2020年广西玉林、柳州市高考物理二模试卷

2020年广西玉林、柳州市高考物理二模试卷2020年广西玉林、柳州市高考物理二模试卷2020年广西玉林、柳州市高考物理二模试卷高考物理二模试卷题号一二三四五总分得分一、单项选择题（本大题共5小题，共30.0分）1.某物体竖直向上做直线运动的v-t图象以以以下列图，依照图象可知（）0-2s内物体处于失重状态4～5s内物体处于圆满失重状态0～5s内物体的位移为14m物体在0～2s的平均速度比在4～5s的平均速度小如图，在平行板电容器中间地区内存在垂直纸面向里的匀强磁场，一带电粒子（不计重力）恰能沿直线从右向左经过该地区，由此可判断（）上极板的电必定定高于下极板的电势上极板的电必定定低于下极板的电势该粒子必定带正电该粒子必定带负电3.如图，在磁感觉强度大小为B的匀强磁场中，两长直导线P和Q垂直于纸面固定放置，分别通有大小相等方向相反的电流，纸面内两导线连线的中点a处的磁感觉强度恰巧为零，以下说法正确的选项是（）A.P中的电流在a点处产生的磁感觉强度大小为BB.Q中的电流在a点处产生的磁感觉强度大小为2BC.仅让Q中的电流反向，则a点处的磁感觉强度大小为2BD.仅让P中的电流反向，则a点处的磁感觉强度大小仍为B计划在2020年发射升空的嫦娥五号探测器是能推行无人月面取样返回的航天器。登月前嫦娥五号将在轨道半径为r的绕月圆形轨道上运行，运行周期为T，若已知引力常量为G，利用以上条件能够求出（）A.月球对嫦娥五号的吸引力B.月球表面的重力加速度C.嫦娥五号绕月运行的向心加速度D.月球的平均密度5.圆滑水平面上有素来角坐标系，质量m=1kg的质点静止在坐标原点O处。用沿x轴正方向的力Fx=2N作用了2s：今后撤去xyF，并立刻用沿y轴正方向的力F=24N作用了，则质点在这2.5s内的轨迹为图中的（）第1页，共14页A.B.C.D.二、多项选择题（本大题共5小题，共27.0分）场兴隆小为E、方向水平向右的匀强电场中，一质量为m带电量为+q的物块在水平面上从静止开始向右做加速度为的匀加速直线运动，经过时间t后（）A.物块的动能增加B.物块的电势能增加C.物块战胜摩擦力做功D.物块的机械能增加如图，一理想变压器原线圈接u=108sinωt的正弦沟通电，副线圈接有三盏圆满同样的灯泡（灯泡的阻值能够保持恒定），灯泡上均标有（36V，6W）字样，此时L1恰好正常发光，以下说法正确的选项是（）A.B.

变压器的输入功率为12W原副线圈匝数之比为2：1C.经过原线圈电流为AD.若L3突然烧断，则经过原线圈的电流变大以以以下列图，一质量为m的小球套在粗拙竖直杆上，一原长为L的轻质弹簧左端固定在O点，右端与小球连结，杆上有A、B、C、D四点，OC与杆垂直，OC=L，D、A两点关于C点对称。若小球从A点由静止释放，将下降到最低点B，小球与杆间的动摩擦因数恒为μ，弹簧的形变素来在弹簧的弹性限度内，则小球（）A.向下经过C点时的加速度小于重力加速度从A点到B点的过程中，所受摩擦力先减小后增大从A点到D点的过程中小球损失的机械能等于其战胜摩擦力做的功从A点到B点的过程中小球与弹簧组成的系统机械能素来减少9.以下说法正确的选项是（）物体从外界吸取热量，其内能必定增加波及热现象的宏观自然过程都拥有方向性，是不能够逆的液晶拥有液体的流动性，其光学性质与某些品体相像拥有各向异性两个物体内能同样，则它们的温度必定同样温度高升时，液体的饱和汽压增大第2页，共14页10.图（a）为一列简谐横波在t=0.10s时辰的波形图，P是平衡地址在x=1.0m处的质点，Q是平衡地址在x=4.0m处的质点：图（b）为质点Q的振动图象，以下说法正确的是（）在t=0.20s时，质点Q向y轴正方向运动B.在t=0.15s时，质点P的加速度方向为y轴负方向C.从到，质点Q向左运动了4mD.从到t=0.15sP经过的行程为10cm，质点简谐横波的流传方向水平向左三、实验题（本大题共2小题，共16.0分）11.在一次课外活动中，某同学用图甲所示装置测量放在水平圆滑桌面上铁块A与金属板B间的动摩擦因数。已知铁块A的质量mA＝0.5kg，金属板B的质量mB＝1kg。用水平力F向左拉金属板B，使其素来向左运动，牢固后弹簧秤示数的放大情况如图甲所示，则A，B间的摩擦力Ff＝________N，A，B间的动摩擦因数μ＝________。（g取10m/s2）。该同学还将纸带连结在金属板B的后边，经过打点计时器连续打下一系列的点，测量结果如图乙所示，图中各计数点间的时间间隔为0.1s，可求得拉金属板的水平力F＝________N现要测量某电源的电动势和内阻。可选择的器材有：电流表A：量程250mA，内阻1.0Ω；电压表V1：量程1V，内阻1kΩ；电压表V2：量程15V，内阻约3kΩ；滑动变阻器R1：最大阻值100Ω；定值电阻R0=2kΩ电源：电动势约为，内阻较小；开关、导线若干。（1）依照所给器材设计电路，为了减小实验误差，尽可能多测量数据，请在答题卡所给方框内，达成测量电路图的连线。其中电压表应采用______（选填“V1”或第3页，共14页“V2”）；（2）测量时，改变滑动变阻器的阻值，记录对应的电压表的示数U和电流表的示数I．数据以下表所示。依照表中数据，在答题卡上的坐标纸上画出U-I图线。UV（）I（mA）2301921521106930（3）依照U-I图线求出电源的电动势E=______V，内阻r=______Ω．（结果均保留3位有效数字）四、计算题（本大题共3小题，共39.0分）13.如图，质量为2m的滑块A由长为R的水平轨道和半径也为R的四分之一圆滑圆弧轨道组成，滑块A的左侧紧靠着另一质量4m的物块C，质量为m的物块B从圆弧轨道的最高点由静止开始滑下，D为圆弧轨道最低点，已知B与水平轨道之间的动摩擦因数为μ，A的水平轨道厚度极小，B从水平轨道上滑下和滑上的能量损失忽略不计，水平川面圆滑，重力加速度为g，（1）若A被固定在地面上，求B与C发生碰撞前的速度大小v0；（2）若A的固定被除去，B滑下后与C发生圆满弹性碰撞，碰撞后B再次冲上A，求B与A相对静止时与D点的距离L。第4页，共14页以以以下列图，粗细平均的U形管两头等高，左端关闭，右端与大气相通。左管中A部分为真空，B部分封有空气柱，图中L1=20cm，L2=25cm，大气压强p0=75cmHg．现往右管中迟缓加注水银，直到右管水银面与管口相平，求：（1）加注水银前，图中L3的长度；（2）加注的水银面与管口相平时，B中空气柱的长度。如图为一个半径为R的半圆形玻璃砖的截面图，圆心为O，玻璃的折射率n=，一细光束从半径OA的中点D垂直于AB射入玻璃砖，求：1）光芒第一次射出玻璃砖时折射光芒的折射角；2）在不改变入射方向的情况下，细光束上下搬动到某些地址将不能从圆弧面右侧射出，求光束分别从D点向上和向下搬动的距离。五、简答题（本大题共1小题，共12.0分）16.以以以下列图，两根足够长的平行金属导轨与水平面夹角θ=37，°导轨间距L=0.2m，底端接阻值R1=4.0Ω的定值电阻，顶端接阻值R2=4.0Ω的小灯泡，导轨间有磁感觉强度、方向垂直导轨向上的匀强磁场。将一质量m=0.1kg金属棒垂直于导轨静止释放，棒沿导轨下滑距离为s时，速度达到最大值，此时小灯泡恰能正常发光，电路中产生的焦耳热Q=0.35J．棒与导轨的电阻不计，它们之间接触优秀、动摩擦因数μ，重力加速度g取10m/s2，sin37°，cos37°，求：1）金属棒刚开始运动时的加速度大小；2）小灯泡的额定电压；3）金属棒沿导轨下滑的距离s。第5页，共14页第6页，共14页答案和分析1.【答案】C【分析】解：A、0-2s内，物体的加速度向上，物体处于超重状态，故A错误。B、4～5s内，物体的加速度大小为a==4m/s2，方向向下，物体处于失重状态，其实不是圆满失重，故B错误。C、v-t图象对应的面积为位移，0～5s内物体的位移为S=m=14m，故C正确。D、物体在0～2s的平均速度和在4～5s的平均速度相等：==m/s=2m/s，故D错误。应选：C。加速度方向向上为超重整体，加速度向下为失重状态；v-t图象对应的面积为位移；根据=求平均速度。此题察看了v-t图象、超重失重、平均速度等知识点。重点点一：超重失重状态的判断看加速度方向，而不是看速度的方向；重点点二：掌握v-t图象的性质，比方面积、斜率等物理意义。2.【答案】B【分析】解：粒子恰能沿直线从右向左经过该地区，则qE=qvB，方向相反，若粒子带正电，则洛伦兹力向下，电场力向上，上极板的电必定定低于下极板的电势；若粒子带负电，则洛伦兹力向上，电场力向下，上极板的电必定定低于下极板的电势，故ACD错误，B正确；应选：B。粒子受电场力和洛伦兹力处于平衡状态做匀速直线运动，当粒子带正电或负电时，分析粒子的受力，进而判断上下极板的电势高低。求解此题重点抓住粒子恰能沿直线从右向左经过该地区，则电场力和洛伦兹力等大反向来分析。3.【答案】D【分析】解：AB、P和Q的电流大小相等方向相反，依照安培定则，P和Q在中点a点产生的磁场大小相等方向都向下，设为B0，由于a处的磁感觉强度恰巧为零，所以匀强磁场B的方向向上，且B=2B0，即B0=B，故AB错误；C、仅让Q中的电流反向，依照安培定则，P和Q在中点a点产生的磁场大小相等方向相反，所以a点处的磁感觉强度大小为B，故C错误；D、仅让P中的电流反向，依照安培定则，P和Q在中点a点产生的磁场大小相等方向相反，所以a点处的磁感觉强度大小为B，故D错误。应选：D。依照安培定则，能够判断P和Q在中点a点产生的磁场大小相等方向都向下，进而可以确定B磁场的方向，也能够求出P和Q在a点产生的磁场大小；仅让Q中的电流反向或许仅让P中的电流反向，P和Q在中点a点产生的磁场都能够相互抵消，合磁场都是B。此题察看了磁场的叠加原理。利用安培定则判断P和Q在中点a点产生的磁场方向是第7页，共14页解决此题的重点。4.【答案】C【分析】解：A、月球对嫦娥五号的吸引力，依照万有引力公式，以及万有引力供应向心力：F=G=mr，由于不知道嫦娥五号的质量，所以求不出月球对嫦娥五号的吸引力，故A错误；B、依照月球表面的物体碰到的重力等于万有引力G=mg，得g=，由于不知道月球的半径，故不知道月球表面的重力加速度，故B错误；C、依照万有引力供应向心力：G=mr=ma，得：a=r，故C正确；D、依照密度的定义式：ρ=，要求月球的密度，由于不知道月球的大小，不知道月球的体积V，所以不能够计算月球的密度，故D错误。应选：C。1、依照万有引力定律的表达式，必定知道“嫦娥三号”卫星的质量才能计算月球对“嫦娥三号”的引力；2、依照月球表面的物体碰到的重力等于万有引力，得g=，由于不知道月球的半径，故不知道月球表面的重力加速度；3、依照万有引力供应向心力：G=mr=ma，张开谈论即可；4、要求月球的密度ρ=，由于不知道月球的大小，不知道月球的体积V，所以不能够计算月球的密度。万有引力供应向心力只能求出中心天体的质量，由于月球半径未知，故月球的密度和月球对卫星的引力都无法求出。5.【答案】B【分析】解：质点在Fx的作用由静止开始从坐标系的原点O沿+x轴方向做匀加速运动，加速度ax2，速度为vxx2==2m/s=at1=4m/s，对应位移x1=at1=4m，到2s末撤去Fx再碰到沿+y方向的力Fy的作用，物体在+x轴方向匀速运动，x2=vxt2=2m，在+y方向加速运动，+y方向的加速度ay==24m/s2，方向向上，对应的位移y=ayt22=6m，物体做曲线运动。再依照曲线运动的加速度方向大概指向轨迹凹的素来，故B正确，ACD错误。应选：B。物体在Fx作用下在x轴方向做匀加速直线运动，撤去Fx，施加Fy，由于协力与速度方向垂直，做曲线运动，将曲线运动分解为x轴方向和y轴方向研究，在x轴方向做匀速直线运动，在y轴方向做匀加速直线运动。解决此题的重点掌握办理曲线运动的方法，将曲线运动分解为x轴方向和y轴方向，分析出两方向分运动的情况。6.【答案】AC第8页，共14页【分析】解：设物块碰到的摩擦力为f，由牛顿第二定律得：qE-f=ma，解得：f=qE经过时间t发生的位移：x==A、物块的动能增加△Ek=-0=，故A正确。B、电场力做功W电=qEx=，所以电势能减小，故B错误。C、物块战胜摩擦力做功W=fx=，故C正确。D、非重力做的功等于协力做的功，所以机械能增加等于动能增加，为，故D错误。应选：AC。由牛顿第二定律求得摩擦力的大小，由位移公式求得经过时间t发生的位移，再依照动能定理、电场力的功、摩擦力的功、非重力做的功求解动能增加、电势能增加、机械能增加即可。此题察看了牛顿第二定律、动能定理、电场力的功与电势能的关系等功能关系的应用，重点知道协力的功、电场力的功、非重力做的功求解对应能量的变化。7.【答案】BC【分析】解：分析电路结构，灯泡L2、L3并联后再与L1串通，A、L1恰正常发光，耗资功率为6W，依照串并联电路规律可知，流过灯泡L2、L3的电流为流过灯泡L1电流的一半，则耗资功率为，为，则副线圈的输出功率为9W，依照变压器的输入功率等于输出功率可知，变压器的输入功率为9W，故A错误。B、串并联电路规律可知，灯泡23两头的电压为1两头电压的一半，则副线圈的输L、LL出电压U2=54V，原线圈输入电压的最大值为108V，则有效值为108V，依照变压比可知，n1：n2=U1：U2=2：1，故B正确。C、依照欧姆定律可知，灯泡12A=A，依照变流比可知，=A，L的电流为I=故C正确。D、若L3突然烧断，则副线圈电阻变大，依照欧姆定律可知，副线圈的输出电流变小，则经过原线圈的电流变小，故D错误。应选：BC。依照电压与匝数成正比，电流与匝数成反比，变压器的输入功率和输出功率相等，逐项分析。若L3突然烧断，则副线圈电阻变大，依照欧姆定律可知，输出电流变小，经过原线圈的电流变小。此题察看了变压器的结构和原理，掌握住理想变压器的电压、电流及功率之间的关系，此题即可获取解决。8.【答案】CD【分析】解：A、从A到C，弹簧对滑块由沿弹簧向下的拉力，滑块的速度不断增大；从C到B，弹簧对滑块有沿弹簧向上的拉力，开始时拉力沿杆向上的分力小于滑块的重力，滑块扔在加速，所以滑块在C点时速度不是最大，此时协力为mg，则加速度为g，故A错误；B、设弹簧与水平方向的夹角为θ，弹簧原长为l0，从A点到C点的过程中，小球水平第9页，共14页方向有弹簧弹力的分力和杆给球的支持力，且素来有：FN=kxcosθ=kcosθ=kl0，为定值，又f=μFN，所受摩擦力不变，同理，从C点到B点的过程中，受摩擦力也不变，在C点由于弹力为0，则杆给球的支持力，f=0，故B错误；C、由于D、A两点对于C点对称，弹簧的弹性势能相等，则从A点到D点的过程中小球损失的机械能等于其战胜摩擦力做的功，故C正确；D、从A点到B点的过程中，素来有摩擦力做功，则小球与弹簧组成的系统机械能素来减少，故D正确。应选：CD。滑块的速度依照其受力情况，分析速度的变化情况确定；对小球与弹簧组成的系统，只有重力和弹簧弹力做功，系统机械能守恒；依照系统机械能求小球在c点速度和弹性势能增加量。此题主要察看系统机械能守恒内容，注意题中滑块的机械能其实不守恒，小球和弹簧组成的系统机械能守恒。9.【答案】BCE【分析】解：A、依照热力学第必定律W+Q=△U，物体从外界吸取热量，但做功情况不明确，其内能不用然增加，故A错误。B、自然界进行的波及热现象的宏观过程都拥有方向性，是不能够逆的，热量可能由低温物体传达到高温物体，但要产生其余影响，故B正确。C、液晶像液体同样拥有流动性，而其光学性质与某些晶体相像拥有各向异性，故C正确。、物体内能和温度、质量、分子种类等都相关，所以两个物体内能同样，则它们的温度不用然同样，故D错误。E、温度高升时，分子平均动能增大，单位时间内逸出液面的分子数增加，于是原来的动向平衡状态被损坏，空间气态分子密度渐渐增大，致使单位时间内返回的分子数增加，进而达到新的条件下的动向平衡，所以温度高升时，液体的饱和汽压增大，故E正确。应选：BCE。依照热力学第必定律来判断内能增加问题；自然界进行的所有与热现象相关的宏观过程都是不能够逆的；液晶拥有液体的流动性，其光学性质与某些品体相像拥有各向异性；问题的内能不只和温度相关，温度同样只能够说明分子平均动能同样；饱和汽压随温度的高升而增大。此题察看了热力学定律、饱平易压、液晶等知识点。这种题型知识点广，多以基础为主，只需平时多加积累，难度不大。10.【答案】ABE【分析】解：A、由图（b）可得：质点Q在t=0.20s位于平衡地址向y轴正方向运动，故A正确。B、由图（b）可得：周期，质点Q在t=0.10s位于平衡地址向下振动；故由图（a）可得：波长λ=8m，波沿x轴负方向流传，那么，在t=0.15s时，质点P振动了，位于平衡地址上方，加速度方向沿y轴负方向，故B正确。C、波的流传过程中，质点不随波迁移，故C错误。D、从t=0.10s到，质点P经过波峰，则经过的行程小于振幅，即小于10cm，故D错误。E、波沿x轴负方向流传，即流传方向水平向左，故E正确。应选：ABE。依照图b获取质点Q的振动，进而由图a获取波的流传方向，进而获取质点P的振动方第10页，共14页向；依照质点Q的位移获取答复力、加速度方向；由图b获取周期，即可依照时间间隔获取质点运动行程，依照位移获取流传距离。机械振动问题中，一般依照振动图或质点振动获取周期、质点振动方向；再依照波形图获取波长和波的流传方向，进而获取波速及质点振动，进而依照周期获取行程。11.【答案】【分析】解：A处于平衡状态，所受摩擦力等于弹簧秤示数，Ff。依照Ff=μmAg，解得：μ。由题意可知，金属板做匀加速直线运动，依照△x=aT2，其中△，，所以解得：2。依照牛顿第二定律得：F-Ff=mBa，代入数据解得F=4.50N。故答案为：，，。由于铁块与金属板间有相对运动，二者之间存在滑动摩擦力。当弹簧稳准时，铁块处于平衡态，即铁块所受的摩擦力与弹簧的弹力是一对平衡力，即可测得二者之间的摩擦力。据f=μmg可求得动摩擦因数。依照△x=aT2求出金属板的加速度，今后依照牛顿第二定律，即可求出水平拉力大小。此题借助实验察看了基本规律的应用，平时训练中必定要加强应用基本规律解决实诘责题的能了，重申知识的活学活用。12.【答案】v1【分析】解：（1）所给电压表V2量程太大，v1量程太小，要将v1串通电阻R0改装成大量程电压表，则电路如图：（3）由闭合电路欧姆定律得：3U=E-I（RA+r）得U=则：0.95=得E=2.85V斜率K==代入数据得：r=0.227Ω故答案为：（1）电路图连线如图2）U-I图线如图3）；1）要改装电压表，将R1串通定律电阻增大量程，再用电流表，电压表组合测量电动第11页，共14页势、电阻。（2）据所给的数据画图。（3）由闭合电路欧姆定律确定出U-I的函数关系图，结合图线可求得电动势，电阻。此题察看了电表的改装，画电路图、作图象求电源电动势与内阻，应用图象法办理实验数据是常用的方法，要掌握描点法作图的方法。13.B开始下滑到B与物块C碰【答案】解：（1）若滑块A被固定在地面上，从物块撞前过程，对B，由动能定理得：mgR-μmgR=-0，解得：v0=；（2）滑块A的固定被除去，物块B下滑到与A分其余过程中，设B与A的分别时的速度分别为v1和v2，A、B组成的系统在水平方向动量守恒，以向左为正方向，由动量守恒定律得：mv1-2mv2=0，由能量守恒定律得：mgR-μmgR=，解得：v1=，v2=，物块B与物块C发生圆满弹性碰撞，碰撞过程系统动量守恒、机械能守恒，以向左为正方向，由动量守恒定律得：mv1=mv1′+4mvC，由能量守恒定律得：，解得：v1′=，碰撞后物块B冲上滑块A，达到共速过程，系统在水平方向动量守恒，以向右为正方向，由动量守恒定律得：mv1′+2mv2=（m+2m）v共，由能量守恒定律得：，B与D点的距离：L=R-d，解得：L=R；答：（1）若A被固定在地面上，B与C发生碰撞前的速度大小v0为；（2）若A的固定被除去，B滑下后与C发生圆满弹性碰撞，碰撞后B再次冲上A，B与A相对静止时与D点的距离L为R。【分析】（1）A固准时，对B应用动量定理能够求出B与C碰撞前的速度大小。（2）A除去固定，A与B组成的系统在水平方向动量守恒，B、C发生弹性碰撞，碰撞过程系统动量守恒、机械能守恒，依照物体的运动过程应用动量守恒定律与机械能守恒定律分析答题。此题是一道力学综合题，察看了动量守恒定律的应用，依照题意分析清楚物体运动过程是解题的前提，应用动量守恒定律、能量守恒定律可解题。14.【答案】解：（1）未加水银从前，A处为真空没有压强，对B中空气柱：p=L11又p1+L3=p0解得：L3=55cm（2）设水银管的横截面积为S，V1=L2S；加了水银后，由于A处为真空，B气体上方水第12页，共14页银上升到试管顶部。设最后B中空气柱长为x，V2=xS，则p2=p0+（L1+x）依照玻意耳定律得：p1V1=p2V2解得：x=5cm答：（1）加注水银前，图中L3的长度是55cm；（2）加注的水银面与管口相平时，B中空气柱的长度是5cm。【分析】（1）未加水银从前，A处为真空没有压强，对B中空气柱求解压强可获取L3的长度；（2）以关闭