黑龙江省伊春市宜春中源中学2022-2023学年高二物理模拟试题含解析

黑龙江省伊春市宜春中源中学2022-2023学年高二物理模拟试题含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1.（多选题）一个质量为M的长木板静止在光滑水平面上，一颗质量为m的子弹，以水平速度v0射入木块并留在木块中，在此过程中，子弹射入木块的深度为d，木块运动的距离为s，木块对子弹的平均阻力为f，则对于子弹和长木板组成的系统，下列说法正确的是（）A．子弹射入木块过程中系统的机械能守恒B．系统的动量守恒，而机械能不守恒C．子弹减少的动能等于fsD．系统损失的机械能等于fd参考答案：CD【考点】动量守恒定律；机械能守恒定律．【分析】根据动量守恒定律的条件和机械能守恒的条件判断出是否守恒；分别对子弹和木块运用动能定理，列出动能定理的表达式．摩擦力与相对位移的乘积等于系统能量的损失．【解答】解：A、子弹射入木块的过程中，木块对子弹的平均阻力对系统做功，所以系统的机械能不守恒．故A错误；B、系统处于光滑的水平面上，水平方向不受其他的外力，所以动量守恒；由A的分析可得机械能不守恒．故B正确；C、子弹减少的动能等于阻力与子弹位移的乘积，即：△EK=W=f（s+d），故C错误；D、系统损失的机械能等于阻力与两个物体相对位移的乘积，即：△E=fd．故D正确．故选：BD．2.（多选题）某学生在研究串联电路电压特点时，接成如图所示电路，接通K后，他将高内阻的电压表并联在A、C两点间时，电压表读数为U；当并联在A、B两点间时，电压表读数也为U；当并联在B、C两点间时，电压表读数为零，则出现此种情况的原因可能是（）（R1、R2阻值相差不大）A．AB段断路 B．BC段断路 C．AB段短路 D．BC段短路参考答案：AD【考点】伏安法测电阻．【分析】常见的电路故障有断路与短路两种；用电压表检查电路故障时，电压表有示数，说明电压表与电源两极相连，电压表并联电路之外电路不存在断路，与电压表并联的电路可能出现断路；电压表示数为零，则电压表并联电路之外电路存在断路或与电压表并联的电路存在短路．根据电路故障现象分析答题．【解答】解：A、如果AB段断路，电压表接在AC两点时电压表有示数，电压表接在BC两点时，电压表没有示数，符合题意，故A正确；B、如果BC段断路，电压表接在B、C两点间时，电压表应有示数，与题意不符，故B错误；C、若AB短路，电压表并联在A、B两点间时，电压表读数应为零，与题设条件不符．故C错误．D、如果BC段短路，电压表接在AC两点时电压表有示数，电压表接在BC两点时电压表没有示数，符合题意，故D正确；故选：AD．3.如图所示，汽车以某一速率通过半圆形拱桥顶点，下列关于汽车在该处受力的说法中正确的是：A．汽车受重力、支持力、向心力B．汽车受重力、支持力、牵引力、摩擦力、向心力C．汽车的向心力就是重力D．汽车受的重力和支持力的合力充当向心力参考答案：D4.（多选题）在光滑水平面上A、B两球沿同一直线向右运动，A追上B发生碰撞，碰前两球动量分别为PA=12kg?m/s、PB=13kg?m/s，则碰撞过程中两物体的动量变化可能的是（）A．△PA=﹣3kg?m/s，△PB=3kg?m/sB．△PA=4kg?m/s，△PB=﹣4kg?m/sC．△PA=﹣5kg?m/s，△PB=5kg?m/sD．△PA=﹣24kg?m/s，△PB=24kg?m/s参考答案：AC【考点】动量守恒定律．【分析】当A球追上B球时发生碰撞的过程，遵守动量守恒．由动量守恒定律和碰撞过程总动能不增加，进行判断．【解答】解：A、果△PA=﹣3kg?m/s，△PB=3kg?m/s，遵守动量守恒定律．碰后两球的动量分别为P′A=PA+△PA=12kg?m/s﹣3kg?m/s=9kg?m/s、P′B=PB+△PB=13kg?m/s+3kg?m/s=16kg?m/s，可知，碰撞后A的动能减小，B的动能增大，不违反能量守恒定律，是可能的．故A正确．B、如果△PA=4kg?m/s，△PB=﹣4kg?m/s，遵守动量守恒定律．A球的动能增加，B球的动能减小，不符合实际的运动情况，不可能，故B错误．C、如果△PA=﹣5kg?m/s，△PB=5kg?m/s，遵守动量守恒定律．碰后两球的动量分别为P′A=PA+△PA=12kg?m/s﹣5kg?m/s=8kg?m/s、P′B=PB+△PB=13kg?m/s+5kg?m/s=18kg?m/s，可知，碰撞后A的动能减小，B的动能增大，不违反能量守恒定律，是可能的．故C正确．D、如果△PA=﹣24kg?m/s，△PB=24kg?m/s，遵守动量守恒定律．碰后两球的动量分别为P′A=PA+△PA=12kg?m/s﹣24kg?m/s=﹣12kg?m/s、P′B=PB+△PB=13kg?m/s+24kg?m/s=37kg?m/s，可知，碰撞后A的动能不变，B的动能增大，违反了能量守恒定律，是不可能的．故D错误故选：AC5.载流子浓度(单位体积内自由电荷的个数)是半导体材料的重要参数，工艺上通过控制三价或者五价掺杂原子的浓度，来控制P型或者N型半导体的载流子浓度。利用霍尔效应可以测量载流子的浓度或者类型。如图所示一块半导体材料样品，高为d宽为b,均匀磁场垂直于样品表面，磁感应强度为B,样品中通过的电流为I，现在测得霍尔电压为，每个自由电荷所带电荷大小为e，下列说法中正确的是A．若测得前后表面的电压大于零,载流子带正电；B．若测得前后表面的电压大于零,载流子带负电；C．载流子浓度为；D．载流子浓度为。参考答案：AC二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6.将电量为6×10﹣6C的负电荷从电场中A点移到B点，克服电场力做了3×10﹣5J的功，则该电荷在此过程中电势能

了

J；再将该电荷从B点移到C点，电场力做了1.2×10﹣5J的功，则A、C间的电势差UAC=

．参考答案：增加；3×10﹣5；3V【考点】电势能；电势差．【分析】电荷在电场力作用下做功，导致电势能变化．所以由做功与电量可求出两点的电势差，同时根据电场力做功的正负可确定电势能增加与减少．【解答】解：负电荷在电场力作用下发生位移，导致电场力做负功，则电荷的电势能增加．做多少功，电势能就增加多少．因此，电荷在此过程中电势能增加，且增加了3×10﹣5J．电荷从B点移到C点，电场力做了1.2×10﹣5J的功，则由：W=qU

得UBC===﹣2v而负电荷从电场中A点移到B点，两点的电势差UAB===5V所以A、C间的电势差UAC=UAB+UBC=5V﹣2V=3V故答案为：增加；3×10﹣5；3V7.一台电动机，额定电压是220V，电阻是0.8Ω，在正常工作时通过的电流是50A，则每秒钟电流做的功是

J，每秒钟产生的热量

J，每秒内转化为机械能是

J。参考答案：11kw

2kw

9kw8.如图所示，用外力将单匝矩形线框从匀强磁场的边缘匀速拉出．设线框的面积为S，磁感强度为B，线框电阻为R，那么在拉出过程中，通过导线截面的电量是______．若加速拉出，则通过导线截面的电量比匀速拉出

（填“大”“小”或“相等”）参考答案：9.导线中的电流为1.6A，在1s内通过该导线某一横截面的电子有_____个。参考答案：101910.如图所示，水平放置的两个带有等量异种电荷的平行金属板中间有一个质量为m、带正电的小球q刚好能处于静止状态，则两带电金属板间的电场强度大小为_________，方向是_________。参考答案：mg/g

竖直向上11.有一个可拆变压器，铁芯右边绕有一个线圈，线圈两端与滑动变阻器、电池组连成回路．铁芯的横截面积为0.01m2，且假设磁场全部集中在铁芯中．在左边的铁芯上套有一个环面积为0.02m2的金属环，金属环与铁芯截面垂直．调节滑动变阻器的滑动头向上滑动，使铁芯中的磁感应强度每秒均匀增加0.2T，则：（1）从上向下看金属环中感应电流方向是逆时针（填“顺时针”或“逆时针”）；（2）左边金属环的电阻为0.01Ω，金属环内的电流大小为0.2A．参考答案：解：（1）根据右手螺旋定则知，螺线管中的磁场方向竖直向上，所以通过金属环的磁场方向竖直向下，当磁场均匀增大时，根据楞次定律知，感应电流的方向是逆时针方向．（2）根据法拉第电磁感应定律得金属环内感应电动势为：根据闭合电路欧姆定律得：金属环内的电流大小为：故答案为：（1）逆时针方向

（2）0.2．12.（2分）一定质量的理想气体发生了状态变化，在这个过程中外界对它做了450J的功，它放出了100J的热量，则气体内能的增量是

。参考答案：

350J13.磁铁的磁场和电流的磁场有相同的来源，都是由

产生的，磁现象电本质就是所有磁现象归结为

之间通过

发生相互作用。参考答案：电流；电流；磁场三、实验题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14.如图所示，某种折射率较大的透光物质制成直角三棱镜ABC，在垂直于AC面的直线MN上插两枚大头针P1、P2，在在BC面的右侧无论怎样都看不到大头针P1、P2的像，而在AB面的左侧通过棱镜可以观察大头针P1、P2的像，调整视线方向，直到P1的像被P2的像挡住，再在观察的这一侧先后插上两枚大头针P3、P4（图中未画出），使P3挡住P1、P2的像，P4挡住P3和P1、P2的像，记下P3、P4和三棱镜的位置，移去大头针和三棱镜，过P3、P4作直线与AB面交于D，量出该直线与AB面的夹角为450，则透光物质的折射率n=________．参考答案：在AB面的左侧透过棱镜观察大头针P1、P2的像，调整视线方向，直到P1的像被P2的像挡住，再在观察的这一侧先后插上两枚大头针P3、P4，使P3挡住P1、P2，P4挡住P1、P2以及P3的像．则知P1、P2在入射光线上，P3、P4在出射光线，连接P1、P2作为入射光线，连接P3、P4，作为出射光线，再作出折射光线，画出光路图如图。由几何知识得到：在AB面上入射角i=30°，又折射角r=45°，则折射率。【考点】测定玻璃的折射率15.用螺旋测微器(千分尺)测小球直径时，示数如图甲所示，这时读出的数值是___________mm；用游标卡尺测量一支铅笔的长度，测量结果如图乙所示，由此可知铅笔的长度是_

_cm。参考答案：13.540；11.150（11.155）四、计算题：本题共3小题，共计47分16.（10分）固定不动的正点电荷A，带电量为Q＝1.0×10－6C，点电荷B从距A无穷远的电势为零处移到距A为2cm、电势为3000V的P点，电场力做负功为1.8×10－3J．若把B电荷从P点由静止释放，释放瞬间加速度大小为9×109m／s2，求B电荷能达到的最大速度．（静电力常量k=9.0×109N·m/C2

=1.55）参考答案：由

得，

①

由动能定理，

②

将①②式联立解得m/s17.质量为0.1kg的弹性球从空中某高度由静止开始下落，该下落过程对应的v－t图象如图所示．球与水平地面相碰后离开地面时的速度大小为碰撞前的.设球受到的空气阻力大小恒为f，取g＝10m/s2，求：(1)弹性球受到的空气阻力f的大小；(2)弹性球第一次碰撞后反弹的高度h.参考答案：(1)设弹性球第一次下落过程中的加速度大小为a1，由图知a1＝＝m/s2＝8m/s2--------（2分）根据牛顿第二定律，得

mg－f＝ma1

--------（2分）

故

f＝m(g－a1)＝0.2N--------（1分）(2)由图知弹性球第一次到达地面时的速度大小为v1＝4m/s，设球第一次离开地面时的速度大小为v2，则

v2＝v1＝3m/s--------（1分）第一次离开地面后，设上升过程中球的加速度大小为a2，则