2023届辽宁省大连渤海高级中学物理高一年级上册期末复习检测模拟试题含解析

2022-2023学年高一上物理期末模拟试卷

注意事项

1.考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回.

2.答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0.5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置.

3,请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符.

4.作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他

答案.作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效.

5.如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗.

一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）

1、阜阳市作为皖北重要的交通枢纽城市近几年取得了长足发展，目前阜阳市正在积极申报全国文明城市.2018年，

阜阳城南新区的双清湾正式对市民开放，调试阶段的音乐喷泉创造了两万多人争相观赏的盛况！已知该喷泉竖直上喷

出，喷出时水的速度为40m/s,喷嘴的出水量为0.5m3/s,不计空气阻力，则在喷泉持续喷水的过程中，空中水的体积

应为（取g=10m/s2）（）

A.2m3B.4m3

C.8m3D.因喷嘴的横截面积未知，故无法确定

A.物体在第1s末加速度方向发生变化

B.物体在第2s内和第3s内的加速度是相同的

C.物体在4s末返回出发点

D.物体在5s末离出发点最远，且最大位移为0.5m

3、2018年9月19日22时07分，我国在西昌卫星发射中心用长征三号乙运载火箭，以“一箭双星”方式成功发射两颗

北斗导航卫星，卫星经过3个多小时的飞行后顺利进入预定轨道。下列说法正确的是（）

A.题中22时07分指的是时间，3个多小时指的是时刻

B.观测卫星绕地球运行一周所用的时间时，可将卫星看成质点

C.卫星升空过程若以地球为参考系，卫星是静止的

D.卫星升空过程若以其中一颗卫星为参考系，另一颗卫星是运动的

4、如图所示，两块较大金属板4、8平行水平放置并与一电源相连，S闭合后，两板间有一质量为机、带电量为q

的油滴恰好在尸点处于静止状态.则下列说法正确的是

A.在S仍闭合的情况下，若将A板向下平移一小段位移，则油滴向下加速运动，G中有人.。的电流，尸点电势升高

B.在S仍闭合的情况下，若将A板向右平移一小段位移，则油滴仍然静止，G中有8fa的电流，尸点电势不变

C.若将S断开，且将A板向左平移一小段位移，则油滴向下加速运动，G中无电流，尸点电势升高

D.若将S断开，再将4板向下平移一小段位移，则油滴向上加速运动，G中无电流，尸点电势降低

5、汽车关闭发动机后，它的位移随时间变化的关系是x=5t-F（x的单位是m,t的单位是s）,它减速直到停止的过程中

初速度均和加速度a分别为（取初速度方向为正方向）（）

A.vo=-5m/s；a=-2m/s2B.vo=-5m/s；a=2m/s2

C.vo=5m/s；a=2m/s2D.vo=5m/s；a=-2m/s2

6、如图所示，轻弹簧的两端各受ION的拉力厂作用，弹簧平衡时伸长了5cm（在弹性限度内），那么下列说法中正确

的是

FF

A.该弹簧的劲度系数*=200N/m

B.该弹簧的劲度系数A=400Nm

C.根据公式4=弹簧的劲度系数左会随弹簧弹力尸的增大而增大

x

D.弹簧的弹力为20N

7、作用在同一个物体上的三个共面共点力，第一个力的大小是1N,第二个力的大小是5N,第三个力的大小是9N,

它们合力的大小可能是

A.ONB.2N

C.4ND.6N

8、如图所示，把重为20N的物体放在倾角。为30。的粗糙斜面上，并静止，物体右端与固定在斜面上的轻弹簧相连接,

弹簧与斜面平行，若物体与斜面间的最大静摩擦力为12N,则弹簧对物体的弹力大小可能是。

A.30NB.25N

C.20ND.0

9、如图所示为甲、乙两物体同时从同一地点出发，同方向做匀加速直线运动的y"图象，则

A.甲的瞬时速度表达式为v=2t

B.乙的加速度比甲的加速度大

C，=2s时，甲在乙的前面

D.f=4s时，甲、乙两物体相遇

10、如图所示，重物A用一根轻弹簧悬于天花板下.图中又画出了重物和弹簧的受力示意图，其中，用是弹簧拉物体

的力、G是物体受的重力、F2是物体拉弹簧的力、F3是天花板拉弹簧的力.下列关于

这四个力的说法正确的是

A.G的反作用力是F3

B.Fi的反作用力是F2

C.F2的反作用力是F3

D.用与G是一对平衡力

11、甲、乙两物体都做自由落体运动，开始时它们距地面的高度比是16：9,则下列关于它们做自由落体运动的时间

比及它们落地时的速度比正确的是（）

A.Z甲：坛=4:3B.f甲：f乙=169

C.v甲：v乙=4:3D.v甲：v乙=16:9

12、如图所示，带支架的平板小车沿水平面向左做直线运动，质量为m的小球A用轻质细线悬挂于支架前端，右端质

量为M的物块B始终相对于小车静止。B与小车平板间的动摩擦因数为“。若某段时间内观察到轻质细线偏离竖直方

向。角，且保持不变，则在这段时间内（）

A.小车一定正在做加速运动

B.轻质细线对小球A的拉力大小为普

cos〃

C.物块B所受摩擦力大小为/iMg,方向水平向右

D.小车对物块B的作用力大小为Mgjl+tar?。，方向为斜向右上方

二、实验题（本题共16分，答案写在题中横线上）

13、（6分）在探究加速度与物体所受合外力和质量间的关系时，采用如图所示的实验装置，小车及车中的祛码质量用

M表示，盘及盘中的祛码质量用m表示，小车的加速度可由小车后拖动的纸带由打点计数器打上的点计算出：

（1）为了使小车受的合外力等于绳子拉力，必须对小车.

（2）当M与m的大小关系满足时，才可以认为绳子对小车的拉力大小等于盘和硅码的重力.

（3）一组同学在先保持盘及盘中的硅码质量一定，探究做加速度与质量的关系，以下做法错误的是（）

A.平衡摩擦力时，应将盘及盘中的祛码用细绳通过定滑轮系在小车上

B.每次改变小车的质量时，不需要重新平衡摩擦力

C.实验时，先放开小车，再接通打点计时器电源

D.实验时需要天平测出m以及小车质量M

（4）在保持小车及车中的祛码质量质量M一定，探究加速度与所受合外力的关系时，由于平衡摩擦力时操作不当，二位

同学得到的a-F关系分别如图中C、D所示（a是小车的加速度，F是细线作用于小车的拉力）.其原因分别是：

C图__________________________________________________

D图__________________________________________________

14、（10分）一个滑雪人从静止开始沿山坡滑下（如下图所示），山坡的倾角夕=37。，滑雪板与雪地的动摩擦因数是

0.04,求5s内滑下来的路程和5s末的速度大小.（取g=10m/s2）

三、计算题要求解题步骤，和必要的文字说明（本题共36分）

15、（12分）如图，水平平台面长L=20m,平台5端与特殊材料制成的足够长斜面加连接，斜面倾角为30。，在平台

a端放有质量m=2kg的小物块.现给物块施加一个大小产=50N、与水平方向成37。角的推力，使物块由静止开始运动.（物

块可视为质点，重力加速度g=1Om/s2,sin370=0.6,cos370=0.8)

（1）若物块从a端运动到b端的过程中尸始终存在，运动时间/=4s,求物块与平台间的动摩擦因数；

（2）若物块从a端运动到图中尸点时撤掉尸，则物块刚好能从斜面。端无初速下滑，求。尸间的距离（结果保留三位

有效数字）；

（3）若物块与斜面反间的动摩擦因数〃加=*+*4,式中4为物块在斜面上所处的位置离方端的距离，则在（2）

问的情况下，求物块在斜面上速度达到最大时的位置。

16、（12分）如图甲所示，f=0时，水平地面上质量/n=1kg的物体在水平向左、大小恒为10N的力7的作用下由静

止开始运动，同时施加一水平向右的拉力凡拉力厂随时间变化关系图象如图乙所示，物体与地面间动摩擦因数"=

0.5,（g=10m/s2）求：

（1）2s末物体的速度大小；

（2）前2s内物体的位移；

（3）f为多少时体的速度为0。

AA/N

6-

4

2

02468101214^/s

甲乙

17、（12分）如图所示，传送带与地面成夹角。=37。，以10m/s的速度逆时针转动，在传送带上端轻轻地放一个质量

,〃=0.5kg的物体，它与传送带间的动摩擦因数〃=0.5,已知传送带从A-8的长度L=29m,则物体从4到8需要的时

间为多少？(sin37。=0.6,cos37°=0.8,g=10m/s2)

参考答案

一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）

1、B

【解析】先根据速度时间公式得出上升和下降的总时间，然后根据丫=（^计算处于空中的水的体积

2v,2x40c

【详解】喷出的水做竖直上抛运动，水的流速v°=40m/s,水在空中停留的时间：，=—&（=一丁=85,

gio

即水在空中停留时间为8s,处于空中的水的体积为V=Qt=0.5x8=4m3；故选B

2、D

【解析】A.ls前速度增大，即速度方向和加速度方向相同，1s末后速度开始减小，所以速度方向和加速度方向相反，

由于速度方向为正，即没有变化，所以加速度方向发生变化，A正确；

B.图像的斜率表示加速度，1~3s过程中的斜率恒定，所以物体在第2s内和第3s内的加速度是相同的，B正确；

C.在速度-时间图象中，图象与坐标轴围成面积代表位移，时间轴上方位移为正，时间轴下方位移为负，根据图像可知

0~4s内图像的面积为零，即位移为零，回到出发点，C正确；

D.4s末回到出发点，之后又开始正向运动，到5s末，虽然速度开始减小，但速度仍为正，即仍朝着正方向运动，到达

6s速度为零，正向位移最大，最大位移为x='x2xl=lm,D错误

2

故本题选D。

3、B

【解析】A.题中22时07分指的是时刻，3个多小时指的是时间，故A错误；

B.观测卫星绕地球运行一周所用的时间时，卫星的大小和形状能够忽略，能看成质点，故B正确；

C.卫星升空过程若以地球为参考系，卫星是运动的，故C错误；

D.卫星升空过程若以其中一颗卫星为参考系，另一颗卫星是静止的，故D错误。

故选B。

4、B

【解析】A.开始时，重力和电场力平衡，故有：

mg=qE

在S仍闭合的情况下，将A板向下平移一小段位移，由£可知电场强度E变大，故油滴应向上加速运动，故A

a

错误;

B.在S仍闭合的情况下，若将A板向右平移一小段位移，由E=§可知电场强度后不变，油滴仍静止；根据C=2

au

和C=则有：

4jrkd

。=晅

4/rkd

故电容器的电量减小，放电，故G中有力一。的电流，因电势差不变，那么P点的电势也不变，故B正确；

C.若将S断开，。不变，A向左平移一小段距离，根据c=可知，电容C减小，再根据。=券可知，U增大;

4兀kdU

根据U=即可知，E增大；电场力增大，油滴向上运动；由于电量不变，故G中无电流，由于电场强度E变大，则PB

电势差增大，而8板接地，因此P点电势降低，故C错误；

D.若将S断开，Q不变，再将A板向下平移一小段位移，根据。=丁丁，C=烁和。=&/可得：

4兀kdU

£S

故电场强度E不变，故电场力不变，故油滴静止，由于电量不变，故G中无电流，由于电场强度E变大，则/>8电势

差增大，而B板接地，因此P点电势也不变，故D错误

5、A

【解析】本题考查匀变速直线运动位移公式，根据对比x=+和x=5f-产，求出汽车的初速度和加速度，再

根据速度时间公式和位移时间公式求出减速到停止的时间和位移

【详解】由匀变速直线运动位移公式+/和x=5—/对比可得，%=5m/s；a=-2m/s2

故本题选A

【点睛】解决本题的关键掌握匀变速直线运动的位移时间公式x=%r+5a产，，以及速度时间公式v=vo+at

6、A

【解析】AB.根据胡克定律尸=履得，弹簧的劲度系数：

F10

k=—=--------=200N/m,

x5x10-27

故A正确，B错误；

C.弹簧的伸长与受的拉力成正比，弹簧的劲度系数A与弹簧弹力厂的变化无关，与弹簧本身有关。故C错误；

D.轻弹簧的两端各受10N拉力产的作用，所以弹簧所受的弹力为10N,故D错误。

故选：Ao

7、CD

【解析】尸I=1N、f2=5N、尸3=9N,三个力最大值等于三个力之和。即15N。尸|、g两个力的合力最大为6N,最小为

4N,尸3=9N不在这两个力的合力范围内，所以三个力最小值是3N。因此三个力的合力范围：

3N<F<15N,

A.ON,故A不符合题意；

B.2N,故B不符合题意；

C.4N,故C符合题意；

D.6N,故D符合题意。

故选CD»

8、CD

【解析】将重力按照作用效果分解为平行斜面的下滑分力和垂直斜面的垂直分力，当最大静摩擦力平行斜面向下和平

行斜面向上时，分别求解出对应的弹簧弹力，得到弹簧弹力的作用范围

【详解】将重力按照作用效果分解：平行斜面的下滑分力为mgsin300=10N,垂直斜面的垂直分力为mgcos3(T=10石N；

当最大静摩擦力平行斜面向下时，物体与斜面间的最大静摩擦力为12N,弹簧弹力为拉力，等于22N；当最大静摩擦

力平行斜面向上时，物体与斜面间的最大静摩擦力为12N,弹簧弹力为推力，等于2N；故弹簧弹力可以是不大于2N

推力或者不大于22N的拉力，也可以没有弹力；由上分析，可知，故CD正确，AB错误；故选CD

【点睛】本题关键是根据平衡条件求解出物体即将上滑和即将下滑的两种临界情况的弹簧弹力

9、AD

【解析】速度图象的斜率等于加速度，则甲的加速度为伟=竺=?m/$2=2初//,则甲的瞬时速度表达式为v=a甲

t=2t.故A正确.甲图线的斜率大于乙图线的斜率，则甲的加速度比乙的加速度大.故B错误

速度图象的“面积”大小等于位移，由图看出，t=2s时，乙的位移大于甲的位移，而两物体是同时从同一地点出发同方

向做匀加速直线运动的，则t=2s时，乙在甲的前面.故C错误.由数学知识可知，t=4s时，甲乙两图线与坐标轴所围

“面积”相等，则位移相等，说明它们相遇.故D正确.故选AD

【点睛】本题的关键是抓住速度图象的两个数学意义：速度图象的斜率等于加速度，速度图象的“面积”大小等于位移

10、BD

【解析】AB.R是指弹簧对重物A的拉力，尸2是指重物A对弹簧的拉力，尸3是指天花板对弹簧的拉力，G的反作用

力是物体对地球的吸引力，Fi的反作用力是6,故A错误，B正确；

C.尸2的反作用力是故C错误；

D.B与G等大反向，共同作用在A上，是一对平衡力，故D正确。

故选BD

11、AC

【解析】本题考查自由落体运动公式的理解运用，由高度比求出落地速度和时间比。

【详解】AB.由自由落体的位移时间公式

,12

得到

U楞

所以时间和高度的算术平方根成正比

f甲:fz=Jj石：次=4:3

故A正确，B错误；

CD.由自由落体运动的高度与落地速度公式

v2=2gh

得到

所以落地速度和高度的算术平方根成正比，同上，比为4:3,所以C正确，D错误。

故选ACo

【点睛】自由落体运动的位移时间和位移速度公式。

12、BD

【解析】A.对A受力分析由牛顿第二定律得

心=mgtan0=maA

计算得出

%=gtan6

方向水平向右，故小车向左做减速运动，故A错误；

B.对A受力分析可知在竖直方向上有

Tcos0=mg

所以细绳的拉力为

T=S

cos，

故B正确；

CD.根据题意可以知道A与小车相对静止，则小车与A具有相同的加速度，即小车的加速度大小为gtan。，方向水

平向右；此刻物块B的加速度与小车相同，根据牛顿第二定律可以知道

fB==Mgtan0

方向水平向右；小车对B的支持力大小为Mg,方向竖直向上，故小车对物体B的作用力

F=如丫+#=Mgjl+tar?。

方向沿斜向右上方，故C错误，D正确。

故选BD.

二、实验题（本题共16分，答案写在题中横线上）

13、①.（1）平衡摩擦力；②.（2）盘及盘中祛码的总质量m远小于小车及祛码总质量M；③.（3）AC

④.（4）倾角过大，平衡摩擦力过度；⑤.没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不足

【解析】（1）为了使小车受的合外力等于绳子拉力，必须对小车平衡摩擦力；

（2）当盘及盘中硅码的总质量远小于小车及硅码总质量时，可以认为小车受到的拉力等于盘及硅码的重力

（3）平衡摩擦力时，不能挂盘；实验过程中，应保证绳和纸带与木板平行；每次改变小车的质量时不需要平衡摩擦力

（4）由C图象可以看出：图线不通过坐标原点，当加速度为某一值时，F为零，知平衡摩擦力过度.由D图象可以

看出：图线不通过坐标原点，当拉力为某一值时，a为零，知没有平衡摩擦力或倾角过小

【详解】(1)为了使小车受的合外力等于绳子拉力，必须对小车平衡摩擦力；

(2)当盘及盘中祛码的总质量m远小于小车及祛码总质量M时，可以认为小车受到的拉力等于盘及祛码的重力

(3)平衡摩擦力时，不应将盘及盘中的祛码用细绳通过定滑轮系在小车上，故A错误；在实验前平衡一次摩擦力即

可，每次改变小车的质量时，不需要重新平衡摩擦力，故B正确；实验时，先接通打点计时器电源，后放开小车，故

C错误；实验时需要天平测出m以及小车质量M,选项D正确；丁题选择错误的，故选AC.

(4)C图：当F=0时，aWO.也就是说当绳子上没有拉力时小车就有加速度，该同学实验操作中平衡摩擦力过大，即

倾角过大，平衡摩擦力过度；

D图：从上图中发现直线没过原点，当FWO时，a=0.也就是说当绳子上有拉力时小车加速度还为0,说明该组同

学实验操作中没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不足

14、71m,28.4m/s

【解析】考查牛顿运动定律。

【详解】由牛顿第二定律：

/wgsin6-4mgeos0=ma

解得加速度a=5.68m/s2,沿斜面向下，

5s内滑下来的路程：

12r,

x=—at=71m

2

5s末的速度大小：

u==28.4m/s

三、计算题要求解题步骤，和必要的文字说明(本题共36分)

15、(1)0.7(2)14.7m(3)6m

【解析】物块从a到b做匀加速直线运动，由运动学规律和牛顿第二定律求出物块与平台间的动摩擦因数，物