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文档简介
2022-2023高二下物理期末模拟试卷考生须知:1.全卷分选择题和非选择题两部分,全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂;非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2.请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3.保持卡面清洁,不要折叠,不要弄破、弄皱,在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1、如图所示,当南北放置的直导线中通有电流时,其正下方与之平行的小磁针会发生偏转,这一现象在物理学中叫电流的磁效应。首先发现电流磁效应的物理学家是()A.法拉第 B.奥斯特 C.库仑 D.麦克斯韦2、某带活塞的汽缸里装有一定质量的理想气体,气体经历如图所示的,、,四个变化过程,已知状态A的温度为,则下列说法正确的是()A.B态的温度 B.过程气体对外做功100JC.过程气体对外做功140J D.从A态又回到A态的过程气体吸热3、光子有能量,也有动量,它也遵守有关动量的规律.如图所示,真空中有一“∞”字形装置可绕通过横杆中点的竖直轴OO′在水平面内灵活地转动,其中左边是圆形黑纸片,右边是和左边大小、质量均相同的圆形白纸片.当用平行白光垂直照射这两个圆面时,关于此装置开始时转动情况(俯视)下列说法中正确的是A.逆时针方向转动 B.顺时针方向转动 C.都有可能 D.不会转动4、如图甲所示,光滑的平行金属导轨(足够长)固定在水平面内,导轨间距为l=20cm,左端接有阻值为R=1Ω的电阻,放在轨道上静止的一导体杆MN与两轨道垂直,整个装置置于竖直向上的匀强磁场中,磁场的磁感应强度大小为B=0.5T.导体杆受到沿轨道方向的拉力F做匀加速运动,测得力F与时间t的关系如图2所示。导体杆及两轨道的电阻均可忽略不计,导体杆在运动过程中始终与轨道垂直且两端与轨道保持良好接触,则导体杆的加速度大小和质量分别为()A.10
m/s2,0.5
kgB.10
m/s2,0.1
kgC.20
m/s2,0.5
kgD.D.
20
m/s2,0.1
kg5、“轨道电子俘获”是放射性同位素衰变的一种形式,它是指原子核(称为母核)俘获一个核外电子,其内部一个质子转变为中子,从而变成一个新核(称为子核),并且放出一个中微子的过程。中微子的质量极小,不带电,很难探测到,人们最早就是通过子核的反冲而间接证明中微子存在的。若一个静止的原子核发生“轨道电子俘获”(电子的初动量可不计),则()A.母核的质量数大于子核的质量数B.母核的电荷数大于子核的电荷数C.子核的动量与中微子的动量相同D.子核的动能大于中微子的动能6、对于任何一种金属。必须满足下列哪种条件,才能发生光电效应()A.入射光的频率小于某一极限频率B.人射光的强度大于某一极限强度C.人射光的波长小于某一极限波长D.入射光照射时间大于某一极限时间二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。7、如图所示,平行板电容器与电动势为E的直流电源内阻不计连接,下极板接地,一带电油滴位于容器中的P点且恰好处于静止状态。现将平行板电容器的上极板竖直向下移动一小段距离,下列说法正确的是A.带电油滴将沿竖直方向向下运动B.P点的电势升高C.带电油滴在P点时的电势能增大D.电容器的电容增大,极板带电量增加8、如图是氢原子的能级图,a、b、c为原子跃迁时所发出的三种光。当用c光照射某种金属时恰能发生光电效应,下列说法正确的是A.c光的频率小于b光的频率B.a光的频率大于b光的频率C.换成a光照射该种金属,一定会发生光电效应D.换成b光照射该种金属,可能会发生光电效应9、a、b是两种单色光,其频率分别为va、vb,且=kA.a、b光子动量之比为=kB.若a、b光射到同一干涉装置上,则相邻条纹的间距之比为=kC.若a、b都能使某种金属发生光电效应,则光子的最大初动能之差Eka-Ekb=hvb(k-1)D.若a、b是处于同一激发态的原子跃迁到A态和B态产生的,则A、B两态的能级之差EA-EB=hvb(k-1)10、如图,将额定电压为60V的用电器,通过一理想变压器接在正弦交变电源上.闭合开关S后,用电器正常工作,交流电压表和交流电流表(均为理想电表)的示数分别为220V和2.2A.以下判断正确的是A.变压器输入功率为484WB.通过原线圈的电流的有效值为0.6AC.通过副线圈的电流的最大值为2.2AD.变压器原、副线圈的电流匝数比三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。11.(6分)某同学在做“利用单摆测重力加速度”的实验中,先测得摆线长为L,摆球直径为d,然后用秒表记录了单摆全振动n次所用的时间为t.则:(1)他测得的重力加速度g=_____.(用测量量表示)(2)某同学在利用单摆测定重力加速度的实验中,若测得的g值偏大,可能的原因是_____A.摆球质量过大B.单摆振动时振幅较小C.测量摆长时,只考虑了线长忽略了小球的半径D.测量周期时,把n个全振动误认为(n﹣1)个全振动,使周期偏大E.测量周期时,把n个全振动误认为(n+1)个全振动,使周期偏小(3)为了提高实验精度,在实验中可改变几次摆长l并测出相应的周期T,从而得出一组对应的l和T的数值,再以l为横坐标、T2为纵坐标将所得数据连成直线,并求得该直线的斜率K.则重力加速度g=_____.(用K表示)(4)实验中游标尺和秒表的读数如图,分别是_____mm、_____s.12.(12分)图甲是“用伏安法测量金属丝电阻率ρ”的实验电路图.(1)用螺旋测微器测得金属丝直径d如图乙所示,可读出d=________m.(2)闭合开关,调节P的位置,读出MP的长度为x时电压表和电流表的示数,算出对应的电阻R,利用多组数据绘出如图所示的R–x图象,可得该图线的斜率k=________Ω/m.(3)利用图线的斜率k、金属丝的直径d,得到金属丝电阻率ρ的表达式为________.(4)图中的a导线从电流表的“0.6A”接线柱改接于电流表的“–”接线柱上,可以测量电源的电动势和内阻.闭合开关,调节P的位置,读出多组电压表和电流表的示数,把实验得到的数据绘成如图所示的U–I图象,得出电源的电动势E=________V;若R0=2.0Ω,则电源的内阻r=______Ω.四、计算题:本题共2小题,共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处,要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13.(10分)如图所示,粗细均匀的U形管竖直放置,左端封闭,右端开口,左端用水银封闭着长L=10cm的理想气体,当温度为27℃时,两管水银面的高度差Δh=2cm,设外界大气压为1.0×105Pa(即75cmHg),为了使左、右两管中的水银面相平,(1)若对封闭气体缓慢加热,温度需升高到多少?(2)若温度保持27℃不变,需从右管的开口端再缓慢注入多少厘米的水银柱?14.(16分)如图所示,在空中有一水平方向的匀强磁场区域,区域的上、下边缘间距为h,磁感应强度为B。有一宽度为b(b<h)、长度为L、电阻为R、质量为m的矩形导体线圈紧贴磁场区域的上边缘从静止起竖直下落,当线圈的PQ边出磁场下边缘时,恰好开始匀速运动。求:(1)当线圈的PQ边出磁场下边缘时,匀速运动的速度大小;(2)线圈穿越磁场区域过程中所产生的焦耳热。15.(12分)跳伞运动员做低空跳伞表演,飞机离地面224m水平飞行,运动员离开飞机在竖直方向做自由落体运动;经过一段时间后,立即打开降落伞,展开伞后运动员以12.5的加速度在竖直方向上匀减速下降,为了运动员的安全,要求运动员落地时竖直方向的速度最大不超过5m/s,(g=10)(1)运动员展开伞时,离地面的高度至少多少?(2)运动员在空中的最短时间是多少?
参考答案一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】
首先发现电流磁效应的物理学家是奥斯特。故选B。2、D【解析】
AB.是等压变化,,所以B态的温度,气体对外做功,AB错误。C.过程气体体积被压缩,外界对气体做功,C错误。D.图像面积代表做功,所以对外做功大于外界对气体做功,而整个过程内能不变,根据热力学第一定律,从A态又回到A态的过程气体吸热,D正确。3、A【解析】
白纸反射各种色光,故用平行白光垂直照射白纸片时光子会被反弹回去,而黑纸面会吸收各种色光,即光子与黑纸片碰撞后具有相同的速度方向,结合动量守恒知光子与白纸片碰撞后,白纸片会获得较大速度,故此装置会逆时针方向转动(俯视).故ACD选项错误,B正确.4、B【解析】
导体棒运动时切割磁感线产生感应电流,使棒受到向左的安培力,根据感应电流的大小写出安培力的表达式,结合牛顿第二定律求出F与t的关系式,然后将图象上的数据代入即可求解。【详解】导体杆在轨道上做匀加速直线运动,用v表示其速度,t表示时间,则有:v=at;杆切割磁感线,将产生感应电动势为:E=Blv;闭合回路中产生的感应电流为:I=ER;杆受到的安培力大小为:FA=BIl;根据牛顿第二定律,有:F-FA=ma;联立以上各式得:F=ma+B2l2aRt;由图线上取两点代入上式,可解得:a=10m/s2;m=0.1kg;【点睛】解答这类问题的关键是正确分析安培力的大小与方向,然后根据牛顿第二定律得到F与t的关系式。这是常用的函数法,要学会应用。5、B【解析】
AB.原子核(称为母核)俘获一个核外电子,使其内部的一个质子变为中子,并放出一个中微子,从而变成一个新核(称为子核)的过程。电荷数少1,质量数不变。故A错误,B正确;C.原子核(称为母核)俘获电子的过程中动量守恒,初状态系统的总动量为0,则子核的动量和中微子的动量大小相等,方向相反。故C错误;D.子核的动量大小和中微子的动量大小相等,由于中微子的质量很小,根据知,中微子的动能大于子核的动能。故D错误。故选B。6、C【解析】
AC.发生光电效应的条件是当入射光的频率大于金属的极限频率,或入射光的波长小于金属的极限波长,故A错误,C正确;
BD.能否发生光电效应与入射光的强度以及照射时间无关,故BD错误。
故选C。二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。7、BD【解析】
A.将上极板竖直向下移动时,d减小,电容器的电压U不变,由E=U/d分析得知,板间场强增大,则油滴所受电场力增大,油滴将沿竖直向上运动。故A错误。BC.P点到下极板的距离不变,而E增大,由U=Ed知,P点与下极板间电势差增大,P点的电势大于零,则P点的电势升高,由于油滴带负电,则带电油滴的电势能将减少。故B正确,C错误。D.因d减小,由C=εS4πkd,知电容C增大,U不变,由Q=CU分析可知电容器所带电量增加。故8、BC【解析】因为Em-En=hv,则Ea>EC>Eb,依据E=hγ,可知,γa>γc>γb,可知a光的频率最高,b光的频率最低,故A错误,B正确;因为a光的能量大于c光的能量,所以能发生光电效应,故C正确;因为b光的能量小于c光的能量,所以不能发生光电效应,故D错误。所以BC正确,AD错误。9、ACD【解析】
A.光子的动量则选项A正确;B.根据则选项B错误C.根据,则选项C正确;D.根据玻尔理论可得:A、B两态的能级之差选项D正确;故选ACD.10、BD【解析】
变压器的输出功率为P2=U2I2=60×2.2=132W,所以输入功率P1=P2=132W,故A错误;根据变压规律,变流规律,解得原线圈的电流的有效值为I1=0.6A,所以BD正确;2.2A是有效值,C错误.三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。11、(1);(2)E;(3);(4)18.95mm,99.8s.【解析】
(1)由实验摆长和运动时间得到周期,再通过单摆周期公式联立解得重力加速度;
(2)根据重力加速度表达式判断各影响因素,进而得到g增大的可能原因;
(3)通过(1)中的重力加速度表达式,将k代入其中即可求解;
(4)按照游标卡尺和秒表的读数法,先读主尺和秒表小圈的分针数,然后再加上分尺和大圈秒针数即可.【详解】(1)该实验单摆摆长l=L+,周期T=;故由单摆运动周期T=2π可得;
(2)由(1)可知,g与摆球质量、单摆振动时振幅无关,且若测得的g值偏大,则l偏大或T偏小;那么,测量摆长时,只考虑了线长忽略了小球的半径,则l偏小,g偏小;故可能原因为E;
(3)以l为横坐标、T2为纵坐标将所得数据连成直线,并求得该直线的斜率K,那么,所以,;
(4)游标卡尺的读数为18mm+19×0.05mm=18.95mm,秒表的读数为1.5×60s+9.8s=99.8s;12、3.95×10–4(3.92×10–4~3.98×10–4)10(9.8~10.2)2.80(2.78~2.82)1.0(0.96~1.04)【解析】
(1)用螺旋测微器测得金属丝直径(2)R–x图象的斜率为:(3)由,得:,即(4)图中的a导线从电流表的“0.6A”接线柱改接于电流表的“–”接线柱上,则,即U–I图象的纵轴的截距为电源的电动势E,斜率大小为(R0+r),所以E=2.80V,,解得:.【点睛】遇到实验问题,关键是弄清实验原理和要求,若涉及到图象问题,则先根据物理规律求出表示纵轴与横轴物理量的表达式,然后根据截距和斜率的概念求解.四、计算题:本题共2小题,共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处,要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)t=1.C(2)再加入2.54cm的水银【解析】
(1)对于封闭气体:
初态:p1=p0-△h=75-2=
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