2021年江苏省连云港市振云中学高二数学文月考试卷含解析

2021年江苏省连云港市振云中学高二数学文月考试卷含解析一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，只有是一个符合题目要求的1.已知f（x）在R上是奇函数，且满足f（x+4）=f（x），当x∈（﹣2，0）时，f（x）=2x2，则fA．﹣2 B．2 C．﹣98 D．98参考答案：A【考点】3T：函数的值．【分析】推导出当x∈（0，2）时，f（x）=﹣2x2，f=f（1），由此能求出结果．【解答】解：∵f（x）在R上是奇函数，且满足f（x+4）=f（x），x∈（﹣2，0）时，f（x）=2x2，当x∈（0，2）时，f（x）=﹣2x2，∴f=f（1）=﹣2×12=﹣2．故选：A．2.两条异面直线所成角为，则

（

）A．

B．

C．

D．

参考答案：D略3.已知复数，则下列结论正确的是A.z的虚部为i B.C.为纯虚数 D.参考答案：C【分析】先利用复数的除法将复数化为一般形式，然后利用复数的基本知识以及四则运算法则来判断各选项的正误。【详解】，的虚部为，，为纯虚数，，故选：C.【点睛】本题考查复数的四则运算、复数的概念、共轭复数等的理解，解题的关键就是将复数化为一般形式，借助相关概念进行理解，考查计算能力，属于基础题。4.下列语句是假命题的是（）A．正方形的四条边相等 B．若x=0，则xy=0C． D．负数的平方是正数参考答案：C【考点】命题的真假判断与应用．【分析】A，正方形的四条边相等；B，零与任意数的积为零，；C，∈Q，，；D，负数的平方是正数．【解答】解：对于A，正方形的四条边相等，正确；对于B，零与任意数的积为零，正确；对于C，∈Q，，故错；对于D，负数的平方是正数，正确．故选：C，5.有一矩形纸片ABCD,按右图所示方法进行任意折叠,使每次折叠后点B都落在边AD上,将B的落点记为,其中EF为折痕,点F也可落在边CD上,过作H∥CD交EF于点H,则点H的轨迹为

A．圆的一部分

B．椭圆的一部分

C．双曲线的一部分

D．抛物线的一部分参考答案：D6.正四面体P-ABC中，D、E、F分别是棱AB、BC、CA的中点，下列结论中不成立的是____________ A.BC∥面BDF B.DF⊥面PAE C.面PDF⊥面PAE D.面PDF⊥面ABC参考答案：D7.把正整数按下列方式分组：(1)，(2，3)，(4，5，6)，…，其中第n组有n个整数，记

为第n组的n个整数之和，则等于

A．3439

B．3990

C．4010

D．4641参考答案：C8.已知复数Z=（i为虚数单位）在复平面内对应的点在直线x﹣2y+m=0上，则m=（）A．﹣5 B．﹣3 C．3 D．5参考答案：A【考点】A4：复数的代数表示法及其几何意义．【分析】利用复数的运算法则可得z=1﹣2i，再利用复数的几何意义可得其对应的点，代入直线x﹣2y+m=0即可得出．【解答】解：∵复数Z=====1﹣2i所对应的点为（1，﹣2），代入直线x﹣2y+m=0，可得1﹣2×（﹣2）+m=0，解得m=﹣5．故选：A．9.已知的单调递增区间是

（

）

A.

B.

C.

D.参考答案：D略10.设（1+x）3+（1+x）4+…+（1+x）50=a0+a1x+a2x2+…+a50x50，则a3等于（）A．C B．C C．2C D．C参考答案：B【考点】DC：二项式定理的应用；8E：数列的求和．【分析】（1+x）3中，含x3的系数为，（1+x）4中，含x3的系数为，…，（1+x）50中，含x3的系数为，利用组合数的性质+=即可得到答案．【解答】解：依题意，a3=+++…+=（+）++…+=（+）++…+=+=．故选：B．【点评】本题考查二项式定理的应用，着重考查组合数的性质+=的应用，属于中档题．二、填空题:本大题共7小题,每小题4分,共28分11.设实数满足，则的取值范围是

.参考答案：12.已知直线的一个方向向量为，则直线的斜率为

参考答案：略13.若椭圆的左焦点在抛物线的准线上，则p的值为_______；参考答案：2

14.如图，在三棱柱中，分别是的中点，设三棱锥的体积为，三棱柱的体积为，则

参考答案：略15.平面上三条直线x＋2y－1＝0，x＋1＝0，x＋ky＝0，如果这三条直线将平面划分为六部分，则实数k的取值为___．(将你认为所有正确的序号都填上)

①0；②；③1；④2；⑤3。参考答案：①③④16.由命题“”是假命题，求得实数的取值范围是，则实数的值是

.参考答案：117.已知函数的一条对称轴为，则的值为_______．参考答案：【分析】根据对称轴为可得，结合的范围可求得结果.【详解】为函数的对称轴

解得：又

本题正确结果：【点睛】本题考查根据三角函数性质求解解析式的问题，关键是能够采用整体对应的方式来进行求解.三、解答题：本大题共5小题，共72分。解答应写出文字说明，证明过程或演算步骤18.（12分）已知数列的前n项和为，且满足＝2＋n（n>1且n∈）

（1）求数列的通项公式和前n项的和

（2）设，求使得不等式成立的最小正整数n的值参考答案：解：（1）当n>2时∵＝2＋n∴＝2＋n－1

]两式相减得＝2＋1∵也满足上式∴＝2＋1（n>1且n∈）∴＋1＝2（＋1）又∵，∴是首项为2，公比为2的等比数列∴，∴（n∈）∴＝（n∈）（2）∵由得∴∴

∴即n的最小值是2011.略19.如图，四棱柱ABCD﹣A1B1C1D1中，侧棱A1A⊥底面ABCD，AB∥DC，AB⊥AD，AD=CD=1，AA1=AB=2，E为棱AA1的中点．（Ⅰ）证明B1C1⊥CE；（Ⅱ）求二面角B1﹣CE﹣C1的正弦值．（Ⅲ）设点M在线段C1E上，且直线AM与平面ADD1A1所成角的正弦值为，求线段AM的长．参考答案：【考点】二面角的平面角及求法；直线与平面垂直的性质；直线与平面所成的角．【专题】空间位置关系与距离；空间角；空间向量及应用；立体几何．【分析】（Ⅰ）由题意可知，AD，AB，AA1两两互相垂直，以a为坐标原点建立空间直角坐标系，标出点的坐标后，求出和，由得到B1C1⊥CE；（Ⅱ）求出平面B1CE和平面CEC1的一个法向量，先求出两法向量所成角的余弦值，利用同角三角函数基本关系求出其正弦值，则二面角B1﹣CE﹣C1的正弦值可求；（Ⅲ）利用共线向量基本定理把M的坐标用E和C1的坐标及待求系数λ表示，求出平面ADD1A1的一个法向量，利用向量求线面角的公式求出直线AM与平面ADD1A1所成角的正弦值，代入求出λ的值，则线段AM的长可求．【解答】（Ⅰ）证明：以点A为原点建立空间直角坐标系，如图，依题意得A（0，0，0），B（0，0，2），C（1，0，1），B1（0，2，2），C1（1，2，1），E（0，1，0）．则，而=0．所以B1C1⊥CE；（Ⅱ）解：，设平面B1CE的法向量为，则，即，取z=1，得x=﹣3，y=﹣2．所以．由（Ⅰ）知B1C1⊥CE，又CC1⊥B1C1，所以B1C1⊥平面CEC1，故为平面CEC1的一个法向量，于是=．从而==．所以二面角B1﹣CE﹣C1的正弦值为．（Ⅲ）解：，设0≤λ≤1，有．取为平面ADD1A1的一个法向量，设θ为直线AM与平面ADD1A1所成的角，则==．于是．解得．所以．所以线段AM的长为．【点评】本题考查了直线与平面垂直的性质，考查了线面角和二面角的求法，运用了空间向量法，运用此法的关键是建立正确的空间坐标系，再就是理解并掌握利用向量求线面角及面面角的正弦值和余弦值公式，是中档题．20.（14分）设数列的前项n和为，若对于任意的正整数n都有.（1）设，求证：数列是等比数列，并求出的通项公式。（2）求数列的前n项和.

参考答案：（1）对于任意的正整数都成立，两式相减，得∴，即，即对一切正整数都成立。∴数列是等比数列。由已知得

即∴首项，公比，。。21.已知椭圆C的两个焦点的坐标分别为E（﹣1，0），F（1，0），并且经过点（，），M、N为椭圆C上关于x轴对称的不同两点．（1）求椭圆C的标准方程；（2）若⊥，试求点M的坐标；（3）若A（x1，0），B（x2，0）为x轴上两点，且x1x2=2，试判断直线MA，NB的交点P是否在椭圆C上，并证明你的结论．参考答案：【考点】直线与圆锥曲线的综合问题．【专题】圆锥曲线的定义、性质与方程．【分析】（1）利用椭圆的长轴长的定义及焦点坐标，计算即得结论；（2）通过设M（m，n），N（m，﹣n），利用，计算即得结论；（3）通过设M（m，n）、直线MA与直线NB交点为P（x0，y0），分别将点P代入直线MA、NB的方程，利用x1x2=2、m2=2﹣2n2，计算即得结论．【解答】（1）解：依定义，椭圆的长轴长，∴4a2=8，即a2=2，又∵b2=a2﹣1=1，∴椭圆标准方程为；（2）解：设M（m，n），N（m，﹣n），则，，∵，∴，即（m+1）2﹣n2=0

①∵点M（m，n）在椭圆上，∴

②由①②解得，或，∴符合条件的点有（0，1）、（0，﹣1）、、；（3）结论：直线MA与直线NB的交点P仍在椭圆C上．证明如下：设M（m，n），则直线MA的方程为：y（m﹣x1）=n（x﹣x1）

③直线NB的方程为：y（m﹣x2）=﹣n（x﹣x2）

④设直线MA与直线NB交点为P（x0，y0），将其坐标代人③、④并整理，得：（y0﹣n）x1=my0﹣nx0⑤（y0+n）x2=my0+nx0⑥⑤与⑥相乘得：