全国2022年高二下册物理课时练习带参考答案与解析

全国2022年高二下册物理课时练习带参考答案与解析选择题应电动势大小的规律、安培定则（磁场对电流作用的规律）都是一些的电器是电动机，下列选项确（）A.发电机能发电的主要原理是库仑定律；变压器能变压的主要原理是欧姆定律电动机通电后动起来的主要是法拉第电磁感应定律B.发电机能发电的主要原理是安培定律；变压器能变压的主要原理是欧姆电动机通电后能转动起来的原理是库仑定律.发电机能发电的主要原理是欧姆定律；变压器能变压的主要原理是库仑定律电动机通电后动起来的主要是法拉第电磁感应定律.发电机能发电的主要原理是法拉第电磁感应定律；变压器能变压的主要原拉第电磁感应定律电动机通电后能转来的主要原安培定律1【答案D机是利用通电导体在磁场中受力理制成的电磁铁电铃都是利用电流的磁效应的原理制成的；故D正确，ABC错误；故选D．选择题的匝为n1和2常为U1和U1和I2P1和P2，已知n1>n2则( )A.U1>2，P12.2，I1>I2【答案】B【解析】根据理想变压线圈匝数比与电压电流比之间的关系即可求解，理想变输入功率与输出功率相等。理想变，根据能量守恒，有：P1=2根据变压比公式，有：根据变流比公式，有：由于n1>n2，所以有IU2故B正确。选择题线2圈的匝数比为3∶1，接在副线圈上的三只灯泡正常发光，则对于串联在原上的灯泡L( )A.比正常发光时的亮度更亮B.也能正常发光.比正常发光时的亮度更暗.无法判断其亮度情况【答案】B【解析】灯泡L泡L看泡L的电流如何。设每只灯的额定电流为I0正常发光，所以副线圈中的电流I23I0，由得原线圈的电流恰为灯泡L的额定电流，因此灯泡L也正常发光。故B正确。选择题为了解决农村电价居高不下的问题有效地减轻农民负担在我国广大农村普遍实施了“农网改造”工程，工程包括两项主要内容：3(1更新变电设备提高输电电压(2更新电缆小输电阻若某输电线路改造后输电电压变为原来的2倍，线路电阻变为原来的0.8倍，在输送的总功率不变的条件下，线路损耗功率将变为原来的( )A.0.4倍B.0.32倍C.0.2倍..6倍【答案】C【解析】电能的耗损主要指的是电流的热效应而产生的，输电功率不变，输电线阻不变要减小输电线路上的电能损失必须通过增大电压的办法来减小电流，从而减少电能的耗损。传输功率不变，改造前，输电输电流为：电功率损耗为：改造后输电变为原来的2倍，电阻变为原的0.8，：联立以式解得：△P′=0.2△P故C正确。选择题4用220V的正弦交流电通过理器对一负载供电，变压器输出电压是110V，通过负载的电流图像如图所示，则A.变压器输入功率约为3.9WB.输出电压的值是110VC.变压器原、副线圈匝数比是：2.负载电流的函数表达式i=0.05sin(00πt+)A【答案】A【解析】试题负载的功率 功，A正确；输出电压的最大值 ，B错误；变压器比的函数表达式

C流，D错误；故选A。选择题如图甲乙是配电房中的互感器和电线图下列说法中正确的是( )A.线圈匝数n1＜n，n3＜n45B.线圈匝数n1＞n2，n3＞n4.甲图中的电表是电压表，输出端不可以短路.乙图中的电表是电流表，输出端不可以断路【答案】CD【解析】理想变压器的工作原理是原线圈输入变化的电流时导致副线圈的磁通生变化从而导致副线圈中产生感应电动势而副线圈中的感应的变化又导致在原线圈中产生感应电动势串联在电路中的是电流互感器，并联在电路中的是电压互感器。甲并联在电路中是电压互感器电路中是电压通过变压器变成弱电压，用电压表测量，因为电压之比等于线圈匝数比，所以n1＞n2，通过变压器变成弱电流用电流表测量因为电流之比等于线圈的倒数比，所以n3n4，故CD正确，AB。题如图所示，有一矩形线圈的面积为，匝数为N绕′轴在磁感应强度为B的匀强磁场中以角度ω匀速转滑动触头P上下改，副值电阻R计时，下列判断正确的是( )6A.电流表测得的是电流最大值B.感应电动势的瞬时值表达式为eNBS·nωtC.P向上移动时，电流表示数变大.P向上移动时，电流表示数变小【答案】BD【解析】A、电流表测得的是电流有效值，选项A错误；B、从图示位置开始计时，感应电动势的瞬时值为e＝NBSωsiωt，选项B正确CDP向上移动R压式 ，可得输出电压降低，故电流表示数变小，选项C错误，D正确．故选BD。题一个自耦变压芯上只绕一个线圈如图所示把整个线圈作为副线圈取线圈的一部分作为原线圈在自耦变压器的原线圈和副线圈中各接一个电阻R1R2R1R2，输入交变电流的电压U不变，已知该变压器为理想变压器．下列说法正确的是( )A.R2和R1两电压之比等、副线圈的匝数之比7B.原线圈匝数越多，R1两端电越大.副线圈输出电压随原线圈匝数呈线性变化.当原线圈匝数等于副线圈匝数时，R2两端电压最大，最大值为【答案】AD【解析】设R1和R2的阻值为R，原线圈输入电压为U1，原线圈中电流为I1，副线圈电压为U2，副线圈中电流为I2，原线圈匝数为n，副线圈匝数为n则A： ， 故A正确；B、C项：原线圈输入电压U1＝U－UR1＝U－U2，由 得：整理得：由以上两式可知，、C错误；D项： 当n＝N时U2有最大值最大值为，故D正确。选择题如图一理想变压器原副线圈的匝数分别为nn2原线圈通过一理想电流表A接正流电源一个二极管和阻值为R的负载电阻8串联后接到副线圈的两端设该二极管的电阻为零反向电阻为无穷大。用交流电压表测得a、b端和、d端的电压分别为Uab和Ucd，则A.Uab:Ucd=n1:n2B.增大负载电阻值R，电流表的读数变小.负载电阻的阻值越小，cd间的电压Ucd越大.将二极管短路，电流表的读数加倍【答案】BD【解析】假设副线圈两端电压的有效值为U2，根据理想变压器的电压与匝数成正比，即有：Uab：U2=n1：n2；而因二极管的单向导电性，cd间电压的有效值并不等于副线圈两端的电压有效值，所以Uab：Ucd不等于n1：n2，故A错误；副线圈两段的电压依赖于减副线圈的功率减小最后使得输入功率减小而输电压不变，最后使得电流所以电流表的示数减小，故B；cd间的电压由原线圈的输入电压以及原副线圈的匝数比有关与负载电阻无关，所以cd压Ucd不会随着负载电阻变化，故C错误；假设副线圈两端交变电压的峰值为Um副线圈回路电流峰值为I则9值 由 算阻R的电能得： ，求得 ．副线圈回路电流的有效值 由W=I2Rt阻R电能得： ，求得 ．则二极管短路后有d两端电压等于副线圈两端电压即 ，流经定值电阻R的电流 则P′cd=U′cdI′cd= 所以P′d=Pcd．由于理想变压器原线圈上的功率与副线圈的相等，而原线圈上的电压有效值不变所以二极管后的电流表是二极管短路前的2倍．故D正确．故选B．解答题如图所示，变压器原线圈输入电压为220V，副线圈输出电压为36V，两只灯泡的额定电压均为36V，L1额定功率为12W，L2额定功率为6W．试求：(1该变压器的原、副线圈的匝数比；(2两灯均正常工作时原线圈中的电流以及只有L1工作时原线圈中的电流．【答案】(1)55∶9 (2).082A 0.055A【解析】0(1由变压比公式得：；)两灯均正常工作时，由能量守恒得1＋P2＝U1I1，只有L1灯工作时，由能量守恒P1＝U1I′1，解得I′1=。解答题一台交流发电机的额定输出功率P＝4.0×103kW以400V电压将其接在升压变压器上向远方．若输电导线的总电阻为10功的10%，问：(1升压变压器的变压比应为多大？(2为了使远方用电器能得到220V的工作电压降压变压器的变压比应为多大？【答案】(1)1∶50 (2)00∶11【解析】(1由P损＝P×10%＝Ir，得I＝200A由P＝U1I1得I1＝1×104A所以 ；1(2由 得所以U3＝U2－I2r1.8×104V又U4＝220V，所以。解答题利用太阳能电池这个能量转换器件将辐射能转变为电能的系统称为光电系统光伏发电系统的直流供电方式有其局限性大多数光伏发电系统均采用交流供电方式．有一台内阻为1Ω的太阳能发电机，供学校照明用电，如图10所示，升压变压器的匝数比为1∶降压变压器的匝数比为1输电线的总电阻R＝4Ω，全校共22“220V 40W”灯6盏部都正常发光，求：(1发电机的输出功率为多大？(2发电机的电动势为多大？(3输电效率为多少？(4若使灯数减半并常发光，发电机的输出功率又为多大？【答案】(1)524W ()250V (3)97%(4)2676W【解析】2(1)