2021年广东省佛山市顺德区中考物理二模试卷（附答案详解）

2021年广东省佛山市顺德区中考物理二模试卷

A.原子由原子核和核外电子组成

B.电子均匀分布在原子核周围并保持静止

C.原子核非常牢固，它不能分裂或结合

D.按尺寸从大到小的排序是原子核-原子-电子

2.下列属于在声源处降低噪声的是（）

隔音蛟龙

3.如图是正常工作的家庭电路的一部分，下列说法正确的是（）

电能表二空气开关TL-

空

工

气

电

气

开

保

关

开

芳

一

靛

一

行

的

A.电能表属于大功率用电器

B.控制灯泡的开关应安装在灯泡与零线之间

C.三孔插座能使接入的电冰箱的金属外壳接地

D.当电流过大时漏电保护器迅速切断电源

4.下列光现象中，主要利用了光的反射的是（）

5.与如图所示实物图相对应的电路图是（）

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6.自平衡电动独轮车是一种具有自我平衡能力的交通工具,

如图所示，小明驾驶独轮车在水平路面上做匀速直线运动

时，下列说法不正确的是（）

A.独轮车轮胎上的花纹是为了增大摩擦力

B.小明受到的重力等于地面对独轮车的支持力

C.小明站上独轮车后，独轮车对地面的压强增大

D.小明和独轮车的总动能保持不变

7.如图所示，天平已调平，将4个相同的甲球和5个相同的乙球按图示摆放至天平左

右两盘时，天平仍平衡，已知甲球和乙球的体积相同，下列说法正确的是（）

.赢I1（^^）I

ZK

A.1个甲球与1个乙球的质量之比为1：1

B.3个甲球与4个乙球的质量之比为1：1

C.甲球与乙球的密度之比为3：4

D.甲球与乙球的密度之比为3：2

8.习近平总书记提出“绿水青山就是金山银山”，倡导我们要保护环境，开发和使用

绿色能源.光伏发电是将太阳能转化为能。核能作为一种新能源，正在被人

们大量开发和利用，我国大亚湾核电站是利用（选填“核裂变”或“核聚

变”）产生的能量来发电的，核能是（选填“可再生”或“不可再生”）能源。

9.实验室常用的温度计是根据液体的规律制成的。如图所示，测量液体温度

时，正确的操作是（选填“甲”“乙”或“丙”），图丁所示的三种读数方

法中，正确的应该是视线与温度计中液柱的液面______。

10.如图所示是“探究平面镜成像特点”的实验装置。

（1）选用两支大小相同的蜡烛，为了比较像与物体的

______关系。

(2)实验时，光屏(选填“能”或“不能”)承接到蜡烛的像。

(3)蜡烛在靠近平面镜的过程中，平面镜所成像的大小(选填“变大"''变

小”或“不变”)。

11.如图所示，拆鱼羹是顺德的一道美食，其特点是鲜香顺

滑，汤汁浓稠。“汤汁浓稠”说明分子间存在______,

熬汤时是通过的方式改变汤的内能，随着温度

升高，汤的香气更加浓郁，这是因为温度越高，分子热

运动越。

12.小明在“探究凸透镜成像规律”的实验中，记录并绘制了像到凸透镜的距离v跟蜡

烛平到凸透镜的距离〃之间关系的图像，如图所示。凸透镜的焦距是cm,

当〃=15cm时成(选填“放大”“缩小”或“等大”)的像，把蜡烛从距凸

透镜15cm处移动到20cm处的过程中,像逐渐(选填“变大”或“变小”)。

13.冰山露出海面的部分只是冰山的一小部分，所以常有

“冰山一角”的说法。如图所不，冰山的质量为3x二：二：二三二二二岑二二:二二二二二三二

10skg,所受的浮力是N,海水的密度取1x二二二二二二二二二::二二恚二三二二二套E二二二二二

103kg/m3,冰的密度取0.9*103卜9/„13,冰山浸入海二三-三■■二-三-二-三-三-三-三-三-

水的体积是瓶3,冰山露出海面的体积与总体积之比为(g取10N//cg)。

14.一只电热杯的工作电流为4A,加热电阻丝的阻值为500,在7min内将质量为1.2kg、

温度为20式的水加热至85汽，在此过程中水升高的温度是℃,电热杯的电

功率为W,电热杯的工作效率为。上次=4.2x103j/(kg.℃)]

15.如图所示，一块磁力黑板擦吸附在黑板上，请画出黑板擦受到的重力和摩擦

力的示意图.H

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16.如图所示，凸透镜的主光轴与平静水面重合，尸为焦点，点光源S发出一束光，请

画出在水面处的反射光线以及其经凸透镜后的光线。

17.两通电螺线管之间的小磁针静止时如图所示，请完成螺线管8的绕线，并标出电源

的正负极。

18.(1)如图1所示，物体A的长度为cm.

(2)如图2所示，图甲所示电路中电压表丫如图乙所示，示数为V,电压表匕

如图丙所示，示数为V.电阻⑹/?2(选填或“=”)。

(3)小明在调节天平平衡时，先将游码移至标尺的零刻度线处，此时指针偏向分度

盘的右侧，应将平衡螺母向(选填“左”或“右”)调节，测物体的质量时，

在右盘中加入最小的祛码后，指针偏右，去掉最小的祛码后，指针偏左，接下来他

的操作步骤是

-||||||||||||||||||||||||||||||||||||||

Ocm123,

图1图2

19.小明利用如图所示装置研究杠杆的平衡条件。

(1)在实验过程中，调节杠杆在水平位置平衡的目的是,如图甲所示，小明

在杠杆中心贴了一个“7”形纸板，“T”形纸板的横边与杠杆的上边重合，并将铅

垂线挂在杠杆的中点上，此改进的优点是o

(2)杠杆调平后，在杠杆两端加挂钩码，并移动钩码，使杠杆在水平位置平衡，测

出力臂，多次实验并把数据记录在表格中。

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次数①______L/cmL/cm

1F2/N2

111025

2210120

32②______310

请将表格及第三次实验漏记的部分数据补充完整。

(3)得出杠杆的平衡条件后，小明在杠杆上的A点挂4个钩码，如图乙所示，为使

杠杆重新平衡，应在B点挂个钩码。当杠杆平衡后，将A点和B点下方所

挂的钩码同时向支点靠近一格，杠杆会(填“左侧下降”“右侧下降”或

“仍水平平衡”)。

(4)如图丙所示，用弹簧测力计在C点竖直向上拉，使杠杆在水平位置平衡，当弹

簧测力计在原位置逐渐向虚线方向倾斜时，杠杆仍然在水平位置平衡，则弹簧测力

计的示数将(填“变大”“变小”或“不变”)。

20.小明利用图甲所示的电路探究“电流与电阻的关系”。已知电源电压恒为6匕实

验提供的定值电阻R的阻值分别为250、200、15。、100、50,滑动变阻器的规

格为“30014”。

(1)用笔画线代替导线将图甲所示电路补充完整，要求滑动变阻器的滑片P向右移

动时，电流表示数变大。

(2)正确连接电路后，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片调至______。

(3)闭合开关后，发现电流表示数为零，而电压表的指针偏转到最右端，此时电路

中的故障可能是o

(4)排除故障后，保持电压表示数为2匕接入50的定值电阻，移动滑片P,当电压

表示数为2y时，电流表的示数为A；实验中可更换定值电阻的最大值是

______0。

(5)小明重新调整电压的数值，进行了5次实验，根据实验数据画出电流与电阻关

系的图像如图乙。实验中定值电阻两端的电压为V不变。经同学讨论与交流

后发现5次实验数据中可能有1次是编造的，编造的数据应该是阻值为。的

定值电阻所对应的数据。

21.如图所示，用竖直向上的拉力/匀速提升重为800N的物体A,在10s

内物体上升了2m,不计滑轮和绳子的重力、轮与轴间的摩擦，求：c

(1)物体A上升的速度；V

(2)拉力厂所做的功；"

(3)保持拉力/做功的功率不变，匀速提升物体B时，绳子自由端移动的速度为

0.5m/s,求物体8所受的重力。

22.如图所示，电源电压保持不变，小灯泡标有“3V0.34”。当

滑动变阻器的滑片P滑到最右端时，电流表的示数为0.24当

滑片P滑到中点时，小灯泡正常发光。忽略温度对灯丝电阻的

影响，求：

(1)小灯泡的额定功率；

(2)滑片P滑到最右端时，小灯泡工作10s消耗的电能;

(3)求滑动变阻器的最大阻值。

23.小明利用如图所示装置做“探究通电导体在磁场中受力的方

向和大小与什么因素有关”实验。(1)闭合开关，悬挂的导体

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棒向右运动，对调电源正负极后，发现导体棒向左运动，说明通电导体在磁场中受

力方向与方向有关。

(2)若要探究通电导体在磁场中受力的方向和磁场方向是否有关，接下来的操作是

(3)通电导体在磁场中受力的大小与什么有关？小明有两个猜想：

①与电流大小有关；

②与磁场强弱有关；

实验采取的研究方法是，针对猜想①，可添加的器材是;针对猜想

②，可添加的器材是。

(4)小明由实验得到启发，想要导体棒持续左右摇摆，可采取的方法是o

24.阅读材料，回答问题。

绝境重生的372舰艇海水跃层也称“跃变层”，它是指海水中某水文要素在竖直方

向上出现突变或不连续剧变的水层。如果海水跃层是上层密度大、下层密度小的状

态，形成负密度梯度跃变层，被称为“海中断崖”潜艇在水下航行中，如突遭“海

中断崖”，急剧掉向海底，称为“掉深”，大多数常规潜艇的有效潜深为300〃?，

潜艇不受控制地掉到安全潜深以下时.，会被巨大的海水压力破坏，造成失事。

中国海军372潜艇一次远航战备巡逻中，碰见“掉深”的情况,这次潜艇掉的又快又

深，潜艇的主机舱管路发生破损，艇长立即发出命令：“损管警报!向所有水柜供

气!”。不到10秒钟，应急供气阀门打开，所有水柜开始供气；1分钟内，上百个

阀门关闭，数十种电气设备关闭；2分钟后，全艇各舱室封舱完毕，但''掉深”依

然继续。3分钟后，“掉深”终于停止，深度计开始缓慢回升。372潜艇闯过鬼门

关，化险为夷，创造了我军乃至世界潜艇史上的奇迹。(取海水的密度为lx

103kg/m3,g取10N/kg)

(1)潜艇遇到“海中断崖”时，潜艇所处的海水密度突然(选填“变大”或

“变小”)，所受的浮力突然(选填“大于”“小于”或“等于")重力，潜

艇会失去平衡而急剧下沉。

(2)潜艇下潜至300加深度时受到海水的压强等于标准大气压的倍。(1标准

大气压取1x105Pa)

(3)“向所有的水柜供气”的目的是。

(4)潜艇“掉深”有所减缓，但不会立即停止，这是因为潜艇具有。

(5)某潜水艇总质量为2.6x体积为3x1037n3,要使它从海面潜入海水中，

至少要向水柜充入m3的海水。

25.小明是科技兴趣达人，设计了如图甲所示电路进行科学实验探究。已知电源电压恒

为12匕定值电阻3=200,量程为0〜31/的电压表，热敏电阻治的阻值随温度变

化的情况如图乙所示，实验在标准大气压下进行。

(1)温度越高，热敏电阻右的阻值______(选填“越大”或“越小”)。

(2)温度升高时，电压表示数将(选填“增大”“减小”或“不变)。

(3)把热敏电阻治没入-2。(：的碎冰中，闭合开关，当电压表示数为V时，冰

开始熔化；冰全部熔化后经过足够长时间，闭合开关，电压表示数保持2V不变，

则环境温度约为℃。

(4)如果将电压表表盘的刻度改成相应的温度刻度，那么通过电压表表盘就可以直

接读出热敏电阻所处环境的温度，表盘上温度刻度的特点是•

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答案和解析

1.【答案】A

【解析】解：A、原子是由原子核和核外电子组成的，故A正确；

8、不同的电子在原子核外绕一定的轨道运动，故B错误；

C、原子核可以发生核裂变和核聚变，在裂变和聚变的过程中会释放出大量的能量，故

C错误；

。、按尺寸从大到小的排序是原子-原子核-电子，故。错误。

故选：A。

(1)根据原子核和电子组成原子回答；

(2)卢瑟福提出的一种原子结构模型，电子在原子核外绕核作轨道运动；

(3)原子核可以发生核裂变和核聚变；

(4)按尺寸从大到小的排序是原子-原子核-电子。

本题考查了原子的组成，是一道常识题，难度不大。

2.【答案】C

【解析】解：A、防噪声耳罩是在人耳处减弱噪声，故A不合题意；

B、多孔吸音板是在传播过程中减弱噪声，故B不合题意；

C、汽车消声器是在声源处减弱噪声，故C符合题意；

。、隔音蛟龙是在传播过程中减弱噪声，故。不合题意。

故选：Co

减弱噪声有三种途径：①在声源处减弱；②在传播过程中减弱；③在人耳处减弱。

本题考查学生对减弱噪声具体做法的理解能力，要结合防治噪声的途径方法进行分析解

答。

3.【答案】C

【解析】解：

A、电能表是用来测量家庭电路消耗电能的仪表，不是用电器，故A错误；

3、为了用电安全，控制灯泡的开关应安装在灯泡与火线之间，故8错误；

C、电冰箱接入三孔插座能使电冰箱金属外壳接地，防止由于冰箱的外壳带电而使得人

发生触电事故，故C正确；

。、漏电保护器一般是在电路发生对地漏电现象时才会自动跳闸，而电路中电流过大不

会跳闸，故O错误。

故选：Co

(1)电能表是用来测量家庭电路消耗电能的仪表；

(2)为了用电安全，开关应该控制火线；

(3)带有金属外壳的用电器，必须使用三孔插座，以防外壳带电，危及人身安全：

(4)漏电保护器：漏电保护器俗称漏电开关，是用于在电路或电器绝缘受损发生对地短

路时防人身触电和电气火灾的保护电器，一般安装于每户配电箱的插座回路上和全楼总

配电箱的电源进线上，后者专用于防电气火灾。

本题考查的是日常生活中的一些安全用电常识。只要同学们牢记安全用电常识，并正确

规范操作，就不会有危险发生。

4.【答案】A

【解析】解：

A、手在墙上形成手影是光在同种均匀的介质中沿直线传播形成的，故A不符合题意。

8、太阳灶烧水，太阳灶是利用凹面镜对光具有会聚作用来烧水的，属于光的反射现象，

故8符合题意。

C、沙漠海市蜃楼是光在不均匀的大气中传播时发生折射形成的，故C不符合题意。

D,光的色散的实质是光的折射现象，故。不符合题意。

故选：A。

(1)要掌握光沿直线传播现象，知道影子的形成、日月食的形成、小孔成像都是光沿直

线传播形成的；

(2)光的反射是指光线在传播的过程中遇到障碍物被反射出去的现象，比如平面镜成像；

(3)光的折射是指光线从一种介质斜射入另一种介质时，光的传播方向发生改变的现象，

比如透镜成像、水变浅了、水中的筷子折断了等；

根据四幅图中形成的原理不同，对其进行分类，并选出符合要求的选项。

本题主要考查学生利用光学知识解释生活中常见的物理现象，此题与实际生活联系密切,

体现了生活处处是物理的理念。

5.【答案】A

【解析】解：由实物图知，两灯并联，开关在42支路上。

A、图中两灯并联，开关控制L2支路，与实物图相符；

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8、图中两灯并联，开关控制■支路，与实物图不相符；

C、图中两灯并联，开关控制整个电路，与实物图不相符；

。、图两灯串联，与实物图不相符。

故选：Ao

由实物图分析电路的连接情况，由各选项电路图确定答案。

本题考查根据实物图画电路图，正确分析电路的连接方式和开关的位置是关键。

6.【答案】B

【解析】解：小轮胎上的花纹是通过改变接触面的粗糙程度，来增大车与地面间的摩

擦力，故A正确；

3、地面对独轮车的支持力等于小明和独轮车的重力之和，小明受到的重力小于地面对

独轮车的支持力，故B错误；

C、小明站上独轮车后，压力增大，受力面积不变，独轮车对地面的压强增大，故C正

确；

。、小明驾驶独轮车在水平路面上做匀速直线运动，质量不变，速度不变，小明和独轮

车的总动能保持不变，故。正确；

故选：8。

(1)影响滑动摩擦力的因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度；

(2)小明受到的重力小于地面对独轮车的支持力；

(3)压力增大，受力面积不变，独轮车对地面的压强增大：

(4)质量不变，速度不变，小明和独轮车的总动能保持不变。

本题主要考查了影响摩擦力的因素、压力支持力、压强及动能的知识，基础题目。

7.【答案】D

【解析】解：由题意和图示可得：+=

化简可得：小尹：加乙=3：2,

即1个甲球与1个乙球的质量之比为3：2,故A错误；

则3个甲球与4个乙球的质量之比为：3m甲:4mz=3x3：2X4=9：8,故B错误；

m

iP

己知U尹=%,由。=3可得，甲、乙两球的密度之比：="==X故c

V。乙,m乙V甲2

2

错误，O正确。

故选：D。

天平平衡，说明3个甲球和1个乙球的总质量等于4个乙球和1个甲球的总质量，据此

可得出1个甲球与1个乙球的质量之比，进一步得出3个甲球与4个乙球的质量之比；

己知甲球和乙球体积相同，根据密度公式可得出甲球与乙球的密度之比。

本题考查天平的使用和密度公式的灵活运用，关键会根据天平平衡得出甲、乙两球的质

量关系。

8.【答案】电核裂变不可再生

【解析】解：

光伏发电系统发电时太阳能转化为电能；核能主要包括核裂变与核聚变，由于核聚变的

反应目前还不可控，故核电站主要是利用了核裂变获得能量；核能一旦消耗就很难再生，

属于不可再生能源。

故答案为：电；核裂变；不可再生。

(1)太阳能电池在太阳光照射下发电，是将太阳能转化为电能；

(2)核裂变和核聚变都能释放能量，对于核裂变是可控的，如核潜艇的核反应堆就是通

过核裂变提供能量的，对于核聚变过程不可控，如氢弹爆炸就是利用核聚变释放能量。

(3)由可再生能源与不可再生能源的分类要求来看，可以从自然界源源不断地得到的能

源称之为可再生能源；一旦消耗就很难再生的能源称之为不可再生能源。

本题考查了对太阳能和核能的利用的了解，属于基础性题目。

9.【答案】液体的热胀冷缩丙相平

【解析】解：液体温度计是利用液体的热胀冷缩的性质来工作的；测量液体温度时，图

甲的错误在于温度计玻璃泡碰到容器底部，读数会产生偏差，图乙的错误在于温度计的

玻璃泡没有浸入被测的液体中，无法正确读数；图丙的操作是正确的；

温度计读数时，视线与温度计中液柱的上表面相平。

故答案为：液体的热胀冷缩：丙；相平。

液体温度计是利用液体的热胀冷缩的性质来工作的；

使用温度计时，要注意：温度计的玻璃泡全部浸入被测的液体中，不要碰到容器底或容

器壁，温度计玻璃泡浸入被测液体后要稍候一会儿，待温度计的示数稳定后再读数；读

数时玻璃泡要继续留在被测液体中，视线与温度计中液柱的上表面相平。

本题考查的是液体温度计的原理和如何正确操作温度计进行试验，属于基础知识。

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10.【答案】大小不能不变

【解析】解：

(1)实验中选取两支相同的蜡烛是为了比较像与物的大小关系；

(2)移去蜡烛B,在其原来位置上放置一块光屏，光屏上无法呈现蜡烛的像，这说明平

面镜成的是虚像；

(3)当蜡烛A向玻璃板靠近，蜡烛A的大小不变，由平面镜成像特点可知，蜡烛A的像

大小不变。

故答案为：(1)大小；(2)不能；(3)不变。

(1)为了探究像与物体的大小关系，用了两根完全相同的蜡烛；

(2)平面镜所成的像是虚像，不会出现在光屏上。

(3)平面镜成像特点：像距等于物距，物像等大。

本题主要考查了平面镜成像特点的实验及其应用。这是光学中的一个重点，也是近几年

来中考经常出现的题型，要求学生熟练掌握，并学会灵活运用。

11.【答案】引力热传递剧烈

【解析】解：由题意可知，“汤汁粘稠”说明分子间存在较大的引力；

熬汤时，汤从火焰中吸收热量，是通过热传递的方式改变物体的内能；

一切物质的分子都在不停地做无规则运动，所以随着温度升高，汤的香气更加浓郁，这

是因为温度越高，分子热运动越剧烈。

故答案为：引力；热传递；剧烈。

分子间存在相互作用的引力和斥力；改变物体内能的方式有做功和热传递；分子的无规

则运动与温度有关，温度越高，分子的无规则运动越剧烈。

本题以“拆鱼羹”为背景，考查了对分子动理论的应用，改变物体内能方法的理解，属

基础知识的考查，体现了物理与生活的联系。

12.【答案】10放大变小

【解析】解：由图像可以看出，当物体在20c〃?处时，像距也是20c”此时成的是倒立

等大的实像，此时a=20cm=2/,所以其焦距/=20cm；

当u=15cm时，物体在一倍焦距和二倍焦距之间，成的是倒立放大的实像；

把蜡烛从距凸透镜15cm处移动到20CM处的过程中，物体远离透镜，那么像就会靠近

透镜，且像逐渐变小。

故答案为：10；放大；变小。

当”=2/时，成倒立等大的实像，此时像距"=2/；当/<“<2/时，成倒立、放大的

实像；根据物远像近像变小的原理做出解答。

此题主要考查的是学生对凸透镜成像规律的理解和掌握，根据图像读出相关解题信息是

解决此题的关键，难度不大。

13.【答案】3x3x1051：10

【解析】解：(1)冰山漂浮在水面上，冰山的质量为3Xl()8kg,所受的浮力等于重力:

F浮=6冰=m冰g=3x108kgxlON/kg=3x1097V；

(2)根据阿基米德原理可知，冰山浸入海水的体积为：V=V排=二=

p水g

3X1°.=3X105nl3.

1X103kg/m3xlON/kg'

(3)设冰山的总体积为V,排开海水的体积为〃法，

冰山的重力G冰=m冰g=P/V歆g,

冰山受到的浮力F浮=P水匕酒，

因为冰山漂浮，

所以冰山受到的浮力尸浮=G冰，

可得：PN睢~P副冰g，

?排_@_。.以廿叼/而__2_

嗫一履—lxl03fc^/m3-10,

冰山露出海面的体积与总体积之比为：?=1一富=去=1：10。

故答案为：3x109；3x105；］：10。

(1)物体漂浮时受到的浮力等于重力；

(2)根据阿基米德原理求出冰山浸入海水的体积；

(3)设冰山的总体积为匕排开海水的体积为匕游冰山的重力G冰冰g=P次匕次g,冰

山受到的浮力F浮=P/胞,利用物体的漂浮条件得出答案。

本题考查了物体浮沉条件的应用，关键是知道处于漂浮状态的物体受到的浮力等于物体

本身的重力。

14.【答案】6580097.5%

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【解析】解：(1)在此过程中水升高的温度为：

△t=t-t0=85℃-20℃=65℃；

(2)电热杯的电功率为：

P=I2R=(44)2xson=800W；

(3)水吸收的热量：

Q吸=c次m△t=4.2x103j/(kg■℃)x1.2kgx65℃=327600/,

消耗的电能为：

W=Pt=8001Vx7x60s=336000/,

电热杯的工作效率为：

7/=—x100%=3276。。/x100%=97.5%；

1W336000/

故答案为:65；800；97.5%。

(1)根据△t=t-琳算出在此过程中水升高的温度；

(2)根据P=/2R算出电热杯的电功率；

(3)根据Q=anAt求出水所吸收的热量，根据勿=Pt求出电流做的功，再根据效率公

式求出该电热杯的工作效率。

本题考查了吸收热量、电功、效率的计算等，关键是公式及其变形式的灵活运用。

15.【答案】解：黑板擦受到竖直向下的重力，因黑板擦静止，则黑板擦还受到竖直向

上的摩擦力，且二力是一对平衡力；从黑板擦的重心开始作竖直向上的摩擦力/和竖直

向下的重力G,并且两条线段的长度要相等，如图所示：

【解析】黑板擦受到竖直向下的重力，由于黑板擦静止，则黑板擦受到竖直向上的摩擦

力，并且重力和摩擦力是一对平衡力；根据规则物体的重心在物体的几何中心，过重心

分别沿二力的方向画一条有向线段即可。

作力的示意图时，要用一条带箭头的线段表示力，线段的长度表示力的大小，箭头表示

力的方向，起点或终点表示力的作用点，是平衡力的长度要相等。

16.【答案】解：过尸点垂直于水面画出法线，在法线左侧根据反射角等于入射角画出

反射光线，因反射光线过凸透镜的焦点，则经凸透镜后将平行于主光轴射出；如图所示：

【解析】先根据光的反射定律画出反射光线：过尸点垂直于水面画出法线，在法线左侧

根据反射角等于入射角画出反射光线；反射光线过焦点，再根据凸透镜的三条特殊光线

画出经凸透镜后的折射光线。

本题综合考查了光的反射定律、凸透镜的三条特殊光线，综合性强，要细心，易错题.，

17.【答案】解：(1)小磁针的N极靠近了螺线管A的右端，根据磁极间的作用规律可知，

螺线管的右端为S极，左端为N极。同理可以确定螺线管B的左端为N极，右端为S

极。

(2)根据螺线管A的左端为N极，右端为S极，结合其线圈绕向，利用安培定则可以确

定螺线管中的电流方向是从螺线管的右端流入，左端流出，即电源的右端为“+”极,

左端为“一”极。

(3)根据电流方向是从螺线管的右端流入左端流出，结合螺线管8的左端为N极，右端

为S极，利用安培定则可以确定螺线管的线圈绕向如下图所示：

-oO—

(-)(*)

【解析】(1)根据小磁针的N、S极，可以确定通电螺线管A8的N、S极。

(2)根据A螺线管的NS极和线圈绕向利用安培定则可以确定螺线管中的电流方向；

(3)利用螺线管中的电流方向和8螺线管的NS极根据安培定则可以确定螺线管的绕向。

(1)此题考查了安培定则、磁极间的作用规律；

(2)安培定则共涉及三个方向：电流方向、线圈绕向、磁场方向，告诉其中的两个可以

确定第三个；

(3)在此题中，小磁针的NS极是解决此题的入手点。

18.【答案】2.4041.6V左向右移动游码直至横梁重新平衡

【解析】解：(1)由图知：此物体从刻度尺的“0”刻度线开始测量，因此物体A的长度

为2.40cm；

第18页，共26页

(2)根据电路图可知，电阻治和电阻/?2串联，电压表M测的是电源电压，此时电压表的

示数如图乙所示，电压表量程选用0〜15V,分度值为0.5忆示数为4匕

匕测的是电阻％两端电压，由于串联电路两端电压等于各部分电路电压之和，因此匕的

示数小于电压表V的示数，故匕选用0〜3U量程，分度值为0.1V,示数为1.6V；

电阻两端电压为：4=U—Ui=4V-1.6U=2.4U；根据串联电路中各处的电流都

相等以及欧姆定律，可得号=器，因为%＜%,所以治＜/?2；

K1K2

(3)由题意可知指针偏向分度盘的右侧，说明横梁的右端下沉，平衡螺母向相反的方向

移动，所以平衡螺母向左移动；

在右盘中加入最小的祛码后，指针偏右，去掉最小的祛码后，指针偏左，说明需要更小

的祛码，而向右移动游码相当于向右盘增加祛码。

故答案为：(1)2,40；(2)4；1.6；＜；(3)向右移动游码直至横梁重新平衡。

(1)测量时将物体左侧与“零”刻度重合，物体右侧的读数即为该木块的长度，注意刻

度尺的读数需要进行估读；

(2)由电压表选用的量程确定分度值读数；

根据电路图可知，电阻治和电阻生串联，电压表V测的是电源电压，匕测的是电阻％两

端电压，由于串联电路两端电压等于各部分电路电压之和，因此匕的示数小于电压表V

的示数，确定匕选用的量程再确定分度值读数；

根据串联电路中各处的电流都相等以及欧姆定律即可判断；

(3)根据指针能判断横梁哪端下沉，调节平衡螺母来调节天平的横梁平衡；

向右移动游码相当于向右盘增加祛码。

此题考查的是常见的几种物理仪器的读数以及使用方法，在读数前一定要观察仪器的量

程和分度值；需要注意的是长度的测量需要进行估读。

19.【答案】为了便于测量力臂，使杠杆的自重对杠杆平衡不产生影响便于确定杠杆在

水平方向平衡FJN156右侧下降变大

【解析】解：(1)在实验过程中，调节杠杆在水平位置平衡的目的是为了便于测量力臂，

使杠杆的自重对杠杆平衡不产生影响，如图甲所示，小明在杠杆中心贴了一个“T”形

纸板，“T”形纸板的横边与杠杆的上边重合，并将铅垂线挂在杠杆的中点上，此改进

的优点是便于确定杠杆在水平方向平衡。

(2)根据杠杆平衡的条件是：动力x动力臂=阻力x阻力臂(FixL=尸2x乙2)表格及第三

次实验漏记的部分数据分别为①Fi/N,②&xLi=F2xL2,2Nx=3Nx10cm,

Li=15cm；

(3)设杠杆每个格的长度为L,每个钩码的重力为G,根据杠杆的平衡条件:FALA=FBLB,

即4GX3L=FBX2L,解得跖=6G,需挂6个钩码；

根据杠杆的平衡条件：FALA=FBLB,若A、B两点的钩码同时向靠近支点的方向移动一

个格，则右侧4Gx2L=8GL,左侧6GxL=6GL,因为8GL>6GL,所以杠杆右端会

下降；

(4)当弹簧测力计在原位置逐渐向右倾斜时，动力臂短了，阻力和阻力臂大小不变，由

杠杆的平衡条件，动力变大，即弹簧测力计的示数将变大。

故答案为：(1)为了便于测量力臂，使杠杆的自重对杠杆平衡不产生影响；(2)①Fi/N；

②15;(3)6：右侧下降；(4)变大•

(1)调节杠杆在水平位置平衡的目的是为了便于测量力臂，使杠杆的自重对杠杆平衡不

产生影响；

(2)杠杆平衡的条件是：动力x动力臂=阻力x阻力臂(F】xL=F2xL2);

(3)设一个钩码重为G,杠杆一个小格是L,根据杠杆平衡条件进行判断；

(4)分析动力臂的变化，由根据杠杆平衡条件判断。

本题考查了杠杆平衡条件的应用，是初中物理的重要实验，一定要熟练掌握。有一定的

综合性。

20.【答案】阻值最大处电阻断路0.415325

【解析】解：(1)滑动变阻器和电阻串联接入电路，滑动变阻器应选择一上一下两个接

线柱接入电路，滑动变阻器的滑片P向右移动时，电流表示数变大，则滑动变阻器的滑

片P向右移动时，滑动变阻器接入电路的电阻应变小，如图：

(2)闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片调至阻值最大处；

(3)闭合开关后，发现电流表示数为零，而电压表的指针偏转到最右端，说明电压表串

联接入电路，此时与电压表并联部分的电路断路，即电阻断路；

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(4)排除故障后，保持电压表示数为2匕接入50的定值电阻，移动滑片尸，当电压表示

数为2V时，由欧姆定律可得电流表的示数为：/=?=篙=0.44；

滑动变阻器的规格为“30014”，串联电路总电压等于各部分电压之和，则滑动变阻器

两端的电压为：UH=U-UR=6V-2V=4V,

由串联分压原理可知，当滑动变阻器接入电路的阻值最大时，定值电阻接入电路的阻值

最大，此时通过电路的电流为：/'=黑=怒=54

KH1b

串联电路各处电流相等，则实验中可更换定值电阻的最大值为：口="=看=150；

(5)由图乙可知实验中定值电阻两端的电压为：U'=1出=I2R2=I3R3=//4=0-64x

50=0.34X10/2=0.2Ax150=0.154X200=3V,

而第五次实验数据/5R5=x250=2.51Z,实验中应保持电阻两端电压不变，所以

编造的数据应该是阻值为250的定值电阻所对应的数据。

故答案为：(1)见上图；(2)阻值最大处；(3)电阻断路；(4)0.4；15；(5)3；25。

(1)滑动变阻器和电阻串联接入电路，滑动变阻器应选择一上一下两个接线柱接入电路,

滑动变阻器的滑片尸向右移动时，电流表示数变大,则滑动变阻器的滑片P向右移动时，

滑动变阻器接入电路的电阻应变小；

(2)闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片调至阻值最大处；

(3)闭合开关后，发现电流表示数为零，而电压表的指针偏转到最右端，说明电压表串

联接入电路，此时与电压表并联部分的电路断路；

(4)排除故障后，保持电压表示数为2匕接入50的定值电阻，移动滑片P,当电压表示

数为2V时，由欧姆定律可得电流表的示数；

根据串联电路电压规律可知滑动变阻器两端的电压，滑动变阻器的规格为“30014”，

根据欧姆定律计算滑动变阻器接入电路最大阻值时的电流，进一步计算实验中可更换定

值电阻的最大值；

(5)由图乙数据结合欧姆定律可知实验中定值电阻两端的电压，实验中应保持电阻两端

电压不变，电压不同的一组即为编造的数据。

探究“电流与电阻的关系”考查电路的连接、滑动变阻器的使用、欧姆定律的灵活运用，

实验中注意控制变量法的应用。

21.【答案】解：(1)物体A上升的速度：以=3=^=O.2m/s；

(2)由图可知，物体A由两股绳子承担重力，不计滑轮和绳子的重力、轮与轴间的摩擦，

则拉力：F=^GA=^X800/V=400N,

绳子自由端移动的距离：s=2h=2x2m=4m,

则拉力尸所做的功：W=Fs=400/Vx4m=1600;；

(3)拉力F做功的功率：。=：=嘿=160勿，

保持拉力F做功的功率不变，匀速提升物体8时，绳子自由端移动的速度为0.5m/s,

则「=尸”,BP160VK=F'x0.5m/s,

解得，F'=320N,

不计滑轮和绳子的重力、轮与轴间的摩擦，则GB=2F'=2X320N=640N。

答：(1)物体4上升的速度为0.2m/s；

(2)拉力尸所做的功为1600J；

(3)保持拉力尸做功的功率不变，匀速提升物体8时，绳子自由端移动的速度为0.5m/s,

物体B所受的重力为640M,

【解析】(1)已知物体A上升的高度和时间，利用速度公式可求物体A上升的速度；

(2)使用动滑轮提升物体，不计滑轮和绳子的重力、轮与轴间的摩擦，拉力等于重力的

一半，据此求出拉力，然后求出绳子自由端移动的距离，再利用W=Fs拉力厂所做的

功；

(3)利用P=?求出功率，利用P=求出匀速拉动物体8时的拉力，再根据动滑轮工

作特点计算B的重力。

此题考查速度、功和功率的计算，正确理解动滑轮工作特点，抓住题目中“不计滑轮和

绳子的重力、轮与轴间的摩擦”这一条件即可顺利作答。

22.【答案】解：(1)小灯泡标有“3V0.3Z”，灯泡的额定功率：P=UJL=3VX0.34=

0.91V；

(2)灯泡的电阻：&=£=含=100,

闭合开关,灯泡和滑动变阻器串联接入电路,滑片P滑到最右端时，电流表的示数为0.24

2

串联电路各处电流相等，小灯泡工作10s消耗的电能：W=U'lt=IRLt=(0.24)2*

10/2X10s=4J；

(3)当滑片尸滑到中点时，小灯泡正常发光，串联电路总电压等于各部分电压之和，所

以滑动变阻器两端的电压：UH=U-UL=U-3V,

由欧姆定律可得此时滑动变阻器接入电路的电阻：=器=点%-一①，

当滑动变阻器的滑片尸滑到最右端时，电流表的示数为0.24,灯泡两端的电压：UL'=

IRL=0.2AX10/2=2V,

第22页，共26页

滑动变阻器两端的电压：UH'=U-UL'=U-2K,

由欧姆定律可得此时滑动变阻器接入电路的电阻：R”=牛=需--一②，

①②两式联立可得：即=20a

答：(1)小灯泡的额定功率为0.9W；

(2)滑片P滑到最右端时，小灯泡工作10s消耗的电能为4J；

(3)滑动变阻器的最大阻值为200。

【解析】(1)小灯泡标有“3V0.34"，由「=U/计算灯泡的额定功率；

(2)由欧姆定律的变形公式计算灯泡的电阻，闭合开关，灯泡和滑动变阻器串联接入电

路，滑片尸滑到最右端时，电流表的示数为024根据串联电路电流特点和电功公式的

变形公式计算小灯泡工作10s消耗的电能；

(3)当滑片P滑到中点时，小灯泡正常发光，根据串联电路电压规律和欧姆定律可表示

此时滑动变阻器接入电路的电阻，当滑动变阻器的滑片P滑到最右端时，根据串联电路

电压规律和欧姆定律再次表示此时滑动变阻器接入电路的电阻，两式联立可得滑动变阻

器的阻值。

本题考查串联电路特点、欧姆定律、电功率公式、电功公式的灵活运用，最后一问有难

度。

23•【答案】电流控制电流的方向不变，把N、S对调控制变量法滑动变阻器磁性

更强的磁铁把电源换成交流电源

【解析】解：(1)当闭合开关，观察到导体必在导轨上向右运动；只对调电源正负极接

线，电路中电流的方向与原来相反，导体而会向左运动，这说明通电导体在磁场中受

力的方向与电流方向有关；

(2)若要探究通电导体在磁场中受力的方向和磁场方向是否有关，需要控制电流的方向

不变，改变磁场的方向，即把N、S对调；

(3)实验中采用的是控制变量法；探究受力大小与电流大小关系时，需要改变电路中电

流的大小，故需要滑动变阻器；

探究受力大小与磁场强弱时，需要改变磁场的强弱，故需要磁性更强的磁铁；

(4)想要导体棒持续左右摇摆，需要改变通过导体的电流的方向，故可采取的方法是把

电源换成交流电源。

故答案为：(1)电流；(2)控制电流的方向不变，把N、S对调；(3)控制变量法；滑动变

阻器；磁性更强的磁铁；(4)把电源换成交流电源。

(1)(2)(4)通电导体在磁场中受到力的作用；所受力的方向与电流的方向和磁场的方向有

关，根据控制变量法分析；

(3)通电导体在磁场中受力的大小与电流大小、磁场的强弱有关，根据控制变量法分析.

此题主要考查的是学生对通电导体在磁场中受力、受力方向以及滑动变阻器的作用的理

解和掌握，基础性题目。

24.【答案】变小小于30排出水柜内的水，减小自身重力，使潜艇快速上浮惯性400

【解析】解：

(1