黑龙江省哈尔滨市高考物理三年（2021-2023）模拟题（三模）按题型分类汇编-选择题（含解析）

第=page88页，共=sectionpages3838页黑龙江省哈尔滨市高考物理三年（2021-2023）模拟题（三模）按题型分类汇编-选择题（含解析）一、单选题1.在物理学的发展过程中，许多物理学家的科学发现推动了人类历史的进步，关于科学家和他们的贡献，下列说法正确的是(

)A.亚里士多德通过“理想实验”得出了“力不是维持物体运动的原因”这一结论

B.康普顿在研究石墨对X射线的散射时，发现了康普顿效应，深入的揭示了光的波动性

C.法拉第引入的“电场线”是真实存在于电场中的

D.在普朗克关于黑体辐射的量子论和爱因斯坦关于光子的概念启发下，玻尔提出了原子结构的轨道量子化和定态假说2.在建造房屋的过程中，经常见到建筑工人将重物从高处运到地面，可以简化为如图所示的模型，工人甲和乙站在同一高度手握轻绳，不计重力的光滑圆环套在轻绳上；下端连接一重物，工人甲在A点静止不动，工人乙从B点缓慢的向A点移动一小段距离的过程中，以下分析正确的是(

)A.绳的拉力大小不变

B.工人甲受到地面的摩擦力变大

C.地面对工人甲的支持力不变

D.工人乙对轻绳施加的作用力与轻绳对工人乙的作用力是一对平衡力3.在水平面上M点的正上方0.4m高度处，将A球以初速度v1=2m/s水平向右抛出，在M点右侧地面上N点处，将B球以初速度v2=2m/sA.若两球同时抛出，经过0.1s后相遇

B.若两球同时抛出，相遇时速度变化量相等

C.若两球同时抛出，相遇时水平位移相同

D.4.如图所示，虚线A、B、C为电场中等势面，电势分别为0V、2V、4V，实线为一带电粒子仅在电场力的作用下通过该区域时的运动轨迹，P、Q是运动轨迹上的两点，则下列说法正确的是(

)

A.带电粒子一定带正电

B.带电粒子在P点的加速度大小大于在Q点的加速度大小

C.带电粒子由P点运动到Q点的过程中机械能守恒

D.带电粒子在P点的电势能大于在Q点的电势能5.如图所示，在挡板AB上方，存在一磁感应强度为B面积未知的矩形匀强磁场区域，磁场方向垂直纸面向里。AB边上O点处放置了发生光电效应的极限频率为v的金属钠，现用频率为4v的光去照射钠，发生光电效应后只考虑射入平面ABCD内电子的运动情况(平面ABCD与匀强磁场垂直)，已知电子质量为m，电荷量为e，普朗克常量为h，不计电子的重力和电子间的相互作用，粒子打到挡板上时均被挡板吸收。为保证平面ABCD内的电子都不从磁场逸出的矩形磁场的最小面积为(

)A.8mhve2B2 B.12mhve26.下列叙述正确的是(

)A.重心、合力和交变电流的有效值等概念的建立都体现了等效替代的思想

B.库仑提出了用电场线描述电场的方法

C.伽利略猜想自由落体的运动速度与下落时间成正比，并直接用实验进行了验证

D.用比值法定义的物理概念在物理学中占有相当大的比例，例如场强E=Fq，电容C7.图为春节期间路灯上悬挂的灯笼，三个相同的灯笼由轻绳连接起来挂在灯柱上，O为结点，轻绳OA、OB、OC长度相等，无风时三根绳拉力分别为FA、FB、FC。其中OB、OC两绳的夹角为60°，灯笼总质量为3m，重力加速度为gA.FB与FC相同 B.FB一定小于mg

C.FB与FC合力大小等于3mg8.空间存在一沿x轴方向的静电场，电势φ随x变化的关系如图所示，下列说法正确的是(

)A.x2点两侧电场强度方向相反，从o沿x轴正方向，场强先减小后增大

B.沿x轴正方向，从o到无穷远电势先降低后升高

C.x1位置场强最小，大小为0

D.将带正电粒子由0～x1之间的位置静止释放9.如图所示，一台空调外机用两个三角形支架固定在外墙上，空调外机的重心恰好在支架横梁AO和斜梁BO的连接点O的正上方。若把斜梁加长些，仍保持O点的位置不变且横梁水平，则横梁和斜梁对O点的作用力FA(沿OA方向)和FB(沿BO方向)的大小将A.FA减小，FB增大

B.FA减小，FB减小

C.FA增大，FB减小10.用如下方法估测电梯在加速和减速过程中的加速度：用测力计悬吊一个重物，保持测力计相对电梯静止，测得电梯上升加速时测力计读数为F1，减速时为F2。已知该电梯加速和减速过程的加速度大小相同，重力加速度为g。则可知电梯变速运动时的加速度大小为(

)A.F1F2g B.F2F11.一近地卫星的运行周期为T0，地球的自转周期为T，则地球的平均密度与地球不致因自转而瓦解的最小密度之比为(

)A.T0T B.TT0 C.12.一种常见的核聚变反应是由氢的同位素氘和氚聚合成氦，并释放一个中子。已知氘核质量为2.0136u，氚核质量为3.0160u，氦核质量为4.0026u，中子质量为1.0087u，1u相当于931MeV。若建一座功率为3.0×105kW的核聚变电站，假设聚变所产生能量的A.23.4kg B.11.7kg C.35.1kg D.13.如图所示，虚线右侧存在匀强磁场，磁场方向垂直纸面向外，电阻为R的正方形金属线框的右边与磁场边界重合。在外力作用下，金属线框由静止开始以垂直于磁场边界的恒定加速度a进入磁场区域，t1时刻线框全部进入磁场。则感应电流i(以逆时针方向为正方向)、线框电功率P、外力F的大小以及通过线框横截面的电荷量q随时间t变化的关系正确的是(

)A. B.

C. D.14.下列说法正确的是(

)A.千克、秒、牛顿是国际单位制中的三个基本单位

B.汽车行驶的速度越大，惯性就越大

C.a=Fm是加速度的比值法定义式15.如图甲中所示给出了氢原子光谱中四种可见光谱线对应的波长，氢原子能级图如图乙所示。由普朗克常量可计算出这四种可见光的光子能量由大到小排列依次为3.03eV、2.86eV、2.55eV和1.89eVA.Hα谱线对应光子的能量是最大的

B.Hδ谱线对应光子的能量是最大的

C.Hδ光是由处于n=5的激发态氢原子向低能级跃迁的过程中产生的

16.如图所示，MN的右侧存在范围足够大、磁感应强度大小为B的匀强磁场，磁场方向垂直纸面向里，MN右侧到MN的距离为L的O处有一个粒子源，可沿纸面内各个方向射出质量为m、电荷量为q的带正电粒子(不计重力及粒子间的相互作用)，速度均为qBLm，则粒子在磁场中运动的最短时间为(

)A.πm2qB

B.πm3qB

C.πm4qB17.如图所示，两个完全相同的木模质量均为m，通过三根轻质竖直细线对称连接，放在水平面上呈“互”字型静置，上方木模呈现悬浮效果，这是利用了建筑学中的“张拉整体”的结构原理。细线a、b、c上的张力大小分别用Fa、Fb、Fc表示，水平面所受的压力大小为FN，重力加速度大小为g。下列关系式正确的是A.Fa>mg，FN=2mg

B.Fa>mg，18.2021年7月我国成功将全球首颗民用晨昏轨道气象卫星——“风云三号05星”送入预定圆轨道，轨道周期约为1.7h，被命名为“黎明星”，使我国成为国际上唯一同时拥有晨昏、上午、下午三条轨道气象卫星组网观测能力的国家。如图所示，某时刻“黎明星”正好经过赤道上P城市正上方，则下列说法正确的是(

)A.“黎明星”做匀速圆周运动的线速度小于同步卫星的线速度

B.“黎明星”做匀速圆周运动的角速度小于同步卫星的角速度

C.“黎明星”做匀速圆周运动的轨道半径小于同步卫星的轨道半径

D.该时刻后“黎明星”经过1.7h能经过P19.2023年1月，“中国超环”成为世界上首个实现维持和调节超过1000秒的超长时间持续脉冲的核反应堆。其核反应方程 12H+13H→24He+X，已知 12A.该核反应在高温高压下才能发生，说明该核反应需要吸收能量

B.γ光子来源于核外电子的能级跃迁

C.X是中子，该核反应为核聚变反应

D.X的质量为m20.复色光在玻璃元件中折射时会产生色散现象，影响照相机和望远镜的成像质量。如图所示，一束复色光经凸透镜后分成AB两束、下列说法正确的是(

)A.A光的频率比B光的频率大

B.A光光子的能量比B光光子的能量大

C.若两种光从水中射向空气，A光的临界角较大

D.若两种光经同样的装置做“双缝干涉”实验，A光的条纹间距较小21.“战绳”是一种近年流行的健身器材，健身者把两根相同绳子的一端固定在一点，用双手分别握住绳子的另一端，上下抖动绳子使绳子振动起来，如图甲所示。以手的平衡位置为坐标原点，如图乙所示为健身者左手在抖动绳子过程中某时刻的波形图，左手抖动的频率为1.25Hz，下列说法正确的是(

)

A.该时刻质点Q的振动方向沿y轴负方向 B.该时刻质点P的位移为102cm

C.波的传播速度为8.75m/s 22.中国预计在2028年实现载人登月计划：把月球作为登上更遥远行星的一个落脚点。如图所示是“嫦娥一号奔月”的示意图，“嫦娥一号”卫星发射后经多次变轨，进入地月转移轨道，最终被月球引力捕获，成为绕月卫星。关于“嫦娥一号”下列说法正确的是(

)

A.发射时的速度必须达到第三宇宙速度

B.在绕地轨道中，公转半长轴的立方与公转周期的平方之比不变

C.在轨道Ⅰ上运动时的速度小于轨道Ⅱ上任意位置的速度

D.在不同的绕月轨道上，相同时间内卫星与月心连线扫过的面积相同23.电动平衡车是一种新的短途代步工具.已知人和平衡车的总质量是60kg，启动平衡车后，车由静止开始向前做直线运动，某时刻关闭动力，最后停下来，其v-t图像如图所示。假设平衡车与地面间的动摩擦因数为μ，g=10m/sA.平衡车与地面间的动摩擦因数为0.6

B.平衡车整个运动过程中的位移大小为195m

C.平衡车在整个运动过程中的平均速度大小为3m/s24.如图所示，在竖直绝缘圆筒水平直径两端分别固定一直导线A1A2和B1B2，两导线中通有相同的恒定电流I；圆筒水平直径AB与CD垂直，其中A、B，C、D分别为该两直径的端点，且A、B分别为A1A.C、D两点处的磁感应强度相同

B.沿圆筒水平直径AB，由A至B磁感应强度逐渐减小

C.沿圆筒水平直径AB，由A至B磁感应强度先增大后减小

D.若将导线A1A2保持竖直沿桶壁绕O1O二、多选题25.如图所示，图中虚线间存在垂直纸面向里的匀强磁场，虚线间的距离为2L，匀强磁场大小均为B，“”字形金属线框总电阻为R，每条边长为L，t=0时刻，ab边与M区域磁场左边界重合。现使线框以恒定的速度v沿垂直于磁场区域边界的方向穿过磁场。取逆时针方向为感应电流I的正方向，取水平向左为安培力F的正方向，则在金属线框穿过磁场的过程中，线框中感应电流I、安培力F随时间t变化的关系图线正确的是(

)A. B.

C. D.26.如图所示，传送带在水平方向以速度v=2m/s沿逆时针方向转动，质量为1kg的物块A以水平向右的速度v0=4m/s滑上传送带左端，物块A与传送带间的动摩擦因数μ=0.2A.物块A一直做减速运动 B.物块A最终的速度大小为2m/s

C.物块A最终的速度大小为4m/s27.矩形线框abcd固定放在匀强磁场中，磁场方向与线圈平面垂直，磁感应强度B随时间t变化的图象如图所示。设t=0时刻，磁感应强度的方向垂直纸面向里，下列几幅图中i表示线圈中感应电流的大小(规定电流沿顺时针方向为正)，F表示线框ab边所受的安培力的大小(规定ab边中所受的安培力方向向左为正)，则下列图象中可能正确的是(

)A. B.

C. D.28.下列说法中正确的是(

)A.法国物理学家贝克勒尔发现天然放射现象，此现象说明原子核具有复杂的内部结构

B.法国物理学家德布罗意实验证实了实物粒子的波动性

C.在康普顿效应中，当入射光子与晶体中的电子碰撞时，把一部分动量转移给电子，因此光子散射后波长变长

D.原子核内的某一核子与其他核子间都有核力作用29.光滑水平轨道MN与半径为R的竖直光滑半圆轨道相切于N点，质量为m的小球B静止于水平轨道上P点，小球半径远小于R。与B完全相同的小球A以速度v0向右运动，A、B碰后粘连在一起，两球在圆弧轨道内运动时不会脱离轨道。已知重力加速度为g。下列说法正确的是(

)A.若两小球恰能到达与圆心等高的位置，则小球A的速度v0=22gR

B.只要v0≥22gR，两球在圆弧轨道内运动时不会脱离轨道

C.若两小球恰能到达最高点，则小球A的速度v0=5gR

30.P1、P2为相距遥远的两颗行星，距各自表面相同高度处各有一颗卫星s1、s2做匀速圆周运动。图中纵坐标表示行星对周围空间各处物体的引力产生的加速度a，横坐标表示物体到行星中心距离r的平方，两条曲线分别表示P1、P2周围的a与A.P1的星球半径比P2的大 B.P1的平均密度比P2的小

C.P1的“第一宇宙速度”比P2的大31.如图所示，滑块A、B的质量均为m，A套在倾斜固定的直杆上，倾斜杆与水平面成45°角，B套在水平固定的直杆上，两杆分离不接触，两直杆间的距离忽略不计，两直杆足够长，A、B通过铰链用长度为L的刚性轻杆(初始时轻杆与水平面成30°角)连接，A、B从静止释放，B开始沿水平杆向右运动，不计一切摩擦，滑块A、B视为质点，重力加速度为g，下列说法正确的是(

)A.A、B及轻杆组成的系统机械能守恒

B.当A到达B所在的水平面时，A的速度为gL

C.B到达最右端时，A的速度大于2gL

D.B32.如图所示为电吹风电路图，a、b、c、d为四个固定触点。可动的扇形金属触片P可同时接触两个触点。触片P处于不同位置时，电吹风可处于停机、吹热风和吹冷风三种工作状态，图示为电吹风处于停机状态。n1和n2分别是理想变压器原、副线圈的匝数。该电吹风的各项参数如下表所示。下列判断正确的是(

)热风时输入功率460冷风时输入功率60小风扇额定电压60正常工作时小风扇输出功率52

A.触片P若同时接触两个触点b和c，则电吹风处于吹冷风工作状态

B.小风扇的线圈内阻为8Ω

C.变压器原、副线圈的匝数比n1：n2=11：33.如图甲所示，一绝缘的圆环上均匀分布着正电荷，一光滑细杆过圆心且垂直于圆环平面，杆上套有带正电的小球。t=0时刻把小球从a点由静止释放后，小球沿细杆运动经过b、c两点，小球运动的v-t图象如图乙所示。下列判断正确的是A.小球从a点运动到c点的过程中电势能增大

B.圆环在圆心处产生的电场强度为0

C.a点的电场强度大于b点的电场强度

D.a、b两点电势差Uab小于b、c

两点电势差34.如图所示，质量相同的小球1、2从同一位置分别以初速度v1、v2正对倾角为θ的斜面水平抛出，已知小球1垂直撞在斜面上，小球2到达斜面的位移最小。下列说法正确的是(

)A.小球1、2的飞行时间之比为v1：2v2

B.小球1、2的飞行时间之比为v1：22v2

C.小球1、2落至斜面时速度与水平方向夹角的正切值之比为1：235.一带正电的粒子仅在电场力作用下沿x轴正方向运动，其电势能Ep随位置x的变化关系如图所示，其中0～x2段是对称的曲线，xA.x1、x2、x3处电势φ1φ2φ3的关系为φ1<φ2<φ3

B.粒子在0～x1段所受电场力沿36.如图所示的理想变压器，原线圈电路中有定值电阻R1，阻值为2R0，接入电动势为e=220sin(100πt)V的交流电源，内阻不计。副线圈电路中定值电阻R2和滑动变阻器R串联，R2的阻值和滑动变阻器的最大阻值均为A.电压表和电流表的示数均逐渐减小

B.R1两端电压与R2两端电压之比始终为1：5

C.通过R2的电流的频率始终为5Hz

D.37.如图，足够长的传送带AB以速度v=4m/s逆时针转动，与水平面夹角为37°，下端与足够长的光滑水平面BC平滑连接，滑块1、2用细线(未画出)拴在一起静止在水平面BC上，中间有一被压缩的轻质弹簧(弹簧在弹性限度内且1、2与弹簧不拴接)。剪断细线后弹簧恢复原长，之后滑块2以2m/s的速度水平向右运动。已知滑块2与传送带之间的动摩擦因数为0.5，滑块1、2质量分别为m1=1kg、m2A.弹簧恢复原长后滑块1速度大小为1m/s

B.弹簧处于压缩状态时储存的最大弹性势能为12J

C.滑块2在传送带上运动的时间为0.4s38.如图所示，竖直平面内存在一匀强电场，电场强度方向与水平方向间的夹角θ=60°，O、M为其中一条电场线上的两点，一带电粒子电荷量为q，不计重力，在O点以水平初速度v0进入电场，经过时间t粒子到达与M在同一水平线上的N点，且OM=A.UMO=UNM

B.粒子带负电

C.带电粒子在O点的电势能小于在N点的电势能

D.由39.光滑平行金属导轨由左侧弧形轨道与右侧水平轨道平滑连接而成，导轨间距均为L，如图所示。左侧轨道上端连接有阻值为R的电阻。水平轨道间有连续相邻、宽均为d的区域Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ，区域边界与水平导轨垂直。Ⅰ、Ⅲ区域有竖直向上的匀强磁场，磁感应强度大小为B；Ⅱ区域有竖直向下的匀强磁场，磁感应强度大小为2B。金属棒从左侧轨道上某处由静止释放，金属棒最终停在Ⅲ区域右边界上，金属棒的质量为m、长度为L、电阻为R。不计金属导轨电阻，金属棒与导轨接触良好，重力加速度为g，则金属棒(

)A.穿过区域I过程，通过R的电荷量为BLd2R

B.刚进入区域Ⅲ时受到的安培力大小为B2L22gh12R

C.穿过区域Ⅰ与Ⅱ过程，R上产生的焦耳热之比为11：25

D.穿过区域Ⅰ答案和解析1.【答案】D

【解析】解：A、伽利略通过“理想实验”得出了“力不是维持物体运动的原因”这一结论，故A错误；

B、康普顿在研究石墨对X射线的散射时，发现了康普顿效应，说明了光子不仅具有能量，还具有动量，深入的揭示了光的粒子性，故B错误；

C、法拉第引入的“电场线”不是真实存在于电场中的，故C错误；

D、根据物理学史可知，在普朗克关于黑体辐射的量子论和爱因斯坦关于光子的概念启发下，玻尔提出了原子结构的轨道量子化和定态假说，故D正确。

故选：D。

根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可。

本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一。

2.【答案】C

【解析】解：A、设重物重力为G，圆环受力如图所示：重力G、两个拉力T(同一根绳子上拉力处处相等)，由平衡条件：2Tcosθ=G，得：T=G2cosθ，工人乙从B点向A点移动，θ变小，由三角知识cosθ变大，G不变，所以拉力T变小，故A错误；

B、甲受力如图：重力mg、地面的支持力N、拉力T、摩擦力f，由平衡条件：f=Tsinθ，由A知T变小，θ变小，由三角知识sinθ变小，所以f变小，故B错误；

C、由平衡条件：N=mg+Tcosθ=mg+G2，定值，故C正确；

D、工人乙对轻绳的作用力与轻绳对工人乙的作用力是作用力与反作用力，不是平衡力，故D错误。

故选：C。

A、分析圆环受力列平衡方程解答；B、C、分析甲受力列平衡方程解答；D、用牛顿第三定律和平衡力的差别解答。

本题2Tcosθ=G考查正交分解法解答动态平衡(圆环3.【答案】B

【解析】解：AC、两球同时抛出，相遇时水平方向有：(v1+v2cos45°)t=0.8m，解得t=415s，其中v1t≠v2cos45°t，故AC错误；

B、抛出后，水平方向上两球做匀速直线运动，竖直方向上做匀变速运动，速度的变化量为△v=gt，从抛出到相遇，两球运动的时间t相同，所以相遇时速度变化量相等，故B正确；

4.【答案】D

【解析】解：A、根据电场线与等势面垂直且指向电势低的地方，可知该电场中电场线的方向垂直于等势面向下；带电粒子做曲线运动，电场力指向曲线的内侧，可知电场力的方向垂直于等势面向上，带电粒子受到的电场力得方向与电场线的方向相反同，可知该带电粒子带负电，故A错误；

B、等差等势面的疏密可以表示电场的强弱，P处的等势面疏，所以P点的电场强度小，电子在P点受到的电场力小，粒子的加速度小，故B错误；

C、只有电场力做功，电子的电势能和动能之和守恒，故带电粒子的机械能不守恒，故C错误；

D、利用推论：负电荷在电势高处电势能小，知道电子在P点具有的电势能比在Q点具有的电势能大，故D正确；

故选：D。

根据轨迹弯曲的方向和电场线与等势面垂直，可分析出带电粒子所受的电场力方向，从而判断出带电粒子的电性；由等差等势面的疏密确定出场强的大小，由牛顿第二定律分析加速度的大小；根据推论，负电荷在电势高处电势能小，分析电势能的大小．

根据电场线与等势面垂直，作出电场线，得到一些特殊点(电场线与等势面交点以及已知点)的电场力方向，同时结合能量的观点分析是解决这类问题常用方法．

5.【答案】B

【解析】解：根据光电效应方程，射出光电子的最大初动能Ekm=12mvm2=2hγ-hγ=hγ

射出的光电子在磁场中做匀速圆周运动，由洛伦兹力提供向心力可知：qvB=mvm2R

其最大半径为：R=mvmeB=6.【答案】A

【解析】解：A、重心、合力和交变电流的有效值等概念的建立都利用的等效替代的方法。故A正确。

B、法拉第提出了用电场线描述电场的方法，故B错误。

C、伽利略猜想自由落体的运动速度与下落时间成正比，他实验和推论的方法进行认证的，故C错误。

D、场强E=Fq，电容C=QU，加速度a=△v△t都是采用比值法定义的，a=Fm是加速度的决定式，故D错误。

故选：A。

物理学中用到大量的科学方法，建立“合力与分力”、“平均速度”、“总电阻7.【答案】C

【解析】解：ABD、三个灯笼受到重力与OA的拉力，所以OA的拉力FA=3mg；

三根绳子等长，可知OB与OC的拉力大小是相等；

对O点进行受力分析如图，可知：FBcos30°+FCcos30°=FA=3mg，

所以：FB=FC=3mg，但FB与FC的方向不同，FB与FC不相同，故ABD错误；

C、8.【答案】B

【解析】解：AB.由图象可知沿x轴正方向，从0到无穷远电势先降低后升高，因为沿电场线电势降低，可知x2点两侧电场强度方向相反；由φ-x图象的斜率等于场强可知场强先减小后增大再反向减小，故A错误，B正确；

C.由φ-x图象的斜率等于场强可知无穷远处电场强度最小为零，故C错误；

D.0～x2之间电场强度方向不变，将带正电粒子由0～x1之间的位置静止释放(不包括点x1)仅受电场力作用，粒子先加速运动，经过了x2位置后电场反向，粒子做减速运动，因开始释放的位置电势能大于零，则最终粒子的速度不为零，故D错误；

9.【答案】B

【解析】解：对接点O受力分析如图：

接点受到向下的压力大小等于空调外机的重力，根据共点力平衡，FA、FB的合力与力F等大反向，

设OB与竖直方向的夹角为θ，

FA=mgtanθFB=mgcosθ

若把斜梁加长些，仍保持O点的位置不变且横梁水平，OB与竖直方向的夹角变小，故F A变小FB变小，故B正确，ACD错误。

故选：B。

10.【答案】D

【解析】解：由题意设该电梯加速和减速过程的加速度大小为a，电梯上升加速时测力计读数为F1，即测力计对重物的拉力为F1，对重物利用牛顿第二定律，有

F1-mg=ma

电梯上升减速时测力计读数为F2，即测力计对重物的拉力为F2，对重物利用牛顿第二定律，有

mg-F2=ma

联立两式整理可得

a=11.【答案】D

【解析】解：卫星受到的万有引力提供向心力，则：GM0mR2=m⋅4π2RT02

可得地球质量为：M0=4π2R3GT02

密度：ρ0=M0V=M043π12.【答案】A

【解析】解：对于一次核聚变

质量亏损△m=(2.0136+3.0160-4.0026-1.0087)u=0.0183u

1u相当于931MeV，1MeV=1.6×10-13J

释放核能△E=931×1.6×10-13.【答案】C

【解析】解：A、线框做匀加速运动，其速度v=at，感应电动势E=BLv，感应电流i=ER=BLatR，i与t成正比，根据右手定则可知感应电流方向为顺时针，故A错误；

B、线框的电功率P=i2R=(BLat)2R∝t2，P-t图像的开口向上，故B错误；

C、线框进入磁场过程中受到的安培力FB=BiL=B2L214.【答案】D

【解析】解：A.千克、秒、米是国际单位制中力学的三个基本单位，牛顿是导出单位，故A错误；

B.惯性只与质量有关，与速度无关，速度越大，惯性没变，故B错误；

C.公式a=Fm是牛顿第二定律的表达式，表示物体的加速度跟物体受到的合外力成正比，与物体的质量成反比，不是加速度的定义式，故C错误；

D.用质点来代替有质量的物体是采用了理想模型的方法，故D正确。

故选：D。

常用的物理学研究方法有：控制变量法、等效替代法、模型法、比较法、类比法、转换法等，是科学探究中的重要思想方法，

15.【答案】B

【解析】解：AB.由E=hv=hcλ，可知Hα谱线的波长最长，频率最小，能量最小；

Hδ谱线的波长最短，频率最高，能量最大，故H δ谱线对应光子的能量是最大的，故A错误，B正确；

C.Hδ谱线谱线的波长最短，频率最大应为3.03eV，n=5能级以下没有相应的能级差等于该数值，故C错误；

D.光电效应方程Ekm16.【答案】B

【解析】解：由洛伦兹力提供向心力可得Bqv=mv2r

已知v=qBLm

解得粒子在磁场中运动的半径为

r=mvqB=L

粒子在磁场中运动时间最短，对应的弧长最短、弦长最短，由几何关系得，当弦长等于L时最短，此时弦切角为30°，圆心角为60°，如图所示，运动的最短时间是

tmin17.【答案】A

【解析】解：整体受力分析，由平衡条件得

FN=2mg

由对称性可知

Fb=Fc

对上方木模受力分析有

Fa=mg+Fb+Fc

则

Fa18.【答案】C

【解析】解：AC.由万有引力提供向心力，根据牛顿第二定律得：GMmr2=mr4π2T2，解得周期为：T=4π2r3GM，由“黎明星”周期1.7小时，同步卫星周期24小时，可知“黎明星”做匀速圆周运动的轨道半径小于同步卫星的轨道半径，由万有引力提供向心力，根据牛顿第二定律得：GMmr2=mv2r，解得卫星的线速度大小为：v=GMr，所以“黎明星”做匀速圆周运动的线速度大于同步卫星的线速度，故A错误，C正确；

B.由万有引力提供向心力，根据牛顿第二定律得：GMmr2=mrω2，可得角速度为：ω=GMr3，所以“黎明星”做匀速圆周运动的角速度大于同步卫星的角速度，故B错误；

D.某时刻“19.【答案】C

【解析】解：A、该核反应在高温高压下才能发生，但反应过程会放出大量热量，故A错误；

B、核反应释放能量，γ光子的能量就是来源于核反应释放的能量，故B错误；

C、根据质量数守恒和电荷数守恒可知，X的质量数A=2+3-4=1，电荷数Z=1+1-2=0，故X为中子，该核反应是两个轻核结合成质量较大的核的反应，为核聚变反应，故C正确；

D、核反应中发生质量亏损，设损失的质量为Δm，则X的质量为m4=m1+m2-20.【答案】C

【解析】解：A、根据光的偏折可知玻璃对B光的折射率更大，则B光的频率大，故A错误；

B、根据E=hν，可知A光光子的能量比B光光子的能量小，故B错误；

C、根据n=1sinC，可知若两种光从水中射向空气，A光的临界角较大，故C正确；

D、B光的频率大，波长小，根据Δx=ldλ可知若两种光经同样的装置做“双缝干涉”实验，B光的条纹间距较小，故D错误；

故选：21.【答案】B

【解析】解：ABD.由题可知，振幅A=20cm，频率f=1.25Hz，由图可知波的波长为λ=8m，波向右传播，该时刻Q点得振动方向沿y轴正方向，O点的振动方向沿y轴负方向，故从该时刻开始计时P点的振动方程为y=20sin

(2πft+3π4)

cm

故t=0时P点的位移为y=102cm

当t=0.1s时P点的位移为y=0，P点到达平衡位置，故AD错误，B正确；

C22.【答案】B

【解析】解：A、第三宇宙速度，又叫逃逸速度，大于第三宇宙速度，将脱离太阳引力，要使“嫦娥一号”离开地球，其速度要大于第一宇宙速度，小于第二宇宙速度，故A错误；

B、根据开普勒第三定律可知，在绕地轨道中，中心天体都为地球，所以公转半长轴的立方与公转周期的平方之比不变，故B正确；

C、轨道Ⅱ中远地点的速度小于轨道Ⅰ上运行的速度，故C错误；

D、根据开普勒第二定律的适用条件可知，在不同的绕月轨道上，相同时间内卫星与月心连线扫过的面积不相同，故D错误。

故选：B。

根据第三宇宙速度的特点分析判断，根据开普勒定律分析BCD项。

本题考查卫星的运动及卫星的变轨，解题关键掌握宇宙速度的理解，注意开普勒定律的应用。

23.【答案】B

【解析】解：A、由图示v-t图像可知，减速阶段的加速度大小a=ΔvΔt=640-30m/s2=0.6m/s2，对平衡车，由牛顿第二定律得：μmg=ma，代入数据解得：μ=0.06，故A错误；

B、由图示v-t图像可知，整个过程平衡车的位移大小x=12×[(30-5)+40]×6m=195m，故B24.【答案】D

【解析】解：A、因为导线中的电流大小相等，画出装置的俯视图如图甲，它们在C、D两点产生的磁场的磁感应强度大小相等，由右手螺旋定则及磁场叠加可知，C、D的磁感应强度等大反向，故A错误；

BC、同理可知，O处磁感应强度为0，所以沿水平直径AB，由A到B磁感应强度应先减小后增大，故BC错误；

D、A1A2导线沿桶壁绕O1O2缓慢转过90°的过程中，O处的磁感应强度变化情况如图乙所示，可知O处的磁感应强度逐渐增大，故D正确。

故选：D。

根据右手螺旋定则及磁场叠加分析C点和D点的磁感应强度；根据右手螺旋定则分析由A到B磁感应强度的变化；最后画出A1A2导线沿桶壁绕O125.【答案】AC

【解析】解：AB、线框做匀速穿过磁场，在1～2s时，有2L的有效长度切割磁感线，故I=2BL vR，则A正确，B错误；

CD、根据F=BIL，求得F=B⋅2BLvR⋅2L=4B2L2vR，故C26.【答案】BD

【解析】解：ABC、物块A先向右做减速直线运动，速度减小到零后再反向加速，当速度到达2m/s时再匀速运动到最左端，故AC错误、B正确；

D、取向左为正方向，全过程根据动量定理可得：I=mv-(-mv0)，解得物块A受到摩擦力的冲量大小为I=6N27.【答案】AC

【解析】解：AB、在0-2s内，磁感应强度均匀变化，线框的磁通量均匀变化，产生恒定电流。磁场方向先向里后向外，磁通量先减小后增大，由楞次定律可知，感应电流方向为顺时针方向，电流为正值。根据法拉第电磁感应定律得：E=△B△tS，感应电流I=ER，此段时间内，△B△t一定，则知感应电流也一定。同理得知，在2s-4s内，感应电流方向为逆时针方向，电流为负值，感应电流也一定。故A正确，B错误。

CD、在0-2s内，线框ab边所受的安培力的大小为F=BIL，IL一定，F与B成正比，而由楞次定律判断可知，安培力方向先向左后右，即先为正值后为负值。同理得知，在2s-4s28.【答案】AC

【解析】解：A、法国物理学家贝克勒尔发现天然放射现象，此现象说明原子核具有复杂的内部结构，故A正确；

B、法国物理学家德布罗意预言了实物粒子的波动性，1927年戴维孙和汤姆孙利用晶体做了电子束衍射实验，得到了电子束通过铝箔形成的衍射图样证实了实物粒子的波动性，故B错误；

C、由于光子和电子碰撞后光子动量变小，由λ=hP知光子散射后波长变长，故C正确；

D、核力是短程力，每个核子只跟它邻近的核子间存在核力作用，故D错误。

故选：AC。

根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可．29.【答案】AD

【解析】解：ABC、AB碰撞后的速度为v1，恰好运动到圆弧最高点时的速度为v2，对A、B，碰撞过程中动量守恒，选取向右为正方向，由动量守恒定律得

mv0=2mv1

当v0较小时，A、B最高只能运动到与圆心等高的地方，对A、B，从碰后到与圆心等高的地方，由动能定理有

-2mgR=0-12mv12

联立得

v0=22gR

当v0较大时，A、B能够做完整的圆周运动。讨论A、B恰好做完整圆周运动时的情形，对A、B，从碰后运动到圆周最高点的过中，由动能定理

-2mg2R=122mv22-122mv12

在最高点时，由牛顿第二定律得

2mg=2mv22R

联立得

v0=25gR

综上所述，当v0≤230.【答案】CD

【解析】解：A、两图线左端点横坐标相同，说明P1的星球与P2的星球半径相等，故A错误；

B、根据牛顿第二定律得：GMmr2=ma，得行星对周围空间各处物体的引力产生的加速度为：a=GMr2

P1的星球与P2的星球半径相等，结合a与r2的反比关系函数图象得出P1的质量大于P2的质量，根据ρ=MV，V相同，则P1的平均密度比P2的大，故B错误；

C、第一宇宙速度为v=GMR，R相同，P1的质量大于P2的质量，所以P1的“第一宇宙速度”比P2的大，故C正确；

D、s1、s2的轨道半径相等，根据万有引力提供向心力得：GMmr31.【答案】AC

【解析】解：A、不计一切摩擦，在运动的过程中，A、B组成的系统只有重力做功，系统机械能守恒，故A正确；

B、从开始到A到达与B同一水平面的过程，由系统的机械能守恒得：mgLsin30°=12mvA2+12mvB2

且有：vAcos45°=vB，解得：vA=6gL3，故B错误；

C、滑块B到达最右端时，速度为零，此时轻杆与斜杆垂直，由系统的机械能守恒得：

mg(Lsin30°+Lsin45°)=12mvA'2，解得：vA'=(1+2)gL，故C正确；

D、当轻杆与水平杆垂直时32.【答案】ABC

【解析】解：A、由图示电路图可知，触片P若同时接触两个触点b和c，只有小风扇接入电路，只有小风扇工作，电吹风处于吹冷风工作状态，故A正确；

B、小风扇与电热丝同时工作电吹风吹热风，只有小风扇工作电吹风吹冷风，小风扇的输入功率就是冷风时的输入功率P风扇=P冷风=60W，

电热丝的功率P电热丝=P热风-P冷风=460W-60W=400W，小风扇的输出功率P风扇输出=52W，

小风扇的热功率，即小风扇是线圈功率P风扇热=P风扇-P风扇输出=60W-52W=8W，

风扇正常工作时的电流：I=P风扇U风扇额定=606033.【答案】BD

【解析】解：A、小球从a点运动到c点的过程中速度逐渐增大，故电场力对小球做正功，小球的电势能减小，故A错误；