陕西省汉中市重点中学2020届高三物理下学期开学联考试题(含解析)

陕西省汉中市要点中学2019届高三物理下学期开学联考试题（含解析）一、选择题：1.用以下图的光电管研究光电效应，当滑动变阻器的滑片位于某一地点，开关S闭合时，用单色光a照耀光电管阴极K，电流计G的指针发生偏转，用单色光b照耀光电管阴极K时，电流计G的指针不发生偏转，则A.a光的强度必定大于b光的强度B.a光的频次必定大于阴极K的极限频次C.b光的频次必定小于阴极K的极限频次D.开关S断开后，用单色光a照耀光电管阴极K电流计G的指针必定不会发生偏转【答案】B【分析】【剖析】发生光电效应的条件是入射光的频次大于金属的极限频次，光的强度影响单位时间内发出光电子的数量，即影响光电流的大小。【详解】A项：用某种光照耀金属可否发生光电效应与光的强度没关，因此没法判断a、b光的强度，故A错误；B项：用某种频次的单色光a照耀光电管阴极K，电流计G的指针发生偏转，知a光频次大于金属的极限频次，故B正确；C项：因为在光电管两头加了反向电压，有b光照耀时，电流计G指针不发生偏转，因此无法判断能否发生光电效应，即没法判断b光的频次与阴极K的极限频次大小，故C错误；D项：因为在光电管两头加了反向电压时，电流计G的指针发生偏转即电子能从阴极运动到阳极，因此断开开关即不加反向电压时，电子必定能从阴极运动到阳极即电流计G必定发生1偏转，故D错误。故应选：B。【点睛】解决此题的要点知道光电效应的条件，知道光的强度影响单位时间内发出光电子的数量。以下图，A、B两物块叠放在一同，B遇到一水平向左的作使劲F，A、B在粗拙的水平川面上保持相对静止地向右做直线运动，在运动过程中，以下对于A、B所遇到的摩擦力的说法正确的选项是A.A遇到水平向右的摩擦力B.A可能不受摩擦力作用C.B遇到地面水平向左的摩擦力D.B可能不受地面的摩擦力作用【答案】C【分析】【剖析】先对整体受力剖析，依据相对地面的运动方向可知地面对B的摩擦力方向；依据合外力方向判断整体的加快度方向；隔绝A可知B对A的摩擦力方向。【详解】地面粗拙，两物块的整体向右运动，则地面对整体的滑动摩擦力向左，选项C正确，D错误；因力F向左，则整体的合外力向左，加快度向左，则对A来说遇到B对A向左的摩擦力，选项AB错误；应选C.已知火星的半径是地球的a倍，质量是地球的b倍，现分别在地球和火星的表面上以同样的速度竖直上抛小球，不计大气的阻力。则小球在地球上上涨的最大高度与在火星上上涨的最大高度之比为A.B.C.D.【答案】A【分析】【剖析】2依据质量和半径的关系求得地球表面的重力加快度与火星表面重力加快度的关系，再依据竖直上抛公式求解。【详解】依据可知；依据可知，应选A.【点睛】此题要点是抓住星球表面重力与万有引力相等，依据质量和半径关系求得重力加快度之比，再依据竖直上抛规律求解。以下图，三根互相平行的固定长直导线L1、L2和L3两两等距，经过L1、L2、L3中的电流大小相等，L1、L2中的电流方向垂直纸面向里，L3中的电流方向垂直纸面向外，在三根导线与纸面的交点所组成的等边三角形的中心上放有一电流方向垂直纸面向外的通电长直导线则该导线遇到的安培力的方向为A.指向L1B.指向L2C.背叛L3D.指向L3【答案】D【分析】【剖析】依据同向电流相吸，异向电流相斥的原理，判断三条直导线对中心处的协力方向。【详解】依据同向电流相吸，异向电流相斥的原理可知，L1和L2对放在中心处的导线均为斥力，协力的方向指向L3；L3对放在中心处的导线为吸引力，方向指向L3；则三条直导线对放在中心处的导线的作使劲的协力方向指向L3；应选D.5.以下图，真空中ab、cd四点共线且ab=b=cd在a点和d点分别固定有等量的异种点电荷，则以下说法正确的选项是A.b、c两点的电场强度大小相等，方向相反B.b、c两点的电场强度大小不相等，但方向同样C.同一负点电荷在b点的电势能比在c点的小D.把正点电荷从b点沿直线移到c点，电场力对其先做正功后做负功3【答案】C【分析】【详解】A、B项：由等量异种电荷的电场线散布可知，b、c两点的场强盛小相等，方向相同，故A、B错误；C项：由电场线从正电荷指向负电荷即电场线由b指向c，因此b点的电势高于c点电势，依据负电荷在电势低处电势能大，即负电荷在b点的电势更小，故C正确；D项：由C剖析可知，电场线从b指向c，正电荷从b沿直线运动到c，电场力向来做正功，故D错误。故应选：C。6.以下图，变压器为理想变压器，副线圈中三个电阻的阻值大小关系为R1=R2=2r=2Ω，电流表为理想沟通电表原线圈输入正弦式沟通电e=110sin100πt(V)，开关S断开时，电阻r耗费的电功率为100W。以下说法正确的选项是A.经过电阻r的电流方向每秒钟变化50次B.开关S闭合前后，电流表的示数之比为2︰3开关S闭合前后，经过电阻R1的电流之比为2︰3变压器原副线圈的匝数之比为11︰3【答案】BD【分析】【剖析】沟通电的电流方向在一个周期内变化2次；变压器原副线圈的电流比等于匝数的倒数比，电压比等于匝数比；据此进行剖析议论.【详解】沟通电的频次为，可知经过电阻r的电流方向每秒钟变化100次，选项A错误；开关S闭合以前，次级电阻3Ω，次级电流；开关S闭合以后，次级电阻2Ω，次级电流；开关S闭合前后次级电流比为2:3，因变压器初级和次级电流成正比，可知开关S闭合前后，电流表的示数之比为2︰3，选项B正确；开关S闭合以前，经过电4阻R1的电流；开关S闭合以后，经过电阻R1的电流；开关S闭合前后，经过电阻R1的电流之比为4︰3，选项C错误；开关S断开时，电阻r耗费的电功率为100W，可知次级电流，次级电压有效值，变压器初级电压有效值U1=，则变压器原副线圈的匝数之比为，选项D正确，应选BD.7.以下图，x轴在水平川面上，y轴在竖直方向。图中画出了从y轴上沿x轴正方向水平抛出的三个小球a、b和c的运动轨迹。不计空气阻力，以下说法正确的选项是A.a和b的初速度大小之比为︰1B.a和b在空中运动的时间之比为2︰1C.a和c在空中运动的时间之比为︰1D.a和c的初速度大小之比为2︰1【答案】C【分析】【剖析】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，依据水平位移和竖直位移的大小求出运动的时间以及初速度之比．【详解】依据可知a和b在空中运动的时间之比为：1；依据可知a和b的初速度大小之比为1：，选项AB错误；依据可知a和c在空中运动的时间之比为：1；依据可知a和c的初速度大小之比为：1，选项C正确，D错误；应选C.以下图，电阻不计的导轨OPQS固定，此中PQS是半径为r的半园弧，Q为半圆弧的中点，O为圆心。OM是长为r的可绕O转动的金属杆，其电阻为R、M端与导轨接触优秀。空间存在与平面垂直且向里的匀强磁场(图中未画出)，磁感觉强度的大小为B，现使OM从OQ5地点起以角速度ω逆时针匀速转到OS地点。则该过程中A.产生的感觉电流大小恒定，方向为OPQMOB.经过OM的电荷量为C.回路中的感觉电动势大小为Br2ωD.金属杆OM的发热功率为【答案】AB【分析】【详解】A项：由导体棒绕其端点在磁场中转动时产生的电动势为：，因此产生的电动势恒定，电流恒定，因为磁场方向垂直纸面向里，由右手定章可知电流的方向为OPQMO，故A正确；B项：由公式，故B正确；C项：由A剖析可知，，，故C错误；D项：由闭合电路欧姆定律得：发热功率为：故D错误。故应选：AB。二、非选择题：9.某同学将带滑轮的滑板搁置在水平桌面上，调理滑板上表面水平，将力传感器固定在小车上，而后把绳的一端固定在传感器拉钩上，用来丈量绳对小车的拉力在小车及传感器总质量不变的状况下，研究加快度跟它们所受拉力的关系时，依据测得的数据在座标系中作出了以下图的a-F图象。6(1)由a－F图象可知小车和传感器的总质量为___________kg。(保存两位有效数字)图象可是坐标原点的原由是_________________________________。为使图象过原点可垫高滑板的___________(填“左”或“右”)侧，使传感器拉钩不挂绳时，小车能做___________(填“加快”“匀速”或“减速”)运动【答案】(1).0.50(2).小车与滑板之间有摩擦(3).右(4).匀速【分析】【剖析】1）a-F图象中的斜率表示质量的倒数．（2）由图象可知，当F≠0时，加快度仍旧为零，说明没有均衡摩擦力，或均衡的不够；（3）依据均衡摩擦力的详细方法解答。【详解】（1）a-F图象中的斜率表示质量的倒数，由图可知，，因此质量2）由图象可知，当F≠0时，加快度仍旧为零，说明小车与滑板之间有摩擦，没有均衡摩擦力或均衡的不够；3）为使图象过原点一定要均衡摩擦力，可垫高滑板的右边，使传感器拉钩不挂绳时，小车能做匀速运动.10.某同学利用电压表和电阻箱测定一种特别电池的电动势和内阻(电动势E约为9V，内阻r约为40Ω)。已知该电池同意输出的最大电流为100mA。该同学利用如图甲所示的电路进行实验，图中电压表的内阻约为3kΩ，R为电阻箱，阻值范围0~9999Ω，R0是定值电阻，阻值为100Ω。(1)依据图甲，在虚线框中画出该实验的电路图___________。7(2)该同学达成电路的连结后，闭合开关S，调理电阻箱的阻值，读取电压表的示数，此中电压表的某一次偏转状况如图乙所示，其示数为___________V。(3)改变电阻箱的阻值读出电压表的相应示数U，获得多组数据，作出如图丙所示的图线，则依据该同学所作出的图线可求得该电池的电动势E=___________V，内阻r=___________Ω。(结果均保存两位有效数字)(4)用该电路测电动势，真切值和丈量值的关系E真_______E测。(填“大于”“小于”或“等于”)【答案】(1).(2).7.0(3).830(4).大于【分析】【剖析】1）按实质连线电路图画出电路图；2）依据电压表应选择15V的量程进行读数；3）本实验采纳伏阻法丈量电源的电动势和内阻，依据实验的原理E=I（R+R0+r）能够得到：，联合图线的斜率和截距去求电源的电动势和内阻。8【详解】（1）按实物图，R0与电阻箱R是串连关系，电压表丈量两个电阻的总电压，画出电路图以下图：（2）由电压表所接量程及所指的地点可知电压表的示数为7.0V。（3）依据闭合电路欧姆定律可知：E=I（R+R0+r）而联立可得：联合所绘的图象纵截距可得：=0.125V-1，从而求得：E=8.0V由图象的斜率可知：将求得E值代入得：r=30Ω。（4）假如考虑电压表的内阻，依据实验的原理E=U+（）r，，考虑电压表的内阻，此时图线的纵轴截距表示，因此E测小于E真．【点睛】解决此题的要点：知道运用伏阻法丈量电源电动势和内阻的原理，会依据图象丈量电源的电动势和内阻，将两个非线性关系的物理量，变为两个线性关系的物理量。11.以下图，间距L=1m电阻不计的足够长平行圆滑金属导轨水平搁置，导轨左端用一阻值R=2Ω的电阻连结，导轨间宽x=3m的虚线范围内有方向竖直向上、磁感觉强度大小B=1T的有界匀强磁场。一根长l=1m、质量m=1kg、电阻τ=1Ω的金属棒ab垂直导轨横跨在轨道上，金属棒与导轨接触优秀，金属棒在水平向右、大小为F=2N的恒力作用下由静止开始向右运动进入磁场地区后恰巧做匀速运动。求：金属棒初始地点到磁场左界限的距离；金属棒在磁场中运动的过程中电阻R产生的热量。【答案】（1）9m;（2）4J【分析】9【剖析】1）金属棒进入磁场前在力F作用下做匀加快运动，依据牛顿第二定律和运动公式列式求解进入磁场的速度；进入磁场后做匀速运动，力F等于安培力，列式求解金属棒初始地点到磁场左界限的距离；（2）依据能量关系求解电阻R产生的热量.【详解】（1）金属棒进入磁场地区前做匀加快直线运动，有：v2=2asF=ma金属棒进入磁场后，有：F=BIl解得s=9m（2）金属棒在磁场中运动时：解得QR=4J以下图，一条带有圆轨道的长轨道水平固定，圆轨道竖直底端分别与双侧的直轨道相切，半径R=0.5m。物块A以某一速度滑入圆轨道，滑过最高点Q，再沿圆轨道滑出后，与直轨道上P处静止的物块B发生弹性碰撞，P点左边轨道圆滑，右边轨道呈粗拙段、圆滑段交替摆列，每段长度都为L=0.1m，物块与各粗拙段间的动摩擦因数都为μ=0.5，A、B的质量均为m=1kg(重力加快度g取10m/s2；A、B视为质点，碰撞时间极短，有暗影的地方代表粗拙段)，碰后B最后停止在第100个粗拙段的尾端。求：(1)A刚滑入圆轨道时的速度大小v0；(2)A滑过Q点时遇到的弹力大小F；(3)碰后B滑至第n个(n<100)圆滑段上的速度vn与n的关系式。【答案】(1)10m/s；（2）150N；（3）vn=m/s,(k100)【分析】【剖析】（1）先求出滑块每经过一段粗拙段损失的机械能E，从而求得损失的总能量，依据动量守恒和和能量守恒可得A刚滑入圆轨道时的速度大小v0。（2）在最高点Q由机械能守恒求得速10度，由牛顿第二定律可得弹力F。（3）算出B滑到第n个圆滑段前已经损失的能量，由能量守恒得速度vn与k的关系式。【详解】（1）滑块每经过一段粗拙段损失的机械能E=mgL，解得E=0.5J设碰后B的速度为vB，由能量关系有：2Emv=100B设碰后A的速度为vA，A、B碰撞为弹性碰撞，依据动量守恒和和能量守恒有：mv0=mvA+mvB222mv0=mvA+mvB解得A刚滑入圆轨道时的速度大小v0=10m/s从A刚滑入轨道到最高点Q，由机械能守恒有：mv02=mg2R+mv2在Q点依据牛顿第二定律得：F+mg=m解得A滑过Q点时遇到的弹力大小F=150N（3）B滑到第n个圆滑段前已经损失的能量E损=kE由能量守恒有：mvB2-mvn=kE解得碰后B滑至第n个(n<100)圆滑段上的速度vn与k的关系式:vn=m/s，(k100)13.回热式制冷机是一种深低温设施，制冷极限约50K。某台回热式制冷机工作时，必定量的氦气(可视为理想气体)迟缓经历以下图的四个过程：已知状态A和B的温度均为27℃，状态C和D的温度均为－133℃，以下判断正确的选项是___________。气体由状态A到B过程，温度先高升后降低气体由状态B到C过程，内能保持不变气体由状态C到D过程，分子间的均匀间距减小气体由状态C到D过程，气体对外做功气体由状态D到A过程，其热力学温度与压强成正比11【答案】ADE【分析】【剖析】状态A和B的温度相等，经过A、B的等温线应是过A、B的双曲线，依据，把AB直线与双曲线比较可判断温度的变化；对于理想气体分子势能不计，依据温度变化可判断内能的变化；依据体积的变化可判断分子间距离的变化随和体对外做功的状况；对于体积不变，其热力学温度与压强成正比。【详解】A.状态A和B的温度相等，依据，经过A、B的等温线应是过A、B的双曲线，沿直线由A到B，PV先增大后减小，因此温度先高升后降低，故A正确；B.气体由状态B到C过程，体积不变，依据，压强减小，温度降低，内能减小，故B错误；C.气体由状态C到D过程，体积增大，分子间的均匀间距最大，故C错误；D.气体由状态C到D过程，体积增大，气体对外做功，故D正确；E.气体由状态D到A过程，体积不变，依据，其热力学温度与压强成正比，故E正确。应选：ADE以下图，一内壁圆滑张口向上的导热性能优秀的圆柱形汽缸，用质量不计、横截面积为S的导热性能优秀的活塞关闭了热力学温度为T1的气体，此时活塞与容器底部相距2h。现迟缓地将沙子倒在活塞上，当它与容器底部相距为h时，持续加沙子的同时经过电热丝缓慢加热气体，使活塞地点保持不变，直到气体热力学温度达到T2。已知大气压强为p0，重力加快度为g，活塞与汽缸间无摩擦且不漏气。求：①活塞刚与容器底部相距为h时(未加热气体)，关闭气体的压强；②整个过程中倒入沙子的总质量12【答案】（1）；（2）【分析】【剖析】①气体做等温变化，依据玻意耳定律列式可求解关闭气体的压强；②依据查理定律，联合活塞的均衡方程求解沙子的质量。【详解】①已知，p1=p0，气体做等温变化，依据玻意耳定律：p1V1=p2V2解得活塞刚与容器底部相距为h时，关闭气体的压强p2=2p0②保持活塞地点不变，气体做等容变化，依据查理定律：由均衡条件可知：mg=(p3-p1)S解得沙子的质量：一列沿x轴负方向流传的简谐横波，在t=0时刻的波形以下图(此时波刚传到x=1m的地点)，质点振动的振幅为10cm。已知t=0.5s时，P点第二次出现波峰，则该波的流传速度为___________m/s；当Q点第一次出现波谷时，P点经过的行程为___________m。【答案】(1).14(2).1.1【分析】【剖析】运用波形平移法可求解Q点第一次出现波