【解析】湖北省恩施州高级中学2019-2020学年高一下学期期末考试生物试题

恩施高中2019级高一下2020年春季学期末检测生物试题一、选择题1.下列关于酶的叙述正确的是（）A.具有多样性、专一性、高效性B.其活性不受温度的影响C.酶只有在细胞内才具有催化功能D.只能由生物体腺细胞内产生【答案】A【解析】【分析】酶的本质是具有催化功能的有机物，绝大多数是蛋白质，少数是RNA，酶的作用条件需要适宜的温度和pH值，酶的特性有专一性和高效性等。【详解】A、酶本身具有多样性、其催化特性表现为专一性、高效性，A正确；B、酶的活性受温度的影响，只有在适宜温度条件下，酶的活性最强，B错误；C、只要条件适宜，酶在细胞内、外均具有催化功能，C错误；D、酶是生物体活细胞内产生的，D错误。故选A。【点睛】2.甲、乙、丙三支分别装有2mL可溶性淀粉溶液的试管中，依次分别加入1mL淀粉酶制剂、麦芽糖酶制剂和新鲜唾液，摇匀后将试管放在适宜的温度下．过一段时间后，在三支试管中各加入一滴碘液，摇匀．试管中溶液变为蓝色的是（）A.甲试管 B.乙试管 C.丙试管 D.甲和丙试管【答案】B【解析】【分析】酶具有专一性，淀粉酶只能催化淀粉的水解，不能催化麦芽糖的水解；麦芽糖酶只能催化麦芽糖水解，不能催化淀粉的水解。【详解】甲中的淀粉滴入淀粉酶会水解成麦芽糖，乙中的淀粉加入麦芽糖酶制剂不水解，依然还是淀粉，丙中的淀粉加入新鲜唾液（中含有淀粉酶）会水解成麦芽糖，所以只有乙中会变蓝，所以B选项正确。故选B。【点睛】3.下列有关酶的叙述中，正确的是（）A.人体血液凝固是一系列酶促反应过程，采集到的血液在体外0℃温度条件下凝固最快B.多酶片中含有蛋白酶、淀粉酶和脂肪酶，这种药片的主要功能是提供能量C.常温常压下，要使过氧化氢溶液迅速放出大量的氧气，应注入新鲜猪肝研磨液D.在测定唾液淀粉酶活性时，将溶液pH由2提升到6的过程中，该酶的活性将不断上升【答案】C【解析】【分析】酶是活细胞产生的具有催化作用的有机物，酶的作用是降低化学反应的活化能，不能提供能量。酶具有高效性、专一性和作用条件较温和的特性，高温、过酸或过碱都会使酶的空间结构遭到破坏，使酶永久失活。【详解】A、人体内酶催化的最适温度一般与体温相符，低温会抑制酶的活性，故采集到的血液在体外37℃温度条件下凝固最快，A错误；B、多酶片含有蛋白酶、淀粉酶和脂肪酶，这种药片的主要功能是帮助食物的消化，B错误；C、酶具有高效性，新鲜猪肝研磨液中过氧化氢酶的活性较强，能催化过氧化氢分解，迅速放出大量的氧气，C正确；D、在pH为2的条件下，唾液淀粉酶已经丧失活性，且不可恢复，将溶液pH由2提升到6的过程，该酶的活性将不变，D错误。故选C。4.下列有关ATP的叙述，错误的是()A.ATP的元素组成是C、H、O、N、PB.ATP断裂了所有高能磷酸键后可作为合成RNA的基本单位之一C.ATP中的“A”是指腺嘌呤D.ATP的高能磷酸键中储存着大量的能量【答案】C【解析】【分析】ATP的中文名称是三磷酸腺苷，结构式可简写为A—P～P～P，A代表腺苷，～代表高能磷酸键，储存着大量的能量；ATP断裂了所有高能磷酸键后是腺嘌呤核糖核苷酸，是构成RNA的基本单位之一。【详解】A、组成ATP的化学元素有C、H、O、N、P，A正确；B、ATP的两个高能磷酸键都断裂后形成的AMP含有一分子磷酸、一分子核糖和一分子腺嘌呤，可以作为RNA的基本单位之一，B正确；C、ATP中的“A”是指腺苷，由腺嘌呤和核糖组成，C错误；D、ATP的高能磷酸键中储存着大量的能量，D正确。故选C。5.科学家研究发现，向刚刚失去收缩功能离体肌肉上滴葡萄糖溶液，肌肉不收缩；向同一条肌肉上滴ATP溶液，肌肉很快就发生明显的收缩。这说明（）A.葡萄糖是能源物质 B.ATP不是能源物质C.葡萄糖是直接能源物质 D.ATP是直接能源物质【答案】D【解析】【分析】葡萄糖虽然是主要能源物质，但是不能直接为生命活动提供能量，必须通过氧化分解将能量转移到ATP中，才能用于生命活动，因为ATP是直接能源物质。【详解】ABCD、根据题意“向刚刚失去收缩功能的离体肌肉上滴葡萄糖溶液，刺激肌肉不收缩”说明葡萄糖不能直接提供能量；“向同一条肌肉上滴ATP溶液，刺激肌肉很快就发生明显的缩”说明ATP是直接能量物质，D正确，ABC错误。

故选D。6.下列关于生物体内ATP的叙述，正确的是()A.在活细胞中，ATP与ADP的相互转化是永无休止的B.ATP与ADP是同一种物质的两种形态C.生物体内的ATP含量很多，从而保证了生命活动所需能量的持续供应D.ATP与ADP的相互转化过程不受温度影响【答案】A【解析】【分析】ATP是生物体的直接能源物质，ATP在细胞内数量并不很多，但是与ADP之间可以迅速转化；人和动物体内产生ATP的生理过程只有呼吸作用，高等植物体内产生ATP的生理过程有光合作用和细胞呼吸；ATP中的能量可用于各种生命活动，可以转变为光能、化学能等，但形成ATP的能量来自于呼吸作用释放的能量或植物的光合作用。【详解】A、活细胞中不停地进行代谢，所以ATP和ADP的相互转化是时刻不停地发生并且处于动态平衡之中的，A正确；B、ATP与ADP是两种不同的物质，B错误；C、ATP在生物体内含量较低，之所以能满足生命活动的需要是因为ATP和ADP不断地相互转化，C错误；D、温度会影响酶的活性，进而影响ATP与ADP的相互转化，D错误。故选A。7.如图表示呼吸作用过程中葡萄糖分解的两个途径。下列有关叙述不正确的是（）A.过程a只能在细胞质基质中进行B.过程c只能在细胞质基质中进行，此阶段不合成ATPC.酶1、酶2和酶3依次存在于细胞质基质、线粒体和细胞质基质中D.过程b生成CO2的反应发生在线粒体的内膜上【答案】D【解析】【分析】题图分析，a是葡萄糖酵解过程，发生的场所是细胞质基质，场所在真核细胞中，b为有氧呼吸的第二、三阶段，发生在线粒体中，c是无氧呼吸的第二阶段，发生的场所是细胞质基质。【详解】A、过程a是葡萄糖酵解过程，是有氧呼吸和无氧呼吸共有的阶段，发生的场所是细胞质基质，A正确；B、c是无氧呼吸的第二阶段，发生的场所是细胞质基质，无氧呼吸过程中只有第一阶段产生ATP，但此阶段不合成ATP，B正确；C、酶1是催化有氧呼吸和无氧呼吸第一阶段的酶；酶2是催化有氧呼吸第二阶段和第三阶段的酶；酶3是催化无氧呼吸的第二阶段的酶。因此酶1、酶2、酶3依次分别存在于细胞质基质、线粒体、细胞质基质，C正确；D、b是有氧呼吸的第二、第三阶段，分别发生在线粒体的基质和内膜上，D错误。故选C。【点睛】8.某同学在研究马铃薯块茎无氧呼吸产物时，设计了如下实验：取新鲜马铃薯块茎，洗净、切成碎屑。向锥形瓶中放入适量的马铃薯块茎碎屑，并向瓶中充入N2，安装成如图所示的装置。下列说法不正确的是（）A.锥形瓶中充入N2的目的是制造无氧环境B.若溴麝香草酚蓝水溶液不变色，则说明马铃薯块茎细胞没有产生酒精C.实验前应对马铃薯块茎碎屑消毒，是为了防止微生物妨碍马铃薯细胞的呼吸作用D.溴麝香草酚蓝水溶液也可以换成澄清的石灰水【答案】C【解析】【分析】题意分析，本题是对无氧呼吸产物的探究实验，无氧呼吸的产物是酒精和二氧化碳或者是乳酸，二氧化碳可以使水溶液溴麝香草粉蓝由蓝变绿再变黄，也可以使澄清的石灰水变浑浊，因此可以用溴麝香草粉蓝溶液或澄清的石灰水判断无氧呼吸方式。【详解】A、向锥形瓶中充入N2的目的是制造无氧环境，使马铃薯块茎进行无氧呼吸，A正确；B、若溴麝香草酚蓝水溶液不变色，则说明马铃薯块茎细胞没有二氧化碳产生，说明马铃薯无氧呼吸产生的是乳酸，没有产生酒精，B正确；C、为了消除马铃薯块茎碎屑上微生物的呼吸作用对实验结果的影响，实验前对马铃薯碎屑应该进行消毒处理，C错误；D、由于二氧化碳可使溴麝香草酚蓝水溶液由蓝变绿再变黄，也能使澄清的石灰水变浑浊，所以溴麝香草粉蓝溶液可以换成澄清的石灰水，D正确。故选C。点睛】9.下图表示某植物的非绿色器官在氧浓度为a、b、c、d时，CO2释放量和O2吸收量的变化。下列相关叙述不正确的是（）A.氧浓度为a时，不适于贮藏该植物器官B.氧浓度为b时，无氧呼吸消耗葡萄糖的量比有氧呼吸的多4倍C.氧浓度为c时，有氧呼吸消耗葡萄糖比无氧呼吸多D.氧浓度为d时，只进行有氧呼吸【答案】C【解析】【分析】分析图示可知，氧浓度为a时，O2吸收量为0，则植物只进行无氧呼吸，产物为CO2和酒精；氧浓度为b、c时CO2释放量大于O2吸收量，植物既进行有氧呼吸，也进行无氧呼吸；氧浓度为d时CO2释放量等于O2吸收量，只进行有氧呼吸。【详解】A、氧浓度为a时，植物只进行无氧呼吸，会产生大量酒精，因此不适于贮藏该植物器官，A正确；B、氧浓度为b时，无氧呼吸消耗葡萄糖的量为（8﹣3）÷2=2.5，而有氧呼吸消耗葡萄糖的量为3÷6=0.5，可见该浓度下，无氧呼吸消耗葡萄糖的量是有氧呼吸的5倍，B正确；C、氧浓度为c时，无氧呼吸消耗葡萄糖的量为（6﹣4）÷2=1，而有氧呼吸消耗葡萄糖的量为4÷6=2/3，即无氧呼吸消耗葡萄糖比有氧呼吸多，C错误；D、由分析可知，氧浓度为d时，只进行有氧呼吸，D正确。故选C。10.图中①～⑤表示植物体叶肉细胞中与[H]的来源和去向相关的生理过程，依次发生在细胞质基质、线粒体内膜和叶绿体基质中的是（）A.①②⑤ B.①③⑤ C.②③④ D.②④⑤【答案】B【解析】【分析】题图分析，①表示细胞呼吸的第一阶段，发生的场所是细胞质基质；②表示有氧呼吸的第二阶段，发生在线粒体基质中；③表示有氧呼吸的第三阶段，发生的场所是线粒体内膜；④表示光合作用光反应阶段，发生在叶绿体的类囊体薄膜上；⑤表示C3的还原，发生在叶绿体基质中。【详解】根据分析可知，①～⑤生理过程中，依次发生在细胞质基质、线粒体内膜和叶绿体基质中的是①③⑤，即B正确。故选B。【点睛】11.如图是一晴朗夏日某植物光合作用强度随时间变化的曲线图，E点与D点相比较，叶肉细胞内的C3、C5、ATP和［H］的含量发生的变化依次是（）A.升、升、升、升 B.降、降、降、降C.降、升、升、升 D.升、降、降、降【答案】D【解析】【分析】光合作用过程分为光反应和暗反应，光反应阶段是水的光解产生O2、[H]和ATP，暗反应包括CO2的固定和C3的还原，需要消耗光反应产生的[H]和ATP。光照强度能通过影响光反应而影响光合作用强度，CO2浓度可通过影响暗反应而影响光合作用强度。【详解】分析图示可知，曲线DE段光合作用强度下降的原因是光照强度降低，光反应减弱，则光反应产生的ATP和［H］减少，而暗反应过程CO2的固定暂不受影响，使C3的量增加，C5的量减少，同时由于光反应提供ATP和［H］的减少，C3的还原减少。因此E点与D点相比较，叶肉细胞内的C3含量上升，C5、ATP和［H］的含量均减少，D正确，ABC错误。故选D。12.关于叶绿体中色素的提取和分离实验的操作，不正确的是（）A.使用单层尼龙布过滤研磨液B.将干燥处理过的定性滤纸条用于层析C.在画出一条滤液细线后紧接着重复画线2～3次D.研磨叶片时，用无水乙醇溶解色素【答案】C【解析】【分析】绿叶中色素的提取和分离实验，提取色素时需要加入无水乙醇或丙酮，目的是溶解色素；研磨后进行过滤（用单层尼龙布过滤研磨液）；分离色素时采用纸层析法（用干燥处理过的定性滤纸条），原理是色素在层析液中的溶解度不同，随着层析液扩散的速度不同。【详解】A、避免色素吸附在滤纸上，故使用单层尼龙布过滤研磨液，而不是使用定性滤纸，A正确；B、为便于层析液随滤纸扩散，实验中将干燥处理过的定性滤纸条剪成长条，用于层析，B正确；C、在划出一条滤液细线后，要待滤液干后，重复划线2～3次，C错误；D、研磨叶片时，用无水乙醇或丙酮溶解色素，以便色素溶解，D正确。故选C。【点睛】13.图中曲线Ⅰ表示黄豆光合作用速率与光照强度的关系（适宜温度、CO2浓度为0．03%）。在y点时改变某条件，曲线变为Ⅱ。下列分析合理的是（）A.B.与y点相比，x点叶绿体中的C5含量较高C.在y点时，降低温度导致曲线由Ⅰ变为ⅡD.制约x点光合作用的因素主要是光照强度E.制约z点光合作用的因素可能是光照强度【答案】C【解析】【分析】题意分析，影响光合作用的环境因素主要有光照强度、温度、二氧化碳浓度等，排除了温度的影响，光照条件是相同的，因此y点时改变的可能是二氧化碳浓度。Z点的光合速率不再随着光照强度的增加而增加，而且此时温度处于最适状态，所以限制因素最可能是二氧化碳浓度。【详解】A、与y点相比较，x点光照强度较弱，光反应产生的[H]和ATP较少，C3消耗减少，C5产生减少又因为CO2浓度与y点一样，C5消耗不变，所以C5含量下降，A错误；B、曲线Ⅰ已经表示黄豆在适宜温度下的光合作用速率与光照强度的关系，再升高温度，酶活性减弱，光合速率会下降，故在y点时，降低温度不会导致曲线由Ⅰ变为Ⅱ，B错误；C、x点随着光照强度的增强，光合速率也在增加，所以制约x点时光合作用的因素主要是光照强度，C正确；D、Z点的光合速率不再随着光照强度的增加而增加，而且此时温度处于最适状态，所以限制因素最可能是二氧化碳浓度，D错误。故选C。【点睛】14.已知某植物光合作用和呼吸作用的最适温度分别是25℃、30℃，如图曲线表示该植物在25℃时光合作用强度与光照强度的关系。若将温度调节到30℃的条件下（原光照强度和CO2浓度不变），从理论上讲，图中相应点的移动分别是（）A.a点上移，b点左移，m值增加B.a点下移，b点左移，m值不变C.a点下移，b点右移，m值下降D.a点下移，b点不移，m值上升【答案】C【解析】【分析】根据题意和图示分析可知：a表示呼吸作用强度，b表示光补偿点，m表示最大净光合速率。曲线表示该植物在25℃时净光合速率与光照强度的关系，并且已知该植物光合作用和呼吸作用的最适温度分别为25℃和30℃，若原有条件不变，将温度调到30℃，则光合速率下降，呼吸速率加快。【详解】由分析可知，图中a、b、m三点分别表示细胞呼吸强度、光补偿点和最大净光合速率。据题意，由于光合作用和细胞呼吸相关酶的最适温度不同，当温度由25℃上升到30℃时，细胞呼吸强度增大，a点下移；光合作用强度减小，故m值下降；b点表示光合作用强度=细胞呼吸强度时的光照强度，在30℃时细胞呼吸作用强度增大，在除光照强度外其他条件不变的情况下，要使光合作用强度仍然与细胞呼吸强度相等，需增大光照强度以使光合作用强度增大，即b点右移。综上所述，C正确，ABD错误。故选C。15.对某植物测得如下数据：30℃30℃15℃一定强度的光照10h黑暗下5h黑暗5hCO2减少880mgO2减少160mgO2减少80mg若该植物处于白天均温30℃，晚上均温15℃、有效日照12h环境下，预测该植物1天24h中积累的葡萄糖为（）A.315mg B.480mg C.765mg D.540mg【答案】D【解析】【分析】以葡萄糖为底物的有氧呼吸化学反应式为：C6H12O6+6H2O+6O26CO2+12H2O+能量，光合作用的化学反应式为6CO2+12H2OC6H12O6+6H2O+6O2，根据相关反应中产物与底物的物质的量关系并结合表格信息进行计算。【详解】由表格信息可知，30℃、一定强度的光照10h，CO2减少880mg，则白天10h有机物净积累量为880÷（6×44）×180=600mg，因此有效日照12h时白天有机物积累量为（600÷10）×12=720mg；15℃黑暗5h的O2减少80mg，说明植物5h呼吸作用消耗的有机物是80÷（6×32）×180=75mg，则植物夜间12h呼吸作用消耗有机物为（75÷5）×12=180mg。因此该植物1天24h中积累的葡萄糖为720－180=540mg，D正确，ABC错误。故选D。16.将状况相同的某种绿叶分成四等组，在不同温度下分别暗处理1h，再光照1h（光强相同），测其重量变化，得到如下表的数据。不能得出的结论是（）组别一二三四温度（℃）27282930暗处理后重量变化（mg）1231光照后与黑暗处理前重量变化（mg）+3+3+3+1A.该植物光合作用的最适温度约是27℃B.该植物呼吸作用的最适温度约是29℃C.27～29℃下的净光合速率不相等D.30℃下的真正光合速率为3mg/h【答案】A【解析】【分析】题意分析，暗处理过程中，植物只进行呼吸作用，暗处理前后重量变化量是指呼吸作用消耗量，即呼吸速率；光照时，植物进行光合作用和呼吸作用，光照前后重量变化量代表净光合作用合成有机物量，即植物的积累的有机物量。注意光照后与暗处理前重量变化实际是经过了一小时光合作用和两个小时的细胞呼吸的质量变化。经过计算可得如下数据：

（1）27℃时，植物呼吸作用速率为1mg/h，光合作用速率为3+1×2=5mg/h，净光合速率为51=4mg/h。

（2）28℃时，植物呼吸作用速率为2mg/h，光合作用速率为3+2×2=7mg/h，净光合速率为72=5mg/h。

（3）29℃时，植物呼吸作用速率为3mg/h，光合作用速率为3+3×2=9mg/h，净光合速率为93=6mg/h。

（2）30℃时，植物呼吸作用速率为1mg/h，光合作用速率为1+1×2=3mg/h，净光合速率为31=2mg/h。【详解】A、由分析可知，29℃时光合速率最快，故植物光合作用的最适温度是29℃，A错误；B、表格中暗处理后的重量变化指的是1h呼吸消耗的有机物，表中数据显示29℃消耗有机物最多，故该植物呼吸作用的最适温度约是29℃，B正确；C、由分析可知，27～29℃下的净光合速率依次为5mg/h、7mg/h、9mg/h，故27～29℃下的净光合速率不相等，C正确；D、由题意可知，30℃下该绿叶每小时经光合作用合成有机物的总量是1+1×2=3mg，D正确。D正确。故选A。【点睛】17.某同学欲测定植物叶片叶绿体的光合作用速率，做了如图十一所示实验。在叶柄基部作环剥处理（仅限制叶片有机物的输入和输出），于不同时间分别在同一叶片上陆续取下面积为1cm2的叶圆片烘干后称其重量，测得叶片的叶绿体光合作用速率=（2yzx）/6[g/（cm2·h）]（不考虑取叶圆片后对叶片生理活动的影响和温度微小变化对叶生理活动的影响）。则M处的实验条件是A.下午4时后将整个实验装置遮光3小时B.下午4时后将整个实验装置遮光6小时C.下午4时后在阳光下照射1小时D.晚上8时后在无光下放置3小时【答案】B【解析】【分析】【详解】设光合速率为m，呼吸速率为n，则下午4时叶圆片的干重y＝x＋6m－6n,解得（m－n）＝（y－x)/6、m＝n＋（y－x)/6。若M处理条件为光照t小时，则z＝y＋tm－tn,解得t＝（z－y)/（m－n）＝6（z－y)/（y－x),不能求出光合速率只能算出光照时间。若M处理条件为黑暗t小时，则z＝y－tn,解得n＝（y－z)/t,再将n＝（y－z)/t代入m＝n＋（y－x)/6中，得到m＝（y－z)/t＋（y－x)/6。已知测得叶片的叶绿体光合作用速率m＝（2yzx）/6，得到等式：（2yzx）/6＝（y－z)/t＋（y－x)/6，解得t＝6小时。综上分析，B项正确，A、C、D三项均错误。【点睛】本题考查光合作用与呼吸作用的相关知识，意在考查学生能理解所学知识的要点，把握知识间的内在联系，能从题图中提取有效信息并结合这些信息，能用文字、图表以及数学方式等多种表达形式准确地描述生物学方面的内容的能力。18.将一株生长正常的绿色植物置于密闭的玻璃容器内，在适宜条件下光照培养，随培养时间的延长，玻璃容器内CO2浓度可出现的变化趋势是A.一直降低，直至为零 B.一直保持稳定，不变化C.降低至一定水平时保持相对稳定 D.升高至一定水平时保持相对稳定【答案】C【解析】【分析】通读整道题目，可知本题在考查光合作用与呼吸作用关系及影响光合作用的因素。【详解】在适宜的条件下培养密闭容器内的植物，密闭容器内的二氧化碳含量有限，随着光合作用的持续进行，二氧化碳逐渐被消耗，浓度降低，进而光合作用强度降低，当二氧化碳浓度降低到一定水平时，植物的光合作用和呼吸作用强度相等，二氧化碳的释放量等于吸收量，则装置内的二氧化碳浓度就保持相对稳定，C正确。故选C。19.孟德尔对于遗传学的重要贡献之一是利用设计巧妙的实验否定了融合遗传方式。为了验证孟德尔遗传方式的正确性,有人用一株开红花的烟草和一株开白花的烟草作为亲本进行实验。在下列预期结果中,支持孟德尔遗传方式而否定融合遗传方式的是A.红花亲本与白花亲本杂交的F1全为红花B.红花亲本与白花亲本杂交的F1全为粉红花C.红花亲本与白花亲本杂交得F1,F1自交得到的F2按照一定比例出现花色分离D.红花亲本自交，子代全是红花；白花亲本自交，子代全是白花【答案】C【解析】【分析】本题考查孟德尔一对相对性状的杂交实验，要求考生理解孟德尔的科学研究方法，能正确区分融合遗传与独立遗传的差异，能利用孟德尔观点解释一对相对性状的杂交实验现象。【详解】孟德尔认为，用具有相对性状的亲本杂交，在F1杂合细胞中，等位基因虽然存在于同一个细胞内，但彼此保持着独立性，互不融合。在本题C组实验中，红花与白花亲本杂交，虽然F1只表现一种性状，但后代能按照一定的比例出现花色分离，这就有力地否定了融合遗传方式，支持了孟德尔的遗传理论，综上分析，C正确，ABD错误。故选C。20.孟德尔在豌豆杂交实验中，发现问题和验证假说所采用的实验方法依次是A.杂交、自交和测交 B.自交、杂交和测交C.杂交、测交和自交 D.测交、自交和杂交【答案】A【解析】【分析】孟德尔在豌豆的杂交实验中，先通过具有一对或者两对相对性状的个体杂交产生子一代，再让子一代自交，随后提出问题，由问题提出假说，最后做测交实验，验证假说.【详解】孟德尔在豌豆的杂交实验中，先通过具有一对或者两对相对性状的个体杂交→F1自交→F2出现一定的性状分离比，在此基础上提出问题，并创立假说，演绎推理，最后用测交验证假说，所以A正确，BCD错误。故选A。21.通过测交不可以推测被测个体（）A.是否是纯合子 B.产生配子的比例C.基因型 D.产生配子的数量【答案】D【解析】【分析】测交的定义是孟德尔在验证自己对性状分离现象的解释是否正确时提出的，为了确定子一代是杂合子还是纯合子，让子一代与隐性纯合子杂交，这就叫测交。在实践中，测交往往用来鉴定某一显性个体的基因型和它形成的配子类型及其比例。【详解】A、测交可以推测被测个体是否是纯合子，A正确；

B、测交可以推测被测个体产生配子的种类及比例，B正确；

C、测交可以推测被测个体产生配子的种类，从而确定其基因型，C正确；

D、测交可以推测被测个体产生配子的种类及比例，但不能推测被测个体产生配子的数量，D错误。

故选D。【点睛】本题考查测交方法检验子一代的基因型，要求考生识记测交的概念，掌握测交实验的意义及应用，明确测交可以用来鉴定某一显性个体的基因型和它形成的配子类型及其比例，再对各选项作出准确的判断即可。22.人的前额V形发尖与平发际是由常染色体上单基因控制的一对相对性状（见图）。约翰是平发际，它的父母亲都是V形发尖。约翰父母生一个平发际女孩的概率是（）。A.1/4 B.1/2 C.1/16 D.1/8【答案】D【解析】试题分析：约翰是平发际，他的父母都是V形发尖，说明平发际是隐性性状，设为aa，则父母的基因型均为Aa，他们生一个平发际孩子的概率是1/4，生女孩的概率是1/2，所以约翰父母生一个平发际女孩的概率是1/4×1/2=1/8。故选D考点：本题考查基因分离定律的应用。点评：本题意在考查考生的应用能力，属于容易题。23.等位基因A与a最本质的区别是A.A控制显性性状，a控制隐性性状B.在减数分裂时，A与a分离C.两者的碱基序列不同D.A对a起显性作用【答案】C【解析】等位基因是基因突变结果，所以碱基序列不同，C选项正确。24.一匹家系来源不明的雄性黑马与若干匹雌性红马杂交，生出20匹红马和22匹黑马，你认为这两种亲本马的基因型是（）A.黑马为显性纯合子，红马为隐性纯合子B.黑马为杂合子，红马为显性纯合子C.黑马为隐性纯合子，红马为显性纯合子D.黑马为杂合子，红马为隐性纯合子【答案】D【解析】【分析】根据题意分析可知：雄性黑马与若干匹纯种雌性红马杂交，生出20匹红马和22匹黑马，后代出现1：1的比例，相当于测交。【详解】A、若黑马为显性纯合体，红马为隐性纯合体，则后代都应是黑马杂合体，A错误；B、在完全显性的情况下，若黑马为杂合子，黑马为显性性状，则红马是隐性性状，不可能是显性纯合子，B错误；C、若黑马为隐性纯合体，红马为显性纯合体，则后代都应是红马，C错误；D、黑马为杂合体，红马为隐性纯合体，属于测交，则后代应是黑马和红马，比例为1：1，D正确。故选D。25.豌豆的高茎对矮茎是显性。高茎豌豆间杂交，后代既有高茎豌豆又有矮茎豌豆，若后代全部高茎进行自交，则所有自交后代的表现型比为（）A.3∶1 B.5∶1 C.9∶6 D.1∶1【答案】B【解析】【分析】据题文的描述可知：该题考查学生对基因的分离定律的相关知识的识记和理解能力。【详解】高茎豌豆间的杂交后代既有高茎豌豆又有矮茎碗豆，说明双亲均为杂合子。假设高茎与矮茎受一对等位基因A和a控制，则亲本高茎豌豆的基因型均为Aa，后代高茎豌豆的基因型及其比例为AA∶Aa＝1∶2，即在后代高茎豌豆中，基因型为AA和Aa的植株各占1/3和2/3。可见，若后代全部高茎进行自交，则所有自交后代的表现型比为高茎∶矮茎＝（1/3AA＋2/3×3/4A_）∶（2/3×1/4aa）＝5∶1，B正确，A、C、D均错误。【点睛】解题的关键是以题意中描述的“高茎豌豆间的杂交后代既有高茎豌豆又有矮茎碗豆”为切入点，明辨亲本高茎豌豆为杂合子。在此基础上，自设基因符号，准确推知杂交后代高茎豌豆的基因型及其比例，进而围绕“基因的分离定律”的相关知识分析判断各选项。26.豌豆花的顶生和腋生是一对相对性状，根据下表中的三组杂交实验结果，判断显性性状和纯合子分别为（）杂交组合子代表现型及数量①甲（顶生）×乙（腋生）101腋生，99顶生②甲（顶生）×丙（腋生）198腋生，201顶生③甲（顶生）×丁（腋生）全为腋生A.顶生；甲、乙 B.腋生；甲、丁C.顶生；丙、丁 D.腋生；甲、丙【答案】B【解析】【分析】1、根据子代的表现型判断显隐性的方法：①不同性状的亲本杂交→子代只出现一种性状→子代所出现的性状为显性性状，双亲均为纯合子；②相同性状的亲本杂交→子代出现不同性状→子代所出现的新的性状为隐性性状，亲本均为杂合子。2、测交是指杂合子与隐性纯合子杂交；测交后代性状的分离比为1∶1。【详解】根据杂交组合③中可以看出，甲（顶生）×丁（腋生），后代全为腋生，因此可以确定腋生为显性性状，顶生为隐性性状。由于杂交组合③后代没有发生性状分离，因此亲本全为纯合子，即甲为隐性纯合子，丁为显性纯合子；而杂交组合①和②的后代均发生1：1的性状分离，因此可以确定乙和丙均为杂合子，B正确。故选B。【点睛】本题考查基因的分离定律，解题关键在于以“杂交组合③中的亲本、子代的表现型及子代的性状分离比”为切入点，明辨腋生对顶生为显性性状，甲与丁均为纯合子，在此基础上，围绕“基因的分离定律”的相关知识，依据杂交组合①与杂交组合②的子代的性状分离比判断乙和丙的基因组成。27.豌豆和小麦的高茎对矮茎均为显性。将纯种的高茎和矮茎豌豆间行种植，另将纯种的高茎和矮茎小麦间行种植。自然状态下，从矮茎植株上获得F1的性状是A.豌豆和小麦均有高茎和矮茎 B.豌豆均为矮茎，小麦有高茎和矮茎C.豌豆和小麦的性状分离比均为3︰1 D.小麦均为矮茎，豌豆有高茎和矮茎【答案】B【解析】【分析】1、楚豌豆是自花传粉、闭花授粉的植物。

2、小麦可以自花传粉，也可以异花传粉。【详解】由于豌豆为自花传粉、闭花授粉的植物，故自然状态下，永远是自交，故矮茎上获得的F1的性状一定为矮茎；而小麦可以自花传粉，也可以异花传粉，故矮茎上获得的F1可能为矮茎，也可能为高茎，故B正确。故选B。【点睛】28.食物长于无名指为长食指，反之为短食指，该相对性状由常染色体上一对等位基因控制(TS表示短食指基因，TL为长食指基因).此等位基因表达受性激素影响，TS在男性为显性，TL在女性为显性。若一对夫妇均为短食指，所生孩子中既有长食指又有短食指，则该夫妇再生一个孩子是长食指的概率为（）A. B. C. D.【答案】A【解析】【详解】本题考查知识点为基因的自由组合定律。根据这对夫妇的表现型可以确定男性的基因型为TLTS或TSTS，女性的基因型为TSTS，又根据其后代中既有长食指又有短食指，可以确定该男性的基因型一定为TLTS。因此后代的基因型为TLTS或TSTS，各占1/2，TSTS不论男孩还是女孩都是短食指，TLTS只有是女孩时表现型才是长食指，因此，该夫妇再生一个孩子是长食指的概率为1/2×1/2=1/4，故选A。29.喷瓜有雄株、雌株和两性植株，G基因决定雄株，g基本决定两性植株，g基因决定雌株，G对gg是显性，g对g是显性，如：Gg是雄株,gg是两性植株，gg是雌株。下列分析正确的是A.Gg和Gg能杂交并产生雄株B.一株两性植株的喷瓜最多可产生三种配子C.两性植株自交不可能产生雌株D.两性植株群体内随机传粉，产生的后代中，纯合子比例高于杂合子【答案】D【解析】【详解】A、从题意可知，Gg、Gg均为雄性，不能杂交，A项错误；B、两性为gg可产生两种配子，B项错误；C、两性植株gg可自交可产生gg雌株，C项错误；D、若两性植株群体内随机传粉，则纯合子比例会比杂合子高，D项正确。故选D。30.一对灰翅昆虫交配产生的91只后代中，有黑翅22只，灰翅45只，白翅24只。若黑翅与灰翅昆虫交配，则后代中黑翅的比例最有可能是（）A.33％ B.50％ C.67％ D.100％【答案】B【解析】试题分析：灰翅昆虫交配后代分离比为22:45:24，约等于1:2:1，可推知，灰翅为杂合子，黑翅和白翅为纯合子。则黑翅与灰翅昆虫交配后代中，黑翅:灰翅=1:1，黑翅所占比例为50%，B正确。考点：本题考查种群基因型频率的相关知识，意在考查考生运用所学知识与观点，通过比较、分析与综合等方法对相关生物学问题进行推理，得出正确结论的能力。31.基因型分别为aaBbCCDd和AABbCCdd两种豌豆杂交，其子代中纯合子的比例为（）A.0 B.1/4 C.1/8 D.1/16【答案】A【解析】【分析】纯合子是细胞中每对基因都是有相同的基因组成，没有等位基因存在。【详解】基因型分别为aaBbCCDd和AABbCCdd的两种豌豆杂交，可以分解成aa×AA、Bb×Bb、CC×CC、Dd×dd四个分离定律问题。根据基因自由组合定律，其子代中纯合子的比例为0×1/2×1×1/2=0。故选A。32.已知某植物花瓣的形态和颜色受两对独立遗传的等位基因控制，其中AA、Aa、aa分别控制大花瓣、小花瓣、无花瓣；BB和Bb控制红色，bb控制白色。下列相关叙述正确的是（）A.基因型为AaBb的植株自交，后代有6种表现型B.基因型为AaBb的植株自交，后代中红色大花瓣植株占3/16C.基因型为AaBb的植株自交，稳定遗传的后代有4种基因型4种表现型D.大花瓣与小花瓣植株杂交，后代出现白色小花瓣的概率为100%【答案】B【解析】【分析】根据题意分析可知，植物花瓣的形态和颜色受两对独立遗传的等位基因控制，在遗传过程中遵循基因自由组合定律，且A对a不完全显性，B对b完全显性，所以红色大花瓣基因型是AAB_，白色大花瓣基因型是AAbb，红色小花瓣基因型是AaB_，白色小花瓣基因型是Aabb，无花瓣基因型是aa__。【详解】A、基因型为AaBb的植株自交，Aa×Aa→子代表现型是3种，Bb×Bb→后代的表现型2种，但是基因型为aaB_和基因型为aabb的个体均无花瓣，表型相同，因此后代有5种表现型，A错误；B、基因型为AaBb的植株自交，Aa×Aa→后代大花瓣为1/4AA，Bb×Bb→后代红色为3/4B_，因此后代中红色大花瓣植株占1/4×3/4=3/16，B正确；C、基因型为AaBb的植株自交，能稳定遗传的个体是纯合子，基因型为AABB、AAbb、aaBB、aabb共4种，其中aaBB、aabb无花瓣，因此共3种表现型，C错误；D、大花瓣AA与小花瓣Aa杂交，后代大花瓣∶小花瓣=1∶1，不一定是白色的，D错误。故选B。33.灰兔和白兔杂交，F1全是灰兔，F1雌雄个体相互交配，F2中有灰兔、黑兔和白兔，比例为9∶3∶4，则（）A.家兔的毛色受一对等位基因控制B.F2灰兔中能稳定遗传的个体占1/16C.F2灰兔基因型有4种，能产生4种比例相等的配子D.F2中黑兔与白兔交配，后代出现白兔的几率是1/3【答案】D【解析】【分析】根据题意分析可知：F2中有灰兔、黑兔和白兔，比例为9∶3∶4，说明符合基因的自由组合定律。其中灰兔的基因型为AABB、AABb、AaBB、AaBb；黑兔的基因型假设为AAbb、Aabb；则白兔的基因型为aaBB、aaBb、aabb，所以家兔的毛色受两对等位基因控制。【详解】A、9∶3∶4实质上是9∶3∶3∶1的变式，所以家兔毛色受两对独立遗传的等位基因控制，A错误；B、F2灰兔有4种基因型（1/9AABB、2/9AABb、2/9AaBB、4/9AaBb），其中能稳定遗传的个体占1/9，B错误；C、F2灰兔基因型有（1/9AABB、2/9AABb、2/9AaBB、4/9AaBb）4种，可产生的AB配子占1/9+2/9×1/2+2/9×1/2+4/9×1/4=4/9，同理可算出Ab和aB配子各占2/9；ab配子占1/9，所以F2灰兔产生配子及比例为AB∶Ab∶aB∶ab=4∶2∶2∶1，C错误；D、F2中黑兔（2/3Aabb、1/3AAbb）产生两种配子，Ab∶ab=2∶1，白兔（1/4aaBB、2/4aaBb、1/4aabb）产生两种配子，aB∶ab=1∶1，则后代白兔的几率是1/3，D正确。故选D。34.基因型为AaBbCc和AabbCc的两个个体杂交（三对等位基因分别位于三对同源染色体上）。下列关于杂交后代的推测，正确的是（）A.表现型有8种，基因型为AaBbCc的个体的比例为1/16B.表现型有8种，基因型为aaBbCc的个体的比例为1/16C.表现型有4种，基因型为aaBbcc的个体的比例为1/16D.表现型有8种，基因型为AAbbCC的个体的比例为1/16【答案】B【解析】【分析】已知三对基因独立遗传，遵循基因的自由组合定律。基因型为AaBbCc和AabbCc的两个个体杂交，分别考虑每对基因杂交的后代基因型和表现型情况来答题。【详解】A、AaBbCc和AabbCc杂交，后代表现型有2×2×2=8种，AaBbCc个体的比例为1/2×1/2×1/2=1/8，A错误。B、AaBbCc和AabbCc杂交，后代表现型有8种，aaBbCc个体的比例为1/4×1/2×1/2=1/16，B正确。C、AaBbCc和AabbCc杂交，后代表现型有8种，aaBbCc个体的比例为1/4×1/2×1/2=1/16，C错误。D、AaBbCc和AabbCc杂交，后代表现型有8种，Aabbcc个体的比例为1/2×1/4×1/4=1/32，D错误。故选B。【点睛】35.基因A、a和基因B、b分别位于不同对的同源染色体上，一个亲本与aabb测交，子代基因型为AaBb和Aabb，分离比为1∶1，则这个亲本基因型为A.AABb B.AaBb C.AAbb D.AaBB【答案】A【解析】【详解】一个亲本与aabb测交，aabb产生的配子是ab，又因为子代基因型为AaBb和Aabb，分离比为1∶1，由此可见亲本基因型应为AABb。36.小麦麦穗基部离地的高度受四对基因控制，这四对基因分别位于四对同源染色体上。每个基因对高度的增加效应相同且具叠加性。将麦穗离地27cm的mmnnuuvv和离地99cm的MMNNUUVV杂交得到F1，再用F1代与甲植株杂交，产生F2代的麦穗离地高度范围是36～90cm，则甲植株可能的基因型为（）A.MmNnUuVv B.MmNNUuvvC.mmnnUuVV D.mmNnUuVv【答案】B【解析】【分析】题意分析，麦麦穗基部离地的高度受四对基因控制，这四对基因分别位于四对同源染色体上，因此在遗传过程中遵循基因的自由组合定律，每个基因对高度的增加效应相同且具叠加性，因此显性基因个数越多，小麦越高，基因型为mmnnuuvv的个体最低，MMNNUUVV的个体最高，高度之差是9927=72，因此每个显性基因增加的高度是72÷8=9cm．【详解】麦穗离地27cm的mmnnuuvv和离地99cm的MMNNUUVV杂交，子一代的基因型是MmNnUuVv，子一代与甲植株杂交，产生F2代的麦穗离地高度范围是36～90cm，株高36cm的个体中含有的显性基因的个数为1，株高90cm的个体中含有的显性基因的个数为7，而子一代产生的配子中显性基因最多是4个，最少是0个，据此可推测甲植株产生的配子中含有的显性基因的个数最多应该为3个，最少应该为1，这样才能保证产生的子代中个体的株高在36～90cm，显然基因型为MmNNUuvv的个体能产生显性基因个数最多为3个的配子和显性基因个数最少为1个的配子，即B正确。故选B。【点睛】37.南瓜的扁盘形、圆形、长圆形三种瓜形由两对等位基因(A、a和B、b)控制，这两对基因独立遗传。现将2株圆形南瓜植株进行杂交，F1收获的全是扁盘形南瓜；F1自交，F2获得137株扁盘形、89株圆形、15株长圆形南瓜。据此推断，亲代圆形南瓜植株的基因型分别是（）A.aaBB和Aabb B.aaBb和AAbbC.AAbb和aaBB D.AABB和aabb【答案】C【解析】【分析】根据题意分析可知：南瓜的扁盘形、圆形、长圆形三种瓜形由两对等位基因控制，两对基因独立遗传，符合基因自由组合规律。F2获得137株扁盘形、89株圆形、15株长圆形南瓜，比例约为9：6：1，属于自由组合定律的特殊情况。【详解】两株圆形南瓜植株进行杂交，F1收获的全是扁盘形南瓜，F1自交，F2获得137株扁盘形、89株圆形、15株长圆形南瓜，比例为扁盘形：圆形：长圆形≈9：6：1，说明扁盘形中含A和B，圆形中含A或B，而长圆形为aabb，因此F1的基因型只能是AaBb，由于亲本是圆形南瓜，不可能同时含A和B，所以亲代圆形南瓜植株的基因型分别是AAbb和aaBB。故选C。【点睛】本题考查基因自由组合规律的相关知识，意在考查学生的识记能力和判断能力，运用所学知识综合分析问题和解决问题的能力。要求学生理解基因自由组合规律中9：3：3：1与9：6：1的关系。38.小麦的粒色受两对同源染色体上的两对基因R1和r1、R2和r2控制。R1和R2决定红色，r1和r2决定白色，R对r为不完全显性，并有累加效应，也就是说，麦粒的颜色随R的增加而逐渐加深。将红粒（R1R1R2R2）与白粒（r1r1r2r2）杂交得F1，F1自交得F2，则F2的基因型种类数和不同表现型比例为（）A.3种、3∶1B.3种、1∶2∶1C.9种、9∶3∶3∶1D.9种、1∶4∶6∶4∶1【答案】D【解析】【详解】小麦的粒色受两对同源染色体上的两对基因R1和r1、R2和r2控制，将红粒(R1R1R2R2)与白粒(r1r1r2r2)杂交得F1，F1的基因型为R1r1R2r2，所以F1自交后代基因型有9种；后代中r1r1r2r2占1/16，R1r1r2r2和r1r1R2r2共占4/16，R1R1r2r2、r1r1R2R2和R1r1R2r2共占6/16，R1R1R2r2和R1r1R2R2共占4/16，R1R1R2R2占1/16，所以不同表现型的比例为1∶4∶6∶4∶1。故选D。【点睛】39.某植物体有三对等位基因（A和a、B和b、C和c），它们独立遗传并共同决定此植物的高度。当有显性基因存在时，每增加一个显性基因，该植物会在基本高度2cm的基础上再增加2cm。现在让AABBCC（14cm）×aabbcc（2cm）产生F1，F1自交产生的后代植株中高度为8cm的基因型有多少种？()A.3 B.4 C.6 D.7【答案】C【解析】【分析】用分离定律解决自由组合问题：

（1）基因原理分离定律是自由组合定律的基础。

（2）解题思路首先将自由组合定律问题转化为若干个分离定律问题．在独立遗传的情况下，有几对基因就可以分解为几个分离定律问题。如AaBb×Aabb可分解为：Aa×Aa，Bb×bb；然后，按分离定律进行逐一分析；最后，将获得的结果进行综合，得到正确答案。【详解】根据题意分析，AABBCC×aabbcc→AaBbCc，由于每增加一个显性基因高度增加2cm，与aabbcc相比，AaBbCc增加了3个显性基因，因此高度是2+2×3=8cm．F1自交后，子代中高度为4cm的含有一个显性基因，基因型分别是Aabbcc、aaBbcc、aabbCc共3种，高度为6cm的含由两个显性基因，基因型为：AaBbcc、AAbbccaaBBcc、aabbCC、aaBbCc、AabbCc共6种；高度为8cm的含有三个显性基因，基因型为AABbcc、AAbbCc、aaBBCc、AaBBcc、AaBbCc、AabbCC、aaBbCC共7种；高度为10cm的含有四个显性基因，基因型为AABBcc、AAbbCC、aaBBCC、AABbCc、AaBBCc、AaBbCC共6种。故选C。【点睛】40.已知某一动物种群中仅有Aabb和AAbb两种类型个体，Aabb∶AAbb=1∶1，且该种群中雌雄个体比例为1∶1，个体间可以自由交配，则该种群自由交配产生的子代中能稳定遗传的个体比例为（）A.1/2 B.1/4 C.5/8 D.3/4【答案】C【解析】【分析】Aabb和AAbb各占一半，且该种群中雌雄个体比例为1:1，则雌雄配子均是Ab:ab＝3:1，即Ab占3/4，ab占1/4，【详解】根据分析雌雄配子随机结合，则子代中能稳定遗传的个体比例是3/4×3/4+1/4×1/4＝5/8。故选C。二、简答题41.为探究酵母菌的细胞呼吸，将酵母菌破碎并进行差速离心处理，得到细胞质基质和线粒体，与酵母菌分别装入A～F试管中，加入不同的物质，进行如表所示实验。试管编号加入的物质细胞质基质线粒体酵母菌ABCDEF葡萄糖－＋－＋＋＋丙酮酸＋－＋－－－氧气＋－＋－＋－注：“＋”表示加入了适量的相关物质，“－”表示未加入相关物质。(1)会产生CO2和H2O的试管有________，会产生酒精的试管有_______，根据试管_______的实验结果可判断出酵母菌进行无氧呼吸的场所(均填试管编号)；(2)有氧呼吸产生的[H]，经过一系列的化学反应，与氧结合形成水。2,4－二硝基苯酚(DNP)对该氧化过程没有影响，但使该过程所释放的能量都以热能的形式耗散，表明DNP使分布在______________________上的酶无法合成ATP。若将DNP加入试管E中，葡萄糖的氧化分解______(填“能”或“不能”)继续进行。【答案】(1).CE(2).BF(3).BDF(4).线粒体内膜(5).能【解析】【分析】1、酵母菌在有氧条件下进行有氧呼吸，在无氧条件下进行无氧呼吸。有氧呼吸三个阶段的场所分别为细胞质基质、线粒体基质、线粒体内膜，无氧呼吸两个阶段都发生细胞质基质中。

2、分析表格：A试管有氧气，但没有线粒体，所以A试管中不能进行呼吸作用；B试管中进行了无氧呼吸，能够产生酒精和CO2；C试管中能够进行有氧呼吸的第二、三阶段，能产生水和CO2；D试管中不能进行呼吸作用；E试管中能进行有氧呼吸；F试管中能进行无氧呼吸。【详解】（1）酵母菌在有氧呼吸条件下（即E试管）能产生CO2和H2O；在有氧条件下线粒体也能利用丙酮酸分解产生二氧化碳和水，但线粒体内不能直接分解葡萄糖，故C试管能产生CO2和H2O。所以能产生CO2和H2O的试管有C和E。无氧条件下，细胞质基质可进行无氧呼吸，据表分析可知，能够产生酒精的试管有B和F。若要研究酵母菌进行无氧呼吸的场所，必须在无氧条件下进行对照试验，因此通过试管B、D、F的实验结果可以作出判断。

（2）[H]与O2结合生成水的过程发生在线粒体内膜上，2,4－二硝基苯酚(DNP)对该氧化过程没有影响，但使该过程所释放的能量都以热能的形式散失，表明DNP使分布在线粒体内膜上的酶无法合成ATP。根据题意可知，DNP对氧化过程没有影响，只是影响ATP的合成，所以DNP不影响葡萄糖的氧化分解，即葡萄糖的氧化分解能继续进行。【点睛】本题探究酵母菌的细胞呼吸方式，重在考查细胞呼吸过程、条件、原料及产物及实验分析能力，属于对识记、理解层次的考查，有一定的难度。42.观赏植物蝴蝶兰可通过改变CO2吸收方式以适应环境变化。长期干旱条件下，蝴蝶兰在夜间吸收CO2并贮存在细胞中。（1）依图a分析，长期干旱条件下的蝴蝶兰在0～4时________（填“有”或“无”）ATP和［H］的合成，原因是____________________________；此时段________（填“有”或“无”）光合作用的暗反应发生，原因是____________________________；10～16时无明显CO2吸收的直接原因是______________________。（2）从图b可知，栽培蝴蝶兰应避免________，以利于其较快生长。此外，由于蝴蝶兰属阴生植物，栽培时还需适当________。【答案】(1).有(2).呼吸作用合成(3).无(4).叶绿体在无光时不能合成ATP和［H］(5).气孔关闭(6).长期干旱（长期缺水）(7).遮阴【解析】【分析】细胞有氧呼吸分为三个阶段：①葡萄糖的初步分解，②丙酮酸彻底分解，③[H]的氧化，三个阶段的产物不同。光反应和暗反应是相互联系、密不可分的：光反应需要暗反应提供的ADP和Pi，暗反应需要光反应提供的ATP和[H]。【详解】（1）由图1可知，长期干旱条件下的蝴蝶兰在0～4时，细胞进行呼吸作用，有氧呼吸的第一阶段，葡萄糖的初步分解产生丙酮酸、[H]和ATP，第二阶段，丙酮酸彻底分解为二氧化碳、[H]和ATP，第三阶段，[H]的氧化生成水和大量的ATP。在此时段由于没有光照，叶绿体在无光时不能合成ATP和［H］，因此光合作用的暗反应不发生；10～16时无明显CO2吸收的直接原因是气孔关闭，二氧化碳不能进入细胞。（2）从图2可知，蝴蝶兰干旱条件下，细胞干重增加量小，因此栽培蝴蝶兰应避免干旱，以利于其较快生长。此外，由于蝴蝶兰属阴生植物，栽培时还需适当遮阴。【点睛】本题结合生物学图解考查学生的识图作答能力，综合性较强，涉及到细胞有氧呼吸分的三个阶段，光反应和暗反应的过程及条件以及植物细胞的全能性及其应用，要认真总结、梳理这些知识，做到牢记并学会应用。43.鸭蛋蛋壳的颜色主要有青色和白色两种。金定鸭产青色蛋，康贝尔鸭产白色蛋。为研究蛋壳颜色的遗传规律，研究者利用这两个鸭群做了五组实验