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文档简介
2022-2023学年山西省忻州市代县第三中学高三数学理联考试卷含解析一、选择题:本大题共10小题,每小题5分,共50分。在每小题给出的四个选项中,只有是一个符合题目要求的1.中国古代数学著作《孙子算经》中有这样一道算术题:“今有物不知其数,三三数之余二,五五数之余三,问物几何?”人们把此类题目称为“中国剩余定理”,若正整数n除以正整数m后的余数为r,则记为,例如.现将该问题设计一个程序框图,执行该程序框图,则输出的n等于(
)A.21
B.22
C.
23
D.24参考答案:C从21开始,输出的数是除以3余2,除以5余3,满足条件的是23,故选C.
2.在中,,,则的最小值是(
)
A、
B、
C、
D、参考答案:C略3.不等式的解集为___________;参考答案:由可得,即,所以,所以不等式的解集为。4.“k=﹣1”是“直线l:y=kx+2k﹣1在坐标轴上截距相等”的()条件.A.充分必要 B.充分不必要C.必要不充分 D.既不充分也不必要参考答案:B【考点】必要条件、充分条件与充要条件的判断.【分析】根据直线截距的定义结合充分条件和必要条件的定义进行判断即可.【解答】解:当k=﹣1时,直线l:y=kx+2k﹣1=﹣x﹣3,即,满足在坐标轴上截距相等,即充分性成立,当2k﹣1=0,即k=时,直线方程为y=,在坐标轴上截距都为0,满足相等,但k=﹣1不成立,即必要性不成立,故“k=﹣1”是“直线l:y=kx+2k﹣1在坐标轴上截距相等”的充分不必要条件,故选:B5.如图所示的程序框图,其输出的结果是
A.11
B.12
C.131
D.132参考答案:D略6.若曲线与曲线有三个不同的公共点,则实数的取值范围是()A. B.C. D.参考答案:D略7.在△ABC中,=(cos16°,sin16°),=(2sin29°,2cos29°),则△ABC面积为()A. B. C. D.参考答案:A【考点】向量在几何中的应用.【专题】向量法;平面向量及应用.【分析】根据向量,的坐标及两角和的正弦公式、向量夹角的余弦公式便可求出cos∠B,从而求出sin∠B,而△ABC的两边BA,BC的长度可以求出,从而根据三角形的面积公式便可求出△ABC的面积.【解答】解:cos∠B==;∴;∴=.故选A.【点评】考查向量夹角余弦的坐标公式,两角和的正弦公式,sin2α+cos2α=1,以及三角形的面积公式:S=.8.设集合A={1,2},则满足A∪B={1,2,3}的集合B的个数是()A.1 B.3 C.4 D.8参考答案:C【考点】并集及其运算.【分析】根据题意,分析可得,该问题可转化为求集合A={1,2}的子集个数问题,再由集合的元素数目与子集数目的关系可得答案.【解答】解:A={1,2},A∪B={1,2,3},则集合B中必含有元素3,即此题可转化为求集合A={1,2}的子集个数问题,所以满足题目条件的集合B共有22=4个.故选择答案C.9.已知定义在R上的函数满足,当时,,则(
)A.
B.
C.
D.参考答案:B即f(x)=f(x+2),
∴函数的周期为2
∵x∈[3,5]时,f(x)=2-|x-4|,
∴当3≤x<4时,f(x)=x-2,
当4≤x≤5时f(x)=6-x,
又f(x)=f(x+2),
∴f(x)是以2为周期的周期函数;
当x∈[1,3]时,函数同x∈[3,5]时相同,
同理可得,1≤x<2时f(x)=(x+2)-2=x,即f(x)在[1,2)上单调递增;
当2≤x≤3时f(x)=6-(x+2)=4-x,
所以,当0≤x≤1时f(x)=6-(x+2)=2-x,即f(x)在[0,1]上单调递减;
∵,f(x)=f(x+2),则,故B正确;
对于A,0<cos1<sin1<1,f(x)在[0,1]上单调递减,
∴f(cos1)>f(sin1),故A错误;
同理可得,,故C错误;
对于D,f(cos2)=f(2+cos2)=2+cos2,f(sin2)=2-sin2,
f(cos2)-f(sin2)=2+cos2-2+sin2=sin2+cos2>0,
故D错误.
故选:B.
10.已知函数与,则它们所有交点的横坐标之和为(
)A.0 B.2 C.4 D.8参考答案:C考点:1、函数的零点;2、函数的性质;3、函数图象.【易错点睛】本题主要考查函数的零点、函数的性质、函数图象,属难题.本题求两函数交点的横坐标之和关键是画出两个函数的图象,根据两个函数有相同的对称轴,利用对称性求得交点横坐标之和,本题中作函数的图象时注意函数的平移及对称性,否则容易出错,数形结合是本类题解题的关键,解题时应该注意函数的性质,比如周期性、对称性、单调性等.二、填空题:本大题共7小题,每小题4分,共28分11.一个四棱锥的三视图如图所示(单位:cm),这个四棱锥的体积为
cm3.参考答案:72【考点】棱柱、棱锥、棱台的体积;由三视图求面积、体积.【分析】由已知中的三视图可得:该几何体是一个以俯视图为底面的四棱锥,代入棱锥体积公式,可得答案.【解答】解:由已知中的三视图可得:该几何体是一个以俯视图为底面的四棱锥,其底面面积S=6×6=36cm2,高h=6cm,故棱锥的体积V==72cm3,故答案为:72【点评】本题考查的知识点是棱柱的体积和表面积,棱锥的体积和表面积,简单几何体的三视图,难度中档.12.函数f(x)=cos(3x+)在[0,π]的零点个数为________.参考答案:3由题可知,或解得,或故有3个零点。
13.若集合A具有以下性质:①;②若,则,且时,.则称集合A是“好集”.
(l)集合是好集;
(2)有理数集Q是“好集”;
(3)设集合A是“好集”,若,则:
(4)设集合A是“好集”,若,则必有;
(5)对任意的一个“好集A,若,且,则必有.则上述命
题正确的有___________.(填序号,多项选择)参考答案:14.已知函数,,给出下列结论:①函数的值域为;②函数在上是增函数;③对任意,方程在内恒有解;④若存在,使得,则实数的取值范围是.其中所有正确的结论的序号是
参考答案:略15.16.对于不等式组的解(x,y),当且仅当时,z=x+ay取得最大值,则实数a的取值范围是
_.参考答案:16.不等式的解集是_______________.参考答案:
17.已知命题p:“对?x∈R,?m∈R使4x-2x+1+m=0”,若命题p是假命题,则实数m的取值范围是__________.参考答案:(-∞,1]略三、解答题:本大题共5小题,共72分。解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤18.如图,在平面四边形ABCD中,已知∠A=,∠B=,AB=6,在AB边上取点E,使得BE=1,连接EC,ED.若∠CED=,EC=.(Ⅰ)求sin∠BCE的值;(Ⅱ)求CD的长.参考答案:【考点】HT:三角形中的几何计算.【分析】(Ⅰ)在△CBE中,正弦定理求出sin∠BCE;(Ⅱ)在△CBE中,由余弦定理得CE2=BE2+CB2﹣2BE?CBcos120°,得CB.由余弦定理得CB2=BE2+CE2﹣2BE?CEcos∠BEC?cos∠BEC?sin∠BEC、cos∠AED在直角△ADE中,求得DE=2,在△CED中,由余弦定理得CD2=CE2+DE2﹣2CE?DEcos120°即可【解答】解:(Ⅰ)在△CBE中,由正弦定理得,sin∠BCE=,(Ⅱ)在△CBE中,由余弦定理得CE2=BE2+CB2﹣2BE?CBcos120°,即7=1+CB2+CB,解得CB=2.由余弦定理得CB2=BE2+CE2﹣2BE?CEcos∠BEC?cos∠BEC=.?sin∠BEC=,sin∠AED=sin=,?cos∠AED=,在直角△ADE中,AE=5,═cos∠AED=,?DE=2,在△CED中,由余弦定理得CD2=CE2+DE2﹣2CE?DEcos120°=49∴CD=7.19.(本小题满分10分)已知函数.⑴求的值;⑵若,求的值.参考答案:解:⑴⑵因为,所以,所以,所以
略20.(本题满分12分)如图,三棱锥中,底面,,,为的中点,为的中点,点在上,且.(1)求证:平面;(2)求证:平面;(3)求三棱锥的体积.参考答案:(1)证明:∵底面,且底面,∴
由,可得
又,∴平面
注意到平面,∴
,为中点,∴
,∴平面 (2)取的中点,的中点,连接,
∵为中点,,∴.
∵平面平面,∴平面.
同理可证:平面.又,∴平面平面.
…………9分
∵平面,∴平面.
…………10分(3)由(1)可知平面又由已知可得.
∴所以三棱锥的体积为.21.在△ABC中,角A,B,C的对边分别为a,b,c,已知,.(1)求△ABC外接圆的面积;(2)求边c的最大值.参考答案:(1)(2)【分析】(1)由题意,利用正弦定理可得,解得,即可求解外接圆的面积;(2)由及余弦定理,整理得,利用基本不等式求得,进而得到,再由正弦定理,即可求解边长的最大值.【详解】(1)设△ABC外接圆的半径为R,由,利用正弦定理可得,解得,外接圆的面积为;(2)由及余弦定理,得,整理得,即,则,当且仅当时取等号,由正弦定理得,所以边长的最大值为.【点睛】本题主要考查了正弦定理和余弦定理求解三角形问题,对于解三角形问题,通常利用正弦定理进行“边转角”寻求角的关系,利用“角转边”寻求边的关系,利用余弦定理借助三边关系求角,利用两角和差公式及二倍角公式求三角函数值.利用正、余弦定理解三角形问题是高考高频考点
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