB均为2.0kg，A、B之间的动摩擦因数μ1＝0.1，B与水平面之间的动摩擦因数μ2＝0.1，最大静摩擦力与滑动摩擦力大小视为相等，重力加速度取g＝10m/s2，若从t＝0s开始，木板B受F＝16N的水平恒力作用，求：（1）木板A未从木板B上滑下之前，A、B加速度大小；（2）物体A经多长时间从木板B上滑下；（3）当t＝2s时，木板B的速度。

参考答案一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）1、C【解析】A．根据位移公式有故A错误；BC．根据速度与时间公式得2s末的速度则2s内的平均速度为故B错误，C正确；D．最后1s下落的位移为前3s的位移减去前2s的位移，前2s的位移为所以最后1s的位移为故D错误。故选C。2、A【解析】根据匀变速直线运动的速度位移公式v2-v02=2ax，去求物体发生的位移【详解】根据匀变速直线运动的速度位移公式，得：速度从v增加到2v时：（2v）2-v2=2as，速度从2v增加到4v时：（4v）2-（2v）2=2as′，联立两式得，s′=4s；故选A【点睛】解决本题的关键掌握匀变速直线运动的速度位移公式v2-v02=2ax3、C【解析】对于任一行星，设其表面重力加速度为g。根据平抛运动的规律得则水平射程可得该行星表面的重力加速度与地球表面的重力加速度之比根据得可得解得行星的半径故选C。4、B【解析】时两车在同一位置，在v-t图像中图像所包围的面积代表了汽车运动走过的位移A.图①中5s时间内甲的面积大于乙的面积，所以在5s时间内乙追不上甲，在图③中5s时间内甲的面积小于乙的面积，所以在5s时间内乙能追上甲，故A错误；B.在图②中5s时间内甲的面积小于乙的面积，所以在5s时间内乙能追上甲，在图③中5s时间内甲的面积小于乙的面积，所以在5s时间内乙能追上甲，故B正确；C.在图②中5s时间内甲面积小于乙的面积，所以在5s时间内乙能追上甲，在图④5s时间内甲的面积大于乙的面积，所以在5s时间内乙追不上甲，故C错误；D.在图④5s时间内甲的面积大于乙的面积，所以在5s时间内乙追不上甲，故D错误故选B5、C【解析】细绳剪断前，系统受重力（M+m）g和绳弹力T处于静止状态，以系统为研究对象，可得对2隔离分析，受重力Mg和向上的弹簧弹力F，则剪断细绳瞬间，绳弹力为零，弹簧弹力F不变，则根据牛顿第二定律，木块1故加速度木块2故加速度故选C。6、B【解析】第5秒末指时刻，不是时间间隔，故A错误；每节课45min是时间间隔，故B正确；物理考试9：40结束指时刻，不是时间间隔，故C错误；周末文艺晚会18：40开始指时刻，不是时间间隔，故D错误．所以B正确，ACD错误7、BC【解析】人下蹲动作分别有失重和超重两个过程，先是加速下降失重，到达一个最大速度后再减速下降超重，对应先失重再超重；起立对应先超重再失重，对应图象可知，该同学先做了一次下蹲，后做了一次起立的动作，故AD错误，BC正确；故选BC。8、AC【解析】根据牛顿第二定律求出拉力为零时小球的加速度，当滑块A向左以a=g做匀加速运动时小球恰好没有脱离斜面飘起，再根据求解第二定律列式求解拉力的大小；【详解】A、若绳对小球恰好没有拉力，则对小球进行受力分析如图所示：根据牛顿第二定律可知：，则，方向水平向右，故选项A正确，B错误；C、当滑块A向左以a=g做匀加速运动时，则小球的合力为：，方向水平向左，则对小球进行受力分析如图所示：则此时小球与斜面之间恰好没有弹力，则由图可知绳的拉力为：，故选项C正确，D错误【点睛】解决本题的关键知道小球脱离斜面时的临界情况，结合牛顿第二定律进行求解9、AD【解析】A．在烧断细线的瞬间，物块的速度为零，故A正确；BCD．根据题意对物体进行受力分析可知，物体受重力和弹簧的弹力作用，弹力烧断细线的瞬间，物体受到的合外力向上，由公式可得加速度，方向竖直向上，故BC错误，D正确。故选AD。10、AC【解析】A．速度时间图像切线斜率代表加速度，直线段斜率即加速度根据图像可得选项A对B．根据速度时间图像从开始运动一直到0.2S，速度方向一直沿正方向，即速度方向不变，沿斜面向上，选项B错C．脱离弹簧后，滑块沿斜面向上匀减速，根据牛顿运动定律有计算可得，选项C对D．与滑块脱离前，根据速度图像可得先加速后减速，选项D错故选AC。11、CD【解析】开始时，物体受到传送带向下的摩擦力向下做加速运动，根据牛顿第二定律，则：a1＝=gsinθ+μgcosθ=10×0.6+0.5×10×0.8=10m/s2，当物体与传送带相对静止时，物体的位移：；，即运动1s后与传送带速度相同，则：x2=16-5=11m；因为mgsinθ＞μmgcosθ，物体与传送带不能保持相对静止，继续加速运动，此后物体的加速度

a2＝=gsinθ-μgcosθ=10×0.6-0.5×10×0.8=2m/s2．则：x2＝vt+a2t2；代入数据解得：t2=1s；故共耗时t=t1+t2=2s．故选项CD正确，AB错误；故选CD.12、AB【解析】BC.设每一块砖的重力为G，一侧木板对砖的摩擦力大小为f1，两块砖之间的摩擦力大小为f2．根据平衡条件得：对整体，有：2f1=2G，得f1=G．对左侧砖，有：f1+f2=G．解得f2=0．即两砖间摩擦力为零，而且这个结果与FN无关．故B正确，C错误；AD.两砖始终受力平衡，合力为零，且两砖之间有相互挤压的力．故A正确，D错误故选AB二．填空题(每小题6分，共18分)13、①.两弹簧秤的读数；②.细绳的方向；③.橡皮条的结点仍拉到位置O【解析】本实验的目的是要验证平行四边形定则，故应通过平行四边形得出合力再与真实的合力进行比较，理解实验的原理即可解答本题【详解】在本实验中为了得出平行四边形，我们需要知道两分力的大小和方向，故应记下两个弹簧秤的读数及两个细绳套的方向，同时为了能准确的得出合力的大小，应让两次拉时的效果相同，应记下橡皮条结点的位置以保证下次能拉至同一位置，得出相同的效果；应特别注意应将橡皮条的结点拉到同一位置，以保证一个力拉与两个力拉时的效果相同【点睛】本题第二问是三力平衡问题中的动态分析问题，关键受力分析后，作出示意图，然后运用力的平行四边形定则进行分析讨论14、①；②，③；（4）【解析】根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上D点时小车的瞬时速度大小；根据匀变速直线运动的推论公式可以求出加速度的大小；当取下细绳和钩码时，由于滑块所受其它力不变，因此其合外力与撤掉钩码的重力等大反向；根据牛顿第二定律有mg=Ma，由此可解得滑块的质量从图乙中可知，，，（2）①相邻计数点间的时间间隔为，根据匀变速直线运动过程中的中间时刻速度推论可得，②根据逐差法可得，联立即得③滑块做匀速运动时受力平衡作用，由平衡条件得，撤去时滑块做匀加速直线运动时，受到的合外力，由牛顿第二定律得，解得（4）滑块做匀速运动时受力平衡作用，由平衡条件得，挂上质量为m的钩码时滑块沿木板向下做匀加速直线运动，受到的合外力为，由牛顿第二定律得，解得，由图丙所示图象可知，解得M=0.200kg15、(1).C(2).C(3).m＜＜M(4).0.39(5).0.60【解析】（1）[