2024届广东省高三上学期开学摸底考物理试卷及答案

高三PAGE1试卷广东新高考高三开学摸底考试卷物理答案及评分标准一、单项选择题：本大题共7小题，每小题4分，共28分。在每个小题给出的四个选项中，只有一项是符合要求的。1．【答案】C【详解】A．衰变过程满足质量数和电荷数守恒，该衰变过程的方程可写为故A错误；B．由于衰变过程释放能量，存在质量亏损，可知的结合能和新核X的结合能之差小于粒子的结合能，故B错误；C．衰变反应中的射线为高频电磁波，具有极强的穿透性，故C正确；D．质量为的原子核经过两个半衰期后，有的原子核发生了衰变，还剩下的原子核，产生的新核质量不是，故D错误。故选C。2．【答案】A【详解】根据题意，对小球受力分析，保持拉力大小不变，方向缓慢转至水平过程中，由矢量三角形可得，如图所示

由图可知，弹簧弹力逐渐增大，先增大后减小。故选A。3．【答案】B【详解】Q做自由落体运动，有解得从抛出到相遇，以向下为正方向，可得据几何关系可得解得P上升的最大高度为故选B。4．【答案】A【详解】A．波速沿x轴正方向传播的波经过0.1s到达B点且起振方向沿y轴正方向，波的周期为0.4s，再经过0.45s即经过，此波引起质点B的位移为正向位移，且振动方向沿y轴正方向；沿x轴负方向传播的波经过0.5s到达B点且起振方向沿y轴正方向，波的周期为0.4s，再经过0.05s，即再经过，此波引起质点B的位移为正向位移，且振动方向沿y轴正方向，所以两列波引起质点B的合运动速度方向沿y轴正方向，加速度方向为沿y轴负方向，选项A正确；B．两列波在同一介质中传播，所以传播速度相等，选项B错误；C．C点距两波源距离相等，但两波源不是同时起振，差，当两列波都到达C点时两列波引起C点的振动相互抵消，所以C点是振动的减弱点，选项C错误；D．D点距两列波最前端距离相等，两列波传播速度相等，则两列波同时到达D点，且振动方向相同，所以D点为振动的加强点，选项D错误。故选A。5．【答案】D【详解】A．带电粒子在磁场中运动的周期与所加交变电源的周期相同，所以满足可得选项A错误；B．粒子从形盒边缘射出时有射出速度可表示为选项B错误；C．粒子从D形盒射出时可得仅增大加速电压，质子射出速度大小不变，选项C错误；D．当加速氚核时，其在磁场中运动的周期为其周期应该与相同，又知道可知需要增大所加磁场的磁感应强度，选项D正确。故选D。6．【答案】B【详解】A．由图乙可知理想变压器原线圈输入电压的有效值为440V，根据可得副线圈的输出电压电压表V的示数为有效值，即为44V，A错误；B．设灯泡L两端电压的有效值为，灯泡L的阻值为r，交变电流的周期为T，根据交变电流有效值的定义有解得B正确；C．当滑动变阻器R的滑片P向下滑动时，滑动变阻器R接入电路的阻值减小，则由欧姆定律可知电流表的示数增大，因为理想变压器输入功率与输出功率相等，所以电流表的示数也增大，C错误：D．根据可知原线圈接入的交变电压的瞬时值表达式为D错误。故选B。7．【答案】A【详解】A.为椭圆轨道的远地点，速度比较小，表示匀速圆周运动的速度，故故A正确；B.由于两卫星的质量未知，所以两卫星在A处的万有引力无法比较，故B错误；CD.椭圆的半长轴与圆轨道的半径相同，根据开普勒第三定律可知，两卫星的运动周期相等，则不会相遇，故CD错误。故选A。二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。8．【答案】AC【详解】A．根据可知，a的半径大于b的半径，由于两点是同轴转动，角速度相同，故a的向心加速度大于b点的向心加速度，A正确；B．由能量守恒可知，人对把手做功除了转化为重物的机械能外，还有轮轴的动能及摩擦生热等，因此人对把手做的功大于重物机械能的增加量，B错误；C．由功能关系可知滑轮对重物做的功等于重物机械能的增加量，C正确；D．若把手顺时针转动则大轴上绕绳收紧，滑轮左侧的绳向上，小轴上绕绳放松，滑轮右侧的绳向下，故滑轮会顺时针转动，D错误。故选AC。9．【答案】BC【详解】A．由题图知，O点附近的等势面比P点附近的等势面密集，则O点的电场强度大于P点的电场强度，故A错误；B．根据电场线性质，沿电场线方向电势降低，则有故B正确；CD．电子束从P点到R点过程中，电场力一直做正功，因此该电子束从P点到R点过程中电势能一直减小，动能一直增大，故C正确，D错误。故选BC。10．【答案】BD【详解】AB．规定向右为正方向，由动量守恒定律和机械能守恒定律得解得故A错误，B正确；C．C与B左侧的挡板相撞后的一小段时间内，C的速度大于B的速度，C对B的摩擦力水平向右，此时C对B摩擦力的冲量水平向右，故C错误；D．由动量守恒定律和机械能守恒定律得解得故D正确。故选BD。三、非选择题：本题共5小题，共54分。11．（6分）【答案】CA【详解】（1）[1]确定第三枚大头针P3位置的作图方法：由于表面镀银，只能反射，所以光路为：入射光线、经过的折射光线、经过的反射光线、再次经过的折射后的出射光线，作出此光路，即可标出P3的位置，则准备插第三枚大头针时，应在侧观察；（2）[2]插第三枚大头针时，这枚大头针应同时挡住和的像，故选C。（3）[3]根据折射定律可得故选A。【评分说明：每空2分，共6分】12．（10分）【答案】否1.505.620【详解】（1）[1]电源的图像的斜率大小表示电源的内阻，由曲线a可知斜率不是定值，故电源的内阻不是定值。[2]由图丙可知所选量程为0~3V，分度值为0.1V，需要估读到0.01V，故此时电压表的读数为1.50V。[3]电源的图像的纵截距表示电源的电动势，则由曲线a可知，电源电动势为2.90V。当路端电压为1.50V时，电流为0.25A。根据闭合电路欧姆定律可得此时电源内阻为（2）[4]在实验一中当滑动变阻器的电阻为某值时路端电压为2.5V，由曲线a可知，此时电流为0.10A，此时滑动变阻器接入电路的电阻为[5]在实验二中滑动变阻器仍为该值时，可知外电路总电阻为25Ω，在图丁中作出外电路总电阻的伏安特性曲线如图所示

它与曲线b交于点（60mA，1.50V），该点即为此时外电路的工作点，此时消耗的功率为【评分说明：每空2分，共10分】13．（10分）【答案】（1），；（2）2000J【详解】（1）由题图知是等容过程，由查理定律得①解得②在过程中，根据理想气体状态方程有③解得④（2）经过变化后温度不变，所以理想气体的内能不变，即⑤从，气体体积增大，气体对外做功⑥再由热力学第一定律⑦解得气体吸收热量为⑧【评分说明：①③④每式1分，⑤⑥⑦每式2分，⑧式1分】14．（12分）【答案】（1）6N；（2）4m/s；（3）【详解】（1）滑块1由A到B的过程，根据①解得②在圆轨道最低点B，根据牛顿第二定律可得③解得④根据牛顿第三定律可得滑块1经过圆轨道最低点B时对轨道的压力⑤（2）滑块1和滑块2发生弹性正碰，取水平向右为正方向，根据动量守恒定律和机械能守恒定律，则有⑥⑦解得⑧（3）滑块在传送带上的加速度大小为⑨滑块2以4m/s速度滑上传送带，如果滑块2在传送带上一直做匀减速直线运动，则有⑩解得 ⑪由于⑫所以滑块2在传送带上一直减速运动，以为初速度从D平抛飞出，滑块从传送带末端D飞出后做平抛运动，则有⑬⑭解得

⑮

【评分说明：①③⑤⑥⑦⑧⑨⑩⑫⑬⑭⑮每式1分】15．（16分）【答案】（1）5m/s2，电流方向由d到c；（2）1.33T；（3）见解析【详解】（1）在t=0时刻根据牛顿第二定律有F=m1a①且由图可知，t=0时F=5N，代入得a=5m/s2②由右手定则，cd棒的电流方向是由d到c。（2）由题知cd棒做匀加速直线运动，经过时间t，cd棒速度为v=at③此时E=BLv=Blat④⑤则cd棒的安培力为⑥由牛顿第二定律得F－F安=m1a⑦由以上各式整理得⑧由图线可知t=2s，F=13N⑨代入得⑩（3）①当mn左侧的匀强磁场与倾斜轨道平行斜向上时，ef棒受力如图所示当F1=m2gcosθ⑪时，ef棒在倾斜轨道上的速度达到最大，之后ef棒飞离轨道，由于⑫联立解得t1=4s⑬②当mn左侧的匀强磁场与倾斜轨道平行斜向下时，ef棒受力如图所示当f2=m2gsinθ⑭时，ef棒在倾斜轨道上的速度达到最大，之后ef棒减速并最终停在导轨上，且f2=μFN2=μ(m2gcosθ＋F2)⑮⑯联立解得t2=21s⑰【评分说明：①②两式各0.5分，电流方向的判断1分；③④⑤⑥⑦⑧⑨⑩⑫⑬⑭⑮⑯⑰每式1分】

广东新高考高三开学摸底考试卷物理（考试时间：75分钟试卷满分：100分）注意事项：1．答卷前，考生务必将自己所在的市（县、区）、学校、班级、姓名、考场号、座位号和考生号等填写在答题卡上，将条形码横贴在每张答题卡右上角“条形码粘贴处”。2．作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔在答题卡上将对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。答案不能答在试卷上。3．非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先画掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本大题共7小题，每小题4分，共28分。在每个小题给出的四个选项中，只有一项是符合要求的。1．现代战争给世界人民带来巨大的灾难，某些国家使用的新型武器贫铀弹在爆炸中有很多残留，其半衰期极为漫长且清理困难，所以对环境的污染严重而持久。设发生衰变形成新核X，同时放出射线。以下说法正确的是（

）A．该衰变过程的方程可写为B．的结合能和新核X的结合能之差即为粒子的结合能C．衰变反应中的射线为高频电磁波，具有极强的穿透性D．质量为的原子核经过两个半衰期后，产生的新核质量为【答案】C【详解】A．衰变过程满足质量数和电荷数守恒，该衰变过程的方程可写为故A错误；B．由于衰变过程释放能量，存在质量亏损，可知的结合能和新核X的结合能之差小于粒子的结合能，故B错误；C．衰变反应中的射线为高频电磁波，具有极强的穿透性，故C正确；D．质量为的原子核经过两个半衰期后，有的原子核发生了衰变，还剩下的原子核，产生的新核质量不是，故D错误。故选C。2．如图所示，轻质弹簧一端固定在水平墙上，另一端与一小球相连，在小球上再施加一个拉力使小球处于静止状态，弹簧与竖直方向夹角为，拉力与竖直方向夹角为，且；现保持拉力大小不变，方向缓慢转至水平，则下列说法正确的是（）

A．先增大后减小B．一直减小C．弹簧的弹力先减小后增大D．弹簧的弹力先增大后减小【答案】A【详解】根据题意，对小球受力分析，保持拉力大小不变，方向缓慢转至水平过程中，由矢量三角形可得，如图所示

由图可知，弹簧弹力逐渐增大，先增大后减小。故选A。3．如图所示，从空中将小球从点竖直向上抛出的同时，将小球从点由静止释放，一段时间后在点正下方的点时追上，此过程中两小球均末落地且末发生碰撞。若两点间的高度差为，两点间的高度差为。不计空气阻力，重力加速度为，两小球均可视为质点，则小球相对抛出点上升的最大高度为（）

A． B． C． D．【答案】B【详解】Q做自由落体运动，有解得从抛出到相遇，以向下为正方向，可得据几何关系可得解得P上升的最大高度为故选B。4．如图所示，在xOy坐标系的x轴上的O点和的A点有两个波源，波源振动的周期均为0．4s，波源产生的两列简谐横波在同一种介质中沿x轴相向传播，当时，两列波分别传播到和两点，在x轴上和处的三个质点为。下列说法中正确的是（）A．时，质点B速度方向沿y轴正方向，加速度方向沿y轴负方向B．O点和A点产生的两列波传播的速度之比为2︰1C．C点距两波源距离相等，所以C点是振动的加强点D．两列波同时到达D点，D点为振动的减弱点【答案】A【详解】A．波速沿x轴正方向传播的波经过0.1s到达B点且起振方向沿y轴正方向，波的周期为0.4s，再经过0.45s即经过，此波引起质点B的位移为正向位移，且振动方向沿y轴正方向；沿x轴负方向传播的波经过0.5s到达B点且起振方向沿y轴正方向，波的周期为0.4s，再经过0.05s，即再经过，此波引起质点B的位移为正向位移，且振动方向沿y轴正方向，所以两列波引起质点B的合运动速度方向沿y轴正方向，加速度方向为沿y轴负方向，选项A正确；B．两列波在同一介质中传播，所以传播速度相等，选项B错误；C．C点距两波源距离相等，但两波源不是同时起振，差，当两列波都到达C点时两列波引起C点的振动相互抵消，所以C点是振动的减弱点，选项C错误；D．D点距两列波最前端距离相等，两列波传播速度相等，则两列波同时到达D点，且振动方向相同，所以D点为振动的加强点，选项D错误。故选A。5．回旋加速器的工作原理如图1所示，和是两个相同的中空半圆金属盒，金属盒的半径为，它们之间接如图2所示的交变电源，图中已知，两个形盒处于与盒面垂直的匀强磁场中。将一质子从金属盒的圆心处由静止释放，质子经过加速后最终从D形盒的边缘射出。已知质子的质量为，电荷量为，不计电场中的加速时间，且不考虑相对论效应。下列说法正确的是（）

A．回旋加速器中所加磁场的磁感应强度B．质子从形盒的边缘射出时的速度为C．在其他条件不变的情况下，仅增大，可以增大质子从边缘射出的速度D．在所接交变电源不变的情况下，若用该装置加速（氚核），需要增大所加磁场的磁感应强度【答案】D【详解】A．带电粒子在磁场中运动的周期与所加交变电源的周期相同，所以满足可得选项A错误；B．粒子从形盒边缘射出时有射出速度可表示为选项B错误；C．粒子从D形盒射出时可得仅增大加速电压，质子射出速度大小不变，选项C错误；D．当加速氚核时，其在磁场中运动的周期为其周期应该与相同，又知道可知需要增大所加磁场的磁感应强度，选项D正确。故选D。6．如图甲所示，理想变压器原副线圈匝数比，原线圈接有电流表，副线圈电路接有电压表V、电流表、滑动变阻器R等，所有电表都是理想交流电表，二极管D正向电阻为零，反向电阻无穷大，灯泡L的阻值恒定，当原线圈接入如图乙所示的交变电压时，下列说法正确的是（）

A．电压表V的读数为88VB．灯泡L两端电压的有效值为C．当滑动变阻器R的滑片P向下滑动时，两电流表的示数均减小D．原线圈接入的交变电压的瞬时值表达式为【答案】B【详解】A．由图乙可知理想变压器原线圈输入电压的有效值为440V，根据可得副线圈的输出电压电压表V的示数为有效值，即为44V，A错误；B．设灯泡L两端电压的有效值为，灯泡L的阻值为r，交变电流的周期为T，根据交变电流有效值的定义有解得B正确；C．当滑动变阻器R的滑片P向下滑动时，滑动变阻器R接入电路的阻值减小，则由欧姆定律可知电流表的示数增大，因为理想变压器输入功率与输出功率相等，所以电流表的示数也增大，C错误：D．根据可知原线圈接入的交变电压的瞬时值表达式为D错误。故选B。7．2023年4月14日我国首颗综合性太阳探测卫星“夸父一号”准实时观测部分数据完成了国内外无差别开放，实现了数据共享，体现了大国担当。如图所示，“夸父一号”卫星和另一颗卫星分别沿圆轨道、椭圆轨道绕地球逆时针运动，圆的半径与椭圆的半长轴相等，两轨道相交于A、B两点，某时刻两卫星与地球在同一直线上，下列说法中正确的是（）

A．两卫星在图示位置的速度 B．两卫星在A处的万有引力大小相等C．两颗卫星在A或B点处可能相遇 D．两颗卫星的运动周期不相等【答案】A【详解】A.为椭圆轨道的远地点，速度比较小，表示匀速圆周运动的速度，故故A正确；B.由于两卫星的质量未知，所以两卫星在A处的万有引力无法比较，故B错误；CD.椭圆的半长轴与圆轨道的半径相同，根据开普勒第三定律可知，两卫星的运动周期相等，则不会相遇，故CD错误。故选A。二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。8．如图甲所示，北宋曾公亮在《武经总要》中记载了一种古代运输装备，名为“绞车”，因其设计精妙，使用时灵活方便，这种绞车又被称为“中国式绞车”，“合大木为床，前建二叉手柱，上为绞车，下施四轮，皆极壮大，力可挽二千斤。”其原理如图乙所示，将一根圆轴削成同心而半径不同的两部分，其中a，b两点分别是大小辘轳边缘上的两点，其上绕以绳索，绳下加一动滑轮，滑轮下挂上重物，人转动把手带动其轴旋转便可轻松将重物吊起，则在起吊过程中，下列说法正确的是（）

A．a点的向心加速度大于b点的向心加速度B．人对把手做的功等于重物机械能的增加量C．滑轮对重物做的功等于重物机械能的增加量D．若把手顺时针转动则滑轮也会逆时针转动【答案】AC【详解】A．根据可知，a的半径大于b的半径，由于两点是同轴转动，角速度相同，故a的向心加速度大于b点的向心加速度，A正确；B．由能量守恒可知，人对把手做功除了转化为重物的机械能外，还有轮轴的动能及摩擦生热等，因此人对把手做的功大于重物机械能的增加量，B错误；C．由功能关系可知滑轮对重物做的功等于重物机械能的增加量，C正确；D．若把手顺时针转动则大轴上绕绳收紧，滑轮左侧的绳向上，小轴上绕绳放松，滑轮右侧的绳向下，故滑轮会顺时针转动，D错误。故选AC。9．静电透镜是由带电导体所产生的静电场来使电子束聚焦和成像的装置，它广泛应用于电子器件（如阴极时线示波管）和电子显微镜中。如图所示为某静电透镜示意图，图中虚线为等差等势面。实线为电场线，一电子束从左侧射入该区域后，沿POR轨迹运动，下列说法正确的是（）

A．O点的电场强度小于P点的电场强度B．各点电势高低为C．该电子束从P点到R点过程中动能一直增大D．该电子束从P点到R点过程中电势能一直增大【答案】BC【详解】A．由题图知，O点附近的等势面比P点附近的等势面密集，则O点的电场强度大于P点的电场强度，故A错误；B．根据电场线性质，沿电场线方向电势降低，则有故B正确；CD．电子束从P点到R点过程中，电场力一直做正功，因此该电子束从P点到R点过程中电势能一直减小，动能一直增大，故C正确，D错误。故选BC。10．如图所示，光滑水平面上放置滑块A和左侧固定轻质竖直挡板的木板B，滑块C置于B的最右端，三者质量分别为mA=2kg、mB=3kg、mC=1kg。开始时B、C静止，A以v0=7.5m/s的速度匀速向右运动，A与B发生正撞（碰撞时间极短），经过一段时间，B、C达到共同速度一起向右运动，且此时C再次位于B的最右端。已知所有的碰撞均无机械能损失，木板B的长度为L=0.9m，B、C之间的动摩擦因数为μ，取g=10m/s2，下列说法正确的是（）

A．A与B碰撞后瞬间，B的速度大小为5m/sB．A与B碰撞后瞬间，B的速度大小为6m/sC．C与B左侧的挡板相撞后的一小段时间内，C对B摩擦力的冲量水平向左D．μ=0.75【答案】BD【详解】AB．规定向右为正方向，由动量守恒定律和机械能守恒定律得解得故A错误，B正确；C．C与B左侧的挡板相撞后的一小段时间内，C的速度大于B的速度，C对B的摩擦力水平向右，此时C对B摩擦力的冲量水平向右，故C错误；D．由动量守恒定律和机械能守恒定律得解得故D正确。故选BD。三、非选择题：本题共5小题，共54分。11．（6分）长方体形状的玻璃砖有一个表面镀银（光线不能透过），现利用“插针法”测定此玻璃砖的折射率。如题图甲所示，实验时，先将玻璃砖平放到水平面内的白纸上，镀银面与纸面垂直。贴着玻璃砖前后两个面在纸上画出直线和，其中侧为镀银面。然后在白纸上竖直插上两枚大头针。（1）准备插第三枚大头针时，应在___________侧观察（选填“”或“”）；（2）插第三枚大头针时，这枚大头针应___________；A．只挡住的像

B．只挡住的像C．同时挡住和的像（3）插完所需大头针，补全光路。题图乙为光路的一部分，均为光路上的点，过作直线的垂线，垂足分别为，已知图中，则玻璃砖的折射率可表示为___________。A．

B．

C．

D．【答案】CA【详解】（1）[1]确定第三枚大头针P3位置的作图方法：由于表面镀银，只能反射，所以光路为：入射光线、经过的折射光线、经过的反射光线、再次经过的折射后的出射光线，作出此光路，即可标出P3的位置，则准备插第三枚大头针时，应在侧观察；（2）[2]插第三枚大头针时，这枚大头针应同时挡住和的像，故选C。（3）[3]根据折射定律可得故选A。12．（10分）举世瞩目的娥四号，其能源供给方式实现了新的科技突破；它采用同位素温差发电与热电综合利用技术结合的方式供能，也就是用航天器两面太阳翼收集的太阳能和月球车上的同位素热源两种能源供给探测器。图甲中探测器两侧张开的是光伏发电板，光伏发电板在外太空将光能转化为电能。

某同学利用图乙所示电路探究某光伏电池的路端电压U与电流L的关系，图中定值电阻，设相同光照强度下光伏电池的电动势不变，电压表、电流表均可视为理想电表。（1）实验一：用一定强度的光照射该电池，闭合电键S，调节滑动变阻器R的阻值，通过测量得到该电池的曲线a（如图丁）。由此可知，该电源内阻是否为常数___________（填“是”或“否”），某时刻电压表示数如图丙所示，读数为___________V，由图像可知，此时电源内阻为___________Ω。实验二：减小实验一光照的强度，重复实验，测得曲线b（如图丁）。（2）在实验一中当滑动变阻器的电阻为某值时路端电压为2.5V，则滑动变阻器的阻值为___________，在实验二中滑动变阻器仍为该值时，滑动变阻器消耗的电功率为___________W（计算结果保留两位有效数字）。【答案】否1.505.620【详解】（1）[1]电源的图像的斜率大小表示电源的内阻，由曲线a可知斜率不是定值，故电源的内阻不是定值。[2]由图丙可知所选量程为0~3V，分度值为0.1V，需要估读到0.01V，故此时电压表的读数为1.50V。[3]电源的图像的纵截距表示电源的电动势，则由曲线a可知，电源电动势为2.90V。当路端电压为1.50V时，电流为0.25A。根据闭合电路欧姆定律可得此时电源内阻为（2）[4]在实验一中当滑动变阻器的电阻为某值时路端电压为2.5V，由曲线a可知，此时电流为0.10A，此时滑动变阻器接入电路的电阻为[5]在实验二中滑动变阻器仍为该值时，可知外电路总电阻为25Ω，在图丁中作出外电路总电阻的伏安特性曲线如图所示

它与曲线b交于点（60mA，1.50V），该点即为此时外电路的工作点，此时消耗的功率为13．（10分）如图所示，某同学研究一定质量理想气体参量的变化关系，并绘制了图像.理想气体经历了状态变化过程，状态A的温度是，则：（1）状态的温度为多少？（2）全过程气体吸收热量为多少？

【答案】（1），；（2）2000J【详解】（1）由题图知是等容过程，由查理定律得解得在过程中，根据理想气体状态方程有解得（2）经过变化后温度不变，所以理想气体的内能不变，即从，气体体积增大，气体对外做功再由热力学第一定律解得气体吸收热量为14．（12分）如图所示，半径R=1.25m的光滑竖直四分之一圆轨道OAB与光滑水平轨道BC相切于B点，水平轨道BC右端与一长L=0.5m的水平传送带CD相连，传送带以速度v=2m/s顺时针匀速转动，两滑块与传送带间的动摩擦因数μ=0.4。小滑块1从四分之一圆轨道的A点由静止释放，滑上水平轨道后与静止在水平轨道上的小滑块2发生弹性正碰，两滑块经过传送带后从传送带末端D点水平抛出，落在水平地面上。已知两滑块质量分别为和，忽略传送带转轮半径，D点距水平地面的高度h=0.45m，g取。求：（1）小滑块1首次经过圆轨道最低点B时对轨道的压力大小；（2）两滑块碰后滑块2的速度大小；（3）滑块2平抛