2022-2023学年天津市九校联考高三（下）模拟考试物理试卷-普通用卷

第=page11页，共=sectionpages11页2022-2023学年天津市九校联考高三（下）模拟考试物理试卷一、单选题（本大题共5小题，共20.0分）1.伽利略开创了实验研究和逻辑推理相结合探索自然规律的科学方法，利用这种方法伽利略发现的规律有(

)A.力不是维持物体运动的原因

B.物体之间普遍存在相互吸引力

C.物体间的相互作用力总是大小相等、方向相反

D.物体加速度大小与作用力成正比、与物体质量成反比2.a、b两种单色光，已知在真空中a光的波长小于b光的波长，根据该信息，下列判断正确的是(

)A.在同种玻璃中，a光的传播速度大

B.若a、b光分别照射同一光电管发生光电效应，a光的遏止电压高

C.用同样的装置做双缝干涉实验，a光的干涉条纹间距大

D.水对a光的折射率比对b光的小3.2022年11月3日9时32分，梦天实验舱顺利完成转位，标志着中国空间站“T”字型基本结构在轨组装完成，如图所示。已知空间站离地面的高度为h，这个高度低于地球同步卫星的高度。地球的半径为R，地球表面的重力加速度为g，万有引力常量为G，忽略地球自转。若空间站可视为绕地心做匀速圆周运动，则下列说法正确的是(

)

A.空间站的线速度大小为gR2R+h B.空间站的向心加速度大小为gRR+4.如图所示为交流发电机的示意图，两磁极N、S间的磁场可视为水平方向匀强磁场，单匝线框绕垂直于磁场的水平轴OO′沿逆时针方向以角速度ω=100π(rad

A.t=0时刻，感应电动势为零

B.产生的交变电流的频率为100Hz

C.电流表的示数为5.如图所示，虚线为位于O位置的点电荷形成电场中的等势面，已知三个等势面的电势差关系为φ1−φ2=φ2−φ3，图中的实线为一带负电的粒子进入该电场后的运动轨迹，与等势面相交于图中的a、bA.O位置的点电荷带正电

B.该粒子在b点的加速度小于在a点的加速度

C.a、b、c、d四点中，该粒子在b处的电势能最小

D.该粒子从b点飞到c点动能的变化量等于从c点飞到d点动能的变化量二、多选题（本大题共3小题，共12.0分）6.下列说法正确的是(

)A.一群处于n=4能级的氢原子向低能级跃迁时总共可辐射出4种不同频率的光

B.放射性元素无论以单质还是以化合物形式存在，半衰期都是一样的

C.核反应方程 127.在飞机起飞的过程中，由于高度快速变化，会引起机舱内气压变化，乘客小周同学观察发现，在此过程中密封桶装薯片的薄膜盖子凸起，如图所示。若起飞前后桶内气体的温度保持不变，则下列关于桶内气体(可视为理想气体)的说法中正确的是(

)

A.桶内气体从外界吸收热量 B.桶内气体分子平均动能变小

C.桶内气体压强增大 D.桶内气体对外做功，内能不变8.一列沿x轴正方向传播的简谐横波，t=0时刻的波形如图所示，此时位于x=3m处的质点c开始振动。已知t1A.该波的频率为2Hz

B.波源开始振动时的运动方向沿y轴的负方向

C.0～1s内质点c振动的路程为40c三、实验题（本大题共2小题，共18.0分）9.利用如图所示装置做“研究弹力与弹簧伸长量关系”的实验，所用的钩码都相同。(1)在安装刻度尺时，必须使刻度尺保持(2)A.实验前，应该先把弹簧水平放置在桌面上测量其长度B.用直尺测得弹簧的长度作为弹簧的伸长量C.用悬挂钩码的方法给弹簧施加拉力，要在钩码处于静止状态时读刻度尺的读数D.逐一增挂钩码，记下每增加一个钩码后指针所指的刻度尺刻度和对应的钩码总重量(3)某同学采用正确的方法操作后，用图像法处理数据时，把弹簧的伸长量x作为横坐标，弹力F作为纵坐标，然后描点作图，则作出的图像应为A.B.C.D.

10.某同学想要测量一个未知电阻Rx的阻值。

①该同学先用多用电表粗测未知电阻Rx的阻值，他先用欧姆表“×10”倍率测量，发现指针偏转角度太大，为了较准确地进行测量，他重新选择了合适的倍率，并重新进行欧姆调零，正确操作并读数，这时刻度盘上的指针位置如图甲所示，则测量值是______Ω。

②为了尽可能精确测量Rx的阻值，该同学设计了如图乙所示的电路，所选实验器材均符合实验要求。闭合S1，将S2接a，调节滑动变阻器滑片P到适当位置并保持不变，此时电压表示数为U1，电流表示数为I1；再将S2接b，电压表示数为U2，电流表示数为I2，则待测电阻的阻值为Rx=______(用U1、I1、U2、四、计算题（本大题共3小题，共30.0分）11.如图所示，在一堆淤泥表面放置一个大爆竹，爆竹爆炸时分裂成A、B两部分，A的质量为M=0.1kg，B的质量为m=0.05kg。爆竹爆炸时B部分竖直向上飞出，能上升的最大高度为h=5m，A部分陷入淤泥中的最大深度为d=5c12.如图甲所示，两光滑的平行导轨MN与PQ水平放置，Q、N两点间接有电阻R，导轨间距为L，导轨处有两个匀强磁场区域Ⅰ、Ⅱ(分别是cdef和ghjk)，磁场方向均垂直于导轨平面竖直向上，Ⅱ区是磁感应强度为B0的恒定磁场区。Ⅰ区磁场的宽度为x1，磁感应强度随时间变化规律如图乙所示。一质量为m、长度为L、电阻也为R的导体棒ab垂直于导轨放置在Ⅰ区磁场正中央，从t=0时刻开始，导体棒在安培力的作用下向左运动，t1时刻离开Ⅰ区时速度为v0，最后离开Ⅱ区时速度为v03。求：

13.东方超环(EAST)，俗称“人造小太阳”，是中国科学院自主研制的磁约束核聚变实验装置。该装置需要将加速到较高速度的离子束变成中性粒子束，没有被中性化的高速带电离子需要利用“偏转系统”将带电离子从粒子束剥离出来。“偏转系统”的原理简图如图所示，混合粒子中的中性粒子继续沿原方向运动，被接收器接收；而带电离子一部分打到下极板，剩下的进入磁场发生偏转被吞噬板吞噬。已知离子带正电、电荷量为q，质量为m，两极板间电压为U，间距为(1)在极板间施加了一垂直于纸面向里的匀强磁场，使速度为v1(2)直线通过极板的离子以v1(3)撤去极板间磁场B1，且B2边界足够大。若粒子束由两极板中央平行于极板射入，且离子的速度范围U

答案和解析1.【答案】A

【解析】解：A.力不是维持物体运动的原因，是伽利略实验研究和逻辑推理相结合得出的物理规律，故A正确；

B.伽利略并没有发现物体之间普遍存在相互吸引力，是牛顿总结出的万有引力定律的内容，故B错误；

C.伽利略并没有发现物体间的相互作用力总是大小相等、方向相反，是牛顿总结了牛顿第三定律的内容，故C错误；

D.伽利略并没有发现物体加速度大小与作用力成正比、与物体质量成反比，是牛顿通过实验总结出了牛顿第二定律的内容，故D错误。

故选：A。

伽利略的斜面实验是以可靠的事实为基础，经过抽象思维，抓住主要因素，忽略次要因素，推理得出的结论。

伽利略是物理学的奠基人之一，要学习他的成就和科学研究的方法，理想斜面实验抓住了客观事实的主要因素，忽略了次要因素，从而更深刻地揭示了自然规律。2.【答案】B

【解析】解：A.在真空中a光的波长小于b光的波长，则a光的频率大于b光的频率，同种玻璃对a光的折射率大于b光的折射率，根据v=cn可知在同种玻璃中，b光的传播速度大，故A错误；

B.根据光电效应方程eUc=hν−W0，若a、b光分别照射同一光电管发生光电效应，a光的遏止电压高，故B正确；

C.用同样的装置做双缝干涉实验，根据条纹间距公式Δx=ldλ，可知b光的干涉条纹间距大，故C错误；

D.在真空中a光的波长小于b光的波长，则a光的频率大于b光的频率，水对a光的折射率大于b光的折射率，故D错误。

故选：B。3.【答案】A

【解析】【详解】ADG可得M空间站绕地球运行，由万有引力提供向心力得G解得v选项A正确，D错误；B.由牛顿第二定律有G空间站的向心加速度大小为a选项B错误；C.由牛顿第二定律有G解得T空间站的轨道半径小于同步卫星的轨道半径，可知空间站的周期小于同步卫星的周期，即小于24h，选项C故选A。

4.【答案】C

【解析】解：A、t=0时刻，线圈平面垂直中性面，穿过线框的磁通量为零，磁通量变化率最大，感应电动势最大，故A错误；

B、产生的交变电流的频率f=ω2π=100π2πHz=50Hz

故B错误；

C、感应电动势的最大值为Em=BSω=Φmω=1π5.【答案】D

【解析】【解析】

A、由图结合曲线运动的特点可知，粒子受到的电场力得方向向右，粒子带负电，所以电场的方向向左，结合常见电场的特点可知，该电场的场源电荷是负电荷，故A错误；

B、b点电场线较a点密集，则电场强度较大，则加速度较大，故B错误；

C、电场的方向向左，沿电场线的方向电势降低，所以电势的关系为：φ3>φ2>φ1，电子在电势低处电势能大，故在b处电势能最大，故C错误；

D、因为φ1−φ2=φ2−φ3，则该粒子从b点飞到c点电势能的变化量等于从c点飞到d点电势能的变化量，根据能量守恒，该粒子从b点飞到c点动能的变化量等于从6.【答案】BC【解析】解：A.一群处于n=4能级的氢原子向低能级跃迁时总共可辐射出光的种类总共为C42=6种，故A错误；

B.半衰期与化学环境无关，放射性元素无论以单质还是以化合物形式存在，半衰期都是一样的，故B正确；

C.核反应方程 12H+13H→24He+01n属于原子核聚变反应，故7.【答案】AD【解析】解：AD、由于桶内理想气体温度不变，则桶内气体内能不变，ΔU=0。桶内气体体积变大，气体对外做功，则W<0，根据热力学第一定律ΔU=Q+W可知Q>0，即桶内气体从外界吸收热量，故AD正确；

B、温度是分子平均动能的标志，桶内气体的温度保持不变，则桶内气体分子平均动能不变，故B错误；

C、根据玻意耳定律pV8.【答案】BD【解析】解：A、t=0时刻，b点在波谷位置，t1=1s时质点b第一次出现在波峰位置，时间间隔为半个周期，即T=2s，则该波的频率为f=1T=12Hz=0.5Hz，故A错误；

B、根据同侧法可知，质点c开始振动时运动方向沿y轴的负方向，由于介质中所有点的振动都是模仿波源的振动，因而波源开始振动时的运动方向沿y轴的负方向，故B正确；

C、时间间隔为Δt=1s质点c振动的路程为s=2A=2×10cm=20cm，故C错误；

D、由图可知波长为λ=4m，则波速为9.【答案】

①.竖直

②. 【解析】【详解】(1(2)[B.用直尺测得弹簧的长度不是弹簧的伸长量，而是原长和伸长量之和，故B错误；C.用悬挂钩码的方法给弹簧施加拉力，要在钩码处于静止状态时读刻度尺的读数，故C正确；D.为防止超过弹性限度，应逐一增挂钩码，记下每增加一个钩码后指针所指的刻度尺刻度和对应的钩码总重量，故D正确。故选CD。(3)[故选A。

10.【答案】9

U1I1【解析】解：①由题可知，用欧姆表“×10”倍率测量，发现指针偏转角度太大，说明被测电阻阻值较小，需要选择更小倍率的挡位，即选择“×1”倍率，故测量值为9Ω；

②闭合S1，当S2接a时，电压表示数为U1，电流表示数为I1，则有

U1I1=R0+RA+Rx

当S2接b，电压表示数为U2，电流表示数为I2，则有

U2I211.【答案】解：(1)根据匀变速直线运动的公式可得：

0−v02=−2gh

爆竹爆炸结束的瞬间，B部分获得的速度大小为：

v0=10m/s

(2)根据动量守恒，选择竖直向上的方向为正方向，由此可得：

mv0=Mv

解得爆竹爆炸结束的瞬间，A部分获得的速度大小为：

v【解析】(1)根据运动学公式得出B部分获得的速度大小；

(2)根据动量守恒定律结合动能定理得出A12.【答案】解：(1)t=0时刻，导体棒所在回路的感应电动势为：

E=ΔBΔt×x12L=B1x1L2t1

回路的电流I=E2R

导体棒受到的安培力大小F安=B1IL

解得：F安=B12L2x14Rt1

(2)导体棒穿越Ⅱ【解析】(1)根据感应电动势的计算公式，结合欧姆定律和安培力的计算公式得出安培力的大小；

(2)理解过程中的能量转化关系，根据电阻的比值关系得出电阻R上产生的焦耳热；

(13.【答案】解：(1)离子能直线通过两极板，则洛伦兹力等于电场力

qv1B1=qUd，

将v1=2qUm代入得

B1=1dmU2q。

(2)由洛伦兹力提供向心力

qv1B2=mv12r，

离子在偏转磁场中的