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文档简介

陕西省西安市西工大附中2023届5月高考三轮模拟试卷注意事项:1.答题前,考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚,将条形码准确粘贴在条形码区域内。2.答题时请按要求用笔。3.请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答,超出答题区域书写的答案无效;在草稿纸、试卷上答题无效。4.作图可先使用铅笔画出,确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5.保持卡面清洁,不要折暴、不要弄破、弄皱,不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1、理想变压器的输入端、输出端所连接电路如图所示,图中交流电源的电动势e=311sin(100πt)V,三只灯泡完全相同。当电键S1、S2均断开时,交流电源的输出功率为理想变压器输出功率的3倍。下列各说法中正确的是()A.理想变压器的匝数比为1:3B.灯泡L1消耗的功率是灯泡L2消耗功率的4倍C.断开电键S1,闭合电键S2时,灯泡L1两端的电压有效值为110VD.断开电键S2,闭合电键S1时,灯泡L1的亮度与C项情况下相比较较暗2、下列说法正确的是()A.普朗克提出了微观世界量子化的观念,并获得诺贝尔奖B.爱因斯坦最早发现光电效应现象,并提出了光电效应方程C.德布罗意提出并通过实验证实了实物粒子具有波动性D.卢瑟福等人通过粒子散射实验,提出了原子具有核式结构3、真空中一半径为r0的带电金属球,通过其球心的一直线上各点的电势φ分布如图所示,r表示该直线上某点到球心的距离,r1、r2分别是该直线上A、B两点离球心的距离,根据电势图像(φ-r图像),判断下列说法中正确的是()A.该金属球可能带负电B.A点的电场强度方向由A指向球心C.A点的电场强度小于B点的电场强度D.电荷量大小为q的正电荷沿直线从A移到B的过程中,电场力做功W=q(φ1-φ2)4、如图所示,矩形线圈处在磁感应强度大小为B、方向水平向右的匀强磁场中,线圈通过电刷与定值电阻R及理想电流表相连接,线圈绕中心轴线OO以恒定的角速度匀速转动,t=0时刻线圈位于与磁场平行的位置。已知线圈的匝数为n、面积为S、阻值为r。则下列说法正确的是()A.t=0时刻流过电阻R的电流方向向左B.线圈中感应电动势的瞬时表达式为enBSsintC.线圈转动的过程中,电阻R两端的电压为D.从t=0时刻起,线圈转过60°时电阻R两端的电压为5、a、b两个物体在同一时间、从同一地点开始,沿同一条直线运动,v-t图象如图所示,a、b两物体运动图线均为正弦(余弦)曲线的一部分。在0~6s时间内,关于两物体的运动,下列说法正确的是()A.b物体的加速度先增加后减小B.a物体的位移大于b物体的位移C.2s末a物体的加速度大于b物体的加速度D.3s末a、b两物体之间的距离最大6、物体在恒定的合外力作用下做直线运动,在时间△t1内动能由0增大到E0,在时间∆t2内动能由E0增大到2E0.设合外力在△t1内做的功是W1、冲量是I1,在∆t2内做的功是W2、冲量是I2,那么()A.I1<I2W1=W2 B.I1>I2W1=W2 C.I1<I2W1<W2 D.I1=I2W1<W2二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。7、如图甲所示电路中,电源电动势E=6V,内阻r=1Ω,外电路接有三个定值电阻R1=2Ω、R2=3Ω、R3=6Ω,虚线框内的电路可等效为一个电源,如图乙所示,其等效电动势E'等于CD间未接入用电器时CD间的电压,若用导线直接将C、D两点连接起来,通过该导线的电流等于等效电源的短路电流.下列说法正确的是A.等效电源的电动势E'=5VB.等效电源的短路电流为1.2AC.等效电源的内阻r'=7.5ΩD.等效电源的最大输出功率为0.3W8、如图所示,足够长的粗糙斜面固定于竖直向上的匀强电场中,两个带等量负电荷的物体AB(不计AB间的相互作用)用质量不计的轻弹簧直接相连,在恒力作用下沿斜面向上做匀速运动,AB与斜面间的动摩擦因数分别为且,物体所受最大静摩擦力等于滑动摩擦力。某时刻轻弹簧突然断开,A在作用下继续前进,B最后静止在斜面上,则()A.轻弹簧断开前,摩擦力对B的冲量大于对A的冲量B.B静止前,A和B组成的系统动量守恒C.轻弹簧断开瞬间,B物体加速度为零D.轻弹簧断开后,A物体所受重力的功率变大、电势能增大9、如图所示,质量为4m的球A与质量为m的球B用绕过轻质定滑轮的细线相连,球A放在固定的光滑斜面上,斜面倾角α=30°,球B与质量为m的球C通过劲度系数为k的轻质弹簧相连,球C放在水平地面上。开始时控制住球A,使整个系统处于静止状态,细线刚好拉直但无张力,滑轮左侧细线竖直、右侧细线与斜面平行,然后由静止释放球A,不计细线与滑轮之间的摩擦,重力加速度为g,下列说法正确的是()A.释放球A瞬间,球B的加速度大小为B.释放球A后,球C恰好离开地面时,球A沿斜面下滑的速度达到最大C.球A沿斜面下滑的最大速度为2gD.球C恰好离开地面时弹簧的伸长量与开始时弹簧的压缩量相等,所以A、B两小球组成的系统机械能守恒10、图示是由质量相等的三颗星组成的三星系统,其他星体对它们的引力作用可忽略。设每颗星体的质量均为m,三颗星分别位于边长为r的等边三角形的三个顶点上,它们绕某一共同的圆心O在三角形所在的平面内以相同的角速度做匀速圆周运动。已知引力常量为G,下列说法正确的是()A.每颗星体受到的向心力大小为 B.每颗星体受到的向心力大小为C.每颗星体运行的周期均为 D.每颗星体运行的周期均为三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。11.(6分)某实验小组成员用如图所示的装置做“探究弹力与弹簧伸长关系”的实验.(1)将弹簧悬挂在支架上,弹簧上端刚好与竖直刻度尺的零刻度对齐,当弹簧下端挂上一个钩码且处于静止时,弹簧下端的指针指在刻度尺上的位置如图1所示,此时弹簧的长度为l1=______cm.(2)对于实验中的操作,下列说法正确的是__________.A.测量弹簧原长时,需要把弹簧水平放稳后进行测量读数B.挂钩上挂的钩码越多,实验误差越小C.弹簧的自重不会影响弹簧的劲度系数测量D.由于弹簧的自重,会使测量的劲度系数有一定的误差(3)在弹簧弹性限度内,改变弹簧下端所挂钩码的个数,同时测出对应弹簧的长度,已知每个钩码的质量为50g,在m-l坐标系中描点作图如图2所示,当地的重力加速度g取9.80m/s2,则由图象可以得到弹簧的劲度系数k=______N/m(结果保留三位有效数字).12.(12分)如图所示,为“探究加速度与力、质量的关系”实验装置及数字化信息系统获得了小车加速度a与钩码的质量及小车和砝码的质量对应关系图.钩码的质量为,小车和砝码的质量为m2,重力加速度为g.

(1)下列说法正确的是__________.

A.每次在小车上加减砝码时,应重新平衡摩擦力

B.实验时若用打点计时器应先释放小车后接通电源

C.本实验

m2应远小于m1

D.在用图象探究加速度与质量关系时,应作a和图象

(2)实验时,某同学遗漏了平衡摩擦力这一步骤,若轨道水平,他测量得到的图象,如图,设图中直线的斜率为k,在纵轴上的截距为b,则小车与木板间的动摩擦因数____,钩码的质量__________.(3)实验中打出的纸带如图所示.相邻计数点间的时间间隔是,图中长度单位是cm,由此可以算出小车运动的加速度是____m/s2.四、计算题:本题共2小题,共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处,要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13.(10分)如图7所示是一透明的圆柱体的横截面,其半径R=20cm,折射率为,AB是一条直径,今有一束平行光沿AB方向射向圆柱体,试求:(1)光在圆柱体中的传播速度;(2)距离直线AB多远的入射光线,折射后恰经过B点.14.(16分)如图甲所示,两根由弧形部分和直线部分平滑连接而成的相同光滑金属导轨平行放置,弧形部分竖直,直线部分水平且左端连线垂直于导轨,已知导轨间距为L。金属杆a、b长度都稍大于L,a杆静止在弧形部分某处,b杆静止在水平部分某处。水平区域有竖直向上的匀强磁场,磁感应强度为B。a杆从距水平导轨高度h处释放,运动过程中a杆没有与b杆相碰,两杆与导轨始终接触且垂直。已知a、b的质量分别为2m和m,电阻分别为2R和R,重力加速度为g;导轨足够长,不计电阻。(1)求a杆刚进入磁场时,b杆所受安培力大小;(2)求整个过程中产生的焦耳热;(3)若a杆从距水平导轨不同高度h释放,则要求b杆初始位置与水平导轨左端间的最小距离x不同。求x与h间的关系式,并在图乙所示的x2-h坐标系上画出h=hl到h=h2区间的关系图线。15.(12分)2020年1月1日起,TPMS(胎压监测系统)强制安装法规将开始执行。汽车行驶时,TPMS显示某一轮胎内的气体温度为27℃,压强为250kPa,己知该轮胎的容积为30L。阿伏加德罗常数为NA=6.0×1023mol-1,标准状态下1mol任何气体的体积为22.4L,1atm=100kPa。求该轮胎内气体的分子数。(结果保留一位有效数字)

参考答案一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1、B【解题分析】

AB.变压器的输出功率等于输入功率,电源的输出功率等于灯泡L1的功率和变压器的输入功率之和,所以由已知条件知灯泡L1的功率等于变压器输入功率的2倍,也就是灯泡L1的功率等于灯泡L2、L3的功率之和的2倍,所以灯泡L1的功率是灯泡L2功率的4倍,则变压器原线圈的电流是副线圈电流的2倍,由理想变压器电流与匝数成反比,可得匝数比为1:2,故A错误,B正确;C.断开电键S1,闭合电键S2时,由上面分析知,则UL1=2UL2变压器的输入电压和输出电压关系为U2=2U1而U2=UL2UL1+U1=V=220V所以UL1=176V,UL2=88V故C错误;D.断开电键S2,闭合电键S1时,U1=220V,则U2=440V,所以UL2=220V与C中相比电压升高,灯泡变亮,故D错误。故选B。2、D【解题分析】

A.普朗克最先提出能量子的概念,爱因斯坦提出了微观世界量子化的观念,A错误;B.最早发现光电效应现象的是赫兹,B错误;C.德布罗意只是提出了实物粒子具有波动性的假设,并没有通过实验验证,C错误;D.卢瑟福等人通过粒子散射实验,提出了原子具有核式结构,D正确。故选D。3、D【解题分析】

A.由图可知0到r0电势不变,之后电势变小,带电金属球为一等势体,再依据沿着电场线方向,电势降低,则金属球带正电,A错误;B.沿电场线方向电势降低,所以A点的电场强度方向由A指向B,B错误;C.图像斜率的物理意义为电场强度,所以A点的电场强度大于B点的电场强度,C错误;D.正电荷沿直线从A移到B的过程中,电场力做功D正确。故选D。4、D【解题分析】

A.t=0时刻线框与磁场方向平行,即线框的速度与磁场方向垂直,右手定则可知,流过电阻R的电流方向向右,故A错误;

B.从与中性面垂直的位置开始计,感应电动势随时间按正弦规律变化,且最大感应电动势Em=nBSω所以感应电动势的瞬时值表达式为e=nBSωcosωt(V)故B错误;

C.线圈转过的过程中,最大感应电动势Em=nBSω,则产生的感应电动势的有效值为E=nBSω因此电阻R两端的电压为故C错误;

D.线圈从t=0开始转过60°时,电阻R两端的电压为故D正确。

故选D。5、C【解题分析】

A.b的斜率先减小后增大,固b的加速度先减小后增大;A错误。B.由图可知曲线a在0~6秒内与时间轴所围上下面积之和小于曲线b与时间轴所围上下面积之和,固曲线a位移小于曲线b位移;B错误。C.2s末曲线a的斜率大于曲线b的斜率,故两秒末曲线a的加速度大于曲线b的加速度;C正确。D.6s末曲线ab所围面积之差最大,故6s末ab两物体之间距离最大;D错误。故选C。【题目点拨】v-t图像基本知识点。如斜率代表加速度,斜率的绝对值代表加速度大小,斜率的正负代表加速度方向,与时间轴所围面积代表位移。6、B【解题分析】

根据动能定理得:W1=E0-0=E0,W1=1E0-E0=E0则W1=W1.动量与动能的关系式为P=2mI1=2m则I1>I1.A.I1<I1W1=W1与上述分析结论I1>I1W1=W1不相符,故A不符合题意;B.I1>I1W1=W1与上述分析结论I1>I1W1=W1相符,故B符合题意;C.I1<I1W1<W1与上述分析结论I1>I1W1=W1不相符,故C不符合题意;D.I1=I1W1<W1与上述分析结论I1>I1W1=W1不相符,故D不符合题意。二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。7、CD【解题分析】

当CD间未接入用电器时,由闭合电路欧姆定律得回路中电流,CD间电压,A项错误;若CD间用导线连接,通过电源的电流,,根据并联电路电流分配关系可知流过CD间导线的电流即通过的电流,等效电源的短路电流为0.4A,B项错误;等效电源的内阻,C项错误;等效电源的输出功率,当时,等效电源的输出功率最大,,D项正确.8、BD【解题分析】

A.设AB所带电荷量均为,则物A所受摩擦力由于不知道与的大小,故无法判断与的大小关系,故A错误;B.B静止前,AB组成的系统所受合外力为零,系统动量守恒,故B正确;C.轻弹簧断开瞬时,B物体受重力、斜面支持力和摩擦力作用,加速度不为零,故C错误;D.物体A在轻弹簧断开前,在拉力作用下匀速向上运动弹簧断开后,少了向下的拉力,物体A所受合力向上,做加速运动,所以重力的功率增大,电场力做负功,电势能增大,故D正确。故选BD。9、BC【解题分析】

A.开始时对球B分析,根据平衡条件可得释放球A瞬间,对球A和球B分析,根据牛顿第二定律可得解得故A错误;B.释放球A后,球C恰好离开地面时,对球C分析,根据平衡条件可得对球A和球B分析,根据牛顿第二定律可得解得所以球C恰好离开地面时,球A沿斜面下滑的速度达到最大,故B正确;C.对球A和球B及轻质弹簧分析,根据能量守恒可得解得球A沿斜面下滑的最大速度为故C正确;D.由可知球C恰好离开地面时弹簧的伸长量与开始时弹簧的压缩量相等,A、B两小球组成的系统在运动过程中,轻质弹簧先对其做正功后对其做负功,所以A、B两小球组成的系统机械能不守恒,故D错误;故选BC。10、BC【解题分析】

AB.任意两颗星体间的万有引力,每颗星体受到其他两颗星体的引力的合力故A错误,B正确;CD.根据牛顿第二定律其中解得故C正确,D错误。故选BC。三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。11、22.50(22.50〜22.52均可)C23.0(22.7〜23.2均可)【解题分析】

(1)[1]已知刻度尺的零刻度线与弹簧上端平齐,由示数可知此时弹簧的长为22.50cm;(2)[2]A.弹簧自身有重力,弹簧竖直悬技时由于自身重力必然有一定的伸长,故弹簧竖直悬挂时测出的长度,才能作为实验中弹簧的原始长度,A错误;B.悬挂的钩码太多,有可能会超过弹簧的弹性限度,B错误;CD.由于:k=即k与弹力的变量△F及对应的形变量△x有关,与弹簧的自重无关,C正确,D错误.(3)[3]根据图象有:k==N/m=23.0N/m12、D0.46【解题分析】

(1)A.小车与长木板的间的粗糙情况与小车的质量无关,所以在同一个实验中,每次改变小车的质量,不需要平衡摩擦力。故A错误。B.实验时应先接通电源,

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