2020-2021学年高一物理下学期期末测试卷（人教版2019）03（全解全析）

2020-2021学年下学期期末测试卷03卷

高一物理.全解全析

I23456789101112

DDDDDCBAACBCADBC

1.D

【详解】

1,

C.小球在竖直方向做竖直上抛运动，其上升和下降的时间相等，竖直方向为自由落体运动，由〃=^g广，

得

其运动的总时间为

由此可知小球A在空中运动的时间大于小球B在空中运动的时间，故C错误；

A.由于两小球都做斜抛运动，水平方向都是匀速直线运动，运动到最高点时只有水平方向的速度，由于两

球的水平位移相等，由x=4,可知两球运动至最高点时小球A的速度小于小球B的速度，故A错误；

B.两球运动过程中都只受重力作用，加速度都是重力加速度g,故B错误；

D.根据速度变化量Av=g4,由于小球A在空中运动的时间大于小球B在空中运动的时间，所以从抛出

至落回同一水平面，A球速度变化量大于B球速度变化量，故D正确。

故选D。

2.D

【详解】

A.由于乒乓球反弹前后水平分速度不变，竖直分速度大小不变，方向相反，且不考虑乒乓球的旋转和空气

阻力，所以在整个的运动的过程中，乒乓球的能量是守恒的，由于球恰好在最高点时越过球网，无法判断

网得j,A错误；

B.从乒乓球发出到第一次接触球台，此时乒乓球做的是平抛运动，从反弹后到越过球网过程中，乒乓球

在竖直方向上做的竖直上抛运动，根据自由落体运动的规律

,12

h=2St

可以求得球从发出到第一次落在球台上的时间为

在乒乓球从发出到刚越过球网的时刻，在水平方向上，乒乓球一直是匀速直线运动，从发球到刚越过球网

时的总时间为2r,又因为水平的位移为

L=v0-2t

即

Lg

%

2\2h

B错误;

C.从抛出到落到台上，在竖直方向做自由落体运动，有

Vy=y!^gh

由于抛出时有初速度，故落到台上的速度大于屈，C错误;

D.刚好过网，在B点接到球，球从A点到8点所用时间为

2h

t=4f=4

g

D正确。

故选Do

3.D

【详解】

在最低点，根据牛顿第二定律有

2

IF-mg=-----

以绳长为圆周运动半径，解得每根绳子的拉力

F=350N

实际运动中人的重心到悬点的距离小于绳长，故每根绳子平均承受的拉力应大于350N。故D正确。

故选Do

4.D

【详解】

轮4、轮8靠摩擦传动，边缘点线速度相等，故

匕：心=1:1

根据公式

v=rco

有

4:q=3:2

根据

co=27in

有

",：%=3：2

根据

a=va)

有

aa:ab=3:2

轮8、轮C是共轴传动，角速度相等，故

砾：/=1:1

根据公式

v-ra)

有

—2=3:2

根据

CD=27m

有

%：&=1:1

根据

a=va>

有

ah:ac=3:2

综合得到

%：%：%=3:3:2

ft>a：g：4=3：2:2

〃a：〃b：〃c=3：2:2

tza:«b:«c=9:6:4

故D正确。

故选Do

5.D

【详解】

A.轨道i、n的中心天体是地球，轨道ni的中心天体是月球，中心天体不同不满足开普勒第三定律，A错

误;

B.根据牛顿第二定律有

2

厂Mmv

G——=m—

44

八Mm

mg=G^

不

因为轨道I为近地圆轨道，则/•kR,则嫦娥五号在轨道I上运行速度

选项B错误;

C.根据牛顿第二定律有

-Mm

G——=ma

在P点〃相同，则嫦娥五号在椭圆轨道II上尸点的加速度等于在圆轨道I上尸的加速度，C错误;

D.嫦娥五号沿椭圆轨道n从p点向。点飞行的过程中，速度减小，则从尸到。万有引力做负功，D正确。

故选D。

6.C

【详解】

手拉着弹簧上端P点缓慢向上移动，可以看成物体是处于平衡状态，根据胡克定律得，弹簧的伸长量

在这一过程中，P点的位移是H。所以物体上升的高度为”-学■所以物体重力势能的增加量为

故选C。

7.B

【详解】

A.设钢板下落的加速度为m根据

Ep=mgH

而下落过程中，距地面的高度

因此

12

EP=mg(h0--ar)

可知Ep与*为一次函数关系，A正确；

B.重力的功率

P=mgv

而

v2=2ah

整理得

P=mg12ah

可知P—力图像为曲线，B错误；

C.由于钢板加速下落，由于

v2—lah

因此动能

F=—1mv2-man,

k2

故动能与下落高度成正比，C正确；

D.下落的过程中，由于加速下落，因此

v-at

因此U-f图像为一条过坐标原点的直线，D正确。

故不正确的是B。

8.A

【详解】

设向右为正，由动量守恒可知

11

mv

Ao=^A-^o+mB--vo

解得

吆=』

mH4

能量关系满足

或者

11

mAv0^-mA--v0+mB--v0

解得

吆=?

mB8

能量关系满足

~mAV0>~%.I1%>+g%.（J%）2

则AB两球质量之比为3:4或3:8；

故选Ao

9.AC

【详解】

A.不计空气阻力，水平抛出两个小球，两球均做平抛运动，以抛出点为坐标原点，建立直角坐标系，则由

平抛运动规律知

12

y=2gr

x=vot

联立解得

由数学知识知，它们的轨迹方程为抛物线方程，故轨迹均为抛物线，故A正确；

BD.由题意知，题目中并未要求两小球一定要在空中相碰，由于不知道两小球是否同时抛出，所以两小球

从同一水平直线上抛出，轨迹相交，但并不代表它们一定就在相交处相碰；若要使两个小球在空中发生碰

撞，两小球从同一水平直线上抛出时，由于相碰时竖直位移y相等，根据

知两球在空中的运动时间相等，则两小球同时抛出时，可在空中发生碰撞，故BD错误。

C.由题意知，两小球从同一水平直线上抛出，在轨迹相交处，由

1o

y=2§r

知两小球下落的时间相等，但由于水平位移

4〉/

所以可判断一定有A球的抛出速度大于B球的抛出速度，即

VAO>VB0

故C正确;

故选AC。

10.BC

【详解】

A.根据

_Mmv2

G=m—

r

解得

rA<rB=rc

则有

眩>%=%

A错误;

B.根据

八Mm

G——=ma

解得

a

r

rA<rB=rc

则有

aA>aB=ac

B正确；

C.根据

2

「Mm47

解得

则有

TA<TB=TC

C正确；

D.根据

Mm

F=G-^~

因为

mA=mB<mc

rA<rB=rc

则

F（：>FB

FA>FB

D错误。

故选BCo

11.AD

【详解】

A.当牵引力等于阻力时;速度取到最大值，则有

P

/=—=800N

%

又

f=king

解得

左=/=0.4

mg

故A正确；

B.0~8s内汽车的加速度

a=-=lm/s2

根据牛顿第二定律有

F—f=ma

解得

F=ma+/=10(X)N

故B错误；

C.8s78s过程变加速过程中，根据动能定理得

Pt-fs=-^mv^一；mVj2

解得

5=95.5m

则平均速度

v=-=9.55m/s

故C错误;

D.8s78s过程中汽车牵引力已达到最大功率，所以牵引力做的功为

W=P/=8X1()4J

故D正确。

故选AD。

12.BC

【详解】

A.物块从开始运动到返回底端的过程中重力的冲量

lG=3mgtQ

故A项错误；

B.上滑过程中物块做初速度为的的匀减速直线运动，下滑过程中做初速度为零，末速度为v的匀加速直线

运动，上滑和下滑的位移大小相等，所以有

%=上2。

22

解得

2

物块从开始运动到返回底端过程中动量的变化量为

A/?=m(-v)-mv0=--mv0

故B正确；

C.上滑过程中有

-(mgsin0+pimgcos,0^t(=Q-mvo

下滑过程中有

(mgsin0-/jmgcos8)2t0=m--0

解得

.」5%

sin6=——

8gf0

故c项正确；

D.3ro时间内，物块受力为重力、支持力、摩擦力.从底端出发又回到底端，高度不变，重力做功为零；

支持力始终与速度垂直，不做功；摩擦力始终与速度反向，做负功.根据动能定理，摩擦力所做的功就等

于物体动能变化量.克服摩擦力所做的功与摩擦力所做负功大小相等.所以能求出

121232

W=—mv——mv=—mv

f2()280

故D项错误。

故选BC。

13.CD叫冗2=叫玉+加2工3

【详解】

两球碰撞时要发生对心碰撞，两球的直径应相等，即n=r2；为防止碰撞过程入射球反弹，入射球的质

量应大于被碰球的质量，即，〃|＞以2。故C正确。

故选Co

(2)[2]AB.由于各种偶然因素，如所受阻力不同等，小球的落点不可能完全重合，落点应当比较集中，故

AB错误；

CD.确定落点平均位置的方法是最小圆法，即用尽可能最小的圆把各个落点圈住，这个圆的圆心位置代表

落点的平均位置；由于落点比较密集，又较多，每次测量距离很难。故不能用求平均值的方法求解；故C

错误D正确。

故选D。

(2)⑶分析数据，如果动量守恒应有

町％-+m^v2

小球碰撞前后都做平抛运动，因高度相同则落地的时间想用，因此有

X-.XX,

V0=7，V,=7，V2=7

代入上面公式可得

班£=叫玉+m2X3

是否成立，从而验证动量守恒定律。

14.0.490.48大于存在摩擦阻力做负功B

【详解】

(1)从起点O到打下记数点B的过程中，重力势能减少量

%=mghB=lx9.8x0.0501J=O.49J

打B点时的速度

(7.06-3.14)XIO-2.八”,

v.==----------------------m/s=0.98m/s

11t2T0.04

此过程中物体动能的增加量

△Ek==|x1x0.982J=0.48J

通过计算，数值上△£「>△心,这是因为重物下落过程中存在摩擦阻力做负功。

(2)根据

mgn.=­1mv~,>

可知

12,

2V=8卜

1,

则一声―力图线是过原点的直线，故选B。

2

[6

15.(1)4m/s2,2m/s2；(2)—m/s；(3)1.6m

3

【详解】

(1)滑块。在木板尸上表面运动时，对滑块。由牛顿第二定律得

%=耍=4后

m

对木板尸由牛顿第二定律得

“侬=2皿s2

PM

(2)对滑块和木板由动量守恒定律

mv^=mvQ+Mvp

由动能定理

—jLimgL=；771VQ+gMvp—；mv