第一章 章末测试高一化学（人教版2019必修第一册）（解析版）

章末测试满分100分，考试用时75分钟选择题：本题共16小题，共44分。第1~10小题，每小题2分；第11~16小题，每小题4分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．（2021·天津市西青区杨柳青第一中学高一期中）下列分类标准不正确的是A．化学反应分为氧化还原反应、非氧化还原反应(标准：是否有电子的转移)B．分散系分为溶液、胶体、浊液(标准：能否产生丁达尔效应)C．纯净物分为单质、化合物(标准：组成纯净物的元素种类数)D．化合物分为电解质、非电解质(标准：在水溶液中或熔融状态下能否导电)【答案】B【解析】A．根据是否有电子转移（化合价升降），化学反应可分为氧化还原反应和非氧化还原反应，A项正确；B．分散系可分为溶液、胶体、浊液，分类标准是分散质微粒直径的大小，B项错误；C．根据组成纯净物的元素种类数，纯净物可分为单质和化合物，C项正确；D．根据在水溶液中或熔融状态下能否导电，化合物可分为电解质和非电解质，D项正确；故选：B。2．（2022·广东·盐田高中高一期中）氢化钠(NaH)可在野外用作生氢剂，其中氢元素为-1价。NaH用作生氢剂时的化学反应原理为：NaH+H2O=NaOH+H2↑。下列有关该反应的说法中，正确的是A．该反应属于置换反应 B．该反应属于复分解反应C．NaH是氧化剂 D．H2O中的氢元素被还原【答案】D【解析】A．置换反应是单质+化合物→单质+化合物，根据该反应的特点，该反应不属于置换反应，故A错误；B．该反应不属复分解反应，属于氧化还原反应，故B错误；C．NaH中H元素显－1价，在反应中转化成0价，化合价升高被氧化，NaH为还原剂，故C错误；D．H2O中部分H元素由＋1价→0价，化合价降低被还原，H2O中部分H被还原，故D正确；答案：D。3．（2021·安徽·屯溪一中高一期中）下列分散系能产生“丁达尔效应”的是A．葡萄糖溶液 B．油水 C．盐酸 D．淀粉溶液【答案】D【解析】A．葡萄糖溶液不是胶体，不能产生丁达尔效应，故A错误；B．油水为浊液，不能产生丁达尔效应，故B错误；C．盐酸为HCl的水溶液，不是胶体，不能产生丁达尔效应，故C错误；D．淀粉溶液属于胶体，能产生丁达尔效应，故D正确；故选：D。4．下列各组物质，按化合物、单质、混合物顺序排列的是A．生石灰、白磷、熟石灰 B．空气、氮气、胆矾C．干冰、铁、氯化氢 D．烧碱、液态氧、碘酒【答案】D【解析】A．生石灰是钙、氧元素组成的纯净物，属于化合物；白磷为单质；熟石灰是由钙、氢、氧三种元素组成的纯净物，属于化合物，故A不符合题意；B．空气中含有多种物质，属于混合物；氮气为单质；胆矾是由铜、硫、氧、氢四种元素组成的纯净物，属于化合物，故B不符合题意；C．干冰由碳、氧元素组成的纯净物，属于化合物；铁为单质；氯化氢是由氢、氯元素组成的纯净物，属于化合物，故C不符合题意；D．烧碱是由钠、氢、氧三种元素组成的纯净物，属于化合物，液态氧为单质；碘酒为碘和酒的混合物，故D符合题意；答案为D。5．下列氧化还原反应中，电子转移的方向和数目均正确的是A． B．C． D．【答案】B【解析】A．氧元素化合价从-2价升高到0价，失去2个电子，氯元素化合价从+5价降低到-1价，得到6个电子，可表示为，A错误；B．镁元素化合价从0价升高到+2价，失去2个电子，氧元素化合价从0价降低到-2价，得到2个电子，可表示为，B正确；C．碳元素化合价从0价升高到+4价，失去4个电子，铜元素化合价从+2价降低到0价，得到2个电子，因此可表示为，C错误；D．碳元素化合价从0价升高到+4价，失去4个电子，氧元素化合价从0价降低到-2价，得到2个电子，因此可表示为，D错误；答案选B。6．下列电离方程式中正确的是A．HNO3=H++N5++3O2 B．Ca(OH)2=Ca2++(OH-)2C．AlCl3=Al+3+3Cl D．Al2(SO4)3=2Al3++3SO【答案】D【解析】A．HNO3是一元强酸，完全电离，电离方程式应该为：HNO3=H++NO，A错误；B．Ca(OH)2是二元强碱，电离方程式应该为：Ca(OH)2=Ca2++2OH-，B错误；C．AlCl3是可溶性盐，电离方程式应该为：AlCl3=Al3++3Cl-，C错误；D．Al2(SO4)3是可溶性盐，电离方程式为：Al2(SO4)3=2Al3++3SO，D正确；故选D。7．一定条件下，当溶液中XO与H2O2分子个数比恰好为2∶5时，溶液中XO离子被还原为较低价态，则X元素的化合价变为A．+2 B．+3 C．+4 D．+5【答案】A【解析】H2O2恰好将XO还原，反应中H2O2变成O2，O元素的化合价由-1价升高为0价，则X的化合价降低，设元素X在还原产物中的化合价为x，由电子守恒可知，2×(7-x)=5×2×(1-0)，x=2；故选A。8．已知CaH2中Ca元素为＋2价，对于反应CaH2＋2H2O=Ca(OH)2＋2H2↑，下列说法正确的是A．CaH2中H元素为＋1价B．H2O发生氧化反应C．CaH2中的氢元素既被氧化又被还原D．H2中被氧化与被还原的原子的质量比为1∶1【答案】D【解析】A．根据化合物中元素化合价代数和为0可得CaH2中H元素为-1价，A选项错误；B．H2O中+1价H得电子被还原，发生还原反应，B选项错误；C．CaH2中的氢元素显-1价，为最低价只能失电子作还原剂，故只能被氧化，C选项错误；D．1molCaH2中2molH-被氧化，2molH2O中2molH+被还原，H2中被氧化与被还原的原子的质量比为1:1，D选项正确；答案选D。9．（2021·四川师范大学附属中学高二期中）已知还原性：SO2＞I-＞Fe2+，下列离子反应不能发生的是A．SO2+2Fe3++2H2O=+2Fe2++4H+B．I2+2Fe2+=2I-+2Fe3+C．SO2+I2＋2H2O=2I-+4H++D．少量Cl2通入FeI2溶液中：Cl2+2I-=2Cl-+I2【答案】B【解析】A．反应SO2+2Fe3++2H2O=+2Fe2++4H+中，SO2为还原剂，Fe2+为还原产物，还原性SO2＞Fe2+，反应能发生，A不符合题意；B．反应I2+2Fe2+=2I-+2Fe3+中，为Fe2+还原剂，I-为还原产物，还原性Fe2+＞I-，反应不能发生，B符合题意；C．反应SO2+I2＋2H2O=2I-+4H++中，SO2为还原剂，I-为还原产物，还原性SO2＞I-，反应能发生，C不符合题意；D．由于还原性I-＞Fe2+，FeI2溶液中通入Cl2，Cl2先与还原性强的I-反应，方程式为Cl2+2I--=2Cl-+I2，反应能发生，D不符合题意；故选B。10．（2022·吉林一中高二期中）某兴趣小组的同学向一定体积的Ba(OH)2溶液中逐渐加入稀硫酸，并测得混合溶液的导电能力随时间变化的曲线如图所示。该小组的同学关于如图的下列说法中，不正确的是A．AB段溶液的导电能力不断减弱，说明生成的BaSO4不是电解质B．B处溶液的导电能力约为0，说明溶液中几乎没有自由移动的离子C．BC段溶液的导电能力不断增大，主要是由于过量的H2SO4电离出的离子导电D．a时刻Ba(OH)2溶液与稀硫酸恰好完全中和【答案】A【解析】A．向一定体积的Ba(OH)2溶液中逐滴加入稀硫酸，生成硫酸钡和水，AB段溶液的导电能力不断减弱，是因为生成BaSO4的溶解度较低，电离出的离子比较少，而BaSO4是电解质，故A错误；B．导电能力越强，离子浓度越大，B处的导电能力为0，说明溶液中几乎没有自由移动的离子，B正确；C．BC段过量的硫酸电离产生氢离子和硫酸根离子，导致溶液中自由移动离子浓度变大，导电能力增强，C正确；D．a时刻导电能力最弱，说明两者恰好完全反应，离子浓度最小，所以a时刻Ba(OH)2溶液中与稀硫酸恰好完全中和，D正确；故选A。11．下列变化中不可能通过一步反应完成的是A．Fe2O3→Fe(OH)3 B．FeCl2→Fe(OH)2C．Fe→Fe3O4 D．Fe(OH)2→Fe(OH)3【答案】A【解析】A．Fe2O3不溶于水，Fe2O3→Fe(OH)3不能完成，故A符合；B．FeCl2与NaOH溶液可生成Fe(OH)2，故B不符；C．Fe在氧气中燃烧生成Fe3O4，故C不符；D．Fe(OH)2与氧气、水反应可生成Fe(OH)3，故D不符；故选A。12．下列物质分类正确的是选项碱酸碱性氧化物酸性氧化物纯净物ANaOHH2SO4MgOSO2氯水B纯碱HClOCaOSO3漂白粉CBa(OH)2CH3COOHNa2OMn2O7液氯DNH3HClNa2O2CO2盐酸【答案】C【解析】A．氯水是混合物，故A错误；B．纯碱是碳酸钠，为盐，漂白粉为氯化钙和次氯酸钙的混合物，故B错误；C．Ba(OH)2是碱，CH3COOH是酸，Na2O是碱性氧化物，Mn2O7是酸性氧化物，液氯是纯净物，故C正确；D．NH3不是碱，Na2O2不是碱性氧化物，盐酸是氯化氢气体水溶液，为混合物，故D错误；故选：C。13．下列离子在指定溶液中能大量共存的是A．碱性溶液中：、、、B．某无色透明溶液中：、、、C．能使酚酞变红的溶液中：、、、D．使紫色石蕊变蓝的溶液中：、、、【答案】C【解析】A．碱性溶液中含有OH-，OH-不能与大量共存，A不符合题意；B．呈紫色，呈浅绿色，在无色溶液中不能大量存在，B不符合题意；C．能使酚酞变红的溶液呈碱性，、、、相互不反应且不与OH-反应，能够大量共存，C符合题意；D．使紫色石蕊变蓝的溶液呈碱性，不能大量共存，D不符合题意；答案选C。14．下列说法正确的是A．硫酸的导电能力比盐酸溶液强B．氨气溶于水能导电，所以氨气是电解质C．BaSO4、AgCl均不溶于水，所以BaSO4、AgCl不是电解质D．碳酸氢钠在水中的电离方程式为NaHCO3=Na++【答案】D【解析】A．溶液的导电能力与溶液中自由移动的离子浓度大小及离子所带电荷数目有关，与电解质的种类无关，由于硫酸溶液和盐酸浓度不知，无法比较导电能力的大小，A错误；B．氨气的水溶液能导电是因为氨气与水反应生成NH3·H2O，NH3·H2O能够微弱电离出和OH-，NH3本身不能电离产生的离子，因此NH3是非电解质，B错误；C．BaSO4、AgCl是盐，二者均不溶于水，但在熔融状态下能够发生电离，产生自由移动的离子而能导电，因此BaSO4、AgCl属于电解质，C错误；D．碳酸氢钠是可溶性盐，在水中电离产生Na+、，故其电离方程式为NaHCO3=Na++，D正确；故合理选项是D。15．某溶液中可能含有SO、CO、Cl-。为了检验其中是否含有SO，除BaCl2溶液外，还需要的溶液是A．H2SO4 B．HCl C．AgNO3 D．NaOH【答案】B【解析】A．H2SO4可以除去CO，但是会引入SO，不符合题意，A项错误；B．HCl可以除去CO，再加入BaCl2溶液，若产生沉淀，则有SO，符合题意，B项正确；C．AgNO3主要用于检验Cl-，无法排除CO的干扰，不符合题意，C项错误；D．NaOH无法排除CO的干扰，不符合题意，D项错误；答案选B。16．下列物质的水溶液和熔融状态均能导电的是A．Cl2 B．NaCl C．CH3CH2OH D．H2SO4【答案】B【解析】A．Cl2的水溶液中，Cl2和水反应生成HCl和HClO，HCl和HClO是电解质，在水中会发生电离，故Cl2的水溶液能导电，而熔融状态下的Cl2不能电离，也就不能导电，A不符合题意；B．NaCl是电解质，在水中和熔融状态下均能电离出Na+和Cl-，故NaCl的水溶液和熔融状态均能导电，B符合题意；C．CH3CH2OH是非电解质，其水溶液和熔融状态均不能导电，C不符合题意；D．H2SO4是电解质，H2SO4在水中能电离出H+和，其水溶液能导电，而熔融状态下的H2SO4不能电离，也就不能导电，D不符合题意；故选B。非选择题：共56分。17．（11分）现有下列4组物质：A．CaO、MgO、CuO、NOB．CO、NaOH、KOH、Ba(OH)2C．O2、Fe、Cu、NaD．HCl、FeCl3、H2SO4、HNO3按要求填空。组别A组B组C组D组分类标准金属氧化物碱金属单质酸不属于该类别的物质①②③④(1)（4分）上述表格中①是：_______；②是：_______；③是：_______；④是：_______(填化学式)。(2)（3分）表中的①②是汽车尾气中的主要成分，二者在汽车尾气排气系统中催化剂的作用下发生反应，生成CO2和N2.请写出该反应的化学方程式：_______。(3)（2分）同素异形体是指同一元素形成的性质不同的单质，与表中③互为同素异形体的是：_______(填化学式)。(4)（2分）把表中④的饱和溶液滴入沸水中继续加热可得到一种胶体，该胶体的颜色为：_______。【答案】(1)

NO

CO

O2

FeCl3(2)2NO+2CON2+2CO2(3)O3(4)红褐色【解析】(1)表格中A组分类标准为金属氧化物，不属于该类别的物质①为NO，B组是碱，不属于该类别的物质②是CO，C组是金属单质，不属于该类别的物质③是O2，D组是酸，不属于该类别的物质④为FeCl3；(2)①②是汽车尾气中的主要成分，二者在汽车尾气排气系统中催化剂的作用下发生反应，生成CO2和N2，反应的化学方程式为2NO+2CON2+2CO2；(3)同素异形体是指同一元素形成的性质不同的单质，与上表中③互为同素异形体的是O3；(4)把上表中④为FeCl3的饱和溶液滴入沸水中继续加热到红褐色，可得到氢氧化铁胶体，即FeCl3+3H2O⇌Fe(OH)3(胶体)+3HCl。18．（13分）下列物质：①Al②③④⑤⑥酒精⑦溶液⑧⑨熔融NaCl，请回答下面问题。(1)（2分）属于电解质且能导电的是(填序号)___________。(2)（3分）写出②溶于水的电离方程式：___________。(3)（4分）向一定体积的②溶液中逐滴加入⑧的溶液，并测得混合溶液的导电能力随时间变化的曲线如图所示。写出AB段发生反应的离子方程式___________；图中___________处(填“A”或“B”或“C”)表示溶液恰好被沉淀完全。(4)（4分）①与②溶液能反应产生写出反应离子方程式________。Al还能和上述_____物质的溶液反应产生(填序号)。【答案】(1)⑨(2)(3)

B(4)

③⑤【解析】①Al为单质，既不是电解质也不是非电解质，导电；②为强电解质；③为强电解质；④为非电解质⑤为强电解质⑥酒精为非电解质；⑦溶液为混合物既不是电解质也不是非电解质，导电；⑧为强电解质；⑨熔融NaCl为强电解质，导电；据此分析解题。（1）据分析可知，属于电解质且能导电的是⑨；（2）②属于强电解质，完全电离，溶于水的电离方程式：；（3）向一定体积的②溶液中逐滴加入⑧的溶液，AB段生成氢氧化铜和硫酸钡沉淀，发生反应的离子方程式：；图中B表示溶液恰好被沉淀完全，因为硫酸铜过量以后溶液中有自由移动的离子导电能力增强；（4）①与②溶液能反应产生和偏铝酸根，离子方程式：；Al还能和反应生成亚硫酸铝、硫酸钠和氢气；与的溶液反应产生和硫酸铝。19．（13分）现有甲、乙、丙三名同学分别进行Fe(OH)3胶体的制备实验。甲同学：向1mol·L-1的氯化铁溶液中加入少量3mol·L-1的NaOH溶液。乙同学：向25mL沸水中逐滴加入5～6滴FeCl3饱和溶液，继续煮沸至液体呈红褐色，停止加热。丙同学：向沸水中滴加饱和FeCl3溶液，为了使反应进行充分，待液体呈红褐色后继续煮沸10分钟。试回答下列问题：(1)（4分）其中操作正确的同学是___________，该反应原理的离子方程式为___________。(2)（4分）证明有Fe(OH)3胶体生成的实验操作是___________，利用了胶体的___________性质。(3)在胶体中加入电解质溶液或带有相反电荷的胶体微粒能使胶体微粒沉淀出来。丁同学利用所制得的Fe(OH)3胶体进行下列实验：①（2分）将其装入U形管内，用石墨作电极，接通直流电，通电一段时间后发现靠近阴极(和电源负极相连)区附近的颜色逐渐变深，这表明Fe(OH)3胶体粒子带___________(填“正”或“负”)电荷。②（3分）现有橘红色的硫化锑(Sb2S3)胶体，装入U型管，插入石墨电极后通直流电，发现阳极附近橘红色加深，若把硫化锑(Sb2S3)胶体与Fe(OH)3胶体混合，看到的现象是___________。【答案】(1)

乙

Fe3++3H2OFe(OH)3(胶体)+3H+(2)

用一束光通过得到的液体，从侧面观察能看到一条光亮的“通路”

丁达尔效应(3)

正

有沉淀生成【解析】（1）氢氧化铁胶体制备的方法为：向25mL沸水中逐滴加入5～6滴FeCl3饱和溶液，继续煮沸至液体呈红褐色，停止加热，故乙同学的操作正确；该反应原理的离子方程式为Fe3++3H2OFe(OH)3(胶体)+3H+；（2）丁达尔效应是胶体独有的现象，证明有Fe(OH)3胶体生成的实验操作是用一束光通过得到的液体，从侧面观察能看到一条光亮的“通路”；利用了胶体的丁达尔效应；（3）①将其装入U形管内，用石墨作电极，接通直流电，通电一段时间后发现靠近阴极(和电源负极相连)区附近的颜色逐渐变深，这表明Fe(OH)3胶体粒子带正电荷；②现有橘红色的硫化锑(Sb2S3)胶体，装入U型管，插入石墨电极后通直流电，发现阳极附近橘红色加深，说明硫化锑(Sb2S3)胶粒带负电，硫化锑(Sb2S3)与Fe(OH)3胶体混合，看到的现象是有沉淀生成，异种电荷会发生聚沉。20．（19分）亚硝酸钠()是一种用途广泛的工业盐，因其外观和食盐相似容易误食中毒。亚硝酸钠加热到320℃以上会分解产生、和，其水溶液呈碱性，能与溶液反应生成难溶于水、易溶于酸的。由于有毒性，将含该物质的废水直接排放会引起水体严重污染，所以这种废水必须处理后才能排放。处理方法之一如下：______KI+____=_____NO↑+_____________(1)（5分）请完成该化学方程式并配平。___________(2)（3分）从物质分类角度来看，是___________(填字母代号)。a．酸

b．酸式盐c．碱

d．非电解质

e．电解质

f．离子化合物

g．共价化合物(3)（4分）用上述反应来处理并不是最佳方法，其原因是___________。从环保角度来讲，要将转化为氮气，所用物质的___________(填“氧化性”或“还原性”)应该比KI更___________(填“强”或“弱”)。(4)（2分）下列方法不能用来区分固体和NaCl的是___________(填序号)。A．分别溶于水B．分别溶于水并滴加酸化的溶液C．分别加强热并收集气体检验D．用筷子分别蘸取固体品尝味道(5)（2分）误食会导致人体血红蛋白中的转化为而中毒，该过程中表现出的性质与下列___________(填序号)反应中表现出的性质相同。A．B．C．D．(6)（3分）已知亚硝酸钠可以与氯化铵反应生成氮气和氯化钠，写出该反应的化学反应方程式，并用单线桥表示其电子转移的方向和数目：___________。【答案】(1)2NaNO2+2KI+2H2SO4=2NO↑+I2+K2SO4+Na2SO4+2H2O(2)ef(3)

反应生成了NO，该物质会造成大气污染

还原性

强(4)D(5)C(6)【解析】（1）根据方程式可知，碘化钾中碘元素的化合价从-1价升高到0价，失去1个电子，做还原剂。亚硝酸钠中氮元素的化合价从+3价降低到+2价，得到1个电子,做氧化剂。则根据电子守恒可知氧化剂和还原剂的物质的量之比时1:1。根据原子守恒可知，反应物中还有硫酸生成，生成物还