2020-2021学年高二化学下学期期末测试卷（人教版2019选择性必修3）01（全解全析）

2020-2021学年下学期期末测试卷01

高二化学.全解全析

12345678910111213141516

DDBCCACBDCCDCCCD

1.D

【详解】

A.煤的干储是将煤隔绝空气加强热使之分解的过程，石油的裂解是将长链炫变为短链煌的过程，都是化学

变化，A正确；

B.蛋白质为天然高分子化合物，丝绸的主要成分为蛋白质，属于天然高分子化合物，B正确；

C.氮氧化物的大量排放造成光化学烟雾、硝酸型酸雨，C正确；

D.聚乙烯分子不易降解，用聚乙烯生产快餐盒会加重白色污染，D错误；

答案选D。

2.D

【分析】

根据有机大分子的性质进行判断，多糖能发生水解，蛋白质能发生是水解；酯是由酸和醇反生可逆反应的

产物，酯能发生水解。油脂呈液态的是油，呈固态的是脂肪；纤维素在一定条件下发生水解，水解产物可

以转化为乙醇；蛋白质可以发生变性；

【详解】

A.淀粉属于多糖，在酶催化下能水解生成葡萄糖，蛋白质可以水解生成氨基酸，油脂水解生成高级脂肪酸

和甘油；故A正确；

B.呈液态的油脂都称为油，如植物油，呈固态的称为脂肪如动物油，故B正确；

C.纤维素在一定条件下可以发生水解，水解产物葡萄糖和果糖在一定条件下会转化为酒精，故C正确；

D.鸡蛋清的主要成分是蛋白质，加入硝酸盐是重金属盐，重金属盐会使蛋白质变性，变性是不可逆过程，

故D不正确；

故选答案D。

【点睛】

根据物质的性质进行判断，注意蛋白质的变性和盐析的区别，变性是不可逆过程，蛋白质失去生理活性，

而盐析是可逆过程。

3.B

【详解】

A.羟基属于中性基团，氧原子与氢原子共用1对电子对，其电子式为：-6：H，A错误；

••

CH^C-CH=CH

B.2-乙基-1,3-丁二烯的结构简式为8Hl2，键线式中用短线“-”表示化学键，端点、交点

C»3

表示碳原子，C原子、H原子不需要标出，所以2-乙基T,3-丁二烯的键线式为)■、，B正确；

C.图为丙烷分子的球棍模型，不是空间填充模型，C错误；

D.用元素符号表示化合物分子中各元素的原子个数比的最简关系式，则乙二醇的实验式为：CH3O,D错

误；

故选B。

4.C

【详解】

A.mo和17。质子数相同，中子数不同，互为同位素，A不选；

B.Ch和。3由同种元素组成的不同单质，互为同素异形体，B不选；

C.NHKNO和CO(NH2)2分子式相同，结构不同，互为同分异构体，故C选；

D.CH3cH2cH2cH3和CH3cH3结构相似，分子组成上相差2个CH2,互为同系物，D不选；

故选：Co

5.C

【详解】

A.丙烷中2号碳是四面体结构，三个碳原子呈V形排布，故A错误；

B.CH2cb分子不对称，为空间四面体结构，故B错误；

C.碳碳双键以及与之直接相连的四个原子处于同一平面内，丙烯(CH2=CHCH3)分子中三个碳原子处在同

■-平面上，故C正确；

D.苯分子中碳原子之间形成6个完全相同的键长介于单、双键之间独特的键，故D错误；

故选C。

6.A

【详解】

A.苯酚在水中溶解度较低，但其具有弱酸性，能够与NaOH反应产生可溶性的苯酚钠和水，反应的离子方

程式为：+OH-——+H2O,A正确；

B.苯酚钠溶液中通入少量CO2,反应产生NaHCCh和苯酚，离子方程式应该为:

+HCO；,B错误;

c.氯乙烷中Cl元素以Cl原子形式存在，不是cr,因此不能使用AgN03溶液检验其中氯元素的存在，C

错误；

D.乙酸是弱酸，主要以电解质分子存在，不能写成离子形式，离子方程式应该为：

2cH3coOH+Cu(OH)2=Cu2++2CH3coO+2H2O,D错误；

故合理选项是A。

7.C

【详解】

A.蒸储时温度计测定微分的温度，冷水下进上出，图中温度计的水银球未在支管口处，冷水方向不合理，

故A错误；

B.乙烯被高锌酸钾氧化生成二氧化碳，不能除杂，应选溟水、洗气，故B错误；

C.分离有机层和水层用分液的方法分离，故C正确；

D.导管口在碳酸钠溶液的液面下，易发生倒吸，则导管口应在液面上，故D错误；

故选：Co

8.B

【分析】

核磁共振氢谱图可确定有机物分子中氢原子种类与不同化学环境的氢原子个数比，根据A的核磁共振氢谱

(左图)可看出，有A的分子中有2种不同不同化学环境的氢原子，且氢原子的个数比为1:2；红外光谱图

可确定分子中所含的化学键，根据A的红外光谱图可知，分子中含碳碳单键和氢氧键，据此结合有机物的

结构分析解答。

【详解】

A.由上述分析可知，该有机物分子中有两种不同化学环境的氢原子，A正确：

B.由红外光谱图可知，该有机物中含碳碳单键和氢氧键，但不符合碳四价键原则，所以不止2种化学键，

B错误；

C.若A的化学式为C2H则根据红外光谱和核磁共振氢谱可确定，该有机物为乙二醇，其结构简式为

HOCH2cH2OH,C正确；

D.核磁共振氢谱可确定氢原子种类，及其分子中不同化学环境的氢原子的个数比，D正确；

故选B。

9.D

【详解】

CH3-CH=CH-CH20H含有碳碳双键，能与浸水发生加成反应，能被酸性高镭酸钾溶液氧化，

CH3-CH=CH-CH20H含有羟基，能与钠反应，与羟基相连的碳原子上有氢，能与CuO反应，也能被酸性高

镒酸钾溶液氧化，所以①澳水②金属钠③灼热的CuO④酸性高镒酸钾溶液，在一定条件下，均能与该有机

物反应，故选D。

10.C

【详解】

在光照的条件下与氯气反应能生成三种不同的一氯取代物，那么就有3种化学环境不同的H,Imol该燃燃

V1792L

烧需氧气W2L（标准状况），其物质的量为『工=五由=8m°1,

A.该分子式是C6H”，耗氧量为：6+—=9.5mol,故A错误；

4

12

B.该分子式是C5H⑵耗氧量为：5+—=8moh分子式中含有4种化学环境不同的H,故C错误；

4

12

C.该分子式是C5H12,耗氧量为：5+—=8mol,分子式中含有3种化学环境不同的H,符合题意，故C

4

正确;

D.该分子式是C5H⑵耗氧量为：5+—=8mol分子式中含有1种化学环境不同的H,故D错误;

4

故选：Co

11.C

【详解】

分子式为C4H8。2且属于酯的有机化合物有甲酸正丙酯、甲酸异丙酯，乙酸乙酯、丙酸甲酯，共4种；

故答案为C。

12.D

【详解】

A.将固态的青蒿粉碎可以增大其比表面积，因此可以提高青蒿素的浸取率，A项正确；

B.操作I得到了固体残渣和提取液，因此为过滤，过滤时需要用到的玻璃仪器有漏斗、玻璃棒和烧杯，B

项正确；

C.根据题干可知乙醛的沸点较低，因此只需对提取液进行微热，即可分离乙醛和青蒿素，同时温度不至于

过高，不会破坏青蒿素，c项正确；

D.根据题干可知青蒿素几乎不溶于水，因此加水几乎无法溶解青蒿素，后续操作也无法顺利进行，D项错

误;

答案选D。

13.C

【详解】

A.由Z的结构简式可知C8H6。3,故A错误；

B.X中含有碳碳双键、醛键，无法发生消去反应，故B错误；

C.丫中碳碳双键上的碳原子都有且仅有1个H原子，另外的原子团不同，因此存在顺反异构，故C正确;

D.未告知丫的物质的量，因此无法确定与H2加成消耗H2的物质的量，故D错误；

综上所述，说法正确的是C项，故答案为C。

14.C

【详解】

加成前后碳架不变，该烷燃对应碳架有5个位置可以形成碳碳双键，故该烯煌有5种可能结构，如图所示:

CH2cH3

—1—CH,CH；、

CHjCH—fH—CH

I*

CH3CH,

CH2cH3CH2cH3

CH3cH.—C—CH、一I—CH,CH；、CH3cHC=CH—C—CH;CH5,

II*|*II

CH2CH3CHJCH3

CH：CH?

CH-CH—-CH—CH,—L—CH=CH,»故答案选C。

'，I*|*

CH3CH3

15.C

【详解】

CN

从红线位置断开r：I、得到两个链节原料，然后单键变双键，可得

-fCH2-CH=CH-CH2tCH2-CH^

①CH2=CH-CH=CH2、®CH2=CH-CN,故选：Co

16.D

【详解】

A.证明蔗糖为非还原性糖，即证明蔗糖不能发生银镜反应，应为④⑤的操作顺序，A不符合题意:

B.根据A选项可知应为④⑤的操作顺序，B不符合题意；

C.证明蔗糖的水解产物应先在酸性条件下水解，再加入NaOH中和H2s04至溶液呈碱性，再用银氨溶液检

验，故操作顺序应为①②④⑤，C不符合题意；

D.根据C选项可知操作顺序应为①②④⑤，D符合题意；

综上所述答案为De

17.(共10分，除标注外，每空I分)(1)甲苯(2分)9mol

(2)10(2分)

(3)13

(4)7.230.8

(5)1：2：2：3

【分析】

根据芳香煌A的质谱图可判断其相对分子质量等于92,A属于芳香烧，其分子式为C7H8,结构简式是

【详解】

(1)由上述分析可知，A为名称为甲苯；其完全燃烧的化学方程式为：

C7H8+902点燃,7CO2+4H2O,ImolA完全燃烧消耗氧气的物质的量为9mol；故答案为：甲苯；9mol；

(2)二氯代物甲基上一种，C^-CHCl2，甲基上一个苯环上一个存在邻间对同分异构体，4。^-不，1号

有一个氯原子，2、3、4位置有一个氯原子，共3种同分异构体，两个氯原子在苯环上的同分异构体：

3，^-国，一个氯原子在1或5号碳，另一个氯原子在2、3、4、5或1,存在4种同分异构体，第一个氯

原子在2号碳，另一个氯原子在3、4号碳，存在2种同分异构体，二氯甲苯共存在10种同分异构体；故

答案为：10;

(3)苯环上所有原子是共面的，甲烷中最多只有三个原子共面，单键可以旋转，所以分子中最多有13

个原子共平面，故答案为：13；

(4)由甲苯燃烧的化学方程式：C7HX+9O2点燃)7CO2+4H2O,9.2g甲苯的物质的量为O.lmoL完全燃烧

会生成0.7molC()2和OdmolHzO,通过浓硫酸时增重的是水的质量：0.4molx18g/mol=7.2g,通过碱石灰时

增重的是CO2的质量：0.7moix44g/mol=30.8g；故答案为:7.2；30.8；

(5)由甲苯的结构简式：分子中共含有4种等效氢，其个数之比为：1：2：2：3；故分子的核磁共振

氢谱峰面积之比为1：2：2：3。

18.(共5分，每空1分)(1)②(2)⑤(3)①(4)⑥(5)(4)

【分析】

①乙烯和丙烯，结构简式分别为CH2VH2、CH3cH=CH2,二者都属于单烯烧；结构相似、分子式差1个

CH2,则互为同系物；②35cl和370,质子数都为17、质量数分别为35、37的氯元素的两种核素，则互为

同位素；③淀粉［C6(H“Q5)n］和纤维素［C6(H1°0Jn］,n不同，分子式不同，不互为同分异构体；④C«)

和石墨，是碳元素形成的两种碳单质；则互为同素异形体，⑤异戊烷和新戊烷分子式都为C5H⑵但结构不

HBr

同；则互为同分异构体，⑥BL^—Br和Br4—H的分子式都为CH2Bn,都呈四面体结构；则为同一种物质,

HH

⑦£：一£=和一；口都属于醇类’但是官能团羟基的数目不一样’组成上差1个CH20'不属于同系

物、不互为同分异构体；

【详解】

(1)据分析，互为同位素的是②。

(2)据分析，互为同分异构体的是⑤。

(3)据分析，互为同系物的是①。

(4)据分析，为同一种物质的是⑥。

(5)据分析，互为同素异形体的是④。

19.(共9分，除标注外，每空1分)(1)C

(2)C

(3)①取代反应②CH4+CI2----幽——>CH3C1+HC1(2分)③量筒内液面上升黄绿色褪去

(1)甲烷的球棍模型是有球有棍的模型，C符合，所以答案选C。

(2)甲烷与丙烷结构相似，分子式相差2个CH2,互为同系物，答案选C。

(3)①甲烷与氯气光照发生取代反应，所以该反应的反应类型为取代反应。

②该反应的第一步为：CH4+CI2->CH3CI+HCI»

③该实验氯气被消耗，生成了难溶于水的有机物，气体总物质的量减少，所以实验现象为：量筒内液面上

升、黄绿色褪去、试管壁上出现油状液滴。

④该取代反应四种有机产物CH3CI、CH2ck、CHCI3、CCI4和无机物HC1均会产生，与反应物投料比

无关，所以答案为D。

Br

20.(共14分，每空2分)(1)澳化铁＞jxL+HBr

(2)溶解HBr,防止HBr及产物逸出

(3)分液漏斗

(4)易发生副反应生成乙酸、乙烯等

(5)①四氯化碳②生成淡黄色沉淀防止倒吸

【分析】

由实验装置可知，A中苯与滨发生取代反应生成澳苯，生成的HBr进入B中，B中乙醇、HBr在浓硫酸作

用下发生取代反应生成澳乙烷，C中冰水冷却，据此解答。

【详解】

(DA装置制备漠苯，其中发生的反应的化学方程式为+Bn汉化铁+HBr；

(2)澳化氢易挥发，C装置中U型管的内部用蒸储水封住管底的作用是溶解HBr,防止HBr及产物逸出；

(3)溪乙烷难溶于水，因此反应完毕后，分离出漠乙烷时所用最主要仪器名称是分液漏斗；

(4)由于浓硫酸和乙醇容易发生化学反应，因此步骤④不能用大火加热，否则乙醇在浓H2sCM存在条件下发

生副反应生成乙醛、乙烯等；

(5)为证明溟和苯的上述反应是取代而不是加成反应。该学生用装置(II)代替装置B、C直接与A相连接，重

新反应，锥形瓶里盛放的液体为AgNCh溶液。

①苯和澳都是易挥发的物质，生成物中有苯和澳蒸气，要除去，所以装置(II)的锥形瓶中小试管内盛有

CC14液体，其作用是吸收挥发出来的澳蒸气，便于检验HBr的存在；

②证明澳和苯的上述反应是取代反应而不是加成反应，即检验澳离子，即反应后，向锥形瓶中滴加AgNCh

溶液，生成AgBr沉淀，观察到现象为生成淡黄色沉淀，可说明苯与澳发生取代反应生成漠苯和HBr；由于

澳化氢等易溶于水，则装置(H)还可起到的作用是防止倒吸。

21.(共14分，除标注外，每空2分)(1)羟基(1分)酸键(1分)

KMnO,叫△

HOOC—OHaHOOC—y-OCH3

【分析】

对比A、D的结构简式，结合A-D转化过程中各步反应条件，可知A发生取代反应得到B为

仁＞-CH2cH20cH3.同时还生成HC1,B与浓硝酸发生对位硝化反应反应得到C,C的分子式为C9H11NO3,

经还原得到D,故C为O?NT^^-CH?CH9cH3，对比E、F的结构，可知E中羟基中H原子被取代生

成F。

【详解】

(1)由结构式可知，化合物E中含氧官能团名称为羟基、酸键，故答案为：羟基；醛键；

(2)E中羟基中H原子被取代生成F,故答案为：取代反应；

CH:CH:OCHj

(3)C的分子式为C9HUNO3,经还原得到D,故C为O^NT^X-CHKHWCHJ，故答案为：

NH.

O2N-^^—CH2CH2OCH3;