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文档简介
河南省顶级名校2023届高三上学期第一次月考试卷
数学(答案在最后)
ー、选择题(本题共12小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项
中,只有一项是符合题目要求.)
1.已知复数Z满足l+zi=z-i,则2=()
A.iB.-iC.1D.-1
【答案】A
【解析】
【分析】由题设l+i=(l—i)z,利用复数的除法求z.
【详解】由题设,l+i=(l-i)z,则2=とユ=竺じ=i.
1-i2
故选:A
2.已知集合用={ク川关于ス的方程レー〃ぽ+2加=0无实数根},N={〃|方程
丄+ユー=1表示椭圆},则Mp|N=()
〃ー210-n
A.(2,8)B.{点(w)|0v机<8,2<〃vl0}
C.(2,6)u(6,10)D.(2,6)u(6,8)
【答案】D
【解析】
【分析】利用/<0求集合A,根据曲线表示椭圆求集合8,再应用集合的交运算求
McN.
【详解】由X?—g+2机=0无实根,则△=[ガ—8,〃<0,即()<m<8,
n-2>0
由-L+_Z_=i表示椭圆,则0ー〃>0,可得2<〃<6或6<〃<10,
n-2\0-n0[ハ
〃ー2w10ー〃
所以{优|0<〃z<8},N={〃|2<〃v6或6<れ<10}.
故MC|N=(2,6)D(6,8).
故选:D
3.已知边长为2的等边△48co为其中心,对①|A5+8C+CA[=6;②
A月・スで=2;③|砺+砺+西=0;④3前j-。わ=2这四个等式,正确的个数是
A.1B.2C.3D.4
【答案】C
【解析】
【分析】对于①:根据向量线性运算整理可得通+册+刀=0,理解判断:对于②、
④:根据向量数量积的定义。♦わ=|WWcos6,代入运算判断,注意对向量夹角的理解;
对于③:根据G为三角形的重心0る+G豆+6で=6,理解判断.
【详解】对于①:AB+BC+CA=AC+CA=Q>则|而+及+セス=0,...①错误;
uunumnuinuuuii
对于②:AB-AC=ABACcosA=2x2x—=2f.,•②正确;
2
对于③:根据题意可知。为等边△A5C的重心,,。4+0月+クで=0
则|函+砺+ので1=0,.•.③正确;
对于④:3AO-OB=3^AO^OB\COS(TI-ZAOB)=3x^-x^-x^=2,.•.④正确;
故选;C.
4.如图是某市连续16日的空气质量指数趋势统计图,空气质量指数(AQI)小于100表示
空气质量优良,空气质量指数大于200表示空气重度污染,则下列说法不正确的是
()
空气质加指数(AQI)
012345678910111213141516日期
A.这16日空气重度污染的频率为0.5
B・该市出现过连续4天空气重度污染
C.这16日的空气质量指数的中位数为203
D.这16日的空气质量指数的平均值大于200
【答案】D
【解析】
【分析】通过计算可以判断选项ABC正确,选项D不正确.
【详解】解:这16日空气重度污染的频率为ー=0.5,故A中说法正确;
16
12日,13日,14日,15日连续4天空气重度污染,故B中说法正确:
中位数为丄x(192+214)=203,故C中说法正确;
2
x=200+—x[14+75+43+M3)+(-120)+(-48)+60+(-117)+M0)+(-21)
16
+(-62)+14+21+63+23+(-8)]=200-------v200.故D中说法不正确.
16
故选:D
5.执行如图所示的程序框图,如果输出s=3,那么判断框内应填入的条件是()
/输出ッ
[贏)
A.k<6?B.k<7?C.k<8?D.
k<9?
【答案】B
【解析】
【分析】根据框图,进行循环计算,当s=3时,即可退出,进而求得判断框内应填入的条件.
【详解】当た=2,S=l/og2(3)=log2(3)
当ス=3,S=log2⑶.log3(4)
当&=4,S=log?(3)•log?⑷log’(5)
当イ=5,S=log?(3)•log?(4)log4(5)log5(6)
当&=6,S=log?(3)•logs(4)log,(5)log,(6)log6(7)
当た=7,S=log?(3)•log:(4)log式5)幅(6)log6(7)log7(8)=log2(8)=3
故可知判断框内应填入的条件是:んW7?
故选:B.
【点睛】本题考查了根据输出结果求判断框应填入的条件,解题关键是掌握根据框图计算的
方法和对数运算法则,考查了计算能力和分析能力,属于基础题.
yK
C.-1/\1.D.ヽ/»
71vi\r
【答案】B
【解析】
【分析】由条件可得y=チ,显然定义域为R,且过点(0,1),当x〉〇时.,y=ラ是减函
数,即可选出答案
【详解】若变量須y满足卜|一,〃丄=o,则ド=ーソ,显然定义域为R,且过点((),リ,故排
ye
除。,D
再根据当x>0时,y是减函数,排除A
e1
故选8
【点睛】本题主要考查的是指数式与对数式的互化,指数函数的图象和性质的综合运用,
以及函数的定义域,值域,单调性,函数恒过定点问题,属于基础题.
7.已知矩形ABC。中,A6=4,A。=3.如果向该矩形内随机投一点P,那么使得
AABP与AADP的面积都不小于2的概率为
1144
A.-B.-C.-D.一
4379
【答案】D
【解析】
由题意知本题是一个几何概型的概率,
以AB为底边,要使面积不小于2,
由于S.ABP=~ABxh=2h,
则三角形的高要/?》1,同样,点到的距离要不小于],满足条件的P的区域如图,
其表示的区域为图中阴影部分,它的面积是(4-g](3-1)=?,
16
.•・使得△48尸与dOP的面积都不小于2的概率为:ラ4.
4x3-5
故选D.
8.已知正方体ABCカーんBiGOi中,点E是线段んり靠近点。i的三等分点,点ド,6分
别为GA,SC的中点.下列说法中正确的是()
A.A,C,E,ド四点共面
B.AA与Bの所成夹角为60°
C.BG〃平面ACG
D.三棱锥D—ACDX与三棱锥B—ACDi体积相等
【答案】D
【解析】
【分析】根据两平行线确定一个平面,以及两平面相交时交线唯一即可判断A,根据向量
垂直可得直线垂直,进而判断B,根据线面平行得矛盾可判断C,根据等体积法即可判断D.
建立如图所示的空间直角坐标系;设正方体的棱长为3,则
E(l,0,3),A(3,0,0),F:|,|,3,C(0,3,0),〃(〇,0,3)由(3,3,3),D(0,0,0)
必=(-3,0,3),亜=(-3,-3,-3),
取んり的中点为M,则MF//AG,又AG//AC,因此ル仆"//AC,故A,C,尸,〃四点
共面,又平面假如直线AEu平面ACE0,则这与平面AA与平面
ACFM的交线是40矛盾,故んC,旦ド四点不共面,A错误;
_____________«,UULIUUU
故的-4。=9+0-9=0,所以AR丄/ハ,进而Aル与耳。垂直,故B错误;
因为BC7/A。,AOu平面AC。,8C・平面AC?,所以8C7/平面AC",若6G//平
面ACR,则平面8GC"/平面AC?,显然矛盾,故C错误:
勿ー4CD)=%-ACD,シACR=匕"AC8,由于△AC。三△ABC,故底面和高均相等,因此体积相
等,D正确.
故选:D
9.有一个圆台型的密闭盒子(表面不计厚薄),其母线与下底面成60。角,且母线长恰好等
于上下底半径之和,在圆台内放置ー个球,当球体积最大时,设球的表面积为$,圆台的
侧面积为$2,则()
A.S,>S2B.<S2C.5,=5,D.无法确
定5与邑的大小
【答案】B
【解析】
【分析】根据母线与下底面成60角,且母线长恰好等于上下底半径之和,得到わ=3。,
通过计算得到圆台正好有一个与其上下底面及侧面都相切的内切球,此球体积最大且半径
是けa,计算出ふ与其,比较出大小.
【详解】如图所示,过点D作DE丄AB于点E,设圆台上下底半径分别为《わ,由其母
线与下底面成60°角,且母线长恰好等于上下底半径之和,
则AE=CD=a,BE=/?—a,£)8=a+Z?,且a+/?=2(b—a),解得:b=3a,
故AC==也BE=あ[b-a)=2あa,
取AC中点〇,过点〇作OH丄BD于点H,连接OB,OD,
则由勾股定理得:OD=イろ。2+cr)2=2a,BO=y/o^+AB2=2Gz,
又BD?=0。2+0庁,由勾股定理逆定理可得:OB10D,
所以OHJBOD=2ax2®i=あa,
BD4a
故满足条件的圆台正好有一个与其上下底面及侧面都相切的内切球,
此球体积最大且半径是あa,表面积5.=12兀イ,
圆台上下底的半径分别为a、3a,母线长为4a,
侧面积S2=兀(。+3。),4。=1671tt2,
则SC.
10.奇函数/(x)=cos®x+の3>0,0w(O,兀))在区间一う,ピ上恰有一个最大值和
ー个最小值,则0的取值范围是()
「9
A.[2,6)B.2,1
'3い「3.
C.一,—D.一,6
し22丿12
【答案】B
【解析】
TT/、兀兀
【分析】根据函数奇偶性求出タ=一,从而/(x)=—sinの%,根据xe得到
2一34一
SXG..-,列出不等式组,求出の的取值范围.
【详解】因为〃x)=cos(のx+の3>0,。€(0,兀))为奇函数,
所以タ=—,即/(x)=-sinのス,当ス£时,贝リSX€—,マー
3兀の兀兀
—く——
23~2
71(071,3兀
所以く—<——<—
242
の>0
9
解得:のG2,-
故选:B
11.已知ん8是抛物线C:ザ=4ス上两动点,ド为抛物线C的焦点,则下列说法错误的
是()
A.直线AB过焦点ド时,IA却最小值为4
B.直线A3过焦点ド且倾斜角为60。时(点A在第一象限),|A尸|=2忸冃
C.若A3中点M的横坐标为3,则|A网最大值为8
D.点A坐标(4,4),且直线AF,45斜率之和为〇,Aド与抛物线的另ー交点为ハ,则
直线3。方程为:4x+8y+7=0
【答案】B
【解析】
【分析】对于A,易知当A3垂直于x轴时,目取最小值4,故A正确;
对于B,联立方程求得ム与ム,从而得到|んド|=可ら冃,故B错误;
对于C,由冃+怛冃可推得当直线AB过焦点ド时,|A却最大值为8,故C正
确:
对于D,利用条件分别求出Aク的坐标,从而求得直线5。的方程,故D正确.
【详解】解:直线过焦点ド,则由焦半径公式得|用=ム+ム+〃=ム+/+2,当
垂直于ス轴时,|AB|取最小值,此时|相|=1+1+2=4,故A正确;
对于B选项,由题可知,直线A8为y=g(x—1),代入ザ=4x,整理得
3ドーm+3=0,解得x=;或x=3,所以|Aド|=3+q=4,|叫=;+夕;即
\AF\=3\BF\,故B错误;
对于C,由于A3为两动点,所以|ん8闫4冃+忸冃=ム+/+2=8,当且仅当直线
AB过焦点ド时等号成立,故C正确;
对于D选项,依题意知亂=心,,ド(1,0),所以
k/ノー%_ルー如.4
”一3ームールー应ー量ー”+%,解得如=-1,即。
44
レー4厂あー%.—ーカー4
因为直线AF,AB斜率之和为0,所以"3ムームザヅウ+%,解
4-4
<49ヽk/-Qi)—1
得カ=一7,即8ス,一7,所以な。ー491-2-
<ノスース
所以,直线30方程为y+l=-;(スー:),即4x+8y+7=0,故D选项正确.
故选:B
12.将〃2个数排成〃行〃列的ー个数阵.如图:该数阵第一列的“个数从上到下构成以加为
公差的等差数列,每一行的,个数从左到右构成以加为公比的等比数列(其中相>0).己
知=2,弓3=。61+1,记这〃2个数的和为S.下列结论正确的是()
a\\a\2a\3a\n
a2\a22a23a2n
a3\432a33a3n
a〃2%3••••••0ハ"
占103x3*5
A.m=4B-Z限=---------
k=\-
丄〃(リ(り
C.%=(3,-1)x3,D.5=3〃+3"_
【答案】D
[解析:]
【分析】由题知2〃ド=2+(6-1)〃ッ+1,解方程得加=3,再根据等差数列与等比数列通
项公式得%=(3i-l>3/T,a«=(3Z-l>3i,进而根据分组求和和错位相减法求解依
次讨论B,D选项即可得答案.
【详解】解:ソ4]=2,43=4|+1,
.-.2m2=2+(6-l)m+l,解得加=3或—;(舍负),故选项A错误;
,%=%-3パ=[2+(z-1)-3]-37--1=(3Z-1)-37-')即选项C错误;
.•.^=(3^-1)-3^',
令T=Zukk,则T=4]+ル之+•••+a淑=2・3°+5•31+8・3"+•••+(3え-1)•3火।①
3T=23+5・32+81+…+(3V-4>31+(3无-4)小②
①一②得,-2T=2+3セ+3・32+3・33+.-+3・31—(3%—1>3&
3(1-3*ーリ
2+3x-^--------_(31)ず
1-3
2丿2
4二ジれーラ丿.丸
当ス=18时,シ…、。ーザ"=吗当,即选项8错误;
£4142丿4
S=(4i+0|2+---+«,„)+(021+/2+...+”2,,)+.ー+(4,1+an2+•••+«„„,)
为0—3")«21(1-3")册(1一3")
=----------------1-----------------F•••H------------------
1-31-31-3
=万(3"-1).(即+%+■,•+%)
=;〃(3〃+リ(3"-1),即选项D正确
故选:D.
二、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分.
x>0,
13.已知实数X,y满足,XVy,贝リz=x+2y的最小值是.
x+y>2,
【答案】3
【解析】
【详解】分析:先作可行域,再平移目标函数所代表的直线,结合图形确定最小值取法.
详解:作可行域,所以直线z=x+2y过点A(1,1)时z取最小值3.
ノけ
点睛:线性规划的实质是把代数问题几何化,即数形结合的思想.需要注意的是:一,准确
无误地作出可行域;二,画目标函数所对应的直线时,要注意与约束条件中的直线的斜率
进行比较,避免出错:三,一般情况下,目标函数的最大或最小值会在可行域的端点或边
界上取得.
14.若直线ア=x+。和直线y=将圆(x—l)?+(y—1)2=1的周长四等分,则
\a-t\=.
【答案】2
【解析】
【分析】由条件可得直线メ=イ+。和直线了=ス+シ间的距离为、反,由此可求レー可的
值.
【详解】设直线ぎ=》+口和圆(x—l『+(y—l)2=l相交与点ん8,直线y=x+6与圆
(スー1)2+(びー1)2=1相交于点”,双,圆心为C,
因为直线ヅ=ス+。和直线ぎ=尤+み将圆(x—1)2+(ヅ-1)2=1的周长四等分,
所以圆心位于两直线之间,且/ACB=NMCN=—,
2
万
所以△ACS为等腰直角三角形,所以圆心为C到直线メ=》+。的距离为だ,
2
同理可得圆心为。到直线y=x+わ的距离为セ,
2
故直线メ=イ+。和直线ぎ=イ+わ间的距离为、回,
所以ト厂4=J5,所以トー4=2,
V2
故答案为:2.
15.在ヘ钻。中,tanB=4tanA,则当ら-A取最大值时,sinC=
【答案】1
【解析】
【分析】利用基本不等式和三角函数两角和与差的公式,直接计算即可求解.
【详解】在へ钻。中,tanB=4tan4知tanA>0,且〇<8-A<一,
2
tanB-tanA_3tanA_33
tan(5-A)=
1+tanB-tanAl+4tan*2A妬ルヘ114
tanA
ク!
当且仅当4tairA=1=>tanA=ー时取等号,
2
••・ア=tanx在1〇,]]单调递增,则此时8—A取最大值,且tanB=2,
、れsinA-sinB
・・・tanAxtan8=---------------1,sinAsinB=cosAcosB,得cos(A+B)=0,
cosA-cosB
"+8パsin(A+B)=l,
sinC=1.
故答案为:1
16.过双曲线ラーら=l(a>0,〃>0)的右焦点尸作其中一条渐近线的垂线,垂足为Q,直
ab2
线ドQ与双曲线的左、右两支分别交于点”,N,若|MQ|=3|QN|,则双曲线的离心率是
【答案】亚
【解析】
【分析】设双曲线的左焦点为ス,连接MR设クQFO=0,分别求得
\FM\=--一=£,同理|FN|=ユ一=£,结合|M0=3|QN],求得
ccosター。b-acos6+ab+a
a='b,进而求得离心率.
2
【详解】如图所示,根据点到直线的距离公式可得点ド到直线y=^イ的距离为わ,
a
设双曲线的左焦点为ス,连接M片,则附用=|FM|-2a,
在Rt△〇。/r中,设/。ド。二。,贝リCOS8=2,
在△《MF中,由余弦定理得|M《『=|ド+|附『ー2忻用cos。,
'^\MF\^\FM\-2a代入整理后得忻⑼=—-一=—,
ccos0-ab-a
h2h2
同理|*v|=—-——=」ー,
ccosO+。b+a
b2.
b
\MQ\=\FM\-\QF\_-^-_b+a_
西一|加一|砲|一口『ーエラー九
b+a
所以。=丄わ,故离心率为、6.
三、解答题(共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.第17~21题为
必考题,每个试题考生都必须作答.第22、23题为选考题,考生根据要求作答.)
17.已知数列{め}中q=1.M。,1),ん(2,a„),B„(3,2a,m一3)为直角坐标平面上的点.对
任意“eN*,仞、ん、纥三点共线.
(1)求数列{q}的通项公式:
11113
(2)求证:-----------H--------1------1----------<-.
"円"2a4。3a5anan+24
【答案】(1)an=n
(2)证明见解析
【解析】
【分析】(1)根据向量共线的坐标表示:a//boxxy2=x2y,,整理得”,用一し=1,即
可判断数列{ム}是等差数列,结合等差数列通项公式运算求解;(2)根据裂项相消求和,
1
丄邛,代入运算理解.
〃+2
【小问1详解】
由题意得:価=(1,q一1),碗;=(2,2a,出ー4),
•••"、ん、纥三点共线,则M4„〃M纥,可得2ムー2=2%+|-4,GP«„+1-«„=1.
...数列{为}是首项为1公差为1的等差数列,所以ち=〃.
【小问2详解】
111(11ヽ
,,______—________—___________
cinan+2〃(〃+2)2yn〃+2丿,
一!1111<1111111
听以----1------------1-----------F•••H------------=一!----1------------1------------F…-I-----------------
《%a2a4a3a5a〃。〃+Z2(32435れ〃+2
111V31_2〃+3,3
2(2»+1〃+2丿42(〃+1)(〃+2)4
18.如图,棱柱ABCO-ABG。中,底面ABC。是平行四边形,侧棱ん4I丄底面
ABCD,过AB的截面与侧面。ワG。交于且点P在棱上,点。在棱CG上,
且A8=1,AC=®8c=2.
(1)求证:PQ//RG;
(2)若P为。口的中点,AP与平面。2GC所成的角为2,求侧棱。。I的长.
6
【答案】(1)证明见解析
⑵472
【解析】
【分析】(1)根据AB//平面。。&。い结合线面平行的性质定理得AB//PQ,再结合
平行公理即可证明;
(2)首先证明AC丄平面8AG,进而得/CR4为”与平面CORG所成的角,即
TT
NCPA=—,设ハ尸=x,再根据儿何关系求解即可.
6
【小问1详解】
证明:因为棱柱AB8-A8C"中,底面んBCD是平行四边形,所以AB//CD,
因为A8U平面。CGり,CDu平面DCCR,
所以んB//平面。CGA,AB!平面ABQP,平面。CGAハ平面A3QP=PQ,
所以,由线面平行的性质定理有AB//PQ,
又因为棱柱ABCD—AB'C口中,AB//DC//D£,
所以PQ〃"G.
解:在底面ABC。中,♦.•ん5=1,AC=G,BC=2.
/.AB2+AC2=BC2,:.AB丄AC,:.ACLCD.
又「侧棱AA,丄底面ABCD,二CC,±底面ABCD,
;ACu面ABCD,:.CC,丄AC.
又用口。。",CC1,C7)u平面CT»AG
AC丄平面CハワG,
连接PC,则/CQ4为"与平面。ハ。G所成的角,即/CPA=て,
6
设DP=xDC=AB=1,***PC=VPD2+DC?=yjx2+1,
在Rt^ACP中,tan^<APC=-=1———=—,解得无=2夜,
2
PCy/X+l3
P为。A的中点,
/.DD、=4日
19.某保险公司有一款保险产品历史收益率(收益率=利润+保费收入)的频率分布直
方图如图所示:
(1)试估计平均收益率;
(2)根据经验,若每份保单的保费在20元的基础上每增加ズ元,对应的销量y(万份)
与X(元)有较强线性相关关系,从历史销售记录中抽样得到如下X与ッ的对应数据:
X(元)2530384552
y(万份)7.57.16.05.64.8
据此计算出的回归方程为y=10ーム.
①求参数5的估计值;
②若把回归方程y=10-%当作y与X的函数关系,用(1)中求出的平均收益率估计此
产品的收益率,每份保单的保费定为多少元时此产品可获得最大收益,并求出该最大收
益.
【答案】(1)0.275(2)①0.1;②99万元.
【解析】
【分析】(1)根据频率分布直方图,利用平均数公式求解;
(2)①先求得样本点,代入y=l〇ー弘求解;②设每份保单的保费定为20+x元,则销
量为>=10-O.lx(万元),得到收入为(20+x)(10—O.lx)求解.
【详解】(1)平均收益率
(0.05x1+0.15x2+0.25x2.5+0.35x3+0.45x1+0.55x0.5)x0.1=0.275;
(2)①因嚏=#25+30+38+45+5)=38,y=1(7.5+7.1+6+5.6+4.8)=6.2,
所以6.2=10—5x38,
解得ら=0.1;
②由①得回归方程y=10-().lx,设每份保单的保费定为20+x元,则销量为
y=10—().1无(万元),
则收入(20+x)(10—O.lx),
=—0.lx?+8JV+200,
=-0.1(X-40)2+360,
所以x=40时,收益最大,最大收益为360x0.275=99万元,
所以每份保单的保费定60元时此产品可获得最大收益,最大收益99万元.
20,已知函数7(x)=3の:コ+ー厂ース一3(a为实数).
(1)当ズス)与y=-3切于A(xo,於0)),求a,ス〇的值;
(2)设ド(ス)=/''(ス)•ゼ,如果ド(x)>-1在(0,+8)上恒成立,求4的范围.
【答案】(1)a=----,xo=4;(2)6r>0.
16
【解析】
【分析】(1)利用函数的导数,函数与尸-3切于A(xo,兀⑹),列出方程组,求解即可.
(2)求出Z7(X)=(以2+よーリ.ビ的导函数ア⑴,利用ド(0)=-1.通过①当4=0时,②当
—<。<0时,③当〃=时,④当。<时,⑤当6Z>0时,判断函数的单调性,转
222
化求解。的范围即可.
【详解】解:(1)f\x)=ax2+x-1»由於)与y=-3切于点A(xo,fixo)),
11
/(ス〇)=1%3+スキ2ー/ー3=_33
则く32,斛イ寸ci-----,^〇=4.
/'(ホ)=国+ムー1=0”
(2)F(x)=(ar2+%-l)-ev,
/.Fr(x)=e\ax1+(2a+1)x),且F(0)=-1.
①当〃=0时,F(x)=^,可知ド⑴在(0,+8)递增,止匕时ド(x)>-1成立;
②当ー丄<a<0时,尸(ス)=ゼ•"(x+"里),可知ド(x)在(〇,ー即上3递增,
在(^—,+oo)递减,此时ド(ー丄)=ー6,<一1,不符合条件;
aa
③当。=—时,F(x)=e'•(一・^ピ)<0恒成立,可知F(x)在(0,+〇〇)递减,
22
此时F(x)<-!成立,不符合条件;
④当。<—时,F(x)=ex,ax^xH---------),可知F(x)在(0,+〇〇)递减,
2a
此时F{x)<-!成立,不符合条件;
⑤当”>0时,ド’(x)=e*•以(x+ムセリ),可知尸(X)在(0,+00)递增,此时F(x)>-1成立.
a
综上所述,a>0.
【点睛】关键点点睛:本题考查了导数的几何意义,利用导数研究不等式恒成立问题,解
题的关键是求出ア(カ”(の2+(24+1)X),讨论〃的取值范围,确定函数ド(X)的单调性,
考查了分类讨论的思想、数学运算.
21.设片,ん分别是椭圆C:=十之=1Q>わ>0)的左、右焦点,M是C上一点,MF2
ab~
与X轴垂直.直线MF1与c的另ー个交点为N,且直线MN的斜率为マ2.
4
(1)求椭圆C的离心率;
(2)设。(〇,1)是椭圆C的上顶点,过。任作两条互相垂直的直线分别交椭圆C于A,B
两点,证明直线过定点,并求出定点坐标.
【答案】(1)Y2
2
(2)证明见解析,定点G(0,-1)
【解析】
(ら
【分析】(1)结合题意得Mc,一,进而根据直线的斜率为だ得
\a)4
c?+也〇。ーピu。,即e2+,Ze-1=0,再解方程即可得答案;
22
(2)结合(1)得圆C的方程为エ+ザ=1,进而设直线A8的方程为
2
y=kx+m,イ内,凹),8(ら),2),再与椭圆方程联立结合韦达定理和DADB=O整理化
简得〃2=一;或机=i,再检验〃7=1不满足题意,进而得直线AB经过y轴上定点
【小问1详解】
由题意知,点M在第一象限,♦.•M是。上一点且Mん与エ轴垂直,
ダ(b2]
:.M的横坐标为c.当x=c时,y=——,即MC,—
。<a)
b2
又直线"N的斜率为苧,所以tan』5ん旦上=交,
2c2ac4
/yB
即わ2=——ac=ブ一。之‘即c2+——ac-a2=0,
22
则e?+也e—l=0,解得e=也或e=—0(舍去),
22
叩e=也.
2
【小问2详解】
解:已知。(o,i)是椭圆的上顶点,贝リわ=1,
由(1)知e=ぎ=,解得a=也,
所以,椭圆。的方程为土+ブ=レ
2-
设直线ん?的方程为ヅ=履+グん(工|,乂),8(工2,ル),
y=kx-vm
联立《可得(1+2ド)f+4ZTHT+2(ル2-1)=0(*),
x2+2y2=2
-4km2(nr-\\
所以大+ム--------,x.x=-------―
1+2ピI2-1+2公
又=(%,y-1),=(ム,必ー1),
DADB=xix2+(y一])(%一リ=玉/+(g+m一リ(仇+机一リ
=(炉+1)あ々+厶(ノ%—り(尤1+%2)+("Z-I)?
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