2021年浙江省温州市乐清湖雾镇中学高二物理联考试题含解析

2021年浙江省温州市乐清湖雾镇中学高二物理联考试题含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1.（单选）下列关于电势和电势能的说法中正确的是（

）A．克服电场力做功时，电荷的电势能减少B．电荷在电场中某点的电势能与其电荷量的比值，叫做这一点的电势，电势高低与该电荷的电势能和电荷量有关C．沿着电场线的方向，电势逐渐降低D．电场中电势为正值的地方，电荷的电势能必为正值参考答案：C2.如图甲所示，波源S的起振方向向上，振动频率f=100Hz，产生的简谐波分别沿水平方向向左、右传播，波速，在波的传播方向上有P、Q两点，已知SP=1.2m，SQ=1.4m，如图乙所示，波刚好传播到P点时波形图正确的是：（

）参考答案：B3.（单选）电场中某区域的电场线分布如图所示，A、B是电场中的两点，一正电荷在电场中只受电场力作用，则（）A．正电荷从A至B动能减少B．正电荷在A点的加速度大C．从A至B，电场力对正电荷做负功D．正电荷从A至B，电势能增加参考答案：考点：电势差与电场强度的关系；电势能．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电场线的疏密反映电场强度的相对大小，电场线越密，场强越大．顺着电场线，电势降低．同一电荷在电场强度大的地方受到的电场力大．解答：解：A、正电荷从A至B，电场力做正功，动能增加，故A错误；B、A点电场线密，场强大，故正电荷在A点受到的电场力大，根据牛顿第二定律，加速度大，故B正确；C、正电荷从A至B，电场力做正功，故C错误；D、正电荷从A至B，电场力做正功，电势能减小，故D错误；故选：B．点评：本题考查对电场线物理意义的理解．注意电场力做功等于电势能的减小量．4.下列说法中正确的是__________A．坐在高速离开地球的火箭里的人观察到地球上的钟变慢了B．物体做受迫振动时的频率一定等于其固有频率C．波源与观察者发生相对运动时，声波会产生多普勒效应，光波不会产生多普勒效应D．今年4月20日四川雅安市芦山县发生7.0级强烈地震，地震波是机械波，其中既有横波也有纵波参考答案：AD5.两列火车平行地停在一站台上，过了一会，甲车内的乘客发现窗外树木在向西移动，乙车内的乘客发现甲车没有动，如以地面为参考系，上述事实说明（）A．甲车向东移动，乙车不动B．乙车向东运动，甲车不动C．甲车向东运动，乙车向西运动D．甲、乙两车以相同的速度向东运动参考答案：D【考点】参考系和坐标系．【分析】同一个运动，选择不同的参照物其运动的状态不同；判断一个物体是否运动关键是看被研究的物体与所选的标准即参照物之间的相对位置是否发生了变化．则由树木相对甲的运动情况得出甲车的运动情况，由乙车相对于甲车的运动情况，可得出乙车的运动．【解答】解：甲车乘客看到树木向西移动，甲车乘客是以甲车为参照物，则树木是西运动的，则甲车相对于静止的地面来说是向东运动的；而乙车中的乘客看到甲车未动，即甲、乙两车处于相对静止状态，由于甲车是向东运动的，即乙车相对于地面也是向东运动的．故选D．二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6.在用插针法测定玻璃砖折射率的实验中，甲、乙、丙三位同学在纸上画出的界面ab、cd与玻璃砖位置的关系分别如图①、②和③所示，其中甲、丙同学用的是矩形玻璃砖，乙同学用的是梯形玻璃砖．他们的其他操作均正确，且均以ab、cd为界面画光路图．则甲同学测得的折射率与真实值相比

（填“偏大”、“偏小”或“不变”），乙同学测得的折射率与真实值相比

（填“偏大”、“偏小”或“不变”），丙同学测得的折射率与真实、值相比

．参考答案：偏小、不变、变小【考点】测定玻璃的折射率．【分析】用插针法测定玻璃砖折射率的实验原理是折射定律n=，作出光路图，确定折射光线的偏折情况，分析入射角与折射角的误差，来确定折射率的误差．【解答】解：①如图1．测定折射率时，玻璃中折射角增大，则折射率减小；用图②测折射率时，只要操作正确，与玻璃砖形状无关；用图③测折射率时，折射角偏大，所以测得的折射率变小．故答案为：偏小、不变、变小7.（4分）从微观角度来看，气体压强的大小跟气体分子的平均动能和分子的

有关。现将剩有半杯热水的玻璃杯用不漏气的盖子旋紧，过一会儿，被内蒸汽的饱和汽压降-

（填“增大”、“减小”或“不变”）。参考答案：密集程度，减小（每空2分）8.如图15所示，在测电池的电动势和内电阻的实验中，根据得出的数据作出的U—I图象。由图象得出电池的电动势E=

V，内电阻r=

Ω.参考答案：3.0

2.0

9.一简谐波沿x轴正方向传播。已知轴上x1＝0和x2＝1m两处的振动图象分别如图9所示，又知此波的波长大于1m，则此波的传播速度v=_____m/s。（只取整数）参考答案：333m/s

10.如图12所示，单匝线圈ABCD在外力作用下，第一次以速度V向右匀速进入匀强磁场；第二次又以速度2V匀速进入同一匀强磁场。则第二次与第一次进入时线圈中电流之比为___________;第二次与第一次进入时通过线圈导线横截面的电荷量之比为________________。参考答案：11.如图所示是一个双量程电压表，表头是一个内阻为Rg=500Ω，满偏电流为1mA的毫安表，表盘刻度分为100个刻度.现接成量程分别为10V和100V的两个量程，则所串联的电阻R1=______，此时刻度盘每个刻度表示______V，所串联的电阻R2=______参考答案：9500Ω;0.1;90000Ω12.“探究碰撞中的不变量”的实验中，入射小球m1=15g，原来静止的被碰小球m2=10g，由实验测得它们在碰撞前后的x﹣t图象如图，可知入射小球碰撞后的m1v′1是0.0075kg?m/s，入射小球碰撞前的m1v1是0.015kg?m/s，被碰撞后的m2v′2是0.075kg?m/s．由此得出结论碰撞过程中动量守恒．参考答案：解：（1）由图1所示图象可知，碰撞前球1的速度：v1==1m/s，碰撞后，球的速度：v1′==0.5m/s，v2′==0.75m/s，入射小球碰撞后的m1v′1=0.015×0.5=0.0075kg?m/s，入射小球碰撞前的m1v1=0.015×1=0.015kg?m/s，被碰撞后的m2v′2=0.01×0.75=0.075kg?m/s，碰撞前系统总动量p=m1v1=0.015kg?m/s，碰撞后系统总动量p′=m1v′1+m2v′2=0.015kg?m/s，p′=p，由此可知：碰撞过程中动量守恒；故答案为：0.0075kg?m/s；0.015kg?m/s；0.075kg?m/s；碰撞过程中动量守恒13.（4分）紫光在真空中的传播速度是_______m／s,它射入折射率为的水中时传播速度为_______m／s。参考答案：3×108；2.25×108三、实验题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14.下面甲、乙两图中，一个是伏安法测电阻的电路图，另一个是用电流表和电压表测定电源电动势和内阻的电路图。①测定电源电动势和内阻的电路图是图

.②按照第①小题中电路图完成实物连图。③按照第①小题中电路图进行实验，且当滑动变阻器的滑动触头逐渐移动时依次测得的实验数据表，其中与甲图对应的表格是__

__表,原因是__________________________.④某同学在伏安法测电阻的实验中电压表的量程为3V，电流表的量程为0.6A，用螺旋测微器测量电阻丝的直径，则下图中电压表的读数为__

__V，电流表的读数为______A，被测电阻丝的直径的测量值为_____mm。参考答案：15.某同学利用螺旋测微器测量一金属板的厚度．该螺旋测微器校零时的示数如上左图(a)所示，测量金属板厚度时的示数如图(b)所示．图(a)所示读数为_____________mm，图(b)所示读数为_________mm，所测金属板的厚度为____________mm．参考答案：

(1).0.010(±0.001)

(2).6.870(±0.001)

(3).6.860(±0.002)试题分析：解决本题的关键掌握螺旋测微器的读数方法，固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．解：图（a）中螺旋测微器的固定刻度为0mm，可动刻度为1.0×0.01mm=0.010mm，所以最终读数为0mm+0.010mm=0.010mm．图（b）中螺旋测微器的固定刻度为5.5mm，可动刻度为37.0×0.01mm=0.370mm，所以最终读数为5.5mm+0.370mm=5.870mm．所测金属板的厚度为5.870mm﹣0.010mm=5.860mm=0.5860cm．故答案为：0.010，5.870，0.5860【点评】对于基本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器等要了解其原理，要能正确使用这些基本仪器进行有关测量．

四、计算题：本题共3小题，共计47分16.(20分)在野外施工中，需要使质量m＝4.20kg的铝合金构件升温。除了保温瓶中尚存有温度t＝90.0℃的1.200kg的热水外，无其他热源。试提出一个操作方案，能利用这些热水使构件从温度t0=10℃升温到66.0℃以上（含66.0℃），并通过计算验证你的方案．已知铝合金的比热容c＝0.880×l03J·(Kg·℃)-1，水的比热容c0=4.20×103J·(Kg·℃)-1，不计向周围环境散失的热量。参考答案：解析：1.操作方案：将保温瓶中℃的热水分若干次倒出来。第一次先倒出一部分，与温度为℃的构件充分接触，并达到热平衡，构件温度已升高到，将这部分温度为的水倒掉。再从保温瓶倒出一部分热水，再次与温度为的构件充分接触，并达到热平衡，此时构件温度已升高到，再将这些温度为的水倒掉。然后再从保温瓶中倒出一部分热水来使温度为的构件升温……直到最后一次，将剩余的热水全部倒出来与构件接触，达到热平衡。只要每部分水的质量足够小，最终就可使构件的温度达到所要求的值。2.验证计算：例如，将1.200kg热水分5次倒出来，每次倒出＝0.240kg，在第一次使热水与构件达到热平衡的过程中，水放热为

（1）构件吸热为

（2）由及题给的数据，可得＝27.1℃

（3）同理，第二次倒出0.240kg热水后，可使构件升温到＝40.6℃

（4）依次计算出～的数值，分别列在下表中。倒水次数/次12345平衡温度/℃27.140.651.259.566.0可见＝66.0℃时，符合要求。附：若将1.200kg热水分4次倒，每次倒出0.300kg，依次算出～的值，如下表中的数据：倒水次数/次1234平衡温度/℃30.345.5056.865.2

由于＝65.2℃＜66.0℃，所以如果将热水等分后倒到构件上，则倒出次数不能少于5次。评分标准：本题20分。设计操作方案10分。操作方案应包含两个要点：①将保温瓶中的水分若干次倒到构件上。②倒在构件上的水与构件达到热平衡后，把与构件接触的水倒掉。验证方案10分。使用的验证计算方案可以与参考解答不同，但必需满足两条：①通过计算求出的构件的最终温度不低于66.0℃。②使用的热水总量不超过1.200kg。这两条中任一条不满足都不给这10分。例如，把1.200kg热水分4次倒，每次倒出0.300kg，尽管验算过程中的计算正确，但因构件最终温度低于66.0℃，不能得分。17.气球质量200kg截有质量为50kg的人，静止在空中距地面20m高的地方，气球下悬一质量不计的绳子，此人想从气球上沿绳慢慢下滑至地面，为安全到达地面，则这根绳至少多长？参考答案：解：人与气球组成的系统动量守恒，设人的速度v1，气球的速度v2，设运动时间为t，以人与气球组成的系统为研究对象，以向下为正方向，由动量守恒得：m1v1﹣m2v2=0，则m1﹣m2=0，50×﹣200×=0，s气球=s人=×20m=5m，气球球和人运动的路程之和为为绳子的长度，则绳子长度L=s气球+s人=20m+5m=25m，即绳子至少长25m长．答：这根绳至少长25m．【考点】动量守恒定律．【分析】人和气球动量守恒，当人不动时，气球也不动；当人向下运动时，气球向上运动，且变化情况一致，即加速均加速，减速均减速，匀速均匀速．根据动量守恒列出等式求解．18.一根弹性绳沿x轴方向放置，左端在原点O，用手握住绳的左端使其沿y轴方向做周期为1s的简谐运动，于是在绳上形成一列简谐波。求：（1）若从波传到平衡位置在x