2024届广西南宁市三中高一物理第一学期期末监测试题含解析

2024届广西南宁市三中高一物理第一学期期末监测试题注意事项：1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0．5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1、如图所示，质量为m1的足够长木板静止在水平面上，其上放一质量为m2的物块，物块与木板的接触面是光滑的，从t＝0时刻起，给物块施加一水平恒力F，分别用a1、a2和v1、v2表示木板、物块的加速度和速度大小，下列图象符合运动情况的是（）A. B.C. D.2、下面各组单位中属于基本物理量单位的是()A.千克、瓦特B.吨、年C.牛顿、秒D.焦耳、米3、三个共点力F1，F2，F3，其中F1=1N，方向正西，F2=1N，方向正北，若三力的合力是2N，方向正北，则F3应是：（）A.1N，东北 B.2N，正南C.3.2N，东北 D.N，东北4、如图所示，甲乙为两根完全相同的轻质弹簧，甲弹簧一端固定在天花板上，另一端悬挂一质量为m的物块；乙弹簧一端固定在水平地面上，另一端连接一质量也为m的物块．两物块静止时，测得甲乙两根弹簧的长度分别为和．已知重力加速度为g，两弹簧均在弹性限度内．则这两根弹簧的劲度系数为()A. B.C. D.5、如图所示为一物体沿直线运动的v－t图象。在t=0时物体离开出发点，下列说法正确的是（）A.1s－3s内物体的加速度在减小 B.t=4s时物体离出发点最远C.第2s末物体的速度大小为1.5m/s D.第4s内物体的加速度大小为1m/s26、如图所示，一小球被水平细线OA与斜细线OB拉着处于静止．现将整个装置以C点为轴在竖直面内逆时针缓慢地转90o，在此过程中，关于OA、OB绳上的拉力大小FA、FB的变化是A.FA一直变大B.FA先变大后变小C.FB一直变小D.FB先变大后边小7、车厢顶部固定一滑轮，在跨过定滑轮绳子两端各系一个物体，质量分别为m1、m2，且m2＞m1，m2静止在车厢底板上，当车厢向右运动时，m1、m2与车厢保持相对静止，系m1的那段绳子与竖直方向夹角为θ，如图所示，绳子的质量、滑轮与绳子的摩擦忽略不计，下列说法正确的是（）A.车厢的加速度为B.车厢底板对的支持力为C.绳子中的张力大小为D.车厢底板对的摩擦力为8、如图所示，双手端着半球形的玻璃碗，碗内放有三个相同的小玻璃球．双手晃动玻璃碗，当碗静止后碗口在同一水平面内，三小球沿碗的内壁在不同的水平面内做匀速圆周运动．不考虑摩擦作用，下列说法中正确的是A.三个小球受到的合力值相等B.距碗口最近的小球线速度的值最大C.距碗底最近的小球向心加速度的值最小D.处于中间位置的小球的周期最小9、如图所示，质量为m的物体用轻绳AC悬挂于天花板上，在轻绳上某一点O施加一个水平外力F使物体静止，若保持OA绳与水平面间的夹角为θ不变，将力F从水平方向在竖直平面内逆时针缓慢旋转90°，则下列关于轻绳AO所受的拉力T和外力F的大小的判断，正确的是（）A.T一直变小 B.T一直变大C.F先变小后变大 D.F先变大后变小10、如图所示为甲、乙两个质点从同一位置同时开始做直线运动的位移－时间图像，甲的图线为抛物线，则下列说法正确的是A.甲运动的初速度大小为5m/sB.甲、乙相遇时，运动方向相反C.甲、乙两质点间的距离先减小后增大D.在甲、乙相遇前，甲的速度为2.5m/s时，甲乙相距最远二、实验题11、（4分）12、（10分）三、计算题：解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位13、（9分）如图所示，一根原长为的轻弹簧套在光滑直杆上，其下端固定在杆的端，质量为的小球也套在杆上且与弹簧的上端相连。小球和杆一起绕经过杆端的竖直轴匀速转动，且杆与水平面间始终保持角。已知杆处于静止状态时弹簧长度为，重力加速度为，，求：（1）弹簧的劲度系数；（2）弹簧为原长时，小球的角速度；（3）当杆的角速度时弹簧的长度。14、（14分）有一水平传送带以v0=2.0m/s的速度顺时针转动，水平部分长L=2.0m，其右端与一倾角为θ＝37°的光滑斜面平滑相连，斜面长为0.4m，一个可视为质点的物块无初速度地放在传送带的最左端，已知物块与传送带间的动摩擦因数μ＝0.2，g取10m/s2，sin37°＝0.6⑴物块从从传送带左端运动到右端所用的时间t⑵物块能否到达斜面顶端？若能则说明理由，若不能则求出物块上升的最大距离⑶求物块从出发到4.5s末通过的路程15、（13分）如图，一质量m＝2kg的小物块受到平行斜面的拉力F＝22N，从A点由静止出发沿斜面向上做匀加速运动，斜面足够长，斜面倾角θ＝37°（已知小物块与斜面间的动摩擦因数μ＝0.5，g取10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8），求（1）小物块运动的加速度a（2）若F作用4s后撤去，小物块上滑过程中距A点最大距离SA（3）若从撤去力F开始计时，小物块经多长时间将经过距A点上方8.35m的B点。

参考答案一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1、D【解题分析】AB．物块与木板的接触面是光滑，木板一定保持静止，加速度为0，AB错误；CD．物块的加速度即物块做匀加速直线运动，物块运动的v－t图像为倾斜的直线，而木板保持静止，速度一直为0，C错误D正确。故选D。2、B【解题分析】国际单位制的七个基本物理量是：长度、质量、时间、电流强度、光强、物质的量和绝对温度；A．千克对应的物理量是质量，是基本物理量、瓦特是功率，不是基本物理量，选项A错误；B．吨、年对应的物理量是质量和时间，都是基本物理量，选项B正确；C．牛顿对应的物理量是力，不是基本物理量、秒对应的物理量是时间，是基本物理量，选项C错误；D．焦耳对应的物理量是功，不是基本物理量、米对应的物理量是长度，是基本物理量，选项D错误；故选B.3、D【解题分析】由题意可知，三力的合力是2N，方向正北，而F2=1N，方向正北，因此力F1与F3的合力大小为1N，方向正北，根据力的合成与分解，依据力的平行四边形定则，则有：F3应是大小为N，方向东北．如图所示，故选D.4、B【解题分析】设弹簧的劲度系数是k，原长为，对甲弹簧，甲弹簧的伸长量为弹簧受到拉力为对乙弹簧，乙弹簧的压缩量为弹簧受到的压力为联立解得故选B。5、D【解题分析】A．v－t图像的斜率表示加速度，所以1s－3s内物体的加速度不变，故A错误；B．0－3s内物体速度方向不变，3s末速度反向，所以t=3s时物体离出发点最远，故B错误；C．第2s末物体的速度等于1s－3s内平均速度，根据运动学公式得第2s末物体的速度大小为故C错误；D．第4s内物体的加速度大小为故D正确。故选D。6、BC【解题分析】整个装置在纸面内缓慢转动，装置在每个位置都处于状态．以小球为研究对象，设绳与竖直方向的夹角，根据平衡条件，得到BO绳中的拉力FB和OA绳中的拉力FA与夹角的函数关系，再分析拉力如何变化【题目详解】两绳拉住球处于静止状态，缓慢逆时针转动整个装置时两绳的夹角不变设为，OA绳与竖直方向的夹角为α，则OB绳与竖直方向的夹角为θ-α.根据平衡条件，得FAsinα=FBsin(θ-α)，FAcosα+FBcos(θ-α)=G解得:，因θ不变，α由90°变到0°，根据数学知识，得FA先变大后变小，FB逐渐减小，当α=0°时FB=0.故A，D错误，B，C正确.故选BC.【题目点拨】本题属于动态变化分析问题，采用的是函数法；也可以用作图法求解，如图所示：作图时要抓住不变的量，它是作图的依据.7、ACD【解题分析】A、物体m1与车厢具有相同的加速度，对物体m1分析，受重力和拉力，根据合成法知，F合=m1gtanθ，拉力．物体m1的加速度，所以车厢的加速度为gtanθ．故A，C正确C、物体m2加速度为gtanθ，对物体m2受力分析，受重力、支持力、拉力和摩擦力，支持力，f=m2a=m2gtanθ．故B错误、D正确8、BC【解题分析】A．对于任意一球，设其轨道处半球形碗的半径与竖直方向的夹角为，半球形碗的半径为R。根据重力和支持力的合力提供小球圆周运动的向心力，得，故A错误；BCD．因，，联立得：，，，R一定，可知越大（越接近碗口），线速度v越大、周期越小、加速度a越大，BC正确，D错误故选BC。9、AC【解题分析】点O受到三个拉力而处于平衡状态，其中向下的拉力的大小和方向均不变，OA的拉力方向不变，根据平衡条件，三个力可以构成首尾相连的矢量三角形，如图所示：从图解法可以看出，OA的拉力T不断减小，拉力F先减小后增加，当拉力F与OA垂直时F最小，故AC正确，BD错误。故选AC。10、BD【解题分析】本题考查x-t图像的物理意义。【题目详解】A.甲的图线为抛物线，表明甲做的是匀变速运动，由图像可知，甲先做匀减速运动，设初速度为v0，则0—2s内，，求得，故A错误；B.甲乙相遇时，甲沿负方向运动，乙沿正方向运动，两者运动方向相反，故B正确；C.甲、乙两质点间的距离先增大后减小再增大，故C错误；D.甲运动的加速度大小，当甲的位移为7.5m时，运动的时间为t，解得t=1s或t=3s，结合图像可知，乙的速度大小为，因此在甲、乙相遇前，甲的速度为2.5m/s时，甲乙相距最远，故D正确。故选BD。二、实验题11、12、三、计算题：解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位13、（1）（2）（3）【解题分析】(1)由平衡条件解得弹簧的劲度系数为(2)当弹簧弹力为零时，小球只受到重力和杆的支持力，它们的合力提供向心力，则有：解得(3)当时，弹簧处于伸长状态，伸长量为x，由正交分解知竖直方向水平方向解得所以弹簧长度为14、（1）1.5s（2）不能，m（3）5m【解题分析】在传送带上，通过受力分析可得物块会先做匀加速直线运动，再比较加速阶段位移与传送带的长度，可判断物块会再做一段匀速运动，由牛顿第二定律结合运动学公式可求得时间；在斜面上，物块往上做匀减速运动；由牛顿第二定律结合运动学公式可求得沿斜面上升的最大距离，可判断能否到达斜面顶端；分段求出物块的位移，则总的路程可求解【题目详解】物块在传送带上先做匀加速直线运动由牛顿第二定律：μmg＝ma1解得加速度：加速时间加速位移：所以物块在到达传送带右端前物块已开始匀速运动，匀速时间物块从传送带左端运动到右端所用的时间为：（2）物块以速度v0滑上斜面后，由牛顿第二定律可得：解得：，方向沿斜面向下物体能够上滑的最大距离为：所以物块不能到达斜面的最高点物块在斜面上往返一次的时间物块再次回到传送带上速度仍为v0，方向向左．再由牛顿第二定律可得μmg＝ma3解得，水平向右物体向左的最大位移：物块向左减速过程和向右加速过程位移大小相等，时间因，故4.5s末物块恰好在斜面上的最高点速度为零故物块通过的总路程：【题目点拨】此题的运动过程较多，考查学生对多过程问题的处理能力；分析时要逐一计算每个运动过程的位移与时间，再综合传送带与长木板的长度即可解决问题．15、（1）1m/s2，方向：平行于斜面向上；（2）8.8m；（3）0.1s或1.07s。【解题分析】由牛顿第二定律得：F﹣mgsinθ﹣μmgcosθ＝ma，解得：a＝1m/s2；(2)4s内物块的位移：x1＝at12＝×1×42m＝8m，撤去拉力时物块的速度：v＝at1＝1×4m/s＝4m/s，撤去拉力后，由牛顿第二定律得：mgsinθ+μmgcosθ＝ma′解得：a′＝10m/s2，撤去拉力后物体的位移：x2＝＝＝0.8m，小物块上滑过程距A点的最大距离：SA＝x1+x2＝8.8m；从撤去拉力到到达B点的位移：x＝(8.35﹣8)m＝0.35m，滑块向上滑动过程到达B点时的速度：vB＝＝3m/s，到达B点时