广西壮族自治区桂林市飞龙中学高一物理摸底试卷含解析

广西壮族自治区桂林市飞龙中学高一物理摸底试卷含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1.两颗相距较近的天体组成双星，它们以两天体的连线上的某点为共同圆心做匀速圆周运动，这样它们不会因为万有引力的作用而被吸到一起，下述说法正确的是（）A.它们做匀速圆周运动的角速度与质量成正比B.它们做匀速圆周运动的线速度与质量成正比C.它们做匀速圆周运动的半径与质量成反比D.它们做匀速圆周运动的向心力的大小与质量成正比参考答案：C2.关于时间和时刻，下列说法正确的是(

)A.物体在5s时指的是物体在5s末时，指的是时刻B.物体在5s内指的是物体在4s末到5s这1s的时间C.物体在第5s内指的是物体在4s末到5s初这1s的时间D.第4s末和第5s初，指的是时刻参考答案：3.（单选）地球的第一宇宙速度为7.9km/s，某行星的质量是地球质量的6倍，半径是地球半径的1.5倍，则此行星的第一宇宙速度约为(

)A.32km/s B.4km/s C.2km/s D.16km/s参考答案：D4.关于平抛运动，下列说法中正确的是A．落地时间只与抛出点的高度有关B．落地速度由运动物体的质量决定C．平抛运动是匀变速运动，其加速度恒为gD．可以分解为水平方向的匀速直线运动和竖直方向的自由落体运动参考答案：ACD5.（单选）某人在医院做了一次心电图，结果如图所示。如果心电图仪卷动纸带的速度为1.5m/min，图中方格纸每小格长1mm，则此人的心率为

（

）A．80次/min

B．70次/min

C．60次/min

D．50次/min参考答案：C二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6.如图9所示，一个小球从光滑斜面上无初速度滚下，然后进入一个半径为0.5m的光滑圆形轨道的内侧，小球恰能通过轨道的最高点，则小球下滑的高度h为

m，通过最低点时小球的向心加速度为

m/s2。（g=10m/s2）参考答案：1.25

50

7.汽车的速度计显示的是

的大小。（填“瞬时速度”或“平均速度”）参考答案：瞬时速度

8.汽车的速度是，过凸桥最高点时，对桥的压力是车重的一半，则桥面的曲率半径为_______，当车速为______，车对桥面最高点的压力恰好为零．g取10m/s2参考答案：9.一年四季,季节更替.地球的公转带来了二十四节气的变化.一年里从立秋到立冬的时间里,地球绕太阳运转的速度___________,在立春到立夏的时间里,地球公转的速度___________.(填“变大”、“变小”或“不变”)参考答案：变大

变小10.如图所示，在水平桌面上用长为的硬杆，通过长度为的细线栓着质量为的小球。现在让杆绕圆心一端匀速转动，达到稳定时细线与硬杆垂直，小球也做匀速圆周运动。若小球与水平桌面的动摩擦因数为，则小球所受摩擦力方向为

，小球受到细线对它的拉力大小为

。

参考答案：沿切线与运动方向相反

11.有三个共点力，分别为3N，4N，6N，则这三个共点力合力最大值为

N，最小值为

N。参考答案：0

N，

13

N12.如图所示，在“研究平抛物体运动”的实验中，用一张印有小方格的纸记录轨迹，小方格的边长l=1.25cm。若小球在平抛运动途中的几个位置如图中的a、b、c、d所示，则小球平抛的初速度的计算式为vo=（用l、g表示），其值是（取g=9.8m/s2），小球在b点的速率是参考答案：2（gL）1/2，0.7m/s，0.87m/s13.重型吊车以50kw的功率，匀速提升起质量为5t的货物，货物上升的速度为

；在货物上升5m的过程中，吊车所作的功W=

；若吊车实际做功为5×105J，则吊车的机械效率η=

。（g取10m/s2）参考答案：三、简答题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14.12．（3分）在上图中，根据通电螺线管上方小磁针N极的指向，标出电源的“十”“一”极。参考答案：15.（6分）为了确定平面上物体的位置，我们建立以平面直角坐标系如图所示，以O点为坐标原点，沿东西方向为x轴，向东为正；沿南北方向为y轴，向北为正。图中A点的坐标如何表示?其含义是什么?

参考答案：A点横坐标x＝2m，纵坐标:y＝3m，表示A点在坐标原点东2m，偏北3m处。四、计算题：本题共3小题，共计47分16.如图所示，质量为2kg的物体，位于竖直平面内弧形轨道上高h=1m的A点，以4m/s的初速度以v0开始下滑，然后进入水平轨道，轨道ABCD中只有水平的BC部分粗糙，其余部分都光滑，已知BC部分长2m物体在BC部分轨道上滑行时受到的摩擦力是8N，物体进入CD断后仍可返回，试求：（1）物体第一次到达B点时的动能；（2）物体沿CD面上升的最大高度；（3）物体最后静止时的位置离B点距离．（不考虑空气对物体的影响，g=10m/s2）参考答案：解：（1）对AB过程由机械能守恒定律可知：EKB=mv02+mghEKB=×2×16+2×10×1=36J；（2）由动能定理可知：WfBC=EKC﹣EKB﹣8×2=EKC﹣36解得C点的动能为：EKC=20J；C到最高点由机械能守恒定律可知：EKC=mghM代入数据可得：20=2×10×h；解得：h=1m；（3）物体只有经过BC时才损失机械能，设物体在BC上滑行的总长为L后最终停下，则有：fL=EKB﹣0解得：L=4.5m；由于BC为2m，所以物体在BC上刚好经过一个来回，又向右滑行0.5m停下．即物体最后静止的位置离B点的距离为0.5m．答：（1）物体第一次到达B点时的动能为36J；（2）物体沿CD面上升的最大高度1m；（3）物体最后静止时的位置离B点距离0.5m．17.如图（甲）所示，物块A、B的质量分别是m1=4.0kg和m2=6.0kg，用轻弹簧相连接放在光滑的水平面上，物块B左侧与竖直墙相接触.另有一个物块C从t=0

时刻起以一定的速度向左运动，在t=0.5s时刻与物块A相碰，碰后立即与A粘在一起不再分开.物块C的v-t图象如图（乙）所示.试求：（1）物块C的质量m3；（2）在5.0s到15s的时间内物块A的动量变化的大小和方向.参考答案：1）根据图象可知，物体C与物体A相碰前的速度为v1=6m/s

（1分）相碰后的速度为：v2=2m/s

（1分）根据动量守恒定律得：m3v1=(m1+m3)v2

（3分）解得：m3=2.0kg.

（1分）（2）规定向左的方向为正方向，在第5.0s和第15s末物块A的速度分别为：v2=2m/s，v3=-2m/s

（2分）所以物块A的动量变化为：Δp=m1(v3-v2)=-16kg·m/s

（2分）即在5.0s到15s的时间内物块A动量变化的大小为：16kg·m/s,方向向右.

18.如图所示，质量为M=4.0kg的长木板静止在粗糙水平面上，某时刻一质量为m=2.0kg的小木块（可视为质点），以v0=10m/s的初速度从左端滑上长木板，同时用一水平向右的恒力F拉动长木板向右做加速运动，当小木块运动到长木板的最右端时，二者恰好相对静止，此时撤去恒力F，长木板在地面上继续运动一段距离L=4m时的速度为3m/s，已知长木板与小木块间的动摩擦因数μ1=0.5，长本板与地面间动摩擦因数μ2=0.2，加速度g=10m/s2．求：（1）长木板的长度；（2）作用在长木板上的恒力F大小；（3）若小木块滑上长木板后，欲将长木板从小木块下抽出，则至少需要多大的力．参考答案：解：（1）设物块与木板达共同速度v共后，物块与木板一起向右减速滑行，设此过程加速度大小为a，则：a==μ2g=0.2×10=2m/s2．，代入数据解得v共=5m/s．对物块，冲上木板后做加速度大小为a1的匀减速运动，对木板，物块冲上后做加速度大小为a2的匀加速运动，经时间t1达共同速度v共．依题意对小物块有：a1=μ1g=5m/s2，v共=v0﹣a1t1，代入数据解得t1=1s．对木板：v共=a2t1，解得a2=5m/s2，小物块的位移：x物=t1=×1m=7.5m，平板车的位移：x木=t1=×1m=2.5m，所以小车的长度L=x物﹣x木=7.5﹣2.5m=5m．（2）由牛顿第二定律，F+μ1mg﹣μ2（M+m）g=Ma2，代入数据解得F=22N．（3）欲将长木板从小木块下抽出，则对物块，冲上木板后先做加速度大小为a1的匀减速运动，后做加速度大小为a1的匀加速运动，对木板，物块冲上后做加速度大小为a2的匀加速运动，后做加速度为a3的匀加速运动到达共同速度前依题意对小物块有：a1=μ1g=5m/s2，v共=v0﹣a1t1小物块的位移：x物=t1对木板：由牛顿第二定律，F+μ1mg﹣μ2（M+m）g=Ma2，v共=a2t1木板的位移：x木=a2t12，达到共同速度后，则对小物块有：x物′=v共t2+at对木板：由牛顿第二定律，F﹣μ1mg﹣μ2（M+m）g=Ma3，木板的位移：x木′=抽出的条件x物总