保定市高三上学期期末物理试卷

学必求其心得，业必贵于专精学必求其心得，业必贵于专精学必求其心得，业必贵于专精2016—2017学年河北省保定市定州中学高三（上）期末物理试卷一、选择题1．如图所示，两根绝缘细线分别系住a、b两个带电小球,悬挂在O点，当两个小球静止时，它们处在同一水平面上，两细线与竖直方向间夹角分别为α、β，且α＜β，则下列说法正确的是(）A．两球质量一定有ma＜mbB．两球带电量一定有qa＞qbC．若将两细线同时剪断，则两球一定同时落到同一水平地面上D．若将两细线同时剪断，落地时,两球水平位移的大小一定相等2．关于惯性，下列说法正确的是（)A．物体的速度越小，惯性也越小B．宇航员在航天器中因失重而处于漂浮状态，所以没有惯性C．公交车急刹车时站在车内的乘客摔倒是因为没有控制住惯性D．战斗机战斗前抛弃副油箱，是为了减小战斗机的惯性3．两只电压表V1和V2是由完全相同的两个电流计改装成的，V1表的量程是5V，V2表的量程是15V，把它们串联起来接入电路中．则（）A．它们的示数相等，指针偏转角度也相等B．它们的示数之比为1：3．指针偏转角度相等C．它们的示数相等,指针偏转角度之比为1：3D．它们的示数之比、指针偏转角度之比均为1：34．下列说法正确的是（）A．曲线运动的速度大小与方向一定都在时刻变化B．做变速运动的物体，一定受到变力作用C．做曲线运动的物体所受的合力可能是恒力D．有些曲线运动可能是匀速运动5．如图所示，放置在水平转台上的小物体A、B都能够随转台一起以角速度ω匀速转动，A、B的质量分别为m、3m,A、B与转台间的动摩擦因数都为μ，A、B离转台中心的距离分别为1。5r、r．设最大静摩擦力等于滑动摩擦力．以下说法中正确的是(）A．转台对B的摩擦力一定为3μmgB．A与转台间的摩擦力小于B与转台间的摩擦力C．转台的角速度一定满足ω≤D．转台的角速度一定满足ω≤6．甲、乙两车某时刻由同一地点，沿同一方向开始做直线运动，若以该时刻作为计时起点,得到两车的位移﹣时间图象,即x﹣t图象如图所示,甲图象过O点的切线与AB平行，过C点的切线与OA平行，则下列说法中正确的是（)A．在两车相遇前,t1时刻两车相距最远B．t3时刻甲车在乙车的前方C．0﹣t2时间内甲车的瞬时速度始终大于乙车的瞬时速度D．甲车的初速度等于乙车在t3时刻的速度7．质量m=200g的物体，测得它的加速度a=20cm/s2，则关于它受到的合外力的大小及单位，下列运算既简洁又符合一般运算要求的是（)A．F=200×20=4000N B．F=0。2kg×20cm/s2=4NC．F=0.2×0。2=0.04N D．F=0.2×0。2N=0.04N8．在冬奥会短道速滑项目中，运动员绕周长仅111米的短道竞赛．运动员比赛过程中在通过弯道时如果不能很好地控制速度，将发生侧滑而摔离正常比赛路线．图中圆弧虚线Ob代表弯道，即运动正常运动路线,Oa为运动员在O点时的速度方向（研究时可将运动员看作质点）．下列论述正确的是（）A．发生侧滑是因为运动员受到的合力方向背离圆心B．发生侧滑是因为运动员受到的合力大于所需要的向心力C．若在O发生侧滑，则滑动的方向在Oa左侧D．若在O发生侧滑，则滑动的方向在Oa右侧与Ob之间9．下列有关说法中正确的是(）A．以卵击石，石头没损伤而鸡蛋破了，是因为鸡蛋对石头的作用力小于石头对鸡蛋的作用力B．在处于完全失重的状态下的太空舱中，仍然可以用弹簧测力计测出物体所受重力C．摩擦力的大小一定与相应的正压力成正比D．根据牛顿第一定律可得，力是改变物体速度的原因10．一个电流表的满偏电流Ig=1mA．内阻为500Ω，要把它改装成一个量程为10V的电压表，则应在电流表上(）A．串联一个10kΩ的电阻 B．并联一个10kΩ的电阻C．串联一个9.5kΩ的电阻 D．并联一个9.5kΩ的电阻11．在如图所示的电路中，当开关S闭合时，电灯不亮,电流表无读数，电压表读数接近为电源电压，以下可能的情况是()A．电流表中断路，L1和L2都完好B．L1灯丝断路,电流表和L2都完好C．L2灯丝断路,电流表和L1都完好D．L1和L2灯丝都断路，而电流表完好12．矩形线圈在匀强磁场中匀速转动产生的电动势如图示，则（）A．t1时刻线圈中磁通量为零B．t2时刻线圈中磁通量变化率最大C．t3时刻线圈中磁通量最大D．t4时刻线圈面与磁场方向垂直13．某质点做直线运动的v﹣t图象如图所示，由图可知（）A．4s末至6s末速度方向为负B．6s内运动方向始终不变C．前2s内静止D．质点在加速过程中的加速度比减速运动过程中的加速度大14．如图所示的各电场中，A、B两点电场强度相同的是（）A． B． C． D．15．如图所示，一固定光滑杆与水平方向夹角为θ，将一质量为m1的小环套在杆上,通过轻绳悬挂一个质量为m2的小球,静止释放后，小环与小球保持相对静止以相同的加速度a一起下滑，此时绳子与竖直方向夹角为β，则下列说法正确的是（）A．杆对小环的作用力大于m1g+m2gB．m1不变，则m2越大,β越小C．θ=β,与m1、m2无关D．若杆不光滑，β可能大于θ16．甲、乙两辆汽车从同一点出发,向同一方向行驶，它们的图象如图所示．下列判断正确的是（）A．在t1时刻以前,乙车始终在甲车的前面B．在t1时刻以前，乙车的速度始终比甲车的大C．在t1时刻以前,乙车的速度始终比甲车增加的快D．在t1时刻两车第一次相遇17．下列对牛顿第二定律的表达式F=ma及其变形公式的理解，正确的是（)A．由F=ma可知,物体所受的合外力与物体的质量成正比,与物体的加速度成反比B．由m=可知，物体的质量与其所受合外力成正比，与其运动的加速度成反比C．由a=可知，物体的加速度与其所受合外力成正比，与其质量成反比D．由m=可知,物体的质量可以通过测量它的加速度和它所受到的合外力而求得18．图是物体做直线运动的v﹣t图象，根据图象,下列计算结果正确的有（）A．0~2s内的位移是6mB．2~6s内的位移是16mC．2～6s内的加速度为零D．6~8s内的加速度大小为0。5m/s219．如图所示，细绳的上端固定在天花板上靠近墙壁的O点，下端拴一小球，L点为小球下垂时的平衡位置，在OL直线上固定一个钉子Q．若将小球从竖直位置拉开(保持绳绷紧）到某位置P，释放后任其向L点摆动，不计空气阻力，小球到达L点后，因绳被钉子挡住,将开始沿以Q为中心的圆弧继续运动．下列说法正确的是（）A．若Q与P等高，则小球向右摆到与P等高的点然后摆回来B．若Q的位置比P低，则小球向右摆到与P等高的位置，然后竖直下落C．若Q的位置比P低，则小球将绕在Q点旋转，直到绳子完全绕在钉子上为止D．若Q的位置比P高,则小球向右能摆到与P等高的位置20．如图所示，R0为热敏电阻（温度降低电阻增大），D为理想二极管（正向电阻为零，反向电阻无穷大），C为平行板电容器，C中央有一带电液滴刚好静止，M点接地，单独进行下列操作可使带电液滴保持静止的是（)A．将热敏电阻R0加热 B．变阻器R的滑动头P向下移动C．开关K断开 D．电容器C的上极板向上移动21．如图所示,AB为斜面，BC为水平面，从A点以水平初速度v向右抛出一小球，其落点与A的水平距离为x1，若从A点以水平初速度2v向右抛出同一小球，其落点与A的水平距离为x2，不计空气阻力，则x1与x2的比值可能为（)A．1:2 B．1：4 C．1:10 D．1：1222．一质最m=3kg的物体在水平推力F的作用下沿水平面做直线运动，一段时间后撤去F，其运动的v﹣t图象如图所示．取g=10m/s2,则（）A．在0﹣6s内,合力的平均功率为16WB．在6s﹣10s内，合力对物体做功为96JC．物体所受的水平推力F=9ND．在t=8s时，质点的加速度为lm/s223．已知地球的半径为6.4×106m，地球自转的角速度为7.27×10﹣5rad/s,地球表面的重力加速度为9。8m/s2，在地球表面发射卫星的第一宇宙速度为7.9×103m/s，第三宇宙速度为16.7×103m/s，月地中心间距离为3.84×108m．假设地球上有一棵苹果树长到月球那么高，则当苹果脱离苹果树后,请计算此时苹果线速度判断，苹果将不会（)A．落回地面 B．成为地球的“苹果月亮”C．成为地球的同步“苹果卫星” D．飞向茫茫宇宙24．如图所示,绝缘弹簧的下端固定在光滑斜面底端,弹簧与斜面平行，带电小球Q（可视为质点）固定在绝缘斜面上的M点，且在通过弹簧中心的直线ab上．现将与Q大小相同，带电性也相同的小球P，从直线ab上的N点由静止释放，若两小球可视为点电荷．在小球P与弹簧接触到速度变为零的过程中,下列说法中正确的是（）A．小球P的速度一定先增大后减小B．小球P的机械能一定在减少C．小球P速度最大时所受弹簧弹力和库仑力的合力为零D．小球P与弹簧系统的机械能一定增加25．如图甲所示，劲度系数为k的轻弹簧竖直放置，下端固定在水平地面上,一质量为m的小球，从离弹簧上端高h处自由下落,接触弹簧后继续向下运动．若以小球开始下落的位置为原点，沿竖直向下建立一坐标轴ox，小球的速度v随时间t变化的图象如图乙所示．其中OA段为直线,切于A点的曲线AB和BC都是平滑的曲线，则关于A、B、C三点对应的x坐标及加速度大小，下列说法正确的是（）A．xA=h,aA=0 B．xA=h,aA＞gC．xB=h+，aB=0 D．xC=h+，aC=0二、计算题26．柴油打桩机的重锤由气缸、活塞等若干部件组成，气缸与活塞间有柴油与空气的混合物．在重锤与桩碰撞的过程中,通过压缩使混合物燃烧，产生高温高压气体，从而使桩向下运动,锤向上运动．现把柴油打桩机和打桩过程简化如下：如图1所示．柴油打桩机重锤的质量为m，锤在桩帽以上高度为h处,从静止开始沿竖直轨道自由落下，打在质量为M（包括桩帽)的钢筋混凝土桩子上．同时，柴油燃烧,产生猛烈推力，锤和桩分离，这一过程的时间极短．随后，桩在泥土中向下移动一距离l．已知锤反跳后到达最高点时，锤与已停下的桩幅之间的距离也为h如图2所示．已知m=1.0×103kg，M=2。0×103kg，h=2。0m,l=0.20m，重力加速度g=10m/s2．设桩向下移动的过程中泥土对桩的作用力F是恒力，求：（1）锤子下落到与桩子接触前瞬间的速度v（2)作用力F的大小．27．如图所示,小球被轻质细绳系住斜吊着放在光滑斜面上，小球与斜面均处于静止状态，设小球质量m=2kg，斜面倾角α=30°，细绳与竖直方向夹角θ=30°，光滑斜面体的质量M=3kg，置于粗糙水平面上．（g取10m/s2）求：（1）细绳对小球拉力的大小;（2）地面对斜面体的摩擦力的大小和方向．

2016-2017学年河北省保定市定州中学高三（上）期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题1．如图所示，两根绝缘细线分别系住a、b两个带电小球，悬挂在O点，当两个小球静止时，它们处在同一水平面上,两细线与竖直方向间夹角分别为α、β,且α＜β,则下列说法正确的是（）A．两球质量一定有ma＜mbB．两球带电量一定有qa＞qbC．若将两细线同时剪断，则两球一定同时落到同一水平地面上D．若将两细线同时剪断，落地时，两球水平位移的大小一定相等【考点】库仑定律;物体的弹性和弹力；共点力平衡的条件及其应用．【分析】同时剪断两根细线时，小球受水平方向的库伦力和竖直方向的重力作用，然后根据水平方向和竖直方向运动的独立性可正确求解．【解答】解：A、对小球受力分析，重力、库仑力与拉力,两者的库仑力大小相等，方向相反，根据平衡条件有：mag=mbg=，由于β＞α，所以ma＞mb，故A错误．B、两者的库仑力大小相等，方向相反，但a球的电荷量和b球的电量大小无法判断,故B错误;C、若同时剪断细线，竖直方向上作自由落体运动，根据运动的独立性可知,则两球一定同时落到同一水平地面上，故C正确．D、竖直方向上作自由落体运动，根据运动的独立性可知，a、b两球下落的时间相同，但因质量的不同,则水平方向的加速度不同，因此水平位移的大小不一定相等,故D错误．故选：C．2．关于惯性，下列说法正确的是（）A．物体的速度越小，惯性也越小B．宇航员在航天器中因失重而处于漂浮状态，所以没有惯性C．公交车急刹车时站在车内的乘客摔倒是因为没有控制住惯性D．战斗机战斗前抛弃副油箱，是为了减小战斗机的惯性【考点】惯性．【分析】惯性是物体的固有属性，其大小只取决于物体的质量；与运动状态无关．【解答】解:A、惯性与速度大小无关，故A错误;B、宇航员在空中失重是因为重力充当向心力,并没有失去惯性;故B错误；C、公交车急刹车时会摔倒是因为人有惯性,而保持前冲的趋势;故C错误；D、惯性取决于物体的质量,质量越小,惯性越小;故D正确;故选：D．3．两只电压表V1和V2是由完全相同的两个电流计改装成的,V1表的量程是5V，V2表的量程是15V,把它们串联起来接入电路中．则（）A．它们的示数相等，指针偏转角度也相等B．它们的示数之比为1：3．指针偏转角度相等C．它们的示数相等，指针偏转角度之比为1：3D．它们的示数之比、指针偏转角度之比均为1：3【考点】把电流表改装成电压表．【分析】两电压表量程不同总内阻不同,两内阻之比为量程之比，再据电压表的改装原理和电路连接关系分析求解．【解答】解：A串联后电流一样故偏转角度相等但两表的读数为两电压表的分压，读数之比为两者的电阻之比故不相等；故A错误B因是串联关系通过两电压表的电流相同，故指针偏转的角度相同，读数之比为两者的电阻之比为1:3．故B正确C它们示数不等．故C错误D它们偏转角度相等故D错误故选：B4．下列说法正确的是（)A．曲线运动的速度大小与方向一定都在时刻变化B．做变速运动的物体，一定受到变力作用C．做曲线运动的物体所受的合力可能是恒力D．有些曲线运动可能是匀速运动【考点】物体做曲线运动的条件．【分析】物体运动轨迹是曲线的运动，称为“曲线运动”．当物体所受的合外力和它速度方向不在同一直线上,物体就是在做曲线运动．【解答】解：A、既然是曲线运动，它的速度的方向必定是改变的,但速度大小不一定变化，如匀速圆周运动．故A错误;B、物体做曲线运动时所受的合外力不一定是变力，可能是恒力，如平抛运动．故B错误,C正确;D、曲线运动一定是变速运动，速度不变．故D错误．故选：C5．如图所示，放置在水平转台上的小物体A、B都能够随转台一起以角速度ω匀速转动,A、B的质量分别为m、3m，A、B与转台间的动摩擦因数都为μ，A、B离转台中心的距离分别为1.5r、r．设最大静摩擦力等于滑动摩擦力．以下说法中正确的是（）A．转台对B的摩擦力一定为3μmgB．A与转台间的摩擦力小于B与转台间的摩擦力C．转台的角速度一定满足ω≤D．转台的角速度一定满足ω≤【考点】向心力;牛顿第二定律．【分析】物体B随转台一起以角速度ω匀速转动，靠静摩擦力提供向心力，根据牛顿第二定律求出转台对B摩擦力大小．分别对A、B受力分析，根据合力提供向心力，求出转台角速度的范围．【解答】解:A、对B受力分析，受重力、支持力以及转台对B的静摩擦力，静摩擦力提供向心力，有f=(3m)ω2r≤μ（3m)g．故A错误．B、由于A与B转动的角速度相同,由摩擦力提供向心力有m×1.5rω2＜3mrω2即A与转台间的摩擦力小于B与转台间的摩擦力，故B正确；C、对A有：m≤μmg…①对B有：3mω2r≤3μmg…②联立①②解得:ω≤，故CD错误；故选:B6．甲、乙两车某时刻由同一地点，沿同一方向开始做直线运动，若以该时刻作为计时起点，得到两车的位移﹣时间图象，即x﹣t图象如图所示，甲图象过O点的切线与AB平行,过C点的切线与OA平行，则下列说法中正确的是（）A．在两车相遇前，t1时刻两车相距最远B．t3时刻甲车在乙车的前方C．0﹣t2时间内甲车的瞬时速度始终大于乙车的瞬时速度D．甲车的初速度等于乙车在t3时刻的速度【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【分析】在位移﹣时间图象中，倾斜的直线表示物体做匀速直线运动，斜率表示速度;图象的交点表示位移相等,平均速度等于位移除以时间．【解答】解：A、图象的纵坐标表示物体所在的位置；由图可知t1时刻CA相距最大,即两车的距离最大，故A正确；B、t3时刻两车的位置相同，两车处在同一位置，故B错误；C、图象斜率表示速度,由图可知，0﹣t1时间C的斜率大于A，之后C的斜率小于A，故C错误；D、图象的斜率表示物体的速度，由图可知，甲车的初速度等于乙车在t3时刻的速度，故D正确;故选：AD．7．质量m=200g的物体，测得它的加速度a=20cm/s2，则关于它受到的合外力的大小及单位,下列运算既简洁又符合一般运算要求的是（）A．F=200×20=4000N B．F=0.2kg×20cm/s2=4NC．F=0.2×0.2=0.04N D．F=0。2×0。2N=0。04N【考点】牛顿第二定律；力学单位制．【分析】已知物体的质量和加速度，求合力，运用牛第二定律解决问题．同时也应该知道物体的合力方向决定加速度方向．为了简洁规范，单位都必须化成统一的国际单位【解答】解：物体质量m=200g=0。2kg，加速度为：a=20cm/s2=0。2m/s2F=ma=0.2×0。2N=0。04N故选:D8．在冬奥会短道速滑项目中，运动员绕周长仅111米的短道竞赛．运动员比赛过程中在通过弯道时如果不能很好地控制速度,将发生侧滑而摔离正常比赛路线．图中圆弧虚线Ob代表弯道，即运动正常运动路线，Oa为运动员在O点时的速度方向(研究时可将运动员看作质点)．下列论述正确的是（）A．发生侧滑是因为运动员受到的合力方向背离圆心B．发生侧滑是因为运动员受到的合力大于所需要的向心力C．若在O发生侧滑，则滑动的方向在Oa左侧D．若在O发生侧滑，则滑动的方向在Oa右侧与Ob之间【考点】向心力；牛顿第二定律．【分析】运动员侧滑实际上是做离心运动，根据离心运动的条件：外力为零或外力不足以提供向心力，进行分析．【解答】解：AB、发生侧滑是因为运动员的速度过大，所需要的向心力过大，运动员受到的合力小于所需要的向心力，而受到的合力方向仍指向圆心,故AB错误．CD、若运动员水平方向不受任何外力时沿Oa线做离心运动，实际上运动员要受摩擦力作用，所以滑动的方向在Oa右侧与Ob之间,故C错误，D正确．故选：D．9．下列有关说法中正确的是（）A．以卵击石，石头没损伤而鸡蛋破了，是因为鸡蛋对石头的作用力小于石头对鸡蛋的作用力B．在处于完全失重的状态下的太空舱中，仍然可以用弹簧测力计测出物体所受重力C．摩擦力的大小一定与相应的正压力成正比D．根据牛顿第一定律可得,力是改变物体速度的原因【考点】牛顿第一定律；作用力和反作用力．【分析】作用力和反作用力之间的关系是:两个力大小相等,方向相反，作用在同一条直线上．太空舱绕地球作匀速圆周运动，万有引力提供向心力，在太空舱中，物体处于完全失重状态，与重力有关的实验不能进行．静摩擦力不一定与相应的正压力成正比；力是改变物体速度的原因，不是物体运动的原因．【解答】解：A、鸡蛋对石头的作用力与石头对鸡蛋的作用力是一对相互作用的力，大小相等,方向相反,故A错误；B、太空舱处于完全失重状态，与重力有关的实验不能进行，不能用弹簧测力计测出物体所受重力．故B错误；C、滑动摩擦力的大小一定与相应的正压力成正比,但静摩擦力不一定与相应的正压力成正比．故C错误；D、根据牛顿第一定律可得，力是改变物体速度的原因．故D正确．故选：D10．一个电流表的满偏电流Ig=1mA．内阻为500Ω，要把它改装成一个量程为10V的电压表，则应在电流表上（）A．串联一个10kΩ的电阻 B．并联一个10kΩ的电阻C．串联一个9.5kΩ的电阻 D．并联一个9.5kΩ的电阻【考点】把电流表改装成电压表．【分析】电流表串联电阻起分压作用为电压表，电流表串联电阻为总电阻减去电流表的内阻．总电阻=量程除以满偏电流．【解答】解：要将电流表改装成电压表，必须在电流表上串联一个大电阻，串联电阻起分压作用．应串联电阻为R===9.5×103kΩ故C正确,ABD错误．故选：C．11．在如图所示的电路中,当开关S闭合时，电灯不亮，电流表无读数，电压表读数接近为电源电压，以下可能的情况是（）A．电流表中断路，L1和L2都完好B．L1灯丝断路，电流表和L2都完好C．L2灯丝断路,电流表和L1都完好D．L1和L2灯丝都断路，而电流表完好【考点】闭合电路的欧姆定律．【分析】常见的电路故障有断路与短路，根据电路现象分析电路故障原因．【解答】解：A、如果电流表中断路，L1和L2都完好，则电压表与电源连接不能相连，电压表示数为零,故A错误;B、如果L1灯丝断路，电流表和L2都完好，则电路断路,两灯都不亮,电流表示数为零，电压表与电源两极相连，电压表示数接近电源电压，故B正确；C、如果L2灯丝断路，电流表和L1都完好，电压表与电源两极不能相连，电压表示数为零，故C错误；D、如果L1和L2灯丝都断路电流表完好，则电压表不能与电源两极相连，电压表示数为零，故D错误；故选：B．12．矩形线圈在匀强磁场中匀速转动产生的电动势如图示，则()A．t1时刻线圈中磁通量为零B．t2时刻线圈中磁通量变化率最大C．t3时刻线圈中磁通量最大D．t4时刻线圈面与磁场方向垂直【考点】交流发电机及其产生正弦式电流的原理．【分析】矩形线圈在匀强磁场中匀速转动时产生正弦交变电流．磁通量为零，感应电动势最大；磁通量最大时，感应电动势为零，线圈恰好通过中性面．经过中性一次，电流方向改变一次．根据法拉第定律，感应电动势与磁通量变化率成正比．【解答】解:A、t1时刻感应电动势为零，磁通量最大，此时线圈通过中性面，故A错误；B、t2时刻感应电动势最大，线圈平面与中性面垂直,故磁通量的变化率最大,故B正确；C、t3时刻感应电动势为零，线圈通过中性面，磁通量最大,故C正确;D、t4时刻线圈中感应电动势最大，磁通量变化率最大,线圈平面与中性面垂直,与磁感线平行,故D错误；故选:BC．13．某质点做直线运动的v﹣t图象如图所示，由图可知（）A．4s末至6s末速度方向为负B．6s内运动方向始终不变C．前2s内静止D．质点在加速过程中的加速度比减速运动过程中的加速度大【考点】匀变速直线运动的图像．【分析】v﹣t图象中，与时间轴平行的直线表示做匀速直线运动，倾斜的直线表示匀变速直线运动,斜率表示加速度，倾斜角越大表示加速度越大,图象与坐标轴围成的面积表示位移．【解答】解:A．由图象可知0至6s末，速度图象都在时间轴的上方，都大于零，方向为都正，没有改变,故A错误,B正确；C．由图可知前2s，物体做速度为4m/s的匀速直线运动，故C错误;D、加速过程加速度为m/s2，减速过程加速度m/s2，所以加速过程中的加速度比减速运动过程中的加速度大小，故D错误;故选：B．14．如图所示的各电场中，A、B两点电场强度相同的是（)A． B． C． D．【考点】电场线．【分析】电场强度是矢量，只有两点的场强大小和方向都相同时，电场强度才相同．根据这个条件进行判断．【解答】解：A、A、B是同一圆上的两点，场强大小相等，但方向不同，则电场强度不同．故A错误．B、A、B是匀强电场中的两点，电场强度相同．故B正确．C、电场线的疏密表示场强的大小，所以A、B场强大小相等,方向不同，故C错误;D、A、B场强大小不等,但方向相同，则电场强度不同，故D错误；故选：B．15．如图所示，一固定光滑杆与水平方向夹角为θ，将一质量为m1的小环套在杆上，通过轻绳悬挂一个质量为m2的小球，静止释放后,小环与小球保持相对静止以相同的加速度a一起下滑，此时绳子与竖直方向夹角为β，则下列说法正确的是（)A．杆对小环的作用力大于m1g+m2gB．m1不变，则m2越大，β越小C．θ=β，与m1、m2无关D．若杆不光滑，β可能大于θ【考点】牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．【分析】先以整体为研究对象，根据牛顿第二定律求出加速度和杆对小环的作用力，再以小球为研究对象,由牛顿第二定律得到θ与β的关系．【解答】解:A、以整体为研究对象，分析受力情况，如图，根据牛顿第二定律得：（m1+m2）gsinθ=(m1+m2）a得：a=gsinθN=（m1+m2）gcosθ＜（m1+m2）g;故A错误;B、C、再对小球研究可知，其合力大小为F=m2gsinθ，等于重力沿杆向下方向的分力，则细线与杆垂直,则由几何知识得，θ=β，与环和小球的质量无关，故B错误，C正确；D、若杆不光滑；把环和球看做一个整体受力分析，沿斜面和垂直斜面建立直角坐标系得：沿斜面方向：（m1+m2）gsinθ﹣f=（m1+m2）a垂直斜面方向:FN=(m1+m2)gcosθ摩擦力:f=μFN联立可解得：a=gsinθ﹣μgcosθ，设θ=β，由几何关系知，此时绳应该和杆垂直，对小球受力分析可知重力沿杆的分力作为合力产生加速度,垂直于杆的分力与绳的拉力相平衡，此时可以求得小球的加速度为gsinθ，大于整体的加速度gsinθ﹣μgcosθ，故绳的拉力要有一个分力来减小小球重力沿着杆方向的分力,所以绳应该向下倾斜,故θ＞β,故D错误;故选C．16．甲、乙两辆汽车从同一点出发,向同一方向行驶,它们的图象如图所示．下列判断正确的是（）A．在t1时刻以前，乙车始终在甲车的前面B．在t1时刻以前，乙车的速度始终比甲车的大C．在t1时刻以前,乙车的速度始终比甲车增加的快D．在t1时刻两车第一次相遇【考点】匀变速直线运动的图像．【分析】解决本题要明确v﹣t图象的含义：在v﹣t图象中每时刻对应于速度的大小，速度的正负表示其运动方向，图象的斜率表示物体运动的加速度,图象与时间轴围成的面积为物体的位移，时间轴上方面积表示位移为正，下方表示为负．【解答】解：A．图象与时间轴围成的面积为物体的位移，由图象可知:在t1时刻以前乙一直在甲的前面，故A正确；B．在v﹣t图象中每时刻对应于速度的大小，从图中可以直观的看出：在t1时刻以前，乙车的速度始终比甲车的大，故B正确;C．速度时间图象斜率表示加速度，由图象可知看成，在t1时刻以前，乙的加速度之间减小，到t1时刻为零，甲的加速度不变，且不为零，故C错误;D．在t1时刻两车速度相等，但并未相遇，故D错误．故选AB．17．下列对牛顿第二定律的表达式F=ma及其变形公式的理解，正确的是（）A．由F=ma可知，物体所受的合外力与物体的质量成正比，与物体的加速度成反比B．由m=可知，物体的质量与其所受合外力成正比，与其运动的加速度成反比C．由a=可知，物体的加速度与其所受合外力成正比，与其质量成反比D．由m=可知，物体的质量可以通过测量它的加速度和它所受到的合外力而求得【考点】牛顿第二定律．【分析】根据牛顿第二定律a=可知,物体的加速度与其所受合外力成正比，与其质量成反比．物体的质量与合外力以及加速度无关，由本身的性质决定．合外力与质量以及加速度无关．【解答】解：A、物体的合外力与物体的质量和加速度无关．故A错误;B、物体的质量与合外力以及加速度无关，由本身的性质决定．故B错误．C、根据牛顿第二定律a=可知，物体的加速度与其所受合外力成正比,与其质量成反比．故C正确．D、由可知，物体的质量可以通过测量它的加速度和它所受的合外力而求得．故D正确．故选：CD．18．图是物体做直线运动的v﹣t图象，根据图象，下列计算结果正确的有（）A．0~2s内的位移是6mB．2～6s内的位移是16mC．2～6s内的加速度为零D．6~8s内的加速度大小为0。5m/s2【考点】匀变速直线运动的图像．【分析】速度﹣时间图象的斜率表示加速度．图象与时间轴所围的面积表示物体的位移．由此分析解答．【解答】解：A、根据“面积”表示位移，知0～2s内的位移为：x=m=6m，故A正确．B、2～6s内物体做匀速运动，位移为：x=vt=4×4m=16m，故B正确．C、速度﹣时间图象的斜率表示加速度，则知2～6s内的加速度为零，故C正确．D、6～8s内的加速度大小为：a=||==2m/s2．故D错误．故选：ABC19．如图所示，细绳的上端固定在天花板上靠近墙壁的O点，下端拴一小球，L点为小球下垂时的平衡位置,在OL直线上固定一个钉子Q．若将小球从竖直位置拉开（保持绳绷紧）到某位置P，释放后任其向L点摆动，不计空气阻力，小球到达L点后，因绳被钉子挡住，将开始沿以Q为中心的圆弧继续运动．下列说法正确的是（）A．若Q与P等高，则小球向右摆到与P等高的点然后摆回来B．若Q的位置比P低,则小球向右摆到与P等高的位置，然后竖直下落C．若Q的位置比P低，则小球将绕在Q点旋转，直到绳子完全绕在钉子上为止D．若Q的位置比P高，则小球向右能摆到与P等高的位置【考点】机械能守恒定律；牛顿第二定律；向心力．【分析】根据机械能守恒定律可知，小球运动到L点速度不为零，所以小球还要继续运动;然后结合机械能守恒定律和竖直平面内圆周运动的条件，根据各选项的条件依次判定即可．【解答】解：A、若Q与P等高，则小球向右摆到与P等高的点时的速度恰好为0,然后摆回来．故A正确；B、C、若Q的位置比P低，则小球向右摆到与Q等高的位置后速度仍然大于0,小球在绳子的拉力的作用下继续做曲线运动，以后的运动可能有两种情况：1．当Q点的位置比较低时,小球能经过最高点;2．当Q点的位置相对比较高时，小球小球不能沿圆周的轨迹到达Q点正上方的N点，将在MN之间的某一点处离开圆周，做斜上抛运动，不能竖直下落．所以BC均错误．D、若Q的位置比P高,根据机械能守恒可知,小球向右能摆到与P等高的位置．故D正确．故选：AD20．如图所示，R0为热敏电阻（温度降低电阻增大），D为理想二极管（正向电阻为零，反向电阻无穷大），C为平行板电容器，C中央有一带电液滴刚好静止，M点接地，单独进行下列操作可使带电液滴保持静止的是（)A．将热敏电阻R0加热 B．变阻器R的滑动头P向下移动C．开关K断开 D．电容器C的上极板向上移动【考点】闭合电路的欧姆定律；电容器的动态分析．【分析】由共点力的平衡条件可知液滴的受力情况，要使液保持静止,则保持两板间的电场强度不变，由根据闭合电路欧姆定律可知应采取何种措施；注意二极管的作用可以阻止电容器上的电量流出．【解答】解：A、热敏电阻加热时，热敏电阻阻值减小,则由闭合电路欧姆定律可知，滑动变阻器两端的电压增大，所以电容器两端的电势差增大，则电场强度增大，电场力增大,液滴向上运动，故A错误;B、当变阻器的滑片向下移动时，滑动变阻器接入电阻增大,则总电流减小,内压及R0两端的电压减小，则滑动变阻器两端的电压增大,所以电容器两端的电势差增大，则电场强度增大，电场力增大，液滴向上运动，故B错误；C、开关K断开时,电容器直接接在电源两端，电压增大，则液滴向上运动，故C错误；D、电容器C的上极板向上移动，d增大；则电容C减小，由于二极管具有单向导电性，电荷不会向右流出，所以电容器两端的电势差增大，由于U=，C=,E=．所以：E=，由于极板上的电量不变，而场强E与极板之间的距离无关,所以电场强度E不变，液滴仍然静止，故D正确；故选：D21．如图所示，AB为斜面，BC为水平面,从A点以水平初速度v向右抛出一小球，其落点与A的水平距离为x1,若从A点以水平初速度2v向右抛出同一小球，其落点与A的水平距离为x2，不计空气阻力，则x1与x2的比值可能为（)A．1：2 B．1：4 C．1：10 D．1：12【考点】平抛运动．【分析】因为不知道小球的具体落地点，所以可分三种情况进行讨论：①两次小球都落在水平面BC上;②两次小球都落在斜面AB上；③第一次落在斜面AB上，第二次落在水平面BC上．再根据平抛运动的规律即可求解．【解答】解：本题可分三种情况进行讨论：①若两次小球都落在BC水平面上，则下落的高度相同，所以运动的时间相同，水平距离之比等于水平初速度之比为1:2,故A答案正确；②若两次小球都落在斜面AB上，设斜面倾角为θ，则有在沿斜面垂直的方向上（注意这只是一个分运动），小球作自由落体运动，设运动的时间分别为t1和t2，则：第一次:tanθ=第二次：tanθ=解得所以．③若第一次落在斜面AB上，第二次落在水平面BC上，根据平抛运动的基本规律可知其水平位移比值在1:2到1:4之间．故A、B正确，C、D错误．故选AB．22．一质最m=3kg的物体在水平推力F的作用下沿水平面做直线运动,一段时间后撤去F，其运动的v﹣t图象如图所示．取g=10m/s2,则(）A．在0﹣6s内,合力的平均功率为16WB．在6s﹣10s内，合力对物体做功为96JC．物体所受的水平推力F=9ND．在t=8s时，质点的加速度为lm/s2【考点】功率、平均功率和瞬时功率；匀变速直线运动的图像；功的计算．【分析】根据速度﹣时间图象可知：0﹣6s内有水平推力F的作用，物体做匀加速直线运动；6s﹣10s内，撤去F后只在摩擦力作用下做匀减速直线运动，可根据图象分别求出加速度和位移，再根据匀变速直线运动基本公式及牛顿第二定律求解力．在v﹣t图象中与时间轴所围面积即为物体运动位移,由P=求的功率【解答】解:A、在外力作用下的加速度为撤去外力后的加速度为撤去外力后f=ma2=3×（﹣2）N=﹣6N施加的外力为F+f=ma1F=﹣f+ma1=﹣（﹣6）+3×1N=9N0﹣6s内的位移为x==30m故合力平均功率为,故AD错误，C正确;B、在6s﹣10s内,位移为x合力做功为W=fx′=﹣6×16J=﹣96J，故B错误；故选：C23．已知地球的半径为6.4×106m,地球自转的角速度为7.27×10﹣5rad/s，地球表面的重力加速度为9。8m/s2，在地球表面发射卫星的第一宇宙速度为7。9×103m/s，第三宇宙速度为16。7×103m/s，月地中心间距离为3.84×108m．假设地球上有一棵苹果树长到月球那么高，则当苹果脱离苹果树后,请计算此时苹果线速度判断，苹果将不会（）A．落回地面 B．成为地球的“苹果月亮”C．成为地球的同步“苹果卫星” D．飞向茫茫宇宙【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．【分析】根据v=rω，可得出苹果的线速度．把苹果的线速度与第三宇宙速度比较求解．【解答】解：地球自转的角速度为7。27×10﹣5rad/s，月球到地球中心的距离为3.84×108m．地球上有一棵苹果树长到了接近月球那么高，根据v=rω得：苹果的线速度为:v=2。8×104m/s，第三宇宙速度为16.7×103m/s，由于苹果的线速度大于第三宇宙速度，所以苹果脱离苹果树后，将脱离太阳系的束缚,飞向茫茫宇宙．本题选不会发生的，故选：ABC24．如图所示,绝缘弹簧的下端固定在光滑斜面底端，弹簧与斜面平行,带电小球Q（可视为质点)固定在绝缘斜面上的M点，且在通过弹簧中心的直线ab上．现将与Q大小相同，带电性也相同的小球P，从直线ab上的N点由静止释放，若两小球可视为点电荷．在小球P与弹簧接触到速度变为零的过程中,下列说法中正确的是（）A．小球P的速度一定先增大后减小B．小球P的机械能一定在减少C．小球P速度最大时所受弹簧弹力和库仑力的合力为零D．小球P与弹簧系统的机械能一定增加【考点】功能关系；共点力平衡的条件及其应用；库仑定律．【分析】本题中有库仑力做功，机械能不守恒；机械能守恒是普遍遵守的定律;小球的速度变化可从受力与能量两种观点加以分析【解答】解：A、小球先沿斜面加速向下运动，后减速向下运动，当弹簧压缩量最大时,小球静止,故A正确B、由于小球P除了重力之外的力做功还有弹簧的弹力和库仑斥力做功，开始弹簧的弹力和库仑斥力的合力方向向下，做正功，所以小球P的机械能增大;随弹力的增大，二者的合力可能向上,合力做功，机械能减小．所以小球P的机械能先增大后减少，故B错误C、小球P的速度一定先增大后减小,当p的加速度为零时，速度最大，所以小球P速度最大时所受弹簧弹力、重力沿斜面向下的分力和库仑力的合力为零，故C错误D、根据能量守恒定律知，小球P的动能、与地球间重力势能、与小球Q间电势能和弹簧弹性势能的总和不变，因为在小球P与弹簧接触到速度变为零的过程中，Q对P的库仑斥力做正功，电势能减小,所以小球P与弹簧系统的机械能一定增加，故D正