广西钦州市第四中学高二月月考化学试题含解析

学必求其心得，业必贵于专精学必求其心得，业必贵于专精学必求其心得，业必贵于专精广西钦州市第四中学2020年秋季学期10月份考试高二年级化学试卷一、选择题1.下列颜色变化不是因化学反应引起的是(）A。湿润的淀粉KI试纸遇氯气变蓝B。鸡皮遇浓HNO3呈黄色C。蔗糖遇浓H2SO4变黑D.在普通玻璃导管口点燃纯净的H2时，火焰呈黄色【答案】D【解析】【详解】A．淀粉KI遇氯气变蓝是因为氯气与碘化钾发生反应生成的碘单质使淀粉变蓝，由化学反应引起，故A不符合题意;B．鸡蛋白遇到浓硝酸变黄是因为某些蛋白质与浓硝酸的颜色反应,由化学反应引起，故B不符合题意；C．蔗糖遇到浓硫酸变黑是因为浓硫酸具有脱水性,使蔗糖脱水碳化,发生化学反应，故C不符合题意；D．黄色火焰是因为玻璃导管中的钠元素焰色反应导致，焰色反应不是化学反应，故D符合题意；故选:D。2。糖类、脂肪和蛋白质是人生命活动必需的三大营养物质,以下正确的是（）A.植物油类似苯，是一种良好的有机溶剂,都可使溴水萃取而褪色B。CuSO4（aq)和NaCl（aq）相比较，CuSO4（aq）使蛋白质盐析的效果更好C。分子式为C4H9O2N的氨基酸和硝基化合物种数相同D。葡萄糖能发生氧化反应和还原反应【答案】D【解析】【详解】A。植物油是一种良好的有机溶剂，分子中含有不饱和键,能与溴水中的溴单质发生反应，所以不能作萃取剂，故A错误；B.饱和NaCl溶液能使蛋白质溶液发生盐析，CuSO4溶液能使蛋白质溶液发生变性，故B错误;C.分子式为C4H9O2N氨基酸分子有5种,而硝基化合物分子有4种，则种类数不同,故C错误；D.葡萄糖中含-CHO，可转化为-COOH、-CH2OH，既能发生氧化反应，又能发生还原反应，故D正确；故选D。3.人类肝脏蛋白质两谱三图三库基本架构已完成，它将为肝脏疾病的预警、预防、诊断和治疗提供科学依据.下列关于乙肝病毒中的蛋白质说法不正确的是(）A。属于高分子化合物 B.水解的最终产物能与酸或碱反应C.遇浓硝酸会变性 D.水解时碳氧键断裂【答案】D【解析】【分析】乙肝病毒的成分是蛋白质，具有蛋白质的性质，以此来解题.【详解】A。乙肝病毒的成分是蛋白质，蛋白质是高分子化合物，故A不选；B。蛋白质水解生成氨基酸，氨基酸含氨基显碱性，含羧基显酸性，故B不选;C.浓硝酸是强酸，有强氧化性,蛋白质遇浓硝酸会变性，故C不选；D。蛋白质水解时断裂碳氮键,故D选;故选：D。4.据《自然》杂志报道，在300～400℃的高温下，将砂糖(主要成分为蔗糖）等碳水化合物用加热的方法使其形成焦糖与碳之间的"半成品碳"状态，再放进硫酸溶液中高温加热，生成了一种叫"焦糖烯"的物质,其分子式为C36H50O25。下列有关说法正确的是（）A."半成品碳”在硫酸溶液中加热可能发生的是消去反应B.”半成品碳”是碳元素的一种新单质C.蔗糖溶液与新制的氢氧化铜混合加热有砖红色沉淀生成D.焦糖烯是一种新型的烯烃【答案】A【解析】【详解】A。“半成品碳”含有羟基,可能发生消去反应，故A正确；B。由于半成品碳中含有焦糖和碳，不符合单质的概念，因此不属于单质，故B错误；C。蔗糖是非还原性糖，与新制的氢氧化铜悬浊液不反应,故C错误；D.焦糖烯不是烯烃,故D错误。故选A。5。下列叙述正确的是A.乙醇能发生氧化反应而乙酸不能发生氧化反应B.乙醇和乙酸之间能发生酯化反应，酯化反应和皂化反应互为逆反应C。乙烯、聚氯乙烯都能使溴水褪色D.苯、乙醇、乙酸都能发生取代反应【答案】D【解析】【详解】A．乙醇能发生氧化反应，乙酸也能发生氧化反应，A错误；B、乙醇和乙酸之间能发生酯化反应,酯化反应和酯的水解反应互为逆反应，B错误；C、乙烯能使溴水褪色、聚氯乙烯不能使溴水褪色，C错误;D、苯、乙醇、乙酸都能发生取代反应，D正确；答案选D.6.下列有机反应属于同一反应类型的是A.甲烷制一氯甲烷、苯制硝基苯B。苯制溴苯、乙烯制乙醇C。乙醇制乙醛、乙醇和乙酸制乙酸乙酯D.苯制环己烷、乙酸乙酯水解【答案】A【解析】【详解】A．甲烷制取一氯甲烷、苯制取硝基苯都是有机物中的原子被其它的原子所取代，都属于取代反应,所以反应类型相同，故A正确；B．苯制取溴苯属于取代反应，乙烯制取乙醇属于加成反应，反应类型不同，故B错误；C．乙醇制取乙醛属于氧化反应，乙醇和乙酸制取乙酸乙酯属于取代反应或酯化反应，反应类型不同，故C错误;D．苯制环己烷属于加成反应,乙酸乙酯水解属于取代反应，反应类型不同，故D错误;答案选A【点睛】明确取代反应、加成反应、氧化反应的概念是解本题的关键。注意酯化反应、酯的水解反应、氨基酸的成肽反应、硝化反应等都属于取代反应.7。下列有机实验操作或叙述正确的是（）A.将乙烯和乙炔气体分别通入溴的四氯化碳溶液中，两者都褪色B.甲烷和氯气在室温下的黑暗环境中不能稳定存在C.苯能使溴水褪色是因为二者反应生成了溴苯D。要除去乙烷中乙烯制得纯净的乙烷，可将混合气体通入高锰酸钾酸性溶液中【答案】A【解析】【详解】A.乙烯和乙炔均与溴发生加成反应，则分别通入溴的四氯化碳溶液中，两者都褪色,故A正确；B.甲烷和氯气光照发生取代反应，生成多种卤代烃,故B错误；C.苯与溴水不反应，发生萃取，为物理变化,故C错误；D。乙烯被高锰酸钾氧化生成二氧化碳，引入新杂质，应选溴水、洗气,故D错误；故选：A.8.有8种物质：①甲烷；②苯；③聚乙烯；④聚异戊二烯；⑤2−丁炔；⑥环己烷;⑦邻二甲苯;⑧环己烯。既能使酸性高锰酸钾溶液褪色又能与溴水反应使之褪色的是(）A③④⑤⑧ B.④⑤⑦⑧ C。④⑤⑧ D。③④⑤⑦⑧【答案】C【解析】【详解】①甲烷既不能使酸性高锰酸钾褪色,也不能使溴水褪色，不符合题意；②苯不含碳碳双键，不能使酸性高锰酸钾溶液褪色，也不能使溴水褪色,不符合题意；③聚乙烯中不含碳碳双键，既不能使溴水褪色，也不能使酸性高锰酸钾溶液褪色，不符合题意;④聚异戊二烯含有一个碳碳双键，既能使溴水褪色，又能使酸性高锰酸钾溶液褪色，符合题意；⑤2−丁炔含一个碳碳三键，既能使溴水褪色，又能使酸性高锰酸钾溶液褪色,符合题意；⑥环己烷不含碳碳双键，既不能使溴水褪色，也不能使酸性高锰酸钾溶液褪色，不符合题意；⑦邻二甲苯不能使溴水褪色，能使酸性高锰酸钾溶液褪色，不符合题意；⑧环己烯含一个碳碳双键，既能使溴水褪色，又能使酸性高锰酸钾溶液褪色,符合题意；④⑤⑧符合题意，答案选C。【点睛】能使(浓)溴水褪色的有：碳碳双键、碳碳三键、酚羟基的邻位碳上有氢、醛基等；能使酸性高锰酸钾溶液褪色的官能团或结构有:碳碳双键、碳碳三键、醛基、与羟基相连的碳上有H、酚羟基、与苯环相连的C上有H。9.下列关于烷烃与烯烃的性质及反应类型的叙述正确的是A。烷烃只含有饱和键,烯烃只含有不饱和键B。烷烃不能发生加成反应，烯烃不能发生取代反应C.烷烃的通式一定是CnH2n＋2，而烯烃的通式一定是CnH2nD.烷烃与烯烃相比,发生加成反应的一定是烯烃【答案】D【解析】【详解】A项、烷烃只含有C—C单键与C-H单键；烯烃中含有C═C双键和C-H键，可能含有C—C单键,故A错误;B项、烯烃中可能含有C—C单键与C—H单键，导致烯烃能发生取代反应,如丙烯CH2=CHCH3甲基上的氢能发生取代反应，故B错误；C项、链状烷烃通式一定是CnH2n+2；环烷烃通式为CnH2n;单烯烃通式是CnH2n，二烯烃或环烯则不是该通式，故C错误;D．烷烃是饱和烃，不能发生加成反应；烯烃含有C═C双键，性质较活泼，能发生加成反应,故D正确.故选D。【点睛】本题考查了饱和烃、不饱和烃的性质及判断，试题侧重基础知识的考查,明确常见烃的组成、结构及性质为解答关键。10。下列说法不正确的是（)A.甲烷和Cl2的反应与乙烯和Br2的反应属于同一类型的反应B.28g乙烯和环丁烷(C4H8）的混合气体中含有的碳原子数为2NAC.甲烷和氯气反应生成一氯甲烷与苯和硝酸反应生成硝基苯的反应类型相同D.苯不能使溴的四氯化碳溶液褪色,说明苯分子中没有与乙烯分子中类似的碳碳双键【答案】A【解析】【详解】A．甲烷和Cl2的反应属于取代反应，而乙烯和Br2的反应属于加成反应，故不属于同一类型的反应，A不正确;B．乙烯和环丁烷（C4H8）的最简式为CH2,故28g乙烯和环丁烷（C4H8）的混合气体中含有的碳原子数为=2NA,B正确；C．甲烷和氯气反应生成一氯甲烷属于取代反应，苯和硝酸反应在浓硫酸催化下生成硝基苯属于取代反应,故二者的反应类型相同，C正确；D．苯分子中的六个碳碳之间的化学键都是一样的,介于单键和双键之间的独特的键,故苯不能使溴的四氯化碳溶液褪色,说明苯分子中没有与乙烯分子中类似的碳碳双键,D正确；故答案为：A.11。下列说法不正确的是（）A.己烷有4种同分异构体，它们的熔点、沸点各不相同B。在一定条件下，苯与液溴、硝酸、硫酸作用生成溴苯、硝基苯、苯磺酸的反应都属于取代反应C。油脂皂化反应得到高级脂肪酸盐与甘油D.聚合物可由单体CH3CH＝CH2和CH2＝CH2加聚制得【答案】A【解析】【详解】A、己烷有5种同分异构体，分别是己烷（CH3CH2CH2CH2CH2CH3）、2-甲基戊烷[（CH3）2CH2CH2CH2CH3]、3—甲基戊烷［CH3CH2CH(CH3)CH2CH3]、2，3—甲基丁烷［（CH3)2CHCH(CH3)2]、2，2—甲基丁烷［(CH3)3CCH2CH3]，A不正确；B、有机物中的原子或原子团被其它原子或原子团所代替的反应是取代反应，在一定条件下,苯与液溴、硝酸、硫酸作用生成溴苯、硝基苯、苯磺酸的反应都属于取代反应，B正确；C、油脂在碱性条件下的水解反应是皂化反应，油脂通过皂化反应可以得到高级脂肪酸盐与甘油，C正确；D、根据高分子化合物的结构可知,该化合物是加聚产物，依据链节可知其单体是丙烯和乙烯，D正确;答案选A。12。分子式为C5H10O2并能与饱和NaHCO3溶液反应放出气体的有机物有（不含立体异构）A。3种 B.4种 C.5种 D。6种【答案】B【解析】【详解】分子式为C5H10O2且与NaHCO3溶液反应能产生气体,则该有机物中含有−COOH，可写为C4H9−COOH,−C4H9的异构体有：−CH2CH2CH2CH3，−CH(CH3）CH2CH3，−CH2CH(CH3）CH3，−C(CH3)3，故符合条件的有机物的同分异构体数目为4,故B正确；故选B。13。某有机物在O2中充分燃烧，生成36g水和44gCO2，则该有机物的组成必须满足的条件是（）A.分子式一定是CH4 B。分子式一定是CH4OC。分子式可能是CH4或CH4O D.以上说法均不正确【答案】C【解析】【分析】有机物在氧气中充分燃烧，生成的CO2和H2O的物质的量之比为：=1：2，则确定有机物分子中C、H个数之比为1:4，有机物可能是CH4,也可能是CH4O.【详解】有机物在氧气中充分燃烧,生成的CO2和H2O的物质的量之比为：=1：2，则确定有机物分子中C、H个数之比为1：4，不能确定是否含有氧元素，则有机物可能是CH4，也可能是CH4O，故选：C。14.下列说法中正确的是(）A。在核磁共振氢谱中有7个吸收峰B.红外光谱图只能确定有机物中所含官能团的种类和数目C.质谱法不能用于相对分子质量的测定D。核磁共振氢谱、红外光谱和质谱法都可用于分析有机物结构【答案】D【解析】【详解】A.此物质有3种不同化学环境的氢原子,在核磁共振氢谱中有3个吸收峰，故A错误；B.红外光谱只能确定官能团的种类，不能确定其数目，故B错误；C.质谱图中，用最大质荷比可确定有机物的相对分子质量,故C错误；D.核磁共振氢谱、红外光谱和质谱都可用于分析有机物结构，故D正确；故选D.15.利用红外光谱对有机化合物分子进行测试并记录，可初步判断该有机物分子拥有的A。同分异构体数 B.原子个数 C.基团种类 D。共价键种类【答案】C【解析】【详解】红外光谱是一种鉴定有机物结构有关的物理方法，在有机物分子中，组成化学键或官能团的原子处于不断振动的状态，其振动频率与红外光的振动频率相当.所以，当用红外线照射有机物分子时，分子中的化学键或官能团可发生振动吸收，不同的化学键或官能团吸收频率不同，在红外光谱图上将处于不同的位置,从而可以获得分子中含有何种化学键或官能团的信息。氢原子种类是利用核磁共振仪，通过核磁共振氢图可判断氢原子种类。答案选C。二、填空题16。卤代烃在氢氧化钠存在的条件下水解，这是一个典型的取代反应，其实质是带负电的原子团（例如OH—等阴离子)取代卤代烃中的卤原子。例如：CH3CH2CH2Br+OH-(或NaOH）→CH3CH2CH2—OH+Br-(或NaBr）写出下列反应的化学方程式：（1）溴乙烷跟NaHS反应_____________________.（2）碘甲烷跟CH3COONa反应_____________________。（3）由碘甲烷、无水乙醇和金属钠合成甲乙醚(CH3—O—CH2CH3）。_______；_______。【答案】（1）.CH3CH2Br＋NaHS→CH3CH2SH＋NaBr（2）.CH3I＋CH3COONa→CH3COOCH3＋NaI（3)。2CH3CH2OH＋2Na→2CH3CH2ONa＋H2↑(4）.CH3I＋CH3CH2ONa→CH3OCH2CH3＋NaI【解析】【详解】（1)NaHS中阴离子是HS－，所以根据题中的信息可知，反应的化学方程式是CH3CH2Br＋NaHS→CH3CH2SH＋NaBr.(2)醋酸钠中阴离子是醋酸根离子，所以该反应的化学方程式是CH3I＋CH3COONa→CH3COOCH3＋NaI。（3）金属钠能和乙醇作用生成乙醇钠，进而乙醇钠和碘甲烷发生取代反应，生成甲乙醚，反应化学方程式是2CH3CH2OH＋2Na→2CH3CH2ONa＋H2↑、CH3I＋CH3CH2ONa→CH3OCH2CH3＋NaI.17.某炔烃加氢后得到，此炔烃的结构简式为__，名称是__。【答案】（1)。(2).3—甲基—1-丁炔【解析】【详解】①

,C

1

与C

2

为等碳原子。②与支链(—CH

3

）相连碳原子“左”“右”不能是叁键的位置(碳原子共价键＞4)③所以碳碳叁键位置上能在“右"端

结构简式为:

名称为3—甲基—1—丁炔。18.某温度时0.1molL—1Na2CO3溶液中,=＞2，其原因是（用离子方程式表示）___。现向Na2CO3溶液中通入一定量的CO2后，=＞,其原因是（用离子方程式表示)__，此时c（HCO）=__。【答案】(1）。CO+H2O=HCO+OH-(2)。CO+H2O+CO2=2HCO(3）。0。02mol•L—1【解析】【分析】盐中含有弱酸根离子时，会发生水解，向Na2CO3溶液中通入一定量的CO2时,会发生反应+CO2+H2O═2。【详解】Na2CO3溶液中,发生水+H2O═HCO+OH-，与CO2、H2O反应：+CO2+H2O═2；0。1mol/LNa2CO3中，=,c（Na+）=0.2mol/L，所以c（CO32-)=0.09mol/L；通入一定量的CO2后=，则c′(）=0。08mol/L，所以c（）=2×（0。09—0.08）mol/L=0.02mol/L，故答案为：+H2O═+OH-；CO+H2O+CO2=2HCO；0.02mol/L。三、实验题19。如图为直流电源，为浸透饱和氯化钠溶液和酚酞试液的滤纸，为电镀槽。接通电路后，发现滤纸上的c点显红色，请填空:（1）电源上的a为__极。（2）滤纸上发生的总化学反应方程式为___。（3）欲在电镀槽中实现铁上镀锌，接通点，使c、d两点短路，则电极e上发生的反应为__。电极f上发生的反应为__，槽中盛放的镀液可以是__或__(只要求填写两种电解质溶液）。【答案】(1）。正（2)。2NaCl+2H2O2NaOH+Cl2↑+H2↑(3）.Zn-2e-=Zn2+（4)。Zn2++2e-=Zn(5）。ZnSO4溶液(6）。ZnCl2溶液【解析】【详解】(1)B连接外接电源，所以B是电解氯化钠溶液的电解池，B上的c点显红色，说明c点有氢氧根离子生成，根据离子的放电顺序知，该极上为水电离的氢离子得电子放电，同时生成氢氧根离子，所以c是阴极，外电源b是负极，a是正极;故答案为：正；（2）电解氯化钠溶液时,溶液中的离子放电顺序为：氢离子放电能力大于钠离子,氯离子放电能力大于氢氧根离子,所以电解氯化钠时生成物是氯气、氢气、氢氧化钠，所以其反应方程式为2NaCl+2H2O2NaOH+Cl2↑+H2↑；故答案为：2NaCl+2H2O2NaOH+Cl2↑+H2↑；（3）电镀时,e是阳极，f是阴极，镀层锌作阳极，镀件铁作阴极,阳极上失电子变成离子进入溶液,阴极上锌离子得电子生成锌单质,所以阳极e上电极反应式为Zn—2e—=Zn2+;阴极f上的电极反应式为Zn2++2e—=Zn；电镀液的选取：用含有镀层金属离子的溶液作电镀液，所以可选ZnCl2(ZnSO4）溶液作电镀液；故答案为:Zn—2e-=Zn2+；Zn2++2e-=Zn；ZnSO4溶液；ZnCl2溶液（合理即可）。20。根据图示一氧化碳还原铁的氧化物的实验装置，完成下列问题：（1）判断硬质玻璃管中已开始发生反应的现象是__.（2）反应过程中发生的现象是__。（3）在A处点燃,可见淡蓝色火焰的原因是__。（4）实验结束时应注意的操作是__。(填编号)①先停止通入CO②先熄灭酒精灯，并继续通入CO③熄灭酒精灯，同时停止通入CO④先熄灭酒精灯,继续通入CO,并继续点燃排出的CO气体【答案】(1)。B中石灰水开始变浑浊(2)。玻璃管里粉末由红棕色逐渐变黑,B中石灰水变浑浊（3）.从A逸出的尾气中有未反应的CO气体,而CO气体点燃时火焰呈淡蓝色(4)。④【解析】【分析】（1）根据氧化铁和一氧化碳反应生成二氧化碳分析；

(2）根据氧化铁和一氧化碳反应生成二氧化碳和铁回答;

(3)根据尾气中含有未反应完的一氧化碳回答；

(4）根据CO还原铁的氧化物的实验的操作步骤和注意事项解答;【详解】(1)氧化铁和一氧化碳反应生成二氧化碳，B中石灰水开始变浑浊说明硬质玻璃管中已开始发生反应；

(2）根据氧化铁和一氧化碳反应生成二氧化碳和铁，所以反应过程中发生的现象是玻璃管里粉末由红棕色逐渐变黑，B中石灰水变浑浊；

（3)从A逸出的尾气中有未反应的CO气体，而CO气体点燃时火