赤峰市宁城县高二上学期期末化学试卷（八里罕中学用）

学必求其心得，业必贵于专精学必求其心得，业必贵于专精学必求其心得，业必贵于专精2016—2017学年内蒙古赤峰市宁城县高二(上）期末化学试卷（八里罕中学用） 一、选择题 1．下列关于有机物的说法中，正确的一组是（） ①淀粉、油脂、蛋白质在一定条件下都能发生水解反应 ②淀粉和纤维素互为同分异构体 ③食用油属于酯类，石蜡油属于烃类 ④石油的分馏和煤的气化都是发生了化学变化 ⑤淀粉遇碘酒变蓝色，在加热条件下葡萄糖能与新制Cu（OH)2悬浊液发生反应． A．①②⑤ B．①②④ C．①③⑤ D．③④⑤2．下列过程属于物理变化的是（） ①石油的分馏②煤的干馏③煤的气化④蛋白质的变性⑤石油的催化裂化⑥蛋白质的盐析⑦皀化反应． A．①③⑦ B．①⑥ C．②③④ D．①③⑤3．用苯作原料,不能经一步化学反应制得的是（） A．硝基苯 B．环己烷 C．苯酚 D．苯磺酸4．下列实验装置或操作中，正确的是(） A． 装置用于蒸馏石油 B． 装置可用来分离乙醇和乙酸 C． 装置可用于比较碳酸、苯酚酸性的强弱 D． 装置可用于证明溴乙烷与NaOH乙醇溶液共热生成乙烯 5．某有机物的结构简式如图，对它的命名正确的是（） A．2﹣乙基﹣4﹣戊醇 B．4﹣甲基﹣2﹣已醇 C．4﹣乙基﹣2﹣戊醇 D．3﹣甲基﹣5﹣已醇 6．丙烷和氯气发生取代反应生成二氯丙烷的同分异构体的数目有（) A．2种 B．3种 C．4种 D．5种7．为了鉴定卤代烃中所含有的卤素原子,现有下列实验操作步骤．正确的顺序是(） ①加入AgNO3②加入少许卤代烃试样③加热④加入5mL4mol/LNaOH溶液⑤加入5mL4mol/LHNO3溶液． A．②④③① B．②④③⑤① C．②⑤③①④ D．②⑤①③④8．在下列物质中，所有的原子不可能在同一个平面上的是(） A． B． C． D．CH2=CHCl9．分子式为C5H10O2并能与饱和NaHCO3溶液反应放出气体的有机物有（不含立体异构）(） A．2种 B．3种 C．4种 D．5种10．能在KOH的醇溶液中发生消去反应的是(） A．CH3Cl B．(CH3)3CCH2Cl C． D．11．冬青油结构如图,它在一定条件下能发生的反应有:() ①加成反应 ②水解反应 ③消去反应 ④取代反应 ⑤与NaHCO3反应放出CO2 ⑥加聚反应． A．①②⑥ B．①②③ C．④⑤⑥ D．①②④12．在C2H2、C6H6、C2H4O组成的混合物中，已知氧元素的质量分数为8％,则混合物中碳元素的质量分数是（) A．92.3% B．87.6％ C．75％ D．84％13．分枝酸可用于生化研究．其结构简式如图．下列关于分枝酸的叙述正确的是（） A．分子中含有2种官能团 B．可与乙醇、乙酸反应，且反应类型相同 C．1mol分枝酸最多可与3molNaOH发生中和反应 D．可使溴的四氯化碳溶液、酸性高锰酸钾溶液褪色，且原理相同 14．分析下表中各项的排布规律,按此规律排布第26项应为（） 12345678910C2H4C2H6C2H6OC2H4O2C3H6C3H8C3H8OC3H6O2C4H8C4H10A．C7H16 B．C7H14O2 C．C8H18 D．C8H1815．某学生用2mL1mol/L的CuSO4溶液4ml0。5mol/L的NaOH溶液混合,然后加入0.5mL4%的HCHO溶液，加热至沸腾，未见红色沉淀实验失败的主要原因（) A．甲醛量太少 B．硫酸铜量少 C．NaOH量少 D．加热时间短16．某种解热镇痛药的结构简式如图，当它完全水解时，可得到的产物有（） A．2种 B．3种 C．4种 D．5种 二、简答题（计52分） 17．已知乳酸的结构简式为：． （1)乳酸分子中含有和两种官能团(填官能团名称）．90g乳酸与足量金属钠反应产生的气体在标准状况下的体积是L．方程式为．已知两分子乳酸可在一定条件下反应生成环状的酯，写出该反应的方程式． （2）已知葡萄糖可以和醋酸在一定条件下发生酯化反应，则1摩尔葡萄糖最多可以消耗摩尔醋酸． （3）分子式为C6H12的某烃，其所有的碳原子都一定在同一平面上，则该烃的结构简式为． （4）某苯的同系物分子式为C11H16，苯环上只有一个取代基，其同分异构体共有种． 18．某气态链烃能使溴水褪色，经测定该烃存在支链，并且0。1mol该烃充分燃烧可以生成7.2g水，请据此回答下列问题． （1）通过计算确定该烃具有的分子式和结构简式． （2）请对(1)中所确定的烃进行系统命名． 19．某化学小组采用类似制乙酸乙酯的装置(如图1），以环己醇制备环己烯 已知: 密度(g/cm3）熔点(℃)沸点（℃)溶解性环己醇0。9625161能溶于水环己烯0.81﹣10383难溶于水（1）制备粗品：将12。5mL环己醇加入试管A中,再加入1mL浓硫酸,摇匀后放入碎瓷片，缓慢加热至反应完全，在试管C内得到环己烯粗品． ①A中碎瓷片的作用是,导管B除了导气外还具有的作用是． ②试管C置于冰水浴中的目的是． (2）制备精品: ①环己烯粗品中含有环己醇和少量酸性杂质等．加入饱和食盐水，振荡、静置、分层,环己烯在层（填上或下），分液后，用（填编号）洗涤环己烯． A．KMnO4溶液B．稀H2SO4C．Na2CO3溶液D．NaOH溶液②再将环己烯按图2装置蒸馏，冷却水从（填f或g）口进入，蒸馏时要加入生石灰,目的是． ③收集产品时,控制的温度应在左右,实验制得的环己烯精品质量低于理论产量，可能的原因是． A．蒸馏时从70℃开始收集产品B．环己醇实际用量多了C．制备粗品时环己醇随产品一起蒸出 （3）以下区分环己烯精品和粗品的方法，最简单的方法是． A．酸性KMnO4溶液B．用金属钠C．测定沸点D．溴的四氯化碳溶液． 20．有机物A的结构简式为，它可通过不同化学反应分别制得B、C和D三种物质． （1）B中含氧官能团的名称是． （2）A→C的反应类型是；A～D中互为同分异构体的是． （3）由A生成B的化学方程式是． 21．某芳香族化合物H常用作防腐剂，H可利用下列路线合成: 已知：①A是相对分子质量为92的烃； ②（﹣R1、﹣R2表示氢原子或烃基）； ③； ④D的核磁共振氢谱表明其有两种不同化学环境的氢(两种不同位置的氢原子）,且峰面积之比为1：1． 回答下列问题： （1）A的分子式为． （2）同时符合下列条件的E的同分异构体共有种． ①分子中含有苯环②能发生银镜反应③能与FeCl3溶液发生显色反应 (3）检验F中含氧官能团的试剂为(填试剂名称），由F→G的反应类型为． (4）H的结构简式为． 22．化合物E是一种医药中间体，常用于制备抗凝血药，可以通过如图所示的路线合成： （1）A中含有的官能团名称为． （2）C转化为D的反应类型是． （3)写出D与足量NaOH溶液完全反应的化学方程式：． （4）1molE最多可与molH2加成． （5）写出同时满足下列条件的B的一种同分异构体的结构简式:． A．能发生银镜反应 B．核磁共振氢谱只有4个峰 C．能与FeCl3溶液发生显色反应 D．水解时每摩尔可消耗3molNaOH （6)已知工业上以氯苯水解制取苯酚，而酚羟基一般不易直接与羧酸酯化．苯的同系物可以被酸性KMnO4溶液氧化: 苯甲酸苯酚酯是一种重要的有机合成中间体．试写出以苯、甲苯为原料制取该化合物的合成路线流程图（无机原料任选）． 合成路线流程图示例如下：H2C=CH2CH3CH2BrCH3CH2OH． 2016-2017学年内蒙古赤峰市宁城县高二（上）期末化学试卷（八里罕中学用） 参考答案与试题解析 一、选择题 1．下列关于有机物的说法中,正确的一组是（） ①淀粉、油脂、蛋白质在一定条件下都能发生水解反应 ②淀粉和纤维素互为同分异构体 ③食用油属于酯类,石蜡油属于烃类 ④石油的分馏和煤的气化都是发生了化学变化 ⑤淀粉遇碘酒变蓝色，在加热条件下葡萄糖能与新制Cu（OH）2悬浊液发生反应． A．①②⑤ B．①②④ C．①③⑤ D．③④⑤【考点】同分异构现象和同分异构体；饱和烃与不饱和烃;有机化学反应的综合应用；煤的干馏和综合利用． 【分析】①淀粉在无机酸催化作用下发生水解，生成葡萄糖；油脂在酸性条件下水解为甘油（丙三醇)和高级脂肪酸；在碱性条件下水解为甘油、高级脂肪酸盐；蛋白质水解最后得到多种氨基酸； ②分子式中聚合度n不同； ③食用油是高级脂肪酸与甘油形成的酯，石蜡油属于烃类； ④石油分馏是物理变化； ⑤根据淀粉和葡萄糖的性质分析． 【解答】解：①淀粉在无机酸（一般为稀硫酸）催化作用下发生水解，生成葡萄糖；油脂在酸性条件下水解为甘油（丙三醇）和高级脂肪酸；在碱性条件下水解为甘油、高级脂肪酸盐，蛋白质水解最后得到多种氨基酸,所以淀粉、油脂、蛋白质在一定条件下都能发生水解反应,故①正确； ②淀粉和纤维素的分子式的最简式相同，分子式中聚合度n不同，故二者不是同分异构体，故②错误； ③食用油是高级脂肪酸与甘油形成的酯，石蜡油属于烃类，故③正确； ④石油的分馏没有新物质生成,属于物理变化，煤的气化是煤与水蒸气发生的化学反应，生成一氧化碳和氢气，有新物质生成属于化学变化,故④错误； ⑤碘遇淀粉变蓝色是碘的特性，葡萄糖含有醛基，所以能和新制得的氢氧化铜反应生成醛，故⑤正确, 故选：C． 【点评】本题考查有机化物的结构与性质、同分异构体、石油与煤的综合应用等，考查的知识点较多,注意相关知识的积累，题目难度不大． 2．下列过程属于物理变化的是(） ①石油的分馏②煤的干馏③煤的气化④蛋白质的变性⑤石油的催化裂化⑥蛋白质的盐析⑦皀化反应． A．①③⑦ B．①⑥ C．②③④ D．①③⑤【考点】物理变化与化学变化的区别与联系． 【分析】根据化学变化和物理变化的本质区别为是否有新物质生成，在原子核不变的情况下,有新物质生成的为化学变化，没有新物质生成的为物理变化，常见的物理变化有石油的分馏、蛋白质的盐析等，化学变化如煤的干馏、油脂的硬化、蛋白质的变性等． 【解答】解：①石油的分馏是根据沸点不同，将各组分加以区分,属于物理变化，故①正确； ②煤的干馏煤在隔绝空气条件下加热、分解，生成焦炭(或半焦）、煤焦油、粗苯、煤气等产物的过程，为化学变化，故②错误; ③煤的气化是煤与碳反应生成一氧化碳和氢气，属于化学变化，故③错误; ④蛋白质的变性是蛋白质在某些物理和化学因素作用下其特定的空间构象被改变，从而导致其理化性质的改变和生物活性的丧失,属于化学变化，故④错误; ⑤石油裂化是由大分子经裂化而得的小分子的汽油,属于化学变化,故⑤错误; ⑥蛋白质的盐析是蛋白质溶液中加浓无机盐溶液，使蛋白质析出,没有新物质生成,属于物理变化,故⑥正确； ⑦皂化反应是油脂在碱性条件下水解生成高级脂肪酸钠和甘油，有新物质生成，属于化学变化，故⑦错误； 故选B． 【点评】本题考查物理变化与化学变化的区别与联系，难度不大，解答时要分析变化过程中是否有新物质生成． 3．用苯作原料,不能经一步化学反应制得的是（） A．硝基苯 B．环己烷 C．苯酚 D．苯磺酸【考点】有机物的结构和性质；苯的性质． 【分析】苯分子中不含碳碳双键，碳碳键是介于单键与双键之间独特的化学键，苯能够与液氯发生取代反应，与硝酸发生硝化反应，与氢气发生加成反应，以此解答该题． 【解答】解:A．苯与浓硝酸发生硝化反应生成硝基苯，故A正确； B．苯与氢气发生加成反应生成环己烷,故B正确; C．苯不能直接转化为苯酚,故C错误; D．苯与浓硫酸发生取代反应生成苯磺酸,故D正确， 故选C． 【点评】本题考查有机物的结构和性质,为高频考点，侧重于学生的分析能力的考查，题目着眼于双基的考查,有利于培养学生良好的科学素养，注意把握苯的结构和性质, 4．下列实验装置或操作中，正确的是（） A． 装置用于蒸馏石油 B． 装置可用来分离乙醇和乙酸 C． 装置可用于比较碳酸、苯酚酸性的强弱 D． 装置可用于证明溴乙烷与NaOH乙醇溶液共热生成乙烯 【考点】化学实验方案的评价． 【分析】A．蒸馏时冷却水下进上出； B．乙醇和乙酸互溶； C．二氧化碳与苯酚钠反应生成苯酚，为强酸制取弱酸的反应； D．乙醇易挥发，乙醇、乙烯均能被高锰酸钾氧化． 【解答】解:A．蒸馏时冷却水下进上出,图中冷水的方向不合理，故A错误； B．乙醇和乙酸互溶,不能分液分离，应选蒸馏法，故B错误； C．二氧化碳与苯酚钠反应生成苯酚，为强酸制取弱酸的反应，则可用于比较碳酸、苯酚酸性的强弱，故C正确； D．乙醇易挥发，乙醇、乙烯均能被高锰酸钾氧化,则不能检验乙烯,故D错误； 故选C． 【点评】本题考查化学实验方案的评价，为高频考点，把握实验装置的作用、物质的性质、混合物分离提纯、酸性比较、物质检验等为解答的关键,侧重分析与实验能力的考查，注意元素化合物知识与实验的结合，题目难度不大． 5．某有机物的结构简式如图,对它的命名正确的是(） A．2﹣乙基﹣4﹣戊醇 B．4﹣甲基﹣2﹣已醇 C．4﹣乙基﹣2﹣戊醇 D．3﹣甲基﹣5﹣已醇 【考点】有机化合物命名． 【分析】烷烃的命名原则判断：碳链最长称某烷，靠近支链把号编．简单在前同相并，其间应划一短线， 1、碳链最长称某烷：意思是说选定分子里最长的碳链做主链，并按主链上碳原子数目称为“某烷"， 2、靠近支链把号编：意思是说把主链里离支链较近的一端作为起点,用1、2、3…等数字给主链的各碳原子编号定位以确定支链的位置, 3、简单在前同相并，其间应划一短线：这两句的意思是说把支链作为取代基，把取代基的名称写在烷烃名称的前面，在取代基的前面用阿拉伯数字注明它在烷烃主链上的位置，而且简单的取代基要写在复杂的取代基前面，如果有相同的取代基，则要合并起来用二、三等数字表示，但是表示相同的取代基位置的阿拉伯数字要用逗号隔开，并在号数后面连一短线，中间用“﹣“隔开． 【解答】解：选取含羟基碳在内的最长碳链为主碳链,离羟基近的一端给主碳链编号确定取代基和羟基的位置,写出名称为：4﹣甲基﹣2﹣己醇,故选B． 【点评】本题考查有机物的命名判断，题目难度中等，该题侧重对学生基础知识的检验和训练，关键是明确有机物的命名原则,然后结合有机物的结构简式灵活运用即可，有利于培养学生的规范答题能力及灵活应用所学知识的能力． 6．丙烷和氯气发生取代反应生成二氯丙烷的同分异构体的数目有（) A．2种 B．3种 C．4种 D．5种【考点】有机化合物的异构现象． 【分析】二氯代产物可以取代同一碳原子上的2个H原子，可以取代不同碳原子上的H原子,据此书写判断； 【解答】解：丙烷二氯代产物取代同一碳原子上的2个H原子，有2种:CHCl2CH2CH3，CH3CCl2CH3，取代不同碳原子上的H原子，有2种：CH2ClCHClCH3，CH2ClCH2CH2Cl，共有4种； 故选C； 【点评】本题主要考查了同分异构体的书写,难度不大,注意二元取代通常利用定一移二的方法书写． 7．为了鉴定卤代烃中所含有的卤素原子，现有下列实验操作步骤．正确的顺序是() ①加入AgNO3②加入少许卤代烃试样③加热④加入5mL4mol/LNaOH溶液⑤加入5mL4mol/LHNO3溶液． A．②④③① B．②④③⑤① C．②⑤③①④ D．②⑤①③④【考点】物质的检验和鉴别的实验方案设计． 【分析】检验卤代烃中所含有的卤素原子，先使卤代烃中的卤素原子变为卤离子，在氢氧化钠水溶液中水解生成卤离子,再加入硝酸酸化,最后加入硝酸银，观察是否沉淀生成及颜色,确定含有的卤素原子，以此来解答． 【解答】解：鉴定卤代烃中所含有的卤素原子,先②加入少许卤代烃试样、再④加入5mL4mol/LNaOH溶液，然后③加热,发生水解反应生成卤素离子，再⑤加入5mL4mol/LHNO3溶液，最后①加入AgNO3，观察沉淀及其颜色可确定卤素原子， 故选B． 【点评】本题考查有机物的中卤素原子检验，为高频考点，注意溴乙烷中不含溴离子,明确卤离子的转化是解答的关键，水解后加酸至酸性为解答的易错点，题目难度不大． 8．在下列物质中,所有的原子不可能在同一个平面上的是（） A． B． C． D．CH2=CHCl【考点】常见有机化合物的结构． 【分析】在常见的有机化合物中甲烷是正四面体结构,乙烯和苯是平面型结构，乙炔是直线型结构，其它有机物可在此基础上进行判断． 【解答】解：A．苯为平面结构，溴苯中溴原子处于苯中H原子位置，所有原子都处在同一平面上，故A错误; B．分子中存在甲基，具有甲烷的四面体结构，所有原子不可能处于同一平面，故B正确； C．苯为平面结构，乙烯为平面结构,通过旋转乙烯基连接苯环的单键，可以使两个平面共面，故苯乙烯中所有的原子可能处于同一平面，故C错误； D．乙烯为平面结构，氯乙烯中氯原子处于乙烯中H原子位置，所碳原子都处在同一平面上,故D错误． 故选B． 【点评】本题主要考查有机化合物的结构特点，难度不大，做题时注意从甲烷、乙烯、苯和乙炔的结构特点判断有机分子的空间结构． 9．分子式为C5H10O2并能与饱和NaHCO3溶液反应放出气体的有机物有（不含立体异构）（) A．2种 B．3种 C．4种 D．5种【考点】有机化合物的异构现象． 【分析】分子式为C5H10O2且与NaHCO3溶液能产生气体，则该有机物中含有﹣COOH,所以为饱和一元羧酸，烷基为﹣C4H9，丁基异构数等于该有机物的异构体数． 【解答】解：分子式为C5H10O2且与NaHCO3能产生气体,则该有机物中含有﹣COOH，所以为饱和一元羧酸,烷基为﹣C4H9， ﹣C4H9异构体有:﹣CH2CH2CH2CH3，﹣CH(CH3）CH2CH3，﹣CH2CH(CH3）CH3,﹣C（CH3）3，故符合条件的有机物的异构体数目为4， 故选C． 【点评】本题主要考查同分异构体书写、官能团的性质与确定等,侧重于学生的分析能力的考查,难度中等，熟练掌握碳原子数小于5的烃基的个数是解决本题的关键，甲基与乙基均1种，丙基2种、丁基4种、戊基8种． 10．能在KOH的醇溶液中发生消去反应的是（） A．CH3Cl B．（CH3）3CCH2Cl C． D．【考点】消去反应与水解反应． 【分析】在KOH的醇溶液中发生消去反应是卤代烃的性质，卤代烃能发生消去反应结构特点：与﹣X相连的碳原子的邻位碳原子上必须有氢原子． 【解答】解：卤代烃能发生消去反应结构特点:与﹣X相连的碳原子的邻位碳原子上必须有氢原子． A．CH3Cl与﹣X相连的碳原子的邻位碳原子上无氢原子，不能发生消去反应,故A错误； B．（CH3）3CCH2Cl与﹣X相连的碳原子的邻位碳原子上无氢原子，不能发生消去反应，故B错误； C．与﹣X相连的碳原子的邻位碳原子上有氢原子，能发生消去反应，故C正确; D．与﹣X相连的碳原子的邻位碳原子上没有氢原子，不能发生消去反应，故D错误． 故选：C． 【点评】本题考查卤代烃能发生消去反应结构特点，难度不大，注意卤代烃能发生消去反应结构特点：与﹣X相连的碳原子的邻位碳原子上必须有氢原子． 11．冬青油结构如图，它在一定条件下能发生的反应有：（） ①加成反应 ②水解反应 ③消去反应 ④取代反应 ⑤与NaHCO3反应放出CO2 ⑥加聚反应． A．①②⑥ B．①②③ C．④⑤⑥ D．①②④【考点】有机物的结构和性质． 【分析】由结构可知，分子中含酚﹣OH、﹣COOC﹣，结合酚、酯的性质来解答． 【解答】解：①含苯环,可加成反应,故选； ②含﹣COOC﹣，水解反应，故选; ③酚﹣OH不能发生消去反应，故不选； ④含﹣OH、﹣COOC﹣，均可发生取代反应，故选； ⑤不含﹣COOH，不能与NaHCO3反应,故不选； ⑥不含碳碳双键、三键、不能发生加聚反应,故不选； 故选D． 【点评】本题考查有机物的结构与性质，为高频考点，把握官能团与性质的关系、有机反应为解答的关键，侧重分析与应用能力的考查，注意酚、酯的性质及应用，题目难度不大． 12．在C2H2、C6H6、C2H4O组成的混合物中，已知氧元素的质量分数为8%,则混合物中碳元素的质量分数是(） A．92。3% B．87.6％ C．75% D．84%【考点】元素质量分数的计算． 【分析】C2H4O可以表示为C2H2．H2O，故混合气体可以看做C6H6、C2H2、H2O的混合物，根据O元素的分数计算H2O的质量分数，进而计算C6H6、C2H2总的质量分数，C6H6、C2H2的最简式为CH，故C、H质量之比为12：1，据此计算C元素的质量分数． 【解答】解：C2H4O可以表示为C2H2．H2O，故混合气体可以看做C6H6、C2H2、H2O的混合物，O元素的分数为8％,故H2O的质量分数为=9%，故C6H6、C2H2总的质量分数1﹣9％=91％，C6H6、C2H2的最简式为CH，故C、H质量之比为12:1，故C元素的质量分数为91%×=84％，故选D． 【点评】考查混合物中元素质量分数的计算，难度中等，关键是根据化学式将物质转化为最简式为CH与水的混合物． 13．分枝酸可用于生化研究．其结构简式如图．下列关于分枝酸的叙述正确的是（） A．分子中含有2种官能团 B．可与乙醇、乙酸反应，且反应类型相同 C．1mol分枝酸最多可与3molNaOH发生中和反应 D．可使溴的四氯化碳溶液、酸性高锰酸钾溶液褪色，且原理相同 【考点】真题集萃；有机物的结构和性质． 【分析】由结构简式可知，分子中含﹣COOH、﹣OH、碳碳双键、醚键等，结合羧酸、醇、烯烃的性质来解答． 【解答】解:A．分子中含﹣COOH、﹣OH、碳碳双键、醚键，共4种官能团，故A错误； B．含﹣COOH与乙醇发生酯化反应,含﹣OH与乙酸发生酯化反应,故B正确; C．不是苯环，只有﹣COOH与NaOH反应，则1mol分枝酸最多可与2molNaOH发生中和反应,故C错误; D．碳碳双键与溴的四氯化碳溶液发生加成反应，双键与﹣OH均能被酸性高锰酸钾溶液氧化，原理不同，故D错误； 故选B． 【点评】本题为2015年山东高考题，侧重有机物结构与性质的考查，把握官能团与性质的关系为解答的关键，注意官能团的判断，题目难度不大． 14．分析下表中各项的排布规律，按此规律排布第26项应为(） 12345678910C2H4C2H6C2H6OC2H4O2C3H6C3H8C3H8OC3H6O2C4H8C4H10A．C7H16 B．C7H14O2 C．C8H18 D．C8H18【考点】烯烃；烷烃及其命名． 【分析】根据表中的化学式规律采用分组分类法推出：每4个化学式为一组，依次是烯烃、烷烃、饱和一元醇、饱和一元酸，第26项应在第7组第二位的烷烃，相邻组碳原子数相差1，该组中碳原子数为2+(7﹣1）×1=8． 【解答】解：根据表中的化学式规律采用分组分类法推出:每4个化学式为一组，依次是烯烃、烷烃、饱和一元醇、饱和一元酸．把表中化学式分为4循环，26=4×6+2，即第26项应在第7组第二位的烷烃，相邻组碳原子数相差1，该组中碳原子数为2+（7﹣1）×1=8，故第26项则为C8H18． 故选C． 【点评】本题主要考查分子式的判断，难度中等，细心分析表中化学式的有关数据，找出规律,即可解题，寻找规律是关键． 15．某学生用2mL1mol/L的CuSO4溶液4ml0.5mol/L的NaOH溶液混合，然后加入0。5mL4％的HCHO溶液,加热至沸腾，未见红色沉淀实验失败的主要原因（） A．甲醛量太少 B．硫酸铜量少 C．NaOH量少 D．加热时间短【考点】铜金属及其重要化合物的主要性质． 【分析】甲醛和新制的Cu（OH)2反应的本质是:甲醛中具有还原性的醛基，被新制的氢氧化铜氧化,即醛基与氢氧化铜中的+2价的铜发生氧化还原反应，操作的关键是在碱性环境下进行，即碱要过量． 【解答】解：该反应的本质是：甲醛中具有还原性的醛基，被新制的氢氧化铜氧化,即醛基与氢氧化铜中的+2价的铜发生氧化还原反应，只要有醛基即可反应，且加热至煮沸即可，本实验中试剂的量:n（CuSO4）=1mol/L×0。002L═0.002mol,n（NaOH）=0.5mol/L×0。004L═0.002mol， 根据反应：CuSO4+2NaOH═Cu（OH）2↓+2NaSO4，可知：硫酸铜过量，而本实验要求碱过量，所以NaOH量少， 故选C． 【点评】本题考查了有机物醛类和新制的Cu（OH)2反应的实验，碱要过量是实验的关键条件，题目难度不大． 16．某种解热镇痛药的结构简式如图，当它完全水解时，可得到的产物有（） A．2种 B．3种 C．4种 D．5种【考点】同分异构现象和同分异构体． 【分析】分子中含有的酯基、肽键发生水解生成相应的物质，酯基水解时酯基中的C﹣O单键断裂,碳原子结合﹣OH，氧原子结合氢原子，肽键双键肽键中C﹣N键断裂，C碳原子结合﹣OH，N原子结合氢原子，据此判断． 【解答】解：分子中含有的酯基、肽键发生水解，完全水解生成、CH3COOH、CH3CH2COOH，故水解产物有4种， 故选C． 【点评】本题考查有机物的结构与性质，难度中等，注意掌握官能团的性质是解题的关键． 二、简答题(计52分） 17．已知乳酸的结构简式为：． (1)乳酸分子中含有羧基和羟基两种官能团（填官能团名称)．90g乳酸与足量金属钠反应产生的气体在标准状况下的体积是22。4L．方程式为CH2OHCH2COOH+2Na→CH2(ONa）CH2COONa+H2↑．已知两分子乳酸可在一定条件下反应生成环状的酯，写出该反应的方程式． （2）已知葡萄糖可以和醋酸在一定条件下发生酯化反应，则1摩尔葡萄糖最多可以消耗5摩尔醋酸． （3)分子式为C6H12的某烃，其所有的碳原子都一定在同一平面上,则该烃的结构简式为． (4）某苯的同系物分子式为C11H16，苯环上只有一个取代基，其同分异构体共有8种． 【考点】有机物的结构和性质． 【分析】（1）乳酸的物质的量为=1mol，﹣OH、﹣COOH均与Na反应生成氢气;﹣OH、﹣COOH可发生酯化反应生成环状的酯； （2）1mol葡萄糖中含5mol﹣OH； （3）C6H12的某烃，其所有的碳原子都一定在同一平面上，乙烯为平面结构,则每个双键C上各连2个C; （4）某苯的同系物分子式为C11H16，苯环上只有一个取代基，取代基为：﹣C5H11，戊烷的同分异构体有：①正戊烷CH3CH2CH2CH2CH3、②异戊烷CH3CH2CH（CH3）CH3和③新戊烷C（CH3）4，取代基的数目决定同分异构体的数目． 【解答】解:（1）醋酸含有羧基和羟基，乳酸的物质的量为=1mol，﹣OH、﹣COOH均与Na反应生成氢气，则生成1mol氢气,其体积为22。4L，反应为CH2OHCH2COOH+2Na→CH2（ONa)CH2COONa+H2↑，两分子乳酸可在一定条件下反应生成环状的酯的方程式为， 故答案为：羧基；羟基；22.4;CH2OHCH2COOH+2Na→CH2（ONa）CH2COONa+H2↑;； （2)1mol葡萄糖中含5mol﹣OH，﹣OH与醋酸以1:1发生酯化反应，则消耗醋酸为5mol，故答案为：5； （3）C6H12的某烃，其所有的碳原子都一定在同一平面上，乙烯为平面结构，则每个双键C上各连2个C，C6H12可看做乙烯中的四个氢原子被甲基取代，故结构简式为：,故答案为：； （4)某苯的同系物分子式为C11H16，苯环上只有一个取代基,取代基为:﹣C5H11，戊烷的同分异构体有：①正戊烷CH3CH2CH2CH2CH3、②异戊烷CH3CH2CH(CH3）CH3和③新戊烷C（CH3)4,取代基的数目决定同分异构体的数目,则其中①正戊烷分子中氢原子被苯环取代所得的同分异构体有三种,分别为:、、； ②异戊烷中氢原子被苯环取代的同分异构体有四种: ③新戊烷中氢原子被苯环确定的同分异构体有1种，其结构简式为：， 所以苯的同系物分子式为C11H16，苯环上只有一个取代基，其同分异构体共有8种， 故答案为:8． 【点评】本题考查了钠与乳酸的反应、同分异构体的求算，题目难度中等，该题综合性较高,（4)中考查了苯的同系物的同分异构体的书写,难度较大，注意同分异构体的求算方法． 18．某气态链烃能使溴水褪色,经测定该烃存在支链，并且0。1mol该烃充分燃烧可以生成7.2g水，请据此回答下列问题． (1）通过计算确定该烃具有的分子式和结构简式． （2）请对（1）中所确定的烃进行系统命名． 【考点】有关有机物分子式确定的计算． 【分析】依据0。1mol该烃充分燃烧可以生成7。2g水计算判断含有氢原子数，结合气态链烃含有碳原子数不超过4个，且能使溴水褪色可能为烯烃、炔烃等． 【解答】解：（1）0。1mol该烃充分燃烧可以生成7。2g水,物质的量==0.4mol,所以1mol烃反应生成水4mol,说明烃分子中含有8molH，可能为C3H8、C4H8、C5H8等；气态链烃能使溴水褪色,说明碳原子数小于等于4，且为不饱和烃，所以判断分子式为C4H8，为烯烃，该烃存在支链，结构简式CH2=CH（CH3）CH2， 答：该烃具有的分子式和结构简式分别是C4H8、CH2=CH（CH3）CH2； （2)依据系统命名方法得到名称为：2﹣甲基丙烯，答:烃的名称为：2﹣甲基丙烯． 【点评】本题考查学生燃烧法确定有机物分子式的方法，属于基本知识的考查,可以根据课本知识来解决,注意解题的方法归纳，难度不大． 19．某化学小组采用类似制乙酸乙酯的装置（如图1)，以环己醇制备环己烯 已知: 密度（g/cm3）熔点（℃）沸点（℃）溶解性环己醇0。9625161能溶于水环己烯0。81﹣10383难溶于水(1）制备粗品：将12。5mL环己醇加入试管A中，再加入1mL浓硫酸，摇匀后放入碎瓷片，缓慢加热至反应完全，在试管C内得到环己烯粗品． ①A中碎瓷片的作用是防暴沸,导管B除了导气外还具有的作用是冷凝． ②试管C置于冰水浴中的目的是防止环己烯挥发或冷凝环己烯． （2)制备精品： ①环己烯粗品中含有环己醇和少量酸性杂质等．加入饱和食盐水,振荡、静置、分层,环己烯在上层（填上或下)，分液后，用CD(填编号）洗涤环己烯． A．KMnO4溶液B．稀H2SO4C．Na2CO3溶液D．NaOH溶液②再将环己烯按图2装置蒸馏，冷却水从g(填f或g）口进入，蒸馏时要加入生石灰，目的是除水． ③收集产品时，控制的温度应在83℃左右，实验制得的环己烯精品质量低于理论产量，可能的原因是C． A．蒸馏时从70℃开始收集产品B．环己醇实际用量多了C．制备粗品时环己醇随产品一起蒸出 （3)以下区分环己烯精品和粗品的方法，最简单的方法是BC． A．酸性KMnO4溶液B．用金属钠C．测定沸点D．溴的四氯化碳溶液． 【考点】乙酸乙酯的制取． 【分析】（1）①根据实验室制乙烯可知,发生装置A中碎瓷片的作用是防止暴沸；导管B比较长，能增加与空气的接触面积，其作用是导气和将生成的气体物质冷凝回流； ②冰水浴的目的是降低环己烯蒸气的温度,使其液化； （2)①环己烯不溶于氯化钠溶液，且密度比水小，分层后环己烯在上层,由于分液后环己烯粗品中还含有少量的酸和环己醇，可用Na2CO3溶液洗涤或氢氧化钠可除去酸; ②为了使冷凝的效果更好，冷却水从冷凝管的下口进入，上口出;生石灰能与水反应生成氢氧化钙; ③根据表中数据可知，馏分环己烯的沸点为83℃； (3）根据混合物没有固定的沸点，而纯净物有固定的沸点，据此可判断产品的纯度． 【解答】解：（1）①根据制乙烯实验的知识，发生装置A中碎瓷片的作用是防止暴沸，由于生成的环己烯的沸点为83℃，要得到液态环己烯，导管B除了导气外还具有冷凝作用，便于环己烯冷凝， 故答案为：防止暴沸；冷凝； ②冰水浴的目的是降低环己烯蒸气的温度，使其液化，防止环己烯挥发， 故答案为:防止环己烯挥发或冷凝环己烯； （2）①环己烯是烃类,不溶于氯化钠溶液，且密度比水小,振荡、静置、分层后环己烯在上层;环己烯中含有碳碳双键,可以被KMnO4溶液氧化，稀H2SO4不能除去，反而能引入新的酸性杂质，可用Na2CO3溶液洗涤或氢氧化钠，不能与环己烯反应，可以与酸性杂质反应，CD可选； 故答案为：上；CD； ②为了使冷凝的效果更好,冷却水从冷凝管的下口即g口进入；生石灰能与水反应生成氢氧化钙，除去了残留的水，得到纯净的环己烯; 故答案为：g;除水； ③根据表中数据可知,馏分环己烯的沸点为83℃,故收集产品应控制温度在83℃左右； A、蒸馏时从70℃开始收集产品,提前收集，产品中混有杂质,实际产量高于理论产量，故A错误； B、环己醇实际用量多了，制取的环己烯的物质的量增大，实验制得的环己烯精品质量高于理论产量,故B错误； C、若粗产品中混有环己醇,导致测定消耗的环己醇量增大,制得的环己烯精品质量低于理论产量，故C正确； 故答案为：83℃；C； （3)区别粗品与精品可加入金属钠，观察是否有气体产生，若无气体，则是精品，另外根据混合物没有固定的沸点，而纯净物有固定的沸点,通过测定环己烯粗品和环己烯精品的沸点，也可判断产品的纯度， 故答案为:BC． 【点评】本题综合考查了环己烯的制备,考查了学生运用知识的能力，题目难度中等,注意把握实验原理和方法,特别是实验的基本操作，学习中注意积累． 20．有机物A的结构简式为，它可通过不同化学反应分别制得B、C和D三种物质． （1）B中含氧官能团的名称是醛基、羧基． （2)A→C的反应类型是消去反应；A~D中互为同分异构体的是CD． （3）由A生成B的化学方程式是． 【考点】有机物的结构和性质． 【分析】（1）B中含氧官能团是醛基、羧基； （2）A发生消去反应生成C，分子式相同、结构不同的有机物互为同分异构体； （3）A发生催化氧化反应生成B． 【解答】解:（1）B中含氧官能团是醛基、羧基,故答案为：醛基、羧基 (2）A发生消去反应生成C,互为同分异构体的是CD，故答案为：消去反应；CD； (3）A在Cu作催化剂、加热条件下生成B,反应方程式为， 故答案为：． 【点评】本题考查有机物结构和性质，为高频考点，侧重考查学生分析判断能力，明确常见官能团及其性质关系、反应条件、断键和成键方式及基本概念是解本题关键，注意醇发生催化氧化反应中水的计量数是2，为易错点． 21．某芳香族化合物H常用作防腐剂，H可利用下列路线合成： 已知：①A是相对分子质量为92的烃； ②（﹣R1、﹣R2表示氢原子或烃基）; ③; ④D的核磁共振氢谱表明其有两种不同化学环境的氢（两种不同位置的氢原子)，且峰面积之比为1：1． 回答下列问题: （1）A的分子式为C7H8． （2）同时符合下列条件的E的同分异构体共有9种． ①分子中含有苯环②能发生银镜反应③能与FeCl3溶液发生显色反应 （3）检验F中含氧官能团的试剂为银氨溶液（或新制氢氧化铜悬浊液或新制氢氧化铜）（填试剂名称），由F→G的反应类型为加成反应或还原反应． (4）H的结构简式为． 【考点】有机物的推断． 【分析】H为芳香族化合物，则H中含有苯环,乙烯发生一系列反应生成G，碳原子个数不变，根据原子守恒知，A中含有苯环，A的相对分子质量为92，A比苯多一个﹣CH2，则A为，A反应生成B,B被酸性高锰酸钾氧化，根据信息①知,B中甲基被氧化生成﹣COOH，根据A、C知，A发生取代反应生成B，D发生了水解反应生成D，D的核磁共振氢谱表明其有两种不同化学环境的氢（两种不同位置的氢原子），且峰面积之比为1：1，说明D中苯环上2个侧链处于对位,故A与氯气发生甲基对其取代反应生成B,则B为，顺推可知C为，D为,E为； 乙醛发生信息③的反应生成F,可推知F为CH2=CHCH2CHO，F发生加成反应生成G为CH3CH2CH2CH2OH，G与E反应生成H为，据此分析解答． 【解答】解:H为芳香族化合物，则H中含有苯环，乙烯发生一系列反应生成G，碳原子个数不变，根据原子守恒知，A中含有苯环,A的相对分子质量为92,A比苯多一个﹣CH2，则A为，A反应生成B，B被酸性高锰酸钾氧化,根据信息①知，B中甲基被氧化生成﹣COOH,根据A、C知,A发生取代反应生成B，D发生了水解反应生成D，D的核磁共振氢谱表明其有两种